2019年高三理综最新信息卷七.doc

2019年高三理综最新信息卷（七）注意事项：1、本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。2、回答第卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。3、回答第卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。4、考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 S 32 Cl 35.5 K 39第卷（选择题，共126分）一、选择题：本大题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1生物膜上的物质或结构与其功能相适应，下列相关叙述错误的是A功能越复杂的生物膜，蛋白质的种类和数量越多B线粒体内膜上附着与有氧呼吸有关的酶，有利于丙酮酸的分解C细胞膜上附着ATP水解酶，有利于主动吸收某些营养物质D核膜上有许多核孔，有利于核质之间的物质交换与信息交流2哈佛大学带头的科学团队合成了全新的 hachimoji DNA，这种8碱基的DNA可以正常支持生命体的活动，其结构也能按照预期进行碱基配对，并转录出RNA指导蛋白质合成。下列叙述错误的是Ahachimoji DNA可彻底水解为磷酸、脱氧核糖和8种碱基Bhachimoji DNA的出现增加了遗传信息的多样性C生物体内合成蛋白质时，一种氨基酸只能由一种密码子决定D生物体内的tRNA具有识别并转运相应氨基酸的功能3在验证生长素类似物A对小麦胚芽鞘（幼苗）伸长影响的实验中，将取得的胚芽鞘切段（长度为4mm）浸入蒸馏水中1h后，再分别转入到5种不同浓度的A溶液（实验组）和蒸馏水（对照组）中，在适宜温度下培养24h，然后逐一测量切段长度（取每组平均值），实验进行两次，结果见下图。根据下图及所学知识，下列说法中错误的是A切段浸入蒸馏水1h是为了减少切段中原有激素对实验结果的影响B两组实验中切段的长度均先增后减，说明A的作用具有两重性C浓度为0.1mg/L时实验二所得数据与实验一偏差较大，需要再重复一次D实验结果表明生长素类似物A促进胚芽鞘伸长的最适浓度为1mg/L左右4下列有关细胞的衰老、凋亡、癌变的叙述，正确的是A衰老细胞的酶活性都降低，细胞核减小B细胞免疫引起的靶细胞死亡不属于细胞凋亡C癌变的细胞中，细胞膜上糖蛋白大量增加D细胞的衰老、凋亡和癌变，都会引起细胞结构和功能的改变5抗生素的滥用，会使一些细菌产生抗药性。依据现代生物进化理论的观点，细菌产生抗药性的原因是A长期大量使用抗生素，会使细菌抗药性基因频率增大B抗生素使细菌细胞中染色体的结构和数目发生改变C抗生素使用过程中，细菌逐渐向抗药性增强的方向变异D抗生素诱发细菌产生基因突变，使细菌中出现抗药性强的个体6下列有关种群、群落和生态系统的叙述，正确的是A性别比例直接决定着种群数量的变化B任一群落都具有垂直结构和水平结构C生态系统自我调节能力的基础是负反馈调节D研究能量流动的目的，就是使能量尽可能多地保留在生产者体内7化学与生活、社会发展息息相关，下列有关说法不正确的是A将海水中的镁转化为氯化镁，再电解熔融氯化镁可制得金属镁B稻草秸秆和甘蔗渣中富含纤维素，可以用它来制造纸张C芯片制造中的“光刻技术”是利用光敏树脂在曝光条件下成像，该过程涉及到化学变化D新修本草中有关于“青矾”的描述为：“本来绿色，新出窟未见风者，正如瑙璃烧之赤色”这里的赤色是析出了Cu单质8苦艾精油由天然艾叶萃取精炼而成，中药常用作温经通络，益气活血，祛寒止痛等。现代科学从其中分离出多种化合物，其中四种的结构如下：下列说法正确的是A分子中所有的碳原子可能处于同一平面内B的一氯代物有5种C、互为同分异构体D均能使酸性高锰酸钾溶液褪色9NA为阿伏加德罗常数的值下列说法正确的是A1molOH（羟基）与lmol NH中所含电子数均为10NAB常温常压下，水蒸气通过过量的Na2O2使其增重2g时，反应中转移的电子数为NAC6.4g CH4O中含有的C-H键数目小于等于0.6NAD标准状况下，2.24L NO2和N2O4混合气体中含0.2NA个氧原子10实验室利用废弃旧电池的铜帽（主要成分为Zn和Cu）回收Cu并制备ZnO的部分实验过程如图所示：下列叙述错误的是A“溶解”操作中可用酸性条件下不断鼓入O2代替H2O2B铜帽溶解后，将溶液加热至沸腾以除去溶液中过量的H2O2C与加入锌粉反应的离子为Cu2+、H+D“过滤”操作后，将滤液蒸干、高温灼烧即可制取纯净的ZnO11短周期主族元素W、M、X、Y、Z原子序数依次增大。W的族序数是周期数的3倍，原子的最外层只有一个电子，Y是地壳中含量最多的金属元素，Z在同周期中原子半径最小。下列说法错误的是AX2W2和X2W中阴、阳离子数之比均为12B可用M的单质与W的氢化物反应证明非金属性MWCM、Z两种元素气态氢化物的稳定性比较：Mc(AOH)c(A+)13H3BO3可以通过电解NaB(OH)4溶液的方法制备，其工作原理如图，下列叙述错误的是AN室发生的电极反应式为：2H+2eH2BM室中稀硫酸可用盐酸替代Cb膜为阴膜，产品室发生的反应方程式为：B(OH)+H+=H3BO3+H2OD理论上每生成1mol产品，阳极室可生成标况下5.6L气体二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一个选项符合题目要求。第1921题有多选项符合题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14如图所示，水平面上固定着一个三棱柱体，其左侧光滑，倾角为；右侧粗糙，倾角为。放置在三棱柱体上的物块A和物块B通过一根跨过顶端定滑轮的细绳相连，若物块A和物块B始终保持静止。下列说法正确的是A仅增大角，物块B所受的摩擦力一定增大B仅增大角，物块B对三棱柱体的压力可能减小C仅增大角，绳子的拉力一定增大D仅增大角，地面对三棱柱体的支持力不变15如图，光滑水平面上放着长木板B，质量m2 kg的木块A以速度v02 m/s滑上原来静止的长木板B的上表面，由于A、B之间存在有摩擦，之后，A、B的速度随时间变化情况如右图所示，重力加速度g10 m/s2。则下列说法正确的是AA、B之间动摩擦因数为0.1B长木板的质量为1 kgC长木板长度至少为2 mDA、B组成系统损失机械能为4 J16如图所示，两电荷量分别为Q和2Q的点电荷固定在直线MN上，两者相距为L，以2Q的点电荷所在位置为圆心、为半径画圆，a、b、c、d是圆周上四点，其中a、b在MN直线上，c、d两点连线垂直于MN，下列说法正确的是Ac、d两点的电势相同Ba点的电势高于b点的电势Cc、d两点的电场强度相同Da点的电场强度小于b点的电场强度17有a、b、c、d四颗地球卫星，卫星a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，卫星b在地面附近近地轨道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图，则有Aa的向心加速度等于重力加速度gBb在相同时间内转过的弧长最长Cc在4 h内转过的圆心角是Dd的运动周期有可能是20 h18如图所示，在平面直角坐标系xOy的第四象限有垂直纸面向里的匀强磁场B，一群质量为m、带电量为q正负微粒（不计重力），从P点以相同速度v沿图示方向进入磁场，已知OPL，x正半轴和y负半轴安装足够长的荧光屏接收粒子，下列判断不正确的（sin 370.6，cos 370.8）A能够从x正半轴射出磁场的所有微粒一定带正电B比荷大于的所有正微粒都不能进入第一象限C能够从y负半轴射出磁场的某两个微粒在磁场中运动时间一定相等D若，微粒射出磁场时位移最大19如图所示，质量为M的足够长金属导轨abcd放在光滑的绝缘水平面上。一电阻为r，质量为m的导体棒PQ放置在导轨上，始终与导轨接触良好，PQbc构成矩形，棒与导轨间无摩擦、棒左侧有两个固定于水平面的光滑立柱。导轨bc段电阻为R，长为L，其他部分电阻不计。以ef为界，其左侧匀强磁场方向竖直向上，右侧匀强磁场水平向右，磁感应强度大小均为B。在t0时，一水平向左的拉力F垂直作用在导轨的bc边上，使导轨由静止开始做匀加速直线运动，加速度为a。则AF与t2成正比BF和t是线性关系C当t达到一定值时，QP刚好对轨道无压力D若F0，PQbc静止，ef左侧磁场均匀减小，QP可能对轨道无压力20如图所示，一弹性轻绳(绳的弹力与其伸长量成正比)左端固定在A点，弹性绳自然长度等于AB，跨过由轻杆OB固定的定滑轮连接一个质量为m的小球，小球穿过竖直固定的杆。初始时A、B、C在一条水平线上，小球从C点由静止释放滑到E点时速度恰好为零。已知C、E两点间距离为h，D为CE的中点，小球在C点时弹性绳的拉力为，小球与杆之间的动摩擦因数为0.5，弹性绳始终处在弹性限度内。下列说法正确的是A小球在D点时速度最大B若在E点给小球一个向上的速度v，小球恰好能回到C点，则C小球在CD阶段损失的机械能等于小球在DE阶段损失的机械能D若仅把小球质量变为2m，则小球到达E点时的速度大小21如图所示，在方向竖直向上、大小E1106 V/m的匀强电场中，固定一个穿有A、B两个小球（均视为质点）的光滑绝缘圆环，圆环在竖直平面内，圆心为O、半径R0.2 m。A、B用一根绝缘轻杆相连，B球带电荷量q7l06 C，A球不带电，质量分别为mA0.1 kg、mB0.8 kg。将两小球从圆环上的图示位置（A与圆心O等高，B在圆心O的正下方）由静止释放，重力加速度大小为g10 m/s2。则A小球A和B受到的合力的大小相等B小球B不能到达圆环的最高点C小球A和B的速度大小始终相等D两小球及轻杆组成的系统最大动能为J第卷（非选择题，共174分）三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题第38题为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共129分)22(6分)某同学用如图所示装置来探究“在外力一定时，物体的加速度与其质量之间的关系”。(1)下列实验中相关操作正确的是_。A平衡摩擦力时，应先将沙桶用细线绕过定滑轮系在小车上B平衡摩擦力时，小车后面应固定一条纸带，纸带穿过打点计时器C小车释放前应靠近打点计时器，且先释放小车后接通打点计时器的电源(2)将沙和沙桶的总重力mg近似地当成小车所受的拉力F会给实验带来系统误差。设小车所受拉力的真实值为F真，为了使系统误差5%，小车和砝码的总质量是M，则M与m应当满足的条件是”“c(A+)c(AOH)，故D错误。答案选D。13. 【答案】B【解析】AN室中石墨为阴极，电解时阴极上水得电子生成H2和OH，电极反应式为2H2O+2e=H2+2OH或2H+2eH2，故A正确； BM室中稀硫酸若用盐酸替代，氯离子在阳极上放电生成的氯气易污染空气，H+通过a膜进入产品室，盐酸的浓度不断减小，则M室溶液的导电性逐渐减弱，电解效率逐渐降低，不利于硼酸的生产，故B错误；CM室中H+通过阳离子交换膜a膜进入产品室，原料室中的B(OH)通过阴离子交换膜b膜进入产品室, 产品室中H+和B(OH)反应生成H3BO3，反应的离子方程式为B(OH)+H+=H3BO3+H2O，故C正确；D理论上每生成1mol产品，阳极室生成1mol H+和0.25mol O2，标况下0.25mol O2的体积为5.6L，故D正确。故选B。二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一个选项符合题目要求。第1921题有多选项符合题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14【答案】D【解析】细线的拉力TmAgsin，仅增大角，细线的拉力变大，但因开始时B所受的摩擦力方向不能确定，则不能断定物块B所受的摩擦力一定增大，选项A错误；仅增大角，物块B对三棱柱体的压力仍等于mBgcos不变，选项B错误；仅增大角，绳子的拉力仍为TmAgsin不变，选项C错误；对AB两物体以及三棱柱的整体而言，地面对三棱柱体的支持力等于整体的重力，则仅增大角，地面对三棱柱体的支持力不变，选项D正确。15【答案】A【解析】从图可以看出，A先做匀减速运动，B做匀加速运动，最后一起做匀速运动，共同速度v1 m/s，取向右为正方向，根据动量守恒定律得：mv0(mM)v，解得：Mm2kg，故B错误；由图象可知，木板B匀加速运动的加速度avt1m/s2，对B根据牛顿第二定律得mgMaB，解得动摩擦因数0.1，故A正确；由图象可知前1s内B的位移xB0.5m，A的位移xA1.5m，所以木板最小长度LxA-xB1m，故C错误；A、B组成系统损失机械能E12mv02-12(mM)v22J，故D错误。16【答案】A【解析】a、b、c、d四点在以点电荷2Q为圆心的圆上，可知2Q产生的电场在a、b、c、d四点的电势是相等的，所以a、b、c、d四点的总电势可以通过Q产生的电场的电势确定，根据顺着电场线方向电势降低可知，b点的电势最高，c、d两点对称电势相等，a点电势最低，故A正确，B错误；2Q的场源在c、d两点产生的场强大小相等，Q的场源在c、d两点的产生的场强大小也相等，根据场强的合成可知两点的总场强大小相等，但方向不同，故c、d两点的电场强度不同，故C错误；由点电荷的场强公式EkQr2，合成可得Ea2kQ(L2)2kQ(L2)212kQL2，方向向左；Eb2kQ(L2)2-kQ(3L2)268kQ9L2，方向向右，故EaEb，则D错误。故选A。17【答案】B【解析】同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速度相同，根据a2r知，c的向心加速度大于a的向心加速度。由GMmr2mg，解得：gGMr2，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，a的向心加速度小于重力加速度g,故A错误；由GMmr2mv2r，解得：vGMr，卫星的半径r越大，速度v越小，所以b的速度最大，在相同时间内转过的弧长最长，故B正确；c是地球同步卫星，周期是24h，则c在4h内转过的圆心角是22443，故C错误；由开普勒第三定律得：r3T2 k可知：卫星的半径r越大，周期T越大，所以d的运动周期大于c的周期24h，有不可能是20h，故D错误。18【答案】C【解析】粒子要从x正半轴射出磁场，则粒子的轨迹向上偏转，由左手定则可知，微粒一定带正电；故A正确；正微粒不能x轴射出，则不能进入第一象限，轨迹图如图，当OPRRcos53，则粒子不能进入第一象限，RmvqB，代入得qm8v5LB，故B正确； y负半轴射出磁场的两个微粒属于磁场中直线边界问题，直线边界，粒子进出磁场具有对称性，但正负微粒对应的圆心角不同，如图，故运动时间不一定相等，故C错误；微粒射出磁场时位移最大的轨迹图如图所示，则有OP2Rcos53 ，又RmvqB，故L6mv5Bq，故D正确。19【答案】BC【解析】t时刻dc产生的感应电动势 EBLv，导轨做初速为零的匀加速运动，vat，则 EBLat；感应电流 IERr，金属导轨abcd安培力大小 F安BIL，对导轨，由牛顿第二定律得：FF安ma，则得：FmaB2L2aRrt，可知F与t2不成正比，F与t成线性关系，故A错误，B正确；当t达到一定值时，导致QP的电流，产生的安培力等于其重力，则刚好对轨道无压力，故C正确；当ef左侧磁场均匀减小，不管减小到什么值，QP对轨道压力不会为零，因为受到的安培力与重力同向，故D错误。20【答案】AB【解析】当小球运动到某点P点，弹性绳的伸长量是xBP，小球受到如图所示的四个力作用：其中FTkxBP，将FT正交分解，则FNFTsinkxBPsinkxBCmg2、FfFN14mg，FT的竖直分量FTyFTcoskxBPcoskxCP。据牛顿第二定律得：mg-Ff-FTyma，解得：a34g-FTym34g-kxCPm，即小球的加速度先随下降的距离均匀减小到零，再随下降的距离反向均匀增大。据运动的对称性可知，小球运动到CE的中点D点时，加速度为零，速度最大，故A正确；对小球从C运动到E过程，应用动能定理得：mghWFT(-14mgh)0-0；若小球恰能从E点回到C点，应用动能定理得：(-mgh)(-WFT)(-14mgh)0-12mv2；联立解得：WFT-34mgh、vgh，故B正确；小球在全程所受摩擦力大小不变，小球在CD段所受弹力竖直分量较小；则小球在CD段时摩擦力和弹力做的负功比小球在DE段时摩擦力和弹力做的负功少，小球在CD阶段损失的机械能小于小球在DE阶段损失的机械能，故C错误；若仅把小球质量变为2m，对小球从C运动到E过程，应用动能定理得：2mghWFT(-14mgh)122mv12-0，解得：小球到达E点时的速度大小v1gh，故D错误。21【答案】BCD【解析】设B转过角时，A、B的速度分别为vA、vB，因A、B做圆周运动的半径和角速度均相同，故vAvB，所以小球A和B切向加速度大小和法向加速度大小相等，但两球的质量不等，根据牛顿第二定律可知小球A和B受到合力大小不等，故A错误，C正确；设B到达圆环最高点时A、B的动能分别为EKA、EKB，对A根据动能定理有：WTEKA，对B根据动能定理有：-WT(qE-mBg)2REKB，联立解得：EKAEKB-0.4J，上式表明：B在圆环最高点时，系统动能为负值，所以B不能到达圆环最高点，故B正确；对A由动能定理：mAgRsin-WT12mAvA2-0，对B，由动能定理：(qE-mBg)R-RcosWT12mBvB2-0，联立解得：EkAEKB0.2(cossin-1)，据此式知，当4时，两小球及轻杆组成的系统最大动能是EkAEKB15(2-1)，故D正确。第卷（非选择题，共174分）三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题第38题为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共129分)22(6分)【答案】(1)B (1分) (2)0.05 (2分) (3)C (2分)【解析】（1）平衡摩擦力时，应不挂沙桶，只让小车拖着纸带在木板上做匀速运动，选项A错误；平衡摩擦力时，小车后面应固定一条纸带，纸带穿过打点计时器，选项B正确；小车释放前应靠近打点计时器，且先接通打点计时器的电源后释放小车，选项C错误。（2）在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，由此造成的误差是系统误差，对小车，根据牛顿第二定律得：aF真M，对整体，根据牛顿第二定律得：amgMm，且mg-F真F真5%，解得：mM0.05。（3）由牛顿第二定律可知：amgMm，则1a1mgMg，故选C。23(10分) 【答案】(1)3.0 (2分) (2)G (2分) 如图所示(3分) (3)I1(R0r)I2-I1(3分)【解析】(1)因为电源电动势为E3V，故改装成的电压表的量程应为3V；(2)保证安全的前提下应选择最大阻值较小的滑动变阻器，故滑动变阻器选择G；电路连接如图：(3)若某次测量中电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，根据串并联电路特点结合欧姆定律，联立即可取出Rx的表达式：RxI1R0r1I2-I1。24(12分)【解析】（1）轨迹如图所示，设电子从电场进入磁场时速度方向与x轴夹角为，在电场中x轴方向：23L3v0t1 (2分)y轴方向：Lvy2t1，tanvyv03 (2分)得60，vv0cos2v0 (2分)（2）在磁场中，r23Lsin43L (2分)磁场中的偏转角度为23 (2分)t22r3v4L9v0。 (2分)25(20分)【解析】（1）设A到达C的最下端时速度大小为v0，圆弧轨道支持力大小为FN，则mgR12mv02 (1分)FN-mgmv02R (1分)解得v04m/s，FN3 N (1分)（2）设A在B上向右滑行过程中，A的加速度大小为a1，B的加速度大小为a2，滑上B后经时间t1后接触弹簧，A的位移x1，B的位移x2，则mg