2018-2019高考物理二轮复习 选择题提速练8.doc

选择题提速练815为单选，68为多选1.法拉第曾做过如下的实验：在玻璃杯侧面底部装一导体柱并通过导线与电源负极相连，直立的细圆柱形磁铁棒下端固定在玻璃杯底部的中心，往杯内加入水银在玻璃杯的正上方O点吊一可自由摆动或转动的直铜棒，铜棒的上端与电源的正极相接，下端浸入玻璃杯中的水银中由于水银的密度比铜大，铜棒会倾斜地与水银相连，此时铜棒静止，如图所示这样，可动铜棒、水银、导体柱和电源就构成了一个回路闭合开关S，则该实验可观察到的现象是(D)A铜棒与闭合S前相比，与竖直方向的夹角不变且仍静止B铜棒与闭合S前相比，与竖直方向的夹角会增大些但仍可静止C铜棒与闭合S前相比，与竖直方向的夹角会减小些但仍可静止D铜棒会以磁铁棒为轴转动解析：闭合开关S后，直铜棒上通过电流且处在磁铁产生的磁场中，根据左手定则判断，在图示位置时，直铜棒所受的安培力垂直铜棒向里或向外，故直铜棒会以磁铁棒为轴转动，D正确2对于一些实际生活中的现象，某同学试图从惯性角度加以解释，下列说法正确的是(C)A采用了大功率的发动机后，某些一级方程式赛车的速度甚至能超过某些老式螺旋桨飞机的速度，这表明：可以通过科学进步使小质量的物体获得大惯性B“强弩之末势不能穿鲁缟”，这表明强弩的惯性减小了C货运列车运行到不同的车站时，经常要摘下或加挂一些车厢，这会改变它的惯性D摩托车转弯时，车手一方面要适当地控制速度，另一方面要将身体稍微向里倾斜，这是为了通过调控人和车的惯性达到安全行驶的目的解析：惯性是物体的固有属性，质量是惯性大小的唯一量度，也就是说，只要物体的质量不变，其惯性大小就不变，选项A、B、D错误；货运列车运行到不同的车站时，经常要摘下或加挂一些车厢，改变了列车的质量，这会改变它的惯性，选项C正确3将一质量为m的小球靠近墙面竖直向上抛出，如图甲是向上运动的频闪照片，图乙是下降时的频闪照片，O是运动的最高点，甲、乙两次的闪光频率相同重力加速度为g，假设小球所受阻力大小不变，则可估算小球受到的阻力大小约为(B)Amg B.mgC.mg D.mg解析：设墙砖厚度为d，上升过程加速度大小为a1，由图知，9d3da1T2，mgFfma1；下降过程加速度大小为a2,3dda2T2，mgFfma2，联立解得Ffmg，本题只有选项B正确4一颗卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v.假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一个质量为m的物体的重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N.已知引力常量为G，则这颗行星的质量为(B)A. B.C. D.解析：设卫星的质量为m，由万有引力提供向心力，得Gm，mmg行，又Nmg行，由得g行，代入得：R，代入得M，选项B正确5(2018江苏南通、泰州、扬州、连云港、淮安五市模拟)如图所示，光滑的凸轮绕O轴匀速转动，C、D是凸轮边缘上的两点，AB杆被限制在竖直方向移动，杆下端A在O点正上方与凸轮边缘接触且被托住图示位置时刻，AB杆下降速度为v，则(A)A凸轮绕O轴逆时针方向旋转B凸轮上C、D两点线速度大小相等C凸轮上C、D两点加速度大小相等D凸轮上与杆下端接触点的速度大小一定为v解析：AB杆此时刻在下降，即离O轴距离变近，故由凸轮形状可知凸轮在绕O轴逆时针方向旋转，选项A正确；C、D两点角速度相等，离O轴距离不等，故线速度大小不相等，加速度大小不相等，选项B、C错误；凸轮匀速转动，轮上各点做速率不同的匀速圆周运动，速度大小不一定是v，选项D错误6在如图所示电路中，电源电动势E6 V，内阻r1 ，保护电阻R03 ，滑动变阻器总电阻R20 ，闭合开关S，在滑片P从a滑到b的过程中，若电流表内阻忽略，正确的是(AD)A电流表的示数先减小后增大B电流表的示数先增大后减小C滑动变阻器消耗的功率先增大后减小D滑动变阻器消耗的功率先增大后减小，再增大再减小解析：此电路是滑动变阻器的上部分与下部分并联后，再与R0串联当滑片P从a滑到b的过程中，并联电路的电阻先增大后减小，所以总电流先减小后增大，选项A正确，选项B错误；当滑动变阻器的并联总电阻等于R0r时，滑动变阻器消耗的功率最大，在滑片P从a滑到b的过程中，并联电阻有两次达到该值，选项C错误，故选项D正确7(2018山西、河北、河南三省联考)如图所示，光滑绝缘细管与水平面成30角，在管的上方P点固定一个点电荷Q，P点与细管在同一竖直平面内，管的顶端A与P点连线水平电荷量为q的小球(小球直径略小于细管内径)从管中A处由静止开始沿管向下运动，在A处时小球的加速度为a.图中PBAC，B是AC的中点，不考虑小球电荷量对电场的影响则在Q形成的电场中(BCD)AA点的电势高于B点的电势BB点的电场强度大小是A点的4倍C小球从A到C的过程中电势能先减小后增大D小球运动到C处的加速度为ga解析：由于沿着电场线方向电势降低，因此A点的电势低于B点的电势，选项A错误；结合几何关系知PA2PB，由点电荷电场强度公式Ek可知，电场强度的大小与间距的平方成反比，则B点的电场强度大小是A点的4倍，选项B正确；小球带负电，从A到C的过程中，电场力先做正功，后做负功，则电势能先减小后增大，选项C正确；在A处时小球的加速度为a，对小球受力分析，小球受电场力、重力与支持力，由力的合成法则可知，合外力由重力与电场力沿着细管方向的分力之和提供，即Fcos30mgsin30ma，当在C处时，小球仍受到重力、电场力与支持力，合外力是由重力与电场力沿着细管方向的分力之差提供的，mgsin30Fcos30ma联立解得aga，选项D正确8(2018河南郑州一模)如图所示，质量为m的物块从倾角为的传送带底端由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持速率v匀速运动，物块与传送带间的动摩擦因数为(tan)，物块到达顶端前能与传送带保持相对静止在物块从静止释放到相对传送带静止的过程中，下列说法正确的是(BD)A电动机因运送物块多做的功为mv2B系统因运送物块增加的内能为C传送带克服摩擦力做的功为mv2D电动机因运送物块增加的功率为mgvcos解析：电动机多做的功等于系统摩擦产生的内能和物块机械能的增加量对滑块，增加的机械能为EfLmgcost，系统增加的内能Qfsf(s带s物)f(vtt)mgcost.故EQ.故电动机多做的功等于物块机械能增加量的2倍，大于mv2，故A错误；系统增加的内能Qfsmgcost.物块的加速度ag(cossin)故加速时间t，故系统增加的内能Q.故B正确；传送带运动的距离s带vt，故传送带克服摩擦力做功W克ffs带mgcos，故C错误；电动机增加的功率即为克服摩擦力做功的功率，大小为Pfvmgcosv，故D正确