2019-2020年高三物理下学期第二次模拟试卷（含解析） (V).doc

2019-2020年高三物理下学期第二次模拟试卷（含解析） (V)一、选择题（本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项复合题目要求，第6题-8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）1用手水平托住几本书，下列哪种情况下手对书本的作用力最大( )A书本匀速向上运动B书本匀速向下运动C书本匀加速水平运动D书本匀减速向上运动2某导体置于电场后周围的电场分布情况如图所示，图中虚线表示电场线，实线表示等势面，A、B、C为电场中的三个点下列说法错误的是( )AA点的电场强度小于B点的电场强度BA点的电势高于B点的电势C将负电荷从A点移到B点，电场力做正功D将正电荷从A点移到C点，电场力做功为零3以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一个物体所受空气阻力大小与物体速率成正比下列用虚线和实线描述两物体运动的vt图象可能正确的是( )ABCD4某人造地球卫星因受高空稀薄空气的阻力作用，绕地球运转的轨道会慢慢改变，某次测量卫星的轨道半径为r1，后来变为r2（r2r1），用Ek1、Ek2表示卫星在这两个轨道上的动能，T1、T2表示卫星在这两个轨道上的运行周期，则( )AEk2Ek1，T2T1BEk2Ek1，T2T1CEk2Ek1，T2T1DEk2Ek1，T2T15如图所示电路，电源电动势和内电阻分别为E和r，A、B为两盏相同的电灯，当变阻器的触头P向下移动时，下列情况中正确的是( )AA灯变亮，B灯变亮BA灯变亮，B灯变暗CA灯变暗，B灯变亮DA灯变暗，B灯变暗6如图为某款电吹风的电路图，a、b、c、d为四个固定触电可动的扇形金属触片P可同时接触两个触点触片P处于不同位置时，电吹风可处于停机、吹热风和吹冷风等不同的工作状态n1和n2分别是理想变压器的两个线圈的匝数该电吹风的各项参数如表所示下列说法正确的有( ) 热风时输入功率460W冷风时输入功率60W小风扇额定电压60V正常工作时小风扇输出功率52WA吹热风时触片P与触点b、c接触B可由表格中数据计算出小风扇的内阻为60C变压器两线圈的匝数比n1：n2=3：11D换用更长的电热丝（材料、粗细均不变），则吹的热风温度更低7如图所示，在光滑的水平地面上有一个表面光滑的立方体Q一长为L的轻杆下端用光滑铰链连接于O点，O点固定于地面上，轻杆的上端连接着一个可视为质点的小球P，P和Q的质量相等，小球靠在立方体左侧，杆竖直，整个装置处于静止状态受到轻微扰动后P倒向右侧并推动Q下列说法中正确的是( )A在小球和立方体分离前，当轻杆与水平面的夹角为时，小球的速度大小为 B在小球和立方体分离前，当轻杆与水平面的夹角为时，立方体和小球的速度大小之比为sinC在小球和立方体分离前，小球所受的合外力一直对小球做正功D在落地前小球的机械能一直减少8如图所示为磁悬浮列车模型，质量M=1kg的绝缘板底座静止在动摩擦因数=0.1的粗糙水平地面上位于磁场中的正方形金属框ABCD为动力源，其质量m=1kg，边长为1m，电阻为OO为AD、BC的中点在金属框内有可随金属框同步移动的磁场，OOCD区域内磁场如图a所示，CD恰在磁场边缘以外；OOBA区域内磁场如图b所示，AB恰在磁场边缘以内若绝缘板足够长且认为绝缘板与地面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，若金属框固定在绝缘板上，则金属框从静止释放后( )A通过金属框的电流为8AB金属框所受的安培力为8NC金属框的加速度为3m/s2D金属框的加速度为7m/s2二、非选择题（包括必考题和选考题两部分。第9-第12题为必考题，每个试题考生都必须做答。第13-第16题为选考题，考生根据要求做答。）（一)必考题9如图所示，是用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验图甲中a、b分别是光电门的激光发射和接收装置图（乙）中在滑块上安装一遮光板，把滑块放在水平气垫导轨上，并通过跨过定滑轮的细绳与钩码相连测得滑块（含遮光板）质量为M、钩码质量为m、遮光板宽度为d、当地的重力加速度为g将滑块在图示位置释放后，光电计时器记录下遮光板先后通过两个光电门的时间分别为t1、t2（1）用游标卡尺测量遮光板宽度，测量结果如图（丙）所示，则读数为_cm（2）若实验中测得两光电门中心之间的距离为L，本实验中验证机械能守恒的表达式为：（m+M）（）2=_（用题目中给定的字母表示）（3）若测得的系统动能增加量大于重力势能减少量，请分析可能的原因_10为了测得某电池电动势E和内阻r，因考虑到两表内阻对测量的影响，（已知电流表内阻RA与电池内阻相差不大）小明同学设计了如图甲所示的实验电路（1）根据图甲实验电路，请在乙图中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接（2）合上开关S1，S2接图甲中的1位置，改变滑动变阻器的阻值，记录下几组电压表示数和对应的电流表示数；S2接图甲中的2位置，改变滑动变阻器的阻值，再记录下几组电压表示数和对应的电流表示数在同一坐标系内分别描点作出电压表示数U和对应的电流表示数I的图象如图丙所示，两直线与纵轴的截距分别为UA、UB，与横轴的截距分别为IA、IB接1位置时，作出的UI图线是图丙中的_（选填“A”或“B”）图线；测出的电池电动势E和内阻r存在系统误差，原因是_；由图丙可知，被测的干电池电动势的真实值分别为E真=_由图丙可知，所用电流表内阻RA=_11如图所示，水平传送带以速度v1=2m/s匀速向左运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，mP=2kg、mQ=1kg，小物体P与传送带之间的动摩擦因数=0.1某时刻P在传送带右端具有向左的速度v2=4m/s，P与定滑轮间的绳水平不计定滑轮质量和摩擦，小物体P与传送带之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，传送带、绳足够长，取g=10m/s2求P在传送带上向左运动的最大距离12（18分）如图所示的坐标系，x轴沿水平方向，y轴沿竖直方向在x轴上方空间的第一、第二象限内，既无电场也无磁场，第三象限，存在沿y轴正方向的匀强电场和垂直xy平面（纸面）向里的匀强磁场，在第四象限，存在沿y轴负方向、场强大小与第三象限电场场强相等的匀强电场一质量为m、电量为q的带电质点，从y轴上y=h处的P1点以一定的水平初速度沿x轴负方向进入第二象限然后经过x轴上x=2h处的P2点进入第三象限，带电质点恰好能做匀速圆周运动，之后经过y轴上y=2h处的P3点进入第四象限已知重力加速度为g求：（1）粒子到达P2点时速度的大小和方向；（2）第三象限空间中电场强度和磁感应强度的大小；（3）带电质点在第四象限空间运动过程中最小速度的大小和方向三、选考题（共45分.请考生从给出的2道物理题中任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题号必须与所选题目的题号一致，在答题卡选答区域制定位置答题。如果多做，则按所做的第一题计分）【物理-选修3-4】13关于下列光学现象，说法正确的是( )A水中蓝光的传播速度比红光快B光从空气射入玻璃时可能发生全反射C在岸边观察前方水中的一条鱼，鱼的实际深度比看到的要深D分别用蓝光和红光在同一装置上做双缝干涉实验，用红光时得到的条纹间距更宽14一列简谐横波，某时刻的波形图象如图所示，从该时刻开始计时，波上A质点的振动图象如图所示，则：（1）若此波遇到另一列简谐横波并发生稳定干涉现象，则该波所遇到的波的频率为多少？（2）若该波能发生明显的衍射现象，则该波所遇到的障碍物尺寸有什么要求？（3）从该时刻起，再经过t=0.4s，P质点的位移、通过的路程和波传播的距离分别为多少？（4）若t=0时振动刚刚传到A点，从该时刻起再经多长时间坐标为45m的质点（未画出）第二次位于波峰？四、【物理选修3-5】15氢原子光谱在可见光部分只有四条谱线，它们分别是从n为3、4、5、6的能级直接向n=2能级跃迁时产生的四条谱线中，一条红色、一条蓝色、两条紫色，则下列说法正确的是( )A红色光谱是氢原子从n=3能级向n=2能级跃迁时产生的B蓝色光谱是氢原子从n=6能级或n=5能级直接向n=2能级跃迁时产生的C若氢原子从n=6能级直接向n=1能级跃迁，则能够产生红外线D若氢原子从n=6能级直接向n=3能级跃迁时所产生的辐射不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n=6能级直接向n=2能级跃迁时所产生的辐射将可能使该金属发生光电效应E若氢原子从n=3能级向n=2能级跃迁时所产生的辐射能使某金属发生光电效应，则氢原子从n=6能级直接向n=2能级跃迁时所产生的辐射一定能使该金属发生光电效应16如图所示，质量为m=1kg的滑块，以0=5m/s的水平初速度滑上静止在光滑水平面的平板小车，若小车质量M=4kg，平板小车足够长，滑块在平板小车上滑移1s后相对小车静止求：（g取10m/s2 ）（1）滑块与平板小车之间的滑动摩擦系数；（2）此时小车在地面上滑行的位移？陕西省咸阳市xx届高考物理二模试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项复合题目要求，第6题-8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）1用手水平托住几本书，下列哪种情况下手对书本的作用力最大( )A书本匀速向上运动B书本匀速向下运动C书本匀加速水平运动D书本匀减速向上运动考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力专题：牛顿运动定律综合专题分析：手托着书运动时，书受到重力和手对书的作用力，根据运动状态，判断物体处于超重状态还是失重状态，分析哪种情况下手对书的作用力最大解答：解：书本向上或向下匀速运动，支持力等于重力，则手对书本的作用力等于书的重力使书本匀加速水平运动时，书的合外力大小为ma，方向水平，则手对书的作用力为：F=mmg使书本向上匀减速运动，加速度方向向下，根据牛顿第二定律得：mgF=ma，解得：F=mgmamg，书匀加速水平运动时，手对书本的作用力最大故C正确，ABD错误故选：C点评：解决本题的关键能够从物体的运动情况得知加速度方向，通过牛顿第二定律比较出作用力的大小2某导体置于电场后周围的电场分布情况如图所示，图中虚线表示电场线，实线表示等势面，A、B、C为电场中的三个点下列说法错误的是( )AA点的电场强度小于B点的电场强度BA点的电势高于B点的电势C将负电荷从A点移到B点，电场力做正功D将正电荷从A点移到C点，电场力做功为零考点：电势能；电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小；根据沿着电场线，电势逐渐降低来判断电势的高低；根据等差等势面来确定电势差大小，再由电势差与电场力做功关系公式WAB=qUAB来判断电场力做功的多少解答：解：A：由电场线越密的地方，电场强度越大，则有EBEA，故A正确；B：沿着电场线，电势逐渐降低，A点处于电场线的靠前的位置故，故B正确；C：由于沿着电场线，电势逐渐降低，故AB，因此将负电荷从A移动到B，电场力做负功，故C错误；D：由于从A和C处于同一条等势线上，故从A到C过程的电场力不做功，故D正确该题是选择说法错误的，故选：C点评：本题关键是根据电场线及其与等势面的关系判断出电势高低、电场力大小和电势差的大小关系同时知道等差等势面越密的地方，电场线也越密当然也可以由电场力做功的正负来确定电势能的增减3以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一个物体所受空气阻力大小与物体速率成正比下列用虚线和实线描述两物体运动的vt图象可能正确的是( )ABCD考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像专题：牛顿运动定律综合专题分析：空气阻力可忽略时，竖直上抛运动是初速度不为零的匀变速直线运动，加速度恒定不变，故其vt图象是直线；有空气阻力时，根据牛顿第二定律判断加速度情况，vt图象的斜率表示加速度解答：解：空气阻力不计时，物体只受重力，是竖直上抛运动，做匀变速直线运动，vt图象是向下倾斜的直线；有空气阻力时，上升阶段，根据牛顿第二定律，有：mg+f=ma，故a=g+，由于阻力随着速度而减小，故加速度逐渐减小，最小值为g；下降阶段，根据牛顿第二定律，有：mgf=ma，故a=g，由于阻力随着速度而增大，故加速度减小；vt图象的斜率表示加速度，故图线切线的斜率不断减小，图线与t轴的交点对应时刻的加速度为g，切线与虚线平行；故ACD错误，B正确故选：B点评：本题关键是明确vt图象上某点的切线斜率表示加速度，知道有空气阻力时，速度为零时加速度为g4某人造地球卫星因受高空稀薄空气的阻力作用，绕地球运转的轨道会慢慢改变，某次测量卫星的轨道半径为r1，后来变为r2（r2r1），用Ek1、Ek2表示卫星在这两个轨道上的动能，T1、T2表示卫星在这两个轨道上的运行周期，则( )AEk2Ek1，T2T1BEk2Ek1，T2T1CEk2Ek1，T2T1DEk2Ek1，T2T1考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：卫星绕地球运转过程中，由地球的万有引力提供向心力，列出等式求解即可解答：解：由万有引力提供向心力，得解得：v=，T=，卫星的动能为：Ek=据题分析可知：轨道半径变小，r2r1，则由上式得：Ek2Ek1、T2T1故选：B点评：解决本题的关键是建立模型，抓住万有引力提供向心力这一基本思路，即可列式求解5如图所示电路，电源电动势和内电阻分别为E和r，A、B为两盏相同的电灯，当变阻器的触头P向下移动时，下列情况中正确的是( )AA灯变亮，B灯变亮BA灯变亮，B灯变暗CA灯变暗，B灯变亮DA灯变暗，B灯变暗考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：从图可知，滑动变阻器的滑片P向下滑动时，滑动变阻器的阻值变小，根据并联电路电阻的特点判断出电路中总电阻的变化，再根据欧姆定律判断总电流的变化和路端电压的变化，即可判断B灯亮度变化；根据通过电阻R1电流和电压的变化，判断出A灯上电压的变化，再判断出A灯亮度的变化解答：解：当滑片P移动向下时，滑动变阻器的阻值变小，电路的总电阻会变小，据闭合电路欧姆定律知总电流变大，内电压增大，所以路端电压减小，可知灯B变暗；再据干路电流变大，灯B电流减小，所以电源右侧电路的电流增大，电阻R1上的电流变大了，所以分压也就增加了，但是路端电压减小，所以A灯的电压就变小，A灯实际功率的变小，所以A灯变暗，故ABC错误，D正确故选：D点评：本题的关键识别电路的能力，动态电路的分析的思路，借助串、并联电路的电压、电流和电阻规律的应用情况、欧姆定律的应用以及电功率的计算公式6如图为某款电吹风的电路图，a、b、c、d为四个固定触电可动的扇形金属触片P可同时接触两个触点触片P处于不同位置时，电吹风可处于停机、吹热风和吹冷风等不同的工作状态n1和n2分别是理想变压器的两个线圈的匝数该电吹风的各项参数如表所示下列说法正确的有( ) 热风时输入功率460W冷风时输入功率60W小风扇额定电压60V正常工作时小风扇输出功率52WA吹热风时触片P与触点b、c接触B可由表格中数据计算出小风扇的内阻为60C变压器两线圈的匝数比n1：n2=3：11D换用更长的电热丝（材料、粗细均不变），则吹的热风温度更低考点：变压器的构造和原理；电功、电功率分析：当电吹风机送出来的是冷风时，说明电路中只有电动机自己工作；小风扇消耗的功率转化为机械功率和线圈上的热功率；根据变压器的原线圈、副线圈的匝数与电压的关系计算匝数比；根据公式可知，电源电压不变，电阻越小，电功率越大，所以减小电阻，只能增大功率解答：解：A、当触片P与触点b、c接触时，电路中只有电动机自己工作，电吹风机送出来的是冷风故A错误；B、小风扇消耗的功率转化为机械功率和线圈上的热功率，因未说明小风扇的效率，所以不能计算小风扇的内阻60是风扇消耗的电能全部转化为内能时的电阻故B错误；C、根据变压器的原线圈、副线圈的匝数与电压的关系：，故C正确；D、根据公式可知，电源电压不变，电阻越小，电功率越大；所以换用更长的电热丝（材料、粗细均不变），电阻值增大，电吹风吹热风时的功率将变小，则吹的热风温度更低故D正确故选：CD点评：本题考查电功率公式的应用，难点是明白触点在不同位置时电路的连接情况，还要知道电源电压不变时，电阻越小电功率越大7如图所示，在光滑的水平地面上有一个表面光滑的立方体Q一长为L的轻杆下端用光滑铰链连接于O点，O点固定于地面上，轻杆的上端连接着一个可视为质点的小球P，P和Q的质量相等，小球靠在立方体左侧，杆竖直，整个装置处于静止状态受到轻微扰动后P倒向右侧并推动Q下列说法中正确的是( )A在小球和立方体分离前，当轻杆与水平面的夹角为时，小球的速度大小为 B在小球和立方体分离前，当轻杆与水平面的夹角为时，立方体和小球的速度大小之比为sinC在小球和立方体分离前，小球所受的合外力一直对小球做正功D在落地前小球的机械能一直减少考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：当立方体的速度大于小球在水平方向的速度时，立方体和小球分离，在分离之前，小球和立方体的水平方向速度相同，由能量守恒定律可以判断AB，在分离之前，立方体一直向右加速运动，小球的速度也增大，合外力做正功，分离后，只有重力做功，机械能守恒解答：解：AB、当立方体的速度大于小球在水平方向的速度时，立方体和小球分离，在分离之前，小球和立方体的水平方向速度相同，即：vPsin=vQ在分离之前，当轻杆与水平面夹角为时，由能量守恒定律有：mgL（1sin）=，解得：，故A错误，B正确C、在分离之前，立方体一直向右加速运动，所以也增大，因此小球受到的合外力对小球做正功，故C正确；D、在分离之前，小球的机械能减小，分离后，只有重力做功，机械能守恒，故D错误；故选：BC点评：本题关键是找到小球的分运动和合运动，知道当立方体的速度大于小球在水平方向的速度时，立方体和小球分离，在分离之前，小球和立方体的水平方向速度相同，难度适中8如图所示为磁悬浮列车模型，质量M=1kg的绝缘板底座静止在动摩擦因数=0.1的粗糙水平地面上位于磁场中的正方形金属框ABCD为动力源，其质量m=1kg，边长为1m，电阻为OO为AD、BC的中点在金属框内有可随金属框同步移动的磁场，OOCD区域内磁场如图a所示，CD恰在磁场边缘以外；OOBA区域内磁场如图b所示，AB恰在磁场边缘以内若绝缘板足够长且认为绝缘板与地面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，若金属框固定在绝缘板上，则金属框从静止释放后( )A通过金属框的电流为8AB金属框所受的安培力为8NC金属框的加速度为3m/s2D金属框的加速度为7m/s2考点：变压器的构造和原理；牛顿第二定律；安培力专题：电磁感应中的力学问题分析：面积OOAB内才磁通量发生变化，回路中有感应电流产生，由此可以求出回路中电流的大小，线框受安培力和摩擦力作用，由此可以求出线框的加速度大小以及安培力的大小解答：解：根据法拉第电磁感应定律有：则回路中的电流为：，故A正确；所受安培力的大小为：F=BIl=8N，故B正确；根据牛顿第二定律有：Ff=（M+m）a，f=（M+m）g，代入数据解得a=3m/s2，故C正确，D错误故选ABC点评：本题考查了有关电磁感应的电流、力、运动分析，涉及知识点较多，是考查学生综合应用知识能力的好题二、非选择题（包括必考题和选考题两部分。第9-第12题为必考题，每个试题考生都必须做答。第13-第16题为选考题，考生根据要求做答。）（一)必考题9如图所示，是用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验图甲中a、b分别是光电门的激光发射和接收装置图（乙）中在滑块上安装一遮光板，把滑块放在水平气垫导轨上，并通过跨过定滑轮的细绳与钩码相连测得滑块（含遮光板）质量为M、钩码质量为m、遮光板宽度为d、当地的重力加速度为g将滑块在图示位置释放后，光电计时器记录下遮光板先后通过两个光电门的时间分别为t1、t2（1）用游标卡尺测量遮光板宽度，测量结果如图（丙）所示，则读数为1.015cm（2）若实验中测得两光电门中心之间的距离为L，本实验中验证机械能守恒的表达式为：（m+M）（）2=mgL+（M+m）（）2（用题目中给定的字母表示）（3）若测得的系统动能增加量大于重力势能减少量，请分析可能的原因气垫导轨的左侧偏高考点：验证机械能守恒定律专题：实验题分析：（1）解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读（2）实验原理是：求出通过光电门1时的速度v1，通过光电门1时的速度v2，测出两光电门间的距离A，在这个过程中，减少的重力势能能：Ep=mgL，增加的动能为：Ek=（M+m）v22（M+m）v12；再比较减少的重力势能与增加的动能之间的关系（3）将气垫导轨倾斜后，由于滑块的重力势能的增加或减少没有记入，故增加的动能和减少的重力势能不相等，两种情况分别讨论解答：解：（1）游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为30.05mm=0.15mm，所以最终读数为：10mm+0.15mm=10.15mm=1.015cm（2）实验原理是：求出通过光电门1时的速度v1，通过光电门1时的速度v2，测出两光电门间的距离A，在这个过程中，减少的重力势能能：Ep=mgL，增加的动能为：（M+m）v22（M+m）v12我们验证的是：Ep与Ek的关系，即验证：Ep=Ek代入得：mgL=（M+m）v22（M+m）v12又：v1=；v2= 代入得：mgL=（M+m）（）2（M+m）（）2即：（M+m）（）2=mgL+（M+m）（）2；（3）将气垫导轨倾斜后，由于滑块的重力势能的增加或减少没有记入，故增加的动能和减少的重力势能不相等：若左侧高，系统动能增加量大于重力势能减少量；若右侧高，系统动能增加量小于重力势能减少量；故气垫导轨的左侧偏高故答案为：（1）1.015；（2）mgL+（M+m）（）2；（3）气垫导轨的左侧偏高点评：正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据等，会起到事半功倍的效果10为了测得某电池电动势E和内阻r，因考虑到两表内阻对测量的影响，（已知电流表内阻RA与电池内阻相差不大）小明同学设计了如图甲所示的实验电路（1）根据图甲实验电路，请在乙图中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接（2）合上开关S1，S2接图甲中的1位置，改变滑动变阻器的阻值，记录下几组电压表示数和对应的电流表示数；S2接图甲中的2位置，改变滑动变阻器的阻值，再记录下几组电压表示数和对应的电流表示数在同一坐标系内分别描点作出电压表示数U和对应的电流表示数I的图象如图丙所示，两直线与纵轴的截距分别为UA、UB，与横轴的截距分别为IA、IB接1位置时，作出的UI图线是图丙中的B（选填“A”或“B”）图线；测出的电池电动势E和内阻r存在系统误差，原因是电压表的分流；由图丙可知，被测的干电池电动势的真实值分别为E真=UA由图丙可知，所用电流表内阻RA=考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题分析：（1）本题（1）的关键是看清单刀双掷开关电路图与实物图即可（2）的关键是根据“等效电源”法分析测量误差的大小，即当接1位置时，可把电流表与电源看做一个等效电源，则电动势测量值测得是“等效电源”的外电路断开时的路端电压，由于电压表内阻不是无穷大，所以电压表示数将小于电动势真实值，即电动势测量值偏小；同理内阻的测量值实际等于电压表与内阻真实值的并联电阻，所以内阻测量值也偏小若接2位置时，可把电流表与电源看做一个“等效电源”，不难分析出电动势测量值等于真实值解答：解：（1）根据原理图可得出对应的实物图如图所示；（2）当接1位置时，可把电压表与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律可知，电动势和内阻的测量值均小于真实值，所以作出的UI图线应是B线；测出的电池电动势E和内阻r存在系统误差，原因是电压表的分流当接2位置时，可把电流表与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律E=可知电动势测量值等于真实值，UI图线应是A线，即=；由于接1位置时，UI图线的B线对应的短路电流为=，所以=；故电流表的内阻RA=故答案为：（1）a；（3）B；点评：应明确用“等效电源”法分析“测量电源电动势和内阻实验”误差的方法，明确UI图象中纵轴截距与斜率的含义要掌握分析误差来源及数据处理的方法11如图所示，水平传送带以速度v1=2m/s匀速向左运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，mP=2kg、mQ=1kg，小物体P与传送带之间的动摩擦因数=0.1某时刻P在传送带右端具有向左的速度v2=4m/s，P与定滑轮间的绳水平不计定滑轮质量和摩擦，小物体P与传送带之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，传送带、绳足够长，取g=10m/s2求P在传送带上向左运动的最大距离考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：P先以加速度a1向左做匀减速运动，直到速度减为v1，接着以加速度a2向左做匀减速运动，直到速度减为0，根据牛顿第二定律和运动学公式即可求解解答：解：P先以加速度a1向左做匀减速运动，直到速度减为v1，设位移为x1，由牛顿第二定律得对P：T1+mpg=mpa1对Q：mQgT1=mQa1联立以上方程解得：a1=4m/s2由运动学公式得：2a1x1=解得：x1=1.5m P接着以加速度a2向左做匀减速运动，直到速度减为0，设位移为x2，由牛顿第二定律得对p：T2mpg=mpa2对Q：mQgT2=mQa2联立以上方程解得：a2=m/s2 由运动学公式得：2a2x2=解得：x2=0.75m 故P向左运动的最大距离x=x1+x2=2.25m答：P在传送带上向左运动的最大距离为2.25m点评：本题主要考查了物体在传送带上的运动过程，分清过程是关键，特别注意摩擦力方向的改变12（18分）如图所示的坐标系，x轴沿水平方向，y轴沿竖直方向在x轴上方空间的第一、第二象限内，既无电场也无磁场，第三象限，存在沿y轴正方向的匀强电场和垂直xy平面（纸面）向里的匀强磁场，在第四象限，存在沿y轴负方向、场强大小与第三象限电场场强相等的匀强电场一质量为m、电量为q的带电质点，从y轴上y=h处的P1点以一定的水平初速度沿x轴负方向进入第二象限然后经过x轴上x=2h处的P2点进入第三象限，带电质点恰好能做匀速圆周运动，之后经过y轴上y=2h处的P3点进入第四象限已知重力加速度为g求：（1）粒子到达P2点时速度的大小和方向；（2）第三象限空间中电场强度和磁感应强度的大小；（3）带电质点在第四象限空间运动过程中最小速度的大小和方向考点：带电粒子在混合场中的运动；牛顿第二定律；向心力专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）带电粒子先做平抛运动，将运动分解成水平方向匀速直线运动与竖直方向自由落体运动，从而求出粒子到达P2点时速度的大小和方向；（2）当带电粒子进入电场、磁场与重力场中时，重力与电场力相平衡，洛伦兹力提供向心力使其做匀速圆周运动，由平衡可得出电场强度大小，再几何关系可求出磁感应强度大小（3）粒子最后粒子进入电场与重力场中时，做类斜上抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀减速直线运动当竖直方向的速度减小到0此时质点速度最小，根据速度的分解求出最小速度解答：解：（1）质点从P1到P2，由平抛运动规律得 h=，得t= 则2h=v0t，得v0= vy=gt=故粒子到达P2点时速度的大小为v=2，方向与x轴负方向成45角（2）质点从P2到P3，重力与电场力平衡，洛仑兹力提供向心力Eq=mg，且有qvB=m根据几何知识得：（2R）2=（2h）2+（2h）2，解得 E=，B=（3）质点进入第四象限，做类斜上抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀减速直线运动当竖直方向的速度减小到0此时质点速度最小，且等于v在水平方向的分量则 vmin=vcos45=，方向沿x轴正方向答：（1）粒子到达P2点时速度的大小是2，方向与x轴负方向成45角（2）第三象限空间中电场强度是，磁感应强度的大小是；（3）带电质点在第四象限空间运动过程中最小速度的大小是，方向沿x轴正方向点评：本题考查带电粒子在场中三种运动模型：匀速圆周运动、平抛运动和类斜抛运动，考查综合分析能力，以及空间想像的能力，应用数学知识解决物理问题的能力三、选考题（共45分.请考生从给出的2道物理题中任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题号必须与所选题目的题号一致，在答题卡选答区域制定位置答题。如果多做，则按所做的第一题计分）【物理-选修3-4】13关于下列光学现象，说法正确的是( )A水中蓝光的传播速度比红光快B光从空气射入玻璃时可能发生全反射C在岸边观察前方水中的一条鱼，鱼的实际深度比看到的要深D分别用蓝光和红光在同一装置上做双缝干涉实验，用红光时得到的条纹间距更宽考点：光的折射定律；全反射；双缝干涉的条纹间距与波长的关系专题：光的折射专题分析：蓝光的折射率大于红光的折射率，根据v=比较传播速度；在水里的视深h=；条纹间距x=解答：解：A、蓝光的折射率大于红光的折射率，根据v=知水中蓝光的传播速度比红光慢，故A错误；B、光从空气射入玻璃时是从光疏介质射向光密介质，不可能发生全反射，B错误；C、在岸边观察前方水中的一条鱼，鱼的实际深度比看到的要深，即看到的要浅，C正确；D、条纹间距x=，红光的波长较大，则条纹间距较宽，D正确故选：CD点评：本题考查了折射、全反射、干涉等光学现象，掌握与其有关的公式是解决问题的关键14一列简谐横波，某时刻的波形图象如图所示，从该时刻开始计时，波上A质点的振动图象如图所示，则：（1）若此波遇到另一列简谐横波并发生稳定干涉现象，则该波所遇到的波的频率为多少？（2）若该波能发生明显的衍射现象，则该波所遇到的障碍物尺寸有什么要求？（3）从该时刻起，再经过t=0.4s，P质点的位移、通过的路程和波传播的距离分别为多少？（4）若t=0时振动刚刚传到A点，从该时刻起再经多长时间坐标为45m的质点（未画出）第二次位于波峰？考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系专题：振动图像与波动图像专题分析：（1）当两列波的频率相等时才能产生稳定干涉现象由振动图象读出周期，求出频率（2）当障碍物的尺寸与波长相差不多或比波长更小时才会发生明显的衍射现象，由波动图象读出波长，即可解答（3）质点做简谐运动时，一个周期内通过的路程是四个振幅由时间与周期的关系解答（4）先求出波速当图中x=0处的波峰传到坐标为45m的质点时，该质点第二次位于波峰，由传播距离与波速之比求时间解答：解：（1）由振动图象知，此波的周期为 T=0.8s，则频率为 f=1.25Hz只有频率相等的两列波叠加时，才能发生稳定的干涉现象，这列波所遇波的频率也应为1.25Hz才能发生稳定的干涉现象；（2）由波动图象读出波长 =20m只有当障碍物的尺寸与波长相差不多或比波长更小时才会发生明显的衍射现象，因此，要能发生明显的衍射现象，障碍物的尺寸应等于或小于20 m；（3）因为t=0.4s=，质点在一个周期内通过的路程为四个振幅，所以再经过t=0.4s，P质点的位移为0，在0.4s内通过的路程应为 S=2A=4cm传播的距离为x=10m（4）由图2知，t=0时刻质点A向上振动，则知该波沿x轴正方向传播，波速为 v=m/s=25m/s当图中x=0处的波峰传到坐标为45m的质点时，该质点第二次位于波峰，用时 t=s=1.8s答：（1）该波所遇到的波的频率为1.25Hz（2）该波所遇到的障碍物尺寸等于或小于20 m（3）再经过t=0.4s，P质点的位移为0，通过的路程为4cm传播的距离为10m（4）从该时刻起再经1.8s时间坐标为45m的质点第二次位于波峰点评：此题用到质点的振动频率等于波的频率简谐波传播的过程中，介质中质点做简谐运动，一个周期内通过的路程是四个振幅是经常用到的结论四、【物理选修3-5】15氢原子光谱在可见光部分只有四条谱线，它们分别是从n为3、4、5、6的能级直接向n=2能级跃迁时产生的四条谱线中，一条红色、一条蓝色、两条紫色，则下列说法正确的是( )A红色光谱是氢原子从n=3能级向n=2能级跃迁时产生的B蓝色光谱是氢原子从n=6能级或n=5能级直接向n=2能级跃迁时产生的C若氢原子从n=6能级直接向n=1能级跃迁，则能够产生红外线D若氢原子从n=6能级直接向n=3能级跃迁时所产生的辐射不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n=6能级直接向n=2能级跃迁时所产生的辐射将可能使该金属发生光电效应E若氢原子从n=3能级向n=2能级跃迁时所产生的辐射能使某金属发生光电效应，则氢原子从n=6能级直接向n=2能级跃迁时所产生的辐射一定能使该金属发生光电效应考点：氢原子的能级公式和跃迁专题：原子的能级结构专题分析：能级间跃迁时辐射的光子能量两能级间的能级差，能级差越大，光子能量越大；发生光电效应的条件是入射光子的频率大于金属的极限频率解答：解：A、从n为3、4、5、6的能级直接向n=2能级跃迁时，从n=3跃迁到n=2辐射的光子频率最小，波长最大，可知为红色光谱故A正确B、蓝色光子频率大于红光光子频率，小于紫光光子频率，可知是从n=4跃迁到n=2能级辐射的光子故B错误C、氢原子从n=6能级直接向n=1能级跃迁，辐射的光子频率大于从n=6跃迁到n=2时辐射的光子频率，即产生的光子频率大于紫光故C错误D、由于n=6跃迁到n=2能级辐射的光子频率大于n=6跃迁到n=3辐射的光子频率，所以氢原子从n=6能级直接向n=3能级跃迁时所产生的辐射不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n=6能级直接向n=2能级跃迁时所产生的辐射将可能使该金属发生光电效应故D正确E、从n=6能级直接向n=2能级跃迁时所产生的光子能量大于n=3跃迁到n=2辐射的光子能量，所以氢原子从n=3能级向n=2能级跃迁时所产生的辐射能使某金属发生光电效应，则氢原子从n=6能级直接向n=2能级跃迁时所产生的辐射一定能使该金属发生光电效应故E正确故选：ADE点评：解决本题的关键知道能级间跃迁所满足的规律，即EmEn=hv，以及知道光电效应产生的条件16如图所示，质量为m=1kg的滑块，以0=5m/s的水平初速度滑上静止在光滑水平面的平板小车，若小车质量M=4kg，平板小车足够长，滑块在平板小车上滑移1s后相对小车静止求：（g取10m/s2 ）（1）滑块与平板小车之间的滑动摩擦系数；（2）此时小车在地面上滑行的位移？考点：动量守恒定律；动量定理专题：动量定理应用专题分析：（1）以滑块与小车组成的系统为研究对象，系统所受合外力为零，由动量守恒定律可以求出它们共同运动时的速度，对滑块由动量定理可以求出动摩擦因数（2）根据动能定理求出小车在地面上滑行的位移解答：解：（1）m滑上平板小车到与平板小车相对静止，速度为v1，设向左为正方向，根据动量守恒定律有：mv0=（m+M）v1对m，根据动量定理有：mgt=mv1mv0代入数据得：=0.4 （2）对M由动能定理有：代入数据解得：S车=0.5m答：（1）滑块与平板小车之间的滑动摩擦系数为0.4；（2）此时小车在地面上滑行的位移为0.5m点评：本题考查了动能定理、动量定理、动量守恒定律的应用，关键是体会根据运动情况能选取对应的运动规律