2018-2019学年高二物理上学期第一学段考试试题.doc

xx-2019学年高二物理上学期第一学段考试试题一本大题12小题，每小题4分，共48分1-8单选,9-12多选1关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功一定为零2下列关于电场强度的两个表达式E=和E=的叙述，错误的是（ ）AE=是电场强度的定义式，F是放入电场中的电荷所受的力，q是产生电场的电荷的电荷量B E=是电场强度的定义式，F是放入电场中的电荷所受的力，q是放入电场中电荷的电荷量，它适用于任何电场CE=是点电荷场强的计算式，Q是产生电场的电荷电量，它不适用于匀强电场D从点电荷场强计算式分析库仑定律的表达式F=k，式是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小，而是点电荷q1产生的电场在q2处的场强的大小3.下面是某同学对一些概念及公式的理解，其中正确的是（ ）A.根据公式可知，电阻率与导体的电阻成正比B.根据公式可知，适用于纯电阻电路和非纯电阻电路中的电流做功C.根据公式可知，通过导体的电流与通过导体横截面的电量成正比D.根据公式可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比4.AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O.将电荷量分别为q和q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如图所示要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷Q()A应放在A点，Q2qB应放在B点，Q2qC应放在C点，Qq D应放在D点，Qq5.如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J则下列说法正确的是（ ）A粒子带负电B粒子在A点的电势能比在B点少1.5J C粒子在A点的动能比在B点多0.5J D粒子在A点的机械能比在B点多1.5J6如图为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.5电流表和电压表均为理想电表，只接通S1时，电流表示数为20 A，电压表示数为60 V，再接通S2，启动电动机工作时，电流表示数变为15 A则此时通过启动电动机的电流是（ ）A20 A B30 A C35 A D50A 7如图所示，在平面直角坐标系中有一底角是60的等腰梯形，坐标系中有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中O(0，0)点电势为6 V，A(1，)点电势为3 V，B(3，)点电势为0 V，则由此可判定（ ） AC点电势为3 V，该匀强电场的电场强度大小为150 V/mBC点电势为0 V，该匀强电场的电场强度大小为100 V/mCC点电势为3 V，该匀强电场的电场强度大小为100V/mDC点电势为0 V，该匀强电场的电场强度大小为150 V/m8如图所示是测定液面高度h的电容式传感器示意图，E为电源，G为灵敏电流计，A为固定的导体芯，B为导体芯外面的一层绝缘物质，C为导电液体已知灵敏电流计指针偏转方向与电流方向的关系为：电流从左边接线柱流进电流计，指针向左偏如果在导电液体的深度h发生变化时观察到指针正向左偏转，则（ ）A导体芯A所带电荷量在增加，液体的深度h在增大B导体芯A所带电荷量在减小，液体的深度h在增大C导体芯A所带电荷量在增加，液体的深度h在减小D. 导体芯A所带电荷量在减小，液体的深度h在减小9.(多选)半径相同的两个金属小球A和B带有电量相等的电荷，固定在相隔较远距离的绝缘支架上，两球之间的库仑力的大小是F，今让第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B两球接触后移开这时，A、B两球之间的相互作用力的大小可能是（ ） A F B F C F D F10(多选)电荷量q=110C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示重力加速度g=10m/s2则（）A物块在4s内位移是8mB物块的质量是1kgC物块与水平面间动摩擦因数是0.4D物块在4s内电势能减少了14J11(多选)如图所示电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，闭合开关，若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，灯泡的电阻不变，下列判断正确的是（ ）A电源内电路消耗功率一定逐渐增大B灯泡L2一定逐渐变亮C电源效率一定逐渐减小 DR上消耗功率一定逐渐变小12(多选)用轻绳拴着一质量为m、带正电的小球在竖直面内绕O点做圆周运动，竖直面内加有竖直向下的匀强电场，电场强度为E，如图甲所示，不计一切阻力，小球运动到最高点时的动能Ek与绳中张力F间的关系如图乙所示，当地的重力加速度为g，则（ ）A轻绳的长度为 B小球所带电荷量为 C小球在最高点的最小速度为 D小球在最高点的最小速度为三本大题3小题，每空2分，共20分13按要求完成读数。（1）如图，千分尺读数 mm。 （2） 如图所示为多用电表的表盘，在使用多用电表测电阻时，以下说法不正确的是（ ）A使用前检查指针是否指在电阻挡“”处 B每换一次挡位，都必须重新进行欧姆调零C在外电路中，电流从黑表笔流经被测电阻到红表笔D测量时，若指针偏角较小，应换倍率较小的挡位来测量测电阻时，若用的是“100”挡，这时指针所示被测电阻的阻值约为 ；测直流电流时，用的是100 mA的量程，指针所示电流值为 mA；14用如图（甲）所示的电路图研究额定电压为2.4V的灯泡L的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下工作时的电阻值（1）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应该放在端_（选填“a”或“b”）；（2）按电路图（甲）测出的灯泡电阻值比真实值_（选填“偏大”或“偏小”）（3）若将该灯泡直接接在电动势为2.4V，内阻为6的电源两端，此时灯泡的实际功率为_。15用伏安法测定一个待测电阻Rx的阻值(阻值约为200 )，实验室提供如下器材：(1)电池组E(电动势3 V，内阻不计) (2)电流表A1(量程015 mA，内阻约为100 )(3)电流表A2(量程0300 A，内阻为2 000 ) (4)滑动变阻器R1(阻值范围020 ，额定电流2 A)(5)电阻箱R2(阻值范围09 999 ， 1 A) (6) 开关S、导线若干要求实验中尽可能准确地测量Rx的阻值，请回答下面问题： (1)将电流表A2与电阻箱串联，改装成一个量程为3.0 V的电压表，需将电阻箱阻值调到_；(2)在方框中完整画出测量Rx阻值的电路图，并在图中标明器材代号_；(3)调节滑动变阻器R1，两表的示数如图所示，可读出电流表A1的示数,电流表A2的示数，测得待测电阻Rx的阻值是_.三本大题4小题，共32分，要求必须写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案16(6分)如图所示，R为电阻箱，为理想电压表当电阻箱读数为R1=2时，电压表读数为U1=4V；当电阻箱读数为R2=5时，电压表读数为U2=5V求：（1）电源的电动势E和内阻r（2）当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值Pm为多少？17(7分)如图所示，一带电微粒质量为m、电荷量为q，从静止开始经电压为U1的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角为.已知偏转电场中金属板长为L，两板间距为d，带电微粒重力忽略不计求：(1)带电微粒进入偏转电场时的速率v1；(2)偏转电场中两金属板间的电压U2.18(9分)一电路如图所示，电源电动势E=24V，内阻r=2，电阻R1=2，R2=28，R3=8，C为平行板电容器，其电容C=3.01012F，虚线到两极板间距离相等，极板长L=0.20m，两极板的间距d=0.01m（1）若电路先前保持开关S打开且电路稳定，则当开关S闭合且电路稳定后，求闭合开关后流过R3的总电荷量为多少？（2）若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v0=2.0m/s的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？（g取10m/s2）19(10分)在动摩擦因数=0.2的粗糙绝缘足够长的水平滑漕中，长为2L的绝缘轻质细杆两端各连接一个质量均为m的带电小球A和B，如图为俯视图（槽两侧光滑）A球的电荷量为+2q，B球的电荷量为3q（均可视为质点，也不考虑两者间相互作用的库仑力）现让A处于如图所示的有界匀强电场区域MPQN内，已知虚线MP恰位于细杆的中垂线，MP和NQ的距离为3L，匀强电场的场强大小为E=1.2mg/q，方向水平向右释放带电系统，让A、B从静止开始运动（忽略小球运动中所产生的磁场造成的影响）求：（1）小球B第一次到达电场边界MP所用的时间；（2）小球A第一次离开电场边界NQ时的速度大小（3）带电系统运动过程中，B球电势能增加量的最大值1.C 2.A 3.B 4.D 5.C 6.C 7.B 8.D 9.AC 10.BD 11.AC 12.BD13.(1)2.000 (2)D 700 69 14. a 偏小 0.18W15(1)8 000；(2)如图所示；(3) 187.5(或191)16.解：（1）由闭合电路欧姆定律： 联立上式并代入数据解得： E=6V r=1电源电动势为6V，内阻为1；（2）由电功率表达式： 将上式变形为：由上式可知R=r=1时P有最大值为；故P的最大输出功率为9W17.(1)由动能定理得qU1mv 所以v1 . (2)偏转电场的场强：E 微粒的加速度：a 在电场中运动的时间：t 沿电场方向的分速度：vyat 偏转角满足：tan 解得：U2 18.解：（1）S断开时：电容器的电压 UC=E电动势；（1分）得到：UC =24VS闭合时：电容器的电压 （1分）得到：UC=21V则流过R3的总电荷量为 Q=C（UCUC）=9.01012C （1分） （2）S断开时，有 （1分） S闭合时，有（1分）根据牛顿第二定律得： （1分），可得 a=1.25m/s2由运动学关系：（1分）；设微粒射出电场时侧向位移为 y，则 （1分）得到：y=m因为y，因此微粒将打在下极板上，即粒子不能从电场中射出（1分）19.解：（1）带电系统开始运动后，先向右加速运动；当B进入电场区时，开始做减速运动设B进入电场前的过程中，系统的加速度为a1，由牛顿第二定律：2Eq2mg=2ma1 即：a1=gB刚进入电场时，由：可得：（2）当A刚滑到右边界时，电场力对系统做功为：W1=2Eq2L+（3EqL）=EqL摩擦力对系统做功为：W2=2mg2l=0.8mgLW总=EqL0.8mgL=0.4mgL 故A球从右端滑出设B从静止到刚进入电场的速度为v1，设B进入电场后，系统的加速度为a2，由牛顿第二定律：2Eq3Eq2mg=2ma2a2=0.8g系统做匀减速运动，设小球A第一次离开电场边界NQ时的速度大小为v2；由：，可得：（3）当带电系统速度第一次为零，此时A已经到达右边界NQ外，B克服电场力做的功最多，B增加的电势能最多，设此时A离右边界NQ的距离为x由动能定理：2Eq2L3Eq（L+x）2mg（2L+x）=0可得：x=0.1L所以B电势能增加的最大值W1=3Eq1.1L=3.3EqL=3.96mgL 答：（1）小球B第一次到达电场边界MP所用的时间；（2）小球A第一次离开电场边界NQ时的速度大小；（3）带电系统运动过程中，B球电势能增加量的最大值3.96mgL