2018-2019学年高二物理上学期第一学段考试试题.doc

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xx-2019学年高二物理上学期第一学段考试试题一本大题12小题,每小题4分,共48分1-8单选,9-12多选1关于静电场,下列结论普遍成立的是()A电场强度大的地方电势高,电场强度小的地方电势低B电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C在正电荷或负电荷产生的静电场中,场强方向都指向电势降低最快的方向D将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点,电场力做功一定为零2下列关于电场强度的两个表达式E=和E=的叙述,错误的是( )AE=是电场强度的定义式,F是放入电场中的电荷所受的力,q是产生电场的电荷的电荷量B E=是电场强度的定义式,F是放入电场中的电荷所受的力,q是放入电场中电荷的电荷量,它适用于任何电场CE=是点电荷场强的计算式,Q是产生电场的电荷电量,它不适用于匀强电场D从点电荷场强计算式分析库仑定律的表达式F=k,式是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小,而是点电荷q1产生的电场在q2处的场强的大小3.下面是某同学对一些概念及公式的理解,其中正确的是( )A.根据公式可知,电阻率与导体的电阻成正比B.根据公式可知,适用于纯电阻电路和非纯电阻电路中的电流做功C.根据公式可知,通过导体的电流与通过导体横截面的电量成正比D.根据公式可知,电容器的电容与其所带电荷量成正比,与两极板间的电压成反比4.AB和CD为圆上两条相互垂直的直径,圆心为O.将电荷量分别为q和q的两点电荷放在圆周上,其位置关于AB对称且距离等于圆的半径,如图所示要使圆心处的电场强度为零,可在圆周上再放一个适当的点电荷Q,则该点电荷Q()A应放在A点,Q2qB应放在B点,Q2qC应放在C点,Qq D应放在D点,Qq5.如图为一匀强电场,某带电粒子从A点运动到B点在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J,电场力做的功为1.5J则下列说法正确的是( )A粒子带负电B粒子在A点的电势能比在B点少1.5J C粒子在A点的动能比在B点多0.5J D粒子在A点的机械能比在B点多1.5J6如图为汽车蓄电池与车灯(电阻不变)、启动电动机组成的电路,蓄电池内阻为0.5电流表和电压表均为理想电表,只接通S1时,电流表示数为20 A,电压表示数为60 V,再接通S2,启动电动机工作时,电流表示数变为15 A则此时通过启动电动机的电流是( )A20 A B30 A C35 A D50A 7如图所示,在平面直角坐标系中有一底角是60的等腰梯形,坐标系中有方向平行于坐标平面的匀强电场,其中O(0,0)点电势为6 V,A(1,)点电势为3 V,B(3,)点电势为0 V,则由此可判定( ) AC点电势为3 V,该匀强电场的电场强度大小为150 V/mBC点电势为0 V,该匀强电场的电场强度大小为100 V/mCC点电势为3 V,该匀强电场的电场强度大小为100V/mDC点电势为0 V,该匀强电场的电场强度大小为150 V/m8如图所示是测定液面高度h的电容式传感器示意图,E为电源,G为灵敏电流计,A为固定的导体芯,B为导体芯外面的一层绝缘物质,C为导电液体已知灵敏电流计指针偏转方向与电流方向的关系为:电流从左边接线柱流进电流计,指针向左偏如果在导电液体的深度h发生变化时观察到指针正向左偏转,则( )A导体芯A所带电荷量在增加,液体的深度h在增大B导体芯A所带电荷量在减小,液体的深度h在增大C导体芯A所带电荷量在增加,液体的深度h在减小D. 导体芯A所带电荷量在减小,液体的深度h在减小9.(多选)半径相同的两个金属小球A和B带有电量相等的电荷,固定在相隔较远距离的绝缘支架上,两球之间的库仑力的大小是F,今让第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B两球接触后移开这时,A、B两球之间的相互作用力的大小可能是( ) A F B F C F D F10(多选)电荷量q=110C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上,所在空间存在沿水平方向的电场,其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示,物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示重力加速度g=10m/s2则()A物块在4s内位移是8mB物块的质量是1kgC物块与水平面间动摩擦因数是0.4D物块在4s内电势能减少了14J11(多选)如图所示电路中,R为一滑动变阻器,P为滑片,闭合开关,若将滑片向下滑动,则在滑动过程中,灯泡的电阻不变,下列判断正确的是( )A电源内电路消耗功率一定逐渐增大B灯泡L2一定逐渐变亮C电源效率一定逐渐减小 DR上消耗功率一定逐渐变小12(多选)用轻绳拴着一质量为m、带正电的小球在竖直面内绕O点做圆周运动,竖直面内加有竖直向下的匀强电场,电场强度为E,如图甲所示,不计一切阻力,小球运动到最高点时的动能Ek与绳中张力F间的关系如图乙所示,当地的重力加速度为g,则( )A轻绳的长度为 B小球所带电荷量为 C小球在最高点的最小速度为 D小球在最高点的最小速度为三本大题3小题,每空2分,共20分13按要求完成读数。(1)如图,千分尺读数 mm。 (2) 如图所示为多用电表的表盘,在使用多用电表测电阻时,以下说法不正确的是( )A使用前检查指针是否指在电阻挡“”处 B每换一次挡位,都必须重新进行欧姆调零C在外电路中,电流从黑表笔流经被测电阻到红表笔D测量时,若指针偏角较小,应换倍率较小的挡位来测量测电阻时,若用的是“100”挡,这时指针所示被测电阻的阻值约为 ;测直流电流时,用的是100 mA的量程,指针所示电流值为 mA;14用如图(甲)所示的电路图研究额定电压为2.4V的灯泡L的伏安特性,并测出该灯泡在额定电压下工作时的电阻值(1)在闭合开关S前,滑动变阻器触头应该放在端_(选填“a”或“b”);(2)按电路图(甲)测出的灯泡电阻值比真实值_(选填“偏大”或“偏小”)(3)若将该灯泡直接接在电动势为2.4V,内阻为6的电源两端,此时灯泡的实际功率为_。15用伏安法测定一个待测电阻Rx的阻值(阻值约为200 ),实验室提供如下器材:(1)电池组E(电动势3 V,内阻不计) (2)电流表A1(量程015 mA,内阻约为100 )(3)电流表A2(量程0300 A,内阻为2 000 ) (4)滑动变阻器R1(阻值范围020 ,额定电流2 A)(5)电阻箱R2(阻值范围09 999 , 1 A) (6) 开关S、导线若干要求实验中尽可能准确地测量Rx的阻值,请回答下面问题: (1)将电流表A2与电阻箱串联,改装成一个量程为3.0 V的电压表,需将电阻箱阻值调到_;(2)在方框中完整画出测量Rx阻值的电路图,并在图中标明器材代号_;(3)调节滑动变阻器R1,两表的示数如图所示,可读出电流表A1的示数,电流表A2的示数,测得待测电阻Rx的阻值是_.三本大题4小题,共32分,要求必须写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案16(6分)如图所示,R为电阻箱,为理想电压表当电阻箱读数为R1=2时,电压表读数为U1=4V;当电阻箱读数为R2=5时,电压表读数为U2=5V求:(1)电源的电动势E和内阻r(2)当电阻箱R读数为多少时,电源的输出功率最大?最大值Pm为多少?17(7分)如图所示,一带电微粒质量为m、电荷量为q,从静止开始经电压为U1的电场加速后,水平进入两平行金属板间的偏转电场中,微粒射出电场时的偏转角为.已知偏转电场中金属板长为L,两板间距为d,带电微粒重力忽略不计求:(1)带电微粒进入偏转电场时的速率v1;(2)偏转电场中两金属板间的电压U2.18(9分)一电路如图所示,电源电动势E=24V,内阻r=2,电阻R1=2,R2=28,R3=8,C为平行板电容器,其电容C=3.01012F,虚线到两极板间距离相等,极板长L=0.20m,两极板的间距d=0.01m(1)若电路先前保持开关S打开且电路稳定,则当开关S闭合且电路稳定后,求闭合开关后流过R3的总电荷量为多少?(2)若开关S断开时,有一带电微粒沿虚线方向以v0=2.0m/s的初速度射入C的电场中,刚好沿虚线匀速运动,问:当开关S闭合后,此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中,能否从C的电场中射出?(g取10m/s2)19(10分)在动摩擦因数=0.2的粗糙绝缘足够长的水平滑漕中,长为2L的绝缘轻质细杆两端各连接一个质量均为m的带电小球A和B,如图为俯视图(槽两侧光滑)A球的电荷量为+2q,B球的电荷量为3q(均可视为质点,也不考虑两者间相互作用的库仑力)现让A处于如图所示的有界匀强电场区域MPQN内,已知虚线MP恰位于细杆的中垂线,MP和NQ的距离为3L,匀强电场的场强大小为E=1.2mg/q,方向水平向右释放带电系统,让A、B从静止开始运动(忽略小球运动中所产生的磁场造成的影响)求:(1)小球B第一次到达电场边界MP所用的时间;(2)小球A第一次离开电场边界NQ时的速度大小(3)带电系统运动过程中,B球电势能增加量的最大值1.C 2.A 3.B 4.D 5.C 6.C 7.B 8.D 9.AC 10.BD 11.AC 12.BD13.(1)2.000 (2)D 700 69 14. a 偏小 0.18W15(1)8 000;(2)如图所示;(3) 187.5(或191)16.解:(1)由闭合电路欧姆定律: 联立上式并代入数据解得: E=6V r=1电源电动势为6V,内阻为1;(2)由电功率表达式: 将上式变形为:由上式可知R=r=1时P有最大值为;故P的最大输出功率为9W17.(1)由动能定理得qU1mv 所以v1 . (2)偏转电场的场强:E 微粒的加速度:a 在电场中运动的时间:t 沿电场方向的分速度:vyat 偏转角满足:tan 解得:U2 18.解:(1)S断开时:电容器的电压 UC=E电动势;(1分)得到:UC =24VS闭合时:电容器的电压 (1分)得到:UC=21V则流过R3的总电荷量为 Q=C(UCUC)=9.01012C (1分) (2)S断开时,有 (1分) S闭合时,有(1分)根据牛顿第二定律得: (1分),可得 a=1.25m/s2由运动学关系:(1分);设微粒射出电场时侧向位移为 y,则 (1分)得到:y=m因为y,因此微粒将打在下极板上,即粒子不能从电场中射出(1分)19.解:(1)带电系统开始运动后,先向右加速运动;当B进入电场区时,开始做减速运动设B进入电场前的过程中,系统的加速度为a1,由牛顿第二定律:2Eq2mg=2ma1 即:a1=gB刚进入电场时,由:可得:(2)当A刚滑到右边界时,电场力对系统做功为:W1=2Eq2L+(3EqL)=EqL摩擦力对系统做功为:W2=2mg2l=0.8mgLW总=EqL0.8mgL=0.4mgL 故A球从右端滑出设B从静止到刚进入电场的速度为v1,设B进入电场后,系统的加速度为a2,由牛顿第二定律:2Eq3Eq2mg=2ma2a2=0.8g系统做匀减速运动,设小球A第一次离开电场边界NQ时的速度大小为v2;由:,可得:(3)当带电系统速度第一次为零,此时A已经到达右边界NQ外,B克服电场力做的功最多,B增加的电势能最多,设此时A离右边界NQ的距离为x由动能定理:2Eq2L3Eq(L+x)2mg(2L+x)=0可得:x=0.1L所以B电势能增加的最大值W1=3Eq1.1L=3.3EqL=3.96mgL 答:(1)小球B第一次到达电场边界MP所用的时间;(2)小球A第一次离开电场边界NQ时的速度大小;(3)带电系统运动过程中,B球电势能增加量的最大值3.96mgL
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