内蒙古巴彦淖尔乌拉特前旗2018-2019学年九年级物理上学期期末试卷（含解析）.doc

内蒙古巴彦淖尔乌拉特前旗xx九年级物理上学期期末试卷一、选择题（1-11题单选题每题3分，12-13多选，每题5分，错选不得分，漏选得3分，共43分）1下列用电器中，利用电流热效应工作的是（）A电风扇B电动机C电视机D电饭锅2关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是（）A白炽灯的正常工作电流约为0.2 AB遥控器的干电池电压约为220 VC空调制冷时的功率约为10 WD电扇正常工作1 h耗电约为1 kWh3现有A、B、C三个轻质小球，已知：A带负电，A和B相互吸引，C和A相互排斥，则下列说法正确的是（）AB一定带正电，C带负电BB可能不带电，C带负电CB可能带正电，C带正电DB可能不带电，C带正电4如图是内燃机的某冲程工作示意图，以下取暖方式与此原理相同的是（）A烤火取暖B用热水袋取暖C向手“哈气”取暖D搓手取暖5电动自行车两刹车手柄中各有一只开关S1和S2，在行驶过程中用任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动自行车停止工作，以下电路符合要求的是（）ABCD6由欧姆定律公式可知（）A同一导体两端的电压跟导体的电流成正比B导体两端的电压为零时，因为没有电流通过，所以导体电阻为零C导体中的电流越大，导体的电阻越小D导体电阻的大小，可以用它两端的电压与通过它的电流的比值来表示7如图所示是电阻甲和乙的UI图象，下列说法正确的是（）A甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.3AB甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，甲的功率为0.6WC甲的电阻值保持10不变D乙的电阻值保持20不变8如图所示的电路中，电源电压恒定，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比U甲：U乙为4：1；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比I甲：I乙为（）A3：1B3：2C3：4D4：39有两个灯泡L1和L2，分别标有“PZ110V40W“和“PZ110V60W“字样，若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法不正确的是（）A都正常发光时，通过L2的电流大B并联后，接在110V的电源上，L2消耗的功率大C串联后，接在220V的电源上，它们都能正常工作D串联后，接在220V的电源上，L1消耗的功率大10如图所示，当开关S闭合后，发现电灯L不亮，用测电笔测试c、d两点时，氖管都发光，测试a、b两点时，只有a点氖管发光，则故障可能是（）A火线与零线短路Ba、d之间某处断路C电灯的灯丝断了Db、c之间某处断路11如图是检测酒精浓度的测试仪原理图，图中电源电压恒定为8V，R1为定值电阻，酒精气体传感器R2的阻值随酒精气体浓度的增大而减小。当酒精浓度为0时，R260，此时电压表示数为2V以下说法错误的是（）A若酒精气体浓度越大，电压表和电流表示数都越大B定值电阻R1的阻值为20C酒精浓度为0时，电路消耗的总功率为0.6WD若电流表示数达到0.2A时，表示酒驾，此时R2消耗的电功率为0.8W12如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从n点滑到m点的过程中，两电压表示数随电流变化的图象如图乙所示，下列叙述正确的是（）A图乙中ab是表示电压表V1的示数随电流变化的图象BR2的阻值为4C滑片从n点滑到m点的过程中，电源消耗的最大功率是10WD滑片在n点时，5s内电阻R消耗的电能是5J13小龙家上月初电能表示数为，电能表的部分参数及上月末的示数如图所示，表盘上“3200imp/（kWh）”表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次，下列选项正确的是（）A小龙家上月消耗的电能为680kWhB小龙家同时使用的用电器总功率不可超过2200WC指示灯闪烁的次数越多，电能表所在电路接入的用电器总功率越大D断开其它用电器，只让阻值是100的电热棒单独工作3min，指示灯闪烁64次，此时小龙家的实际电压是200V二、作图与实验题（14题3分，15题分，16题8分，17题7分，18题6分共31分）14如图所示的插座和电灯（带开关）是组成家庭电路的常用器件，请你用笔画线代替导线将器件分别正确连入电路中。15在研究“不同物质的温度变化与吸热关系”实验中，取甲乙两种物体，分别装入相同烧杯中，用相同的加热器加热，如图A所示。（1）实验中记录加热时间的目的是 （2）实验时应保证甲乙两物体的 与 相同。（3）图B为某时刻的温度，其示数为 。（4）分析图C可知，吸收相同热量， 液体升温更高； 液体更适合作汽车发动机的冷却液。（5）若甲、乙液体从图C所示的初温分别升高到40和35，吸收热量之比为2：1，则甲、乙液体的比热容之比为 。16在“探究电流与电压的关系”实验中，电源电压恒为6V：（1）请用笔画线代替导线，将图甲中电路连接完整，要求滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大（连接时导线不允许交叉）。（2）正确连接好电路后，闭合开关发现电压表为6V，电流表无示数，滑动滑片P两表示数均无变化，则故障原因是 。（3）小明排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图乙所示，此时通过电阻的电流为 A若要增大电阻两端的电压，应将滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动。（4）实验中测得多组数据，绘制出电阻R的IU图象如图丁所示：由图象可得电流与电压的关系是 ；本实验所用电阻的阻值为 。（5）实验结束后，小明用此电路来探究“电流与电阻的关系”，小明想要完成四组实验，准备好的定值电阻有5、10、15、20，先将5欧姆电阻接入电路中。将电路连接正确后，闭合开关，移动变阻器的滑片P，使定值电阻两端的电压为2V，断开开关，将定值电阻换成阻值为10的电阻，其余不动，闭合开关，电压表示数将 （选填“变大”或“变小”）；为完成此四组实验，滑动变阻器的最大电阻应不小于 。17小明同学手里有一个标有“3.8V”字样的小灯泡，电源电压恒为6V，他想知道小灯泡正常工作时的电功率，于是在学校实验室借来一些实验器材，连接了如图甲所示的实验电路。（1）在图中找出连接错误的一根导线并在该导线上画“”，用笔画线代替导线将电路连接正确。（所画的导线要用实线，不可用虚线）（2）该实验的原理是 。（3）连接电路时，开关应该 。（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，他发现小灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表无示数。则故障原因可能是 。（5）电路连接正确后，他们进行实验。若电压表的示数为3V，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器滑片向 移动（填“A”或“B”）。（6）在实验时，电压表出现了故障不能使用。小明向老师借了一只定值电阻R0（R0阻值已知），设计了如图乙所示的电路，继续测量额定电压为U额的小灯泡的额定功率。测量时，应先闭合开关S和S1，调节滑动变阻器，当电流表的示数为 时，小灯泡正常发光；接着将S1断开，S2闭合，读出电流表的示数为I，则小灯泡的额定功率P额 （用I、U额和R0表示）。18在做“探究电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验时，小于采用了如图甲所示的实验装置。两个相同且透明的容器中密闭了等量的空气，U形管中液面变化反映了密闭空气温度的变化。（1）实验中通过观察两个U形管中 的变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。（2）如图甲中，若通电时间相同，发现B玻璃管内液面上升较高，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的 越大，产生的热量越多。（3）小刚采用了如图乙所示的实验装置，这时连通A玻璃管的容器中电热丝的电流是连通B玻璃管容器中电热丝电流的 倍，通电相同时间，发现A玻璃管液面上升较高，这表明：在电阻和通电时间相同的情况下，通过导体的 越大，产生的热量越多。（4）若通电一段时间后，发现其中一个U形管中液面的高度几乎不变，出现该现象的原因可能是 。（5）该实验用到的研究物理问题的方法有 。xx内蒙古巴彦淖尔乌拉特前旗九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1-11题单选题每题3分，12-13多选，每题5分，错选不得分，漏选得3分，共43分）1下列用电器中，利用电流热效应工作的是（）A电风扇B电动机C电视机D电饭锅【分析】（1）电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子；（2）电流的化学效应：电流通过导电的液体会使液体发生化学变化，产生新的物质，电流的这种效果叫做电流的化学效应，如电解，电镀，电离等就属于电流的化学效应的例子；（3）电流的磁效应：给绕在软铁芯周围的导体通电，软铁芯就产生磁性，这种现象就是电流的磁效应，如电铃、蜂鸣器、电磁扬声器等都是利用电流的磁效应制成的。【解答】解：A、电风扇主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故A错误。B、电动机主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故B错误。C、电视机主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应工作的，故C错误。D、电饭锅主要是把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故D正确。故选：D。【点评】本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，利用热效应工作的电器特点是把电能主要转化成内能，是一道基础题2关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是（）A白炽灯的正常工作电流约为0.2 AB遥控器的干电池电压约为220 VC空调制冷时的功率约为10 WD电扇正常工作1 h耗电约为1 kWh【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识和必要的计算去判断题目的对错。【解答】解：A、白炽灯的额定功率为40W，正常工作电流约为I0.18A，0.2A相差不大，故A符合实际；B、遥控器的干电池电压约为1.5V，两节为3V，故B不符合实际；C、空调制冷时的功率约为1000W，故C不符合实际；D、电扇的额定功率为100W，正常工作1h耗电约为WPt0.1kW1h0.1kWh，故D不符合实际。故选：A。【点评】此题考查的是学生对一些常见物理量的估测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识，此题就会得到正确答案。3现有A、B、C三个轻质小球，已知：A带负电，A和B相互吸引，C和A相互排斥，则下列说法正确的是（）AB一定带正电，C带负电BB可能不带电，C带负电CB可能带正电，C带正电DB可能不带电，C带正电【分析】电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；带电体可以吸引轻小物体；解题时，根据小球间的作用关系并结合A球带负电这个已知条件判断。【解答】解：已知A带负电，C和A互相排斥，根据同种电荷互相排斥，所以C带负电；又因为A和B互相吸引，根据异种电荷互相吸引，所以B可能带正电，根据带电体吸引轻小物体的性质，B也可能不带电。所以B可能不带电，C带负电。故选：B。【点评】异种电荷相吸引和带电体吸引轻小的物体这两个知识点要考虑周全，考虑不全是此题选错答案的原因。4如图是内燃机的某冲程工作示意图，以下取暖方式与此原理相同的是（）A烤火取暖B用热水袋取暖C向手“哈气”取暖D搓手取暖【分析】内燃机是利用内能做功的机器，其在工作时有四个冲程，即吸气、压缩、做功、排气四个冲程。其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。改变内能的方式有：做功和热传递。【解答】解：根据图示可知，两个气门都关闭，活塞上行，因此该冲程为压缩冲程，将机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能；A、烤火取暖是利用热传递改变内能的；B、用热水袋取暖是利用热传递改变内能的。C、向手“呵气”取暖是利用热传递改变内能的；D、搓手取暖是利用做功改变内能的；故选：D。【点评】此题主要考查了内燃机工作时的能量转化情况以及改变内能的两种方式。5电动自行车两刹车手柄中各有一只开关S1和S2，在行驶过程中用任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动自行车停止工作，以下电路符合要求的是（）ABCD【分析】任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开、电动机停止工作说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联。【解答】解：由题意可知，开关S1和S2串联接在电路中，共同控制电动机的工作，故A符合题意，BCD不符合题意。故选：A。【点评】本题的关键点“任一只手柄刹车时，开关立即断开、电动机停止工作”，从而判断出两个开关的连接方式是串联。6由欧姆定律公式可知（）A同一导体两端的电压跟导体的电流成正比B导体两端的电压为零时，因为没有电流通过，所以导体电阻为零C导体中的电流越大，导体的电阻越小D导体电阻的大小，可以用它两端的电压与通过它的电流的比值来表示【分析】（1）电阻一定时，通过导体的电流与电压成正比；电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比；（2）电阻是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关。其大小等于导体两端的电压与通过导体的电流之比。【解答】解：A、电压是形成的电流的原因，不会随电流的变化而变化。此选项错误；B、导体两端的电压为零时，电流为零，但导体电阻不为零。此选项错误；C、导体中的电流越大，说明两端电压越大，但电阻不变。此选项错误；D、在物理学中，导体的电阻等于两端的电压与通过的电流的比值。此选项正确。故选：D。【点评】此题考查的是我们对欧姆定律特别是变形公式R的理解和应用，是基本规律的考查，需要正确理解电流、电压、电阻三者之间的关系。7如图所示是电阻甲和乙的UI图象，下列说法正确的是（）A甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.3AB甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，甲的功率为0.6WC甲的电阻值保持10不变D乙的电阻值保持20不变【分析】（1）甲、乙并联在电路中，根据并联电路的电压特点读出当电源电压为2V时通过两电阻的电流，利用并联电路的电流特点得出电路中的总电流；（2）甲、乙串联在电路中，根据串联电路的电压特点读出当电路电流为0.2A时甲电阻两端的电压，根据PUI求出甲的功率；（3）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻电阻的电流与两端两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化，并根据欧姆定律的变形公式求出定值电阻的阻值。【解答】解：A、甲、乙并联在电路中时，两电阻两端的电压相等，当电源电压为2V时，由图象可知，I甲0.1A，I乙0.2A，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流II甲+I乙0.1A+0.2A0.3A，故A正确；B、甲、乙串联在电路中时，通过两电阻的电流相等，当电路电流为0.2A时，由图象可知，U甲4V，则甲的功率：P甲U甲I4V0.2A0.8W；故B错误；C、由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，并且当通过甲的电流为0.2A时，甲两端的电压为4V，故甲的阻值：R甲20；故CD错误。故选：A。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的灵活运用，关键是根据图象得出相关的信息。8如图所示的电路中，电源电压恒定，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比U甲：U乙为4：1；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比I甲：I乙为（）A3：1B3：2C3：4D4：3【分析】若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，电压表甲测量串联电阻的总电压，电压表乙测量R2两端的电压，求出两个电阻两端的电压之比，再根据欧姆定律和串联电阻的分压关系，求出两电阻之比；若甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，甲电流表测量R2的电流，乙电流表测量R1和R2总电流，根据欧姆定律和并联电阻的电流关系推出R1和R2的电流之比，再推导出两表示数之比。【解答】解：若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，UU甲，U2U乙，由题知，U甲：U乙4：1，即：U：U24：1，U1：U23：1，R1：R2U1：U23：1；若甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，I1：I2R2：R11：3，I：I24：3，甲电流表测量R2的电流，乙电流表测量R1和R2总电流，I甲：I乙I2：I3：4。故选：C。【点评】本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先串联后并联，通过电阻的不变量来沟通两个过程。9有两个灯泡L1和L2，分别标有“PZ110V40W“和“PZ110V60W“字样，若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法不正确的是（）A都正常发光时，通过L2的电流大B并联后，接在110V的电源上，L2消耗的功率大C串联后，接在220V的电源上，它们都能正常工作D串联后，接在220V的电源上，L1消耗的功率大【分析】知道白炽灯的额定电压和额定功率（铭牌），可以求两个灯的灯丝电阻、两个灯正常发光时的电流，（1）求出两个灯正常发光时的电流进行比较；（2）并接在110V电源上，都不正常发光，实际功率都不等于其额定功率，据此判断；（3）串接在220V电源上，根据串联电路的分压关系判断分压大小，若等于额定电压则灯正常发光，据此分析；（4）串接在110V电源上，知道通过的电流、电阻关系，利用PI2R分析消耗功率的大小关系。【解答】解：由灯的铭牌，根据R求出两灯的电阻：R1，R2，可见R1R2，A、根据I，可得，灯正常发光时灯泡L1的电流：I1，灯泡L2的电流：I2，可见I1I2，故A错误；B、并接在110V电源上，实际功率：P140W，P260W，L2的实际功率大，故B正确；C、串联接在220V的电源上，因为R1R2，所以U1U2，不能平分220V的电压，都不能正常发光，故C错误；D、串联接在220V的电源上，通过的电流I相等，因为PI2R，R1R2，所以P1P2，即L1消耗的功率大，故D正确。故选：BD。【点评】灯的铭牌的妙用：可以求灯丝电阻R、求灯正常发光时的电流I，求在时间t内正常发光消耗的电能WP额t、求实际电压下的实际功率。10如图所示，当开关S闭合后，发现电灯L不亮，用测电笔测试c、d两点时，氖管都发光，测试a、b两点时，只有a点氖管发光，则故障可能是（）A火线与零线短路Ba、d之间某处断路C电灯的灯丝断了Db、c之间某处断路【分析】电灯L不亮，而点c能使测电笔亮，说明c到零线b之间开路。【解答】解：闭合开关后，c点应不亮，但亮了，说明bc之间某处断路。故选：D。【点评】本题考查了用测电笔检测电路的故障。在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮。11如图是检测酒精浓度的测试仪原理图，图中电源电压恒定为8V，R1为定值电阻，酒精气体传感器R2的阻值随酒精气体浓度的增大而减小。当酒精浓度为0时，R260，此时电压表示数为2V以下说法错误的是（）A若酒精气体浓度越大，电压表和电流表示数都越大B定值电阻R1的阻值为20C酒精浓度为0时，电路消耗的总功率为0.6WD若电流表示数达到0.2A时，表示酒驾，此时R2消耗的电功率为0.8W【分析】A、两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路中的电流，若酒精气体浓度越大，则R2减小，根据电阻的串联和欧姆定律分析电压表示数变化；BC、当酒精浓度为0时，R260，此时电压表示数为2V，根据串联电路电压的规律和分压原理求出定值电阻R1的阻值为；根据电阻的串联和P求电路消耗的总功率；D、若电流表示数达到0.2A时，根据串联电路的规律和欧姆定律求传感器的电阻大小，根据PI2R2求R2消耗的电功率。【解答】解：A、两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路中的电流，若酒精气体浓度越大，则R2减小，根据电阻的串联，总电阻减小，由欧姆定律，电流变大，由UIR，电压表示数变大，A正确；BC、当酒精浓度为0时，R260，此时电压表示数为2V，根据串联电路电压的规律，R2的电压为：8V2V6V，电压表示数为R2电压的倍，根据分压原理，定值电阻R1的阻值为6020，B正确；根据电路的串联，此时总阻为：RR1+R220+6080，电路消耗的总功率为：P0.8W，C错误；D、若电流表示数达到0.2A时，根据串联电路的规律和欧姆定律，R2R12020，此时R2消耗的电功率为：PI2R2（0.2A）2200.8W，D正确。故选：C。【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用。12如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从n点滑到m点的过程中，两电压表示数随电流变化的图象如图乙所示，下列叙述正确的是（）A图乙中ab是表示电压表V1的示数随电流变化的图象BR2的阻值为4C滑片从n点滑到m点的过程中，电源消耗的最大功率是10WD滑片在n点时，5s内电阻R消耗的电能是5J【分析】（1）变阻器的滑片P从n点滑到m点的过程中，滑动变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联电路的分压原理可知：滑动变阻器两端的电压变小，根据欧姆定律可知R2两端的电压变大；据此可判断出图乙中bc，ab分别是哪一个电压表的示数随电流表示数变化的图线；（2）由（1）可知，对于R1：通过的电流随两端电压的减小而增大；对于R2：通过的电流随两端电压的增大而增大；据此判断，乙图中cb是R1的UI图象，ab是R2的UI图象。由图象可知，当U24V时，I1A，由此根据欧姆定律可求R2的电阻；（3）从“UI”关系图象可以看出，滑片P在n点、m点的电压表示数与电流值，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，利用PUI求出总功率最大值；（4）滑片在n点时，电流最小，利用WI2Rt即可求出消耗的电能。【解答】解：A、变阻器的滑片P从n点滑到m点的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联电路的分压原理可知，变阻器两端的电压变小，根据UIR可知R2两端的电压变大；所以，图乙中cb是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线，ab是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线，故A错误；B、由A项分析可知，滑片P从n点滑到m点的过程中，电流变大，变阻器R1两端的电压变小，R2两端的电压变大；所以，通过R1的电流随两端电压的减小而增大，通过R2的电流随两端电压的增大而增大；由此可知，乙图中cb是R1的UI图象，ab是R2的UI图象；由乙图中ab可知，I1A时，U24V，根据I可得R2的电阻：R24；故B正确；C、从“UI”关系图象可知，滑片P在n点时，电流Ia0.5A，U17V、U22V；滑片P在m点时，电流Ib1A，U14V、U24V；根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得电源电压：UIaR+U1+U2，UIbR+U1+U2，电源电压不变，则有：IaR+U1+U2IbR+U1+U2，即：0.5AR+7V+2V1AR+4V+4V，解得R2，则电源电压：UIaR+U1+U20.5A2+7V+2V10V；电路中的最大电流Ib1A，则电路消粍的总功率最大值：P大UIb10V1A10W，故C正确。D、滑片在n点时，电流最小，5s内电阻R消耗的电能：WIa2Rt（0.5A）225s2.5J，故D错误；故选：BC。【点评】本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“UI”关系图象。在电学中，有些题目的信息是通过图象给出的，所以要会读电路图中的信息和UI图象中的信息。13小龙家上月初电能表示数为，电能表的部分参数及上月末的示数如图所示，表盘上“3200imp/（kWh）”表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次，下列选项正确的是（）A小龙家上月消耗的电能为680kWhB小龙家同时使用的用电器总功率不可超过2200WC指示灯闪烁的次数越多，电能表所在电路接入的用电器总功率越大D断开其它用电器，只让阻值是100的电热棒单独工作3min，指示灯闪烁64次，此时小龙家的实际电压是200V【分析】（1）电能表的读数方法：月末的减去月初的示数；最后一位是小数；单位kWh；求出本月消耗的电能；（2）10（20）A，10A是指电能表的标定电流，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，利用PUI求小龙家同时使用的用电器最大总功率；（3）电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢；（4）3200imp/（kWh）表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次，从而可求闪烁64次消耗的电能；根据公式P求出电热棒的电功率，再利用P求实际电压。【解答】解：A、电能表的读数时，最后一位是小数，单位kWh，小龙家上月消耗的电能为772.3kWh704.3kWh68kWh，故A错；B、小龙家同时使用的用电器最大总功率PUI220V20A4400W，故B错；C、电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢，而指示灯闪烁的次数多表示，电能表所在电路消耗的电能多，总功率不一定大，故C错；D、电能表上的指示灯闪烁了64次消耗的电能：WkWh0.02kWh；电热棒的电功率：P0.4kW400W。由P得实际电压：U200V，故D正确。故选：D。【点评】题主要考查了有关电能表参数的意义及有关的计算，同时考查了电功率公式的应用，此题难易程度适中，与我们的实际生活联系密切，是一道好题。二、作图与实验题（14题3分，15题分，16题8分，17题7分，18题6分共31分）14如图所示的插座和电灯（带开关）是组成家庭电路的常用器件，请你用笔画线代替导线将器件分别正确连入电路中。【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：首先辨别上面三根线分别为火线、零线、地线。（1）灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。（2）三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如下图所示：【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座的接法，同时考虑使用性和安全性。15在研究“不同物质的温度变化与吸热关系”实验中，取甲乙两种物体，分别装入相同烧杯中，用相同的加热器加热，如图A所示。（1）实验中记录加热时间的目的是比较不同物质吸收热量的多少（2）实验时应保证甲乙两物体的初温与质量相同。（3）图B为某时刻的温度，其示数为39。（4）分析图C可知，吸收相同热量，乙液体升温更高；甲液体更适合作汽车发动机的冷却液。（5）若甲、乙液体从图C所示的初温分别升高到40和35，吸收热量之比为2：1，则甲、乙液体的比热容之比为3：2。【分析】（1）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；（2）比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；（3）根据温度计分度值读数；（4）分析图C可知，吸收相同热量，乙液体升温更高；根据比较吸热能力的第2种方法，甲吸热能力强；，根据Qcmt分析；（5）根据已知条件，由c求解。【解答】解：（1）根据转换法，实验中记录加热时间的目的是：比较不同物质吸收热量的多少；（2）考虑到散热因素，故要实验时应保证甲乙两物体的初温相同，根据比较不同物质能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同；（3）图B中温度计分度值为1，其示数为39；（4）分析图C可知，吸收相同热量，乙液体升温更高；根据比较吸热能力的第2种方法，甲吸热能力强，即比热容大，根据Qcmt，在质量和降温相同的条件下，甲吸热多，故甲液体更适合作汽车发动机的冷却液。（5）若甲、乙液体从图C所示的初温分别升高到40和35，升温分别为20和15，吸收热量之比为2：1，由c可得甲、乙液体的比热容之比为：3：2。故答案为：（1）比较不同物质吸收热量的多少；（2）初温；质量；（3）39；（4）乙；甲；（5）3：2。【点评】本题比较不同物质的温度变化与吸热关系，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及c的运用，为热学中的重要实验。16在“探究电流与电压的关系”实验中，电源电压恒为6V：（1）请用笔画线代替导线，将图甲中电路连接完整，要求滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大（连接时导线不允许交叉）。（2）正确连接好电路后，闭合开关发现电压表为6V，电流表无示数，滑动滑片P两表示数均无变化，则故障原因是与电压表并联的电路断路。（3）小明排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图乙所示，此时通过电阻的电流为0.12A若要增大电阻两端的电压，应将滑片P向A（选填“A”或“B”）端移动。（4）实验中测得多组数据，绘制出电阻R的IU图象如图丁所示：由图象可得电流与电压的关系是电阻一定时，电流与电压成正比；本实验所用电阻的阻值为5。（5）实验结束后，小明用此电路来探究“电流与电阻的关系”，小明想要完成四组实验，准备好的定值电阻有5、10、15、20，先将5欧姆电阻接入电路中。将电路连接正确后，闭合开关，移动变阻器的滑片P，使定值电阻两端的电压为2V，断开开关，将定值电阻换成阻值为10的电阻，其余不动，闭合开关，电压表示数将变大（选填“变大”或“变小”）；为完成此四组实验，滑动变阻器的最大电阻应不小于40。【分析】（1）根据滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大确定变阻器的连接；（2）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据UIR，应增大电路中的电流，即减小变阻器连入电路中的电阻，据此分析；（4）根据绘制出电阻R的IU图象为过原点的直线分析；由欧姆定律求出本实验所用电阻的阻值；（5）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20电阻时变阻器连入电路中的电阻。【解答】解：（1）要求滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：（2）正确连接好电路后，闭合开关发现电压表为6V，电流表无示数，滑动滑片P两表示数均无变化，则故障原因是 与电压表并联的电路断路。（3）小明排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时通过电阻的电流为0.12A若要增大电阻两端的电压，根据UIR，应增大电路中的电流，即减小变阻器连入电路中的电阻，故将滑片P向 A端移动。（4）根据绘制出电阻R的IU图象为过原点的直线，由图象可得电流与电压的关系是：电阻一定时，电流与电压成正；由欧姆定律，本实验所用电阻的阻值为：R5。（5）电阻两端的电压始终保持UV2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑UUV6V2V4V，变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入20电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑22040，为完成此四组实验，滑动变阻器的最大电阻应不小于40。故答案为：（1）如上；（2）与电压表并联的电路断路；（3）0.12；A；（4）电阻一定时，电流与电压成正比；5；（5）变大；40。【点评】本题探究电流与电压的关系，考查电路连接、故障分析、电流表读数、欧姆定律的运用、数据分析、控制变量法及对器材的要求。17小明同学手里有一个标有“3.8V”字样的小灯泡，电源电压恒为6V，他想知道小灯泡正常工作时的电功率，于是在学校实验室借来一些实验器材，连接了如图甲所示的实验电路。（1）在图中找出连接错误的一根导线并在该导线上画“”，用笔画线代替导线将电路连接正确。（所画的导线要用实线，不可用虚线）（2）该实验的原理是PUI。（3）连接电路时，开关应该断开。（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，他发现小灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表无示数。则故障原因可能是灯泡短路。（5）电路连接正确后，他们进行实验。若电压表的示数为3V，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器滑片向A移动（填“A”或“B”）。（6）在实验时，电压表出现了故障不能使用。小明向老师借了一只定值电阻R0（R0阻值已知），设计了如图乙所示的电路，继续测量额定电压为U额的小灯泡的额定功率。测量时，应先闭合开关S和S1，调节滑动变阻器，当电流表的示数为时，小灯泡正常发光；接着将S1断开，S2闭合，读出电流表的示数为I，则小灯泡的额定功率P额U额（I）（用I、U额和R0表示）。【分析】（1）灯的额定电压为3.8V，电压表应选用大量程与灯串联；（2）该实验的原理是PUI。（3）连接电路时，为保护电路，开关应该断开。（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表有示数，说明电路为通路，根据小灯泡始终不亮，电压表无示数分析故障可能原因。（5）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；（6）要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R应起到电压表的测量作用，故将R与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为I1时，由并联电路电压的规律，灯的电压为U额，灯正常发光；保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据PUI写出灯的额定功率的表达式。【解答】解：（1）灯的额定电压为3.8V，故电压表应选用大量程与灯串联，改正如下：（2）该实验的原理是PUI。（3）连接电路时，为保护电路，开关应该断开。（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表有示数，说明电路为通路，他发现小灯泡始终不亮，电压表无示数，则故障原因可能是灯泡短路。（5）灯在额定电压下正常发光，示数为3V，小于灯的额定电压3.8V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由串联分压原理可知，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A端移动，直到电压表示数为额定电压；（6）测量时，应先闭合开关S和S1，调节滑动变阻器，当电流表的示数为时，由欧姆定律，定值电阻的电压为U额，根据并联电路电压的规律，小灯泡的电压为U额，灯正常发光；接着将S1断开，S2闭合，电流表测干路电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流：ILI，则小灯泡的额定功率P额U额（I）。故答案为：（1）如上所示：（2）PUI；（3）断开；（4）灯泡短路；（5）A；（6）；U额（I）。【点评】本题测灯的功率，考查电路连接、实验原理、注意事项、故障分析、操作过程和设计方案测电功率的能力。18在做“探究电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验时，小于采用了如图甲所示的实验装置。两个相同且透明的容器中密闭了等量的空气，U形管中液面变化反映了密闭空气温度的变化。（1）实验中通过观察两个U形管中液面高度差的变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。（2）如图甲中，若通电时间相同，发现B玻璃管内液面上升较高，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多。（3）小刚采用了如图乙所示的实验装置，这时连通A玻璃管的容器中电热丝的电流是连通B玻璃管容器中电热丝电流的2倍，通电相同时间，发现A玻璃管液面上升较高，这表明：在电阻和通电时间相同的情况下，通过导体的电流越大，产生的热量越多。（4）若通电一段时间后，发现其中一个U形管中液面的高度几乎不变，出现该现象的原因可能是空气盒气密性不好。（5）该实验用到的研究物理问题的方法有转换法和控制变量法。【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；（2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；（3）探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间相同；（4）可从漏气、橡胶管没有扎住等方面进行分析；（5）对于不容易观察到的现象采取转换法的思想，探究多因素问题时采用控制变量法的思想。【解答】解：（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过观察两个U形管中液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；（2）如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究的是电流产生热量跟电阻的关系，得出的结论是：在电流相同、通电时间相同时，电阻越大产生的热量越多；（3）图乙装置中一个5的电阻与两个5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端电阻的电流相等，即I右I左，两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右I内+I外2I内外，这时连通A玻璃管的容器中电热丝的电流是连通B玻璃管容器中电热丝电流的2倍，所以，I左I内，烧瓶内的电阻值都是5，电阻相同，通电时间相等，电流不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电流大小的关系；得到的结论是：在电阻相同、通电时间相同的情况下，通过电阻的电流越大，电阻产生的热量越多；（4）由QI2Rt可知，电阻丝R1和R2在相同时间内产生的热量不同，则U形玻璃管中应该出现液面高度差；而其中一个U形玻璃管中液面高度几乎不变，说明与此相连的空气盒有可能漏气。（5）该实验中采用了转换法和控制变量法。故答案为：（1）液面高度差；（2）电阻；（3）2；电流；（4）空气盒气密性不好；（5）转换法和控制变量法。【点评】此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用，同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和掌握，难度较大。