2019届高考数学二轮复习 专题二 数列 1.2.2 数列求和及综合应用课件 文.ppt

第二讲数列求和及综合应用 热点题型1错位相减法求和 感悟经典 典例 2018 山师附中一模 已知递减的等比数列 an 各项均为正数 满足a1 a2 a3 8 a1 1 a2 1 a3构成等差数列 1 求数列 an 的通项公式 2 令bn n an 求数列 bn 的前n项和Sn 联想解题 1 看到等比数列与等差数列 想到等差数列 等比数列的定义 通项公式 2 看到等比数列与等差数列的对应项的乘积求和 想到错位相减法求和 规范解答 1 由等比数列性质可知a1 a2 a3 8 所以a2 2 a1 a3 4 由a1 1 a2 1 a3构成等差数列可知a1 1 a3 2 a2 1 6 所以a1 a3 5 联立解得或 由等比数列 an 递减可知 于是q 所以an a1 qn 1 4 2 由 1 可知bn n an n 于是Sn 1 2 3 n 1 n Sn 1 2 3 n 1 n 两式相减有Sn 1 1 1 1 1 n n 8 n 2 故Sn 16 n 2 规律方法 错位相减法的求解步骤及注意点 1 求解步骤 拆分 将数列的通项公式分解为等差数列和等比数列的乘积的形式 并确定等比数列的公比 作差 写出Sn的表达式 然后等式两边同时乘以公比或除以公比得到另外一个式子 两式作差 求和 根据差式的特征准确求和 2 注意点 在错位相减后一定要注意其中各个项的结构 特别是相减后得到的和式的第一项是否可以和后续的项组成等比数列 对点训练 2018 衡水一模 已知数列 an 满足4Sn an 3 an 1 且an 0 1 求数列 an 的通项公式 2 求Tn a1 a2 an 的值 解析 1 当n 2时 由4Sn an 3 an 1 2an 3 得4Sn 1 an 1 3 an 1 1 2an 1 3 两式相减得4 Sn Sn 1 2 an an 1 an an 1 an an 1 2 0 由an 0 得an an 1 2 0 n 2 故 an 为等差数列 公差为2 当n 1时 由4S1 a1 3 a1 1 a1 3 所以an 2n 1 2 易知Tn 3 23 5 25 7 27 2n 1 22n 1 4Tn 3 25 5 27 2n 1 22n 1 2n 1 22n 3 两式相减得 3Tn 3 23 2 25 27 22n 1 2n 1 22n 3 3 23 26 2n 1 22n 3 所以Tn 提分备选 数列 an 的前n项和为Sn 且Sn n n 1 n N 1 求数列 an 的通项公式 2 若数列 bn 满足 an 求数列 bn 的通项公式 3 令cn n N 求数列 cn 的前n项和Tn 解析 1 当n 1时 a1 S1 2 当n 2时 an Sn Sn 1 n n 1 n 1 n 2n a1 2满足该式 所以数列 an 的通项公式为an 2n 2 an n 1 an 1 得 an 1 an 2 得bn 1 2 3n 1 1 又当n 1时 b1 8 所以bn 2 3n 1 n N 3 cn n 3n 1 n 3n n 所以Tn c1 c2 c3 cn 1 3 2 32 3 33 n 3n 1 2 n 令Hn 1 3 2 32 3 33 n 3n 则3Hn 1 32 2 33 3 34 n 3n 1 得 2Hn 3 32 33 3n n 3n 1 n 3n 1 所以Tn Hn 1 2 n 热点题型2裂项相消法求和 感悟经典 典例 2018 重庆一模 已知数列 an 是公差不为0的等差数列 a1 3 a1 a4 1 求 an 的通项公式及an的前n项和Sn的通项公式 2 bn 求数列 bn 的通项公式 并判断bn与的大小 联想解题 1 看到等差数列 想到等差数列的定义 通项公式 前n项和公式 2 看到求倒数的和且分母为两项相乘的关系 想到裂项相消法求和 规范解答 1 设a1 a 3 公差为d 则a a 3d a d 2 解得d a 3 所以an 3n Sn 2 从而bn 故bn 规律方法 裂项相消法求和的基本思想把数列的通项an分拆成an bn k bn k 1 k N 的形式 从而达到在求和时某些项相消的目的 在解题时要善于根据这个基本思想变换数列 an 的通项公式 使之符合裂项相消的条件 对点训练 2018 四川广元一模 已知数列 an 的前n项和Sn k 3n 1 且a3 27 1 求数列 an 的通项公式 2 若bn log3an 求数列的前n项和Tn 解析 1 当n 3时 a3 S3 S2 k 33 32 27 解得k 当n 2时 an Sn Sn 1 3n 1 3n 1 1 3n 3n 1 3n a1 S1 3也满足上式 故an 3n 2 若bn log33n n Tn 1 提分备选 设 an 是公比大于1的等比数列 Sn为数列 an 的前n项和 已知S3 7 且3a2是a1 3和a3 4的等差中项 1 求数列 an 的通项公式 2 设bn 数列 bn 的前n项和为Tn 求证 Tn 解析 1 由已知 得解得a2 2 设数列 an 的公比为q 则a1q 2 所以a1 a3 a1q2 2q 由S3 7 可知 2 2q 7 所以2q2 5q 2 0 解得q1 2 q2 由题意 得q 1 所以q 2 所以a1 1 故数列 an 的通项公式为an 2n 1 n N 2 因为bn 所以Tn 热点题型3分组转化法求和 感悟经典 典例 数列 an 的通项an 其前n项和为Sn 1 求Sn 2 求数列 bn 的前n项和Tn 联想解题 1 看到an 想到先用倍角公式 再分类讨论 2 看到求和 想到裂项相消法或错位相减法求和 规范解答 1 由于故S3k a1 a2 a3 a4 a5 a6 a3k 2 a3k 1 a3k S3k 1 S3k a3k S3k 2 S3k 1 a3k 1 故 2 Tn 4Tn 两式相减得3Tn 规律方法 分组转化求和的三种类型 1 数列是周期数列 先求出每个周期内的各项之和 然后把整体之和按照周期进行划分 再得出整体之和 2 奇偶项分别有相同的特征的数列 如奇数项组成等差数列 偶数项组成等比数列 按照奇数项和偶数项分组求和 3 通项中含有 1 n的数列 按照奇数项 偶数项分组 或者按照n为奇数 偶数分类求和 对点训练 2018 台州质量检测 数列 an bn 中 Sn为数列 an 的前n项和 且满足a1 b1 1 3Sn n 2 an bn n N n 2 1 求 an bn 的通项公式 2 求证 解析 1 因为3Sn n 2 an 所以当n 2时 3Sn 1 n 1 an 1 所以3an n 2 an n 1 an 1 所以所以 所以 2 因为所以所以 提分备选 已知等差数列 an 满足a3 10 a5 2a2 6 1 求an 2 数列 bn 满足bn Tn为数列 bn 的前n项和 求T2n 解析 1 设数列 an 的公差为d 则a1 2d 10 a1 4d 2 a1 d 6 解得a1 2 d 4 所以an a1 n 1 d 4n 2 2 数列 bn 的前2n项中 奇数项和偶数项各有n项 奇数项是首项为1 公比为4的等比数列 其和为 偶数项是首项为1 公差为4的等差数列 其和为n 4 2n2 n 所以T2n 2n2 n 逻辑推理 数列与不等式的综合问题中的数学素养 相关链接 1 数列与不等式的综合问题的考查题型 1 判断数列问题中的一些不等关系 2 以数列为载体 考查不等式的恒成立问题 3 考查与数列问题有关的不等式的证明问题 4 有关的最值问题 2 在数列中应用 函数 思想解题的常见题目类型 1 数列中的恒成立问题的求解 2 数列中最大项与最小项问题的求解 3 数列中前n项和最值问题的求解 命题角度1 与数列有关的不等式的证明问题 典例1 2018 泉州市质量检测 记数列 an 的前n项和为Sn 已知1 an Sn成等差数列 1 求 an 的通项公式 2 若bn 证明 b1 b2 bn 1 规范解答 1 由已知1 an Sn成等差数列 得2an Sn 1 当n 1时 2a1 S1 1 所以a1 1 当n 2时 2an 1 Sn 1 1 两式相减得2an 2an 1 an 所以 2 则数列 an 是以a1 1为首项 q 2为公比的等比数列 所以an a1qn 1 1 2n 1 2n 1 2 由 1 得bn 所以b1 b2 bn 因为2n 1 1 22 1 3 0 所以即证得 b1 b2 bn 1 命题角度2 与数列有关的不等式恒成立 最值 范围问题 典例2 设数列 an 的前n项和为Sn 对任意的正整数n 都有an 5Sn 1成立 bn 1 log2 an 数列 bn 的前n项和为Tn cn 1 求数列 an 的通项公式与数列 cn 前n项和An 2 对任意正整数m k 是否存在数列 an 中的项an 使得 Sm Sk 32an成立 若存在 请求出正整数n的取值集合 若不存在 请说明理由 规范解答 1 因为an 5Sn 1 令n 1 a1 由得an 1 an 所以等比数列的通项公式an bn 1 log2 an 2n 1 数列 bn 的前n项和Tn n2 cn 所以An 2 an Sn 在数列 Sn 中 S1 S2 当n为奇数时 Sn 单增 当n为偶数时 Sn 单减 所以 Sn min Sn max 对任意正整数m k 若存在数列 an 中的项an 使得 Sm Sk 32an成立 即 Sn max Sn min 32an 32 解得n 2 4 规律方法 解决数列与不等式交汇问题的常用方法 1 作差 作商比较法 2 根据数列的函数特征求解 如利用其单调性 3 利用基本不等式求最值 4 利用放缩法证明不等式 通关题组 1 2018 资阳市第二次诊断 已知数列 an 的前n项和为Sn 且Sn 2an 2 1 求数列 an 的通项公式 2 若bn anlog2an Tn b1 b2 bn 求Tn n 2n 1 50 0成立的正整数n的最小值 解析 1 当n 1时 a1 2a1 2 解得a1 2 当n 2时 Sn 2an 2 Sn 1 2an 1 2 则an 2an 2an 1 所以an 2an 1 所以 an 是以2为首项 2为公比的等比数列 故an 2n 2 bn 2nlog22n n 2n 则Tn 1 2 2 22 3 23 n 2n 2Tn 1 22 2 23 3 24 n 1 2n n 2n 1 得 Tn 2 22 23 2n n 2n 1 n 2n 1 2n 1 n 2n 1 2 所以Tn n 1 2n 1 2 由Tn n 2n 1 5052 由于n 4时 2n 1 25 3252 故使Sn n 2n 1 50 0成立的正整数n的最小值为5 2 已知数列 an 和 bn 满足a1a2a3 an n N 若 an 是各项为正数的等比数列 且a1 4 b3 b2 6 1 求an与bn 2 设cn 记数列 cn 的前n项和为Sn 求Sn 求正整数k 使得对任意n N 均有Sk Sn 解析 1 由题意a1a2a3 an n N b3 b2 6知a3 64 又由a1 4 得公比q 4 q 4舍去 所以数列 an 的通项公式为an 4n 22n n N 所以a1a2a3 an 2n n 1 故数列 bn 的通项公式为bn n n 1 n N 2 由 1 知cn n N 所以Sn 因为c1 0 c2 0 c3 0 c4 0 当n 5时 cn 而 0得 1所以当n 5时 cn 0 综上 对任意n N 恒有S4 Sn 故k 4