2019-2020年高考物理 考前模拟冲刺四.doc

2019-2020年高考物理 考前模拟冲刺四一、单项选择题（每小题3分，共15分。每小题只有一个选项符合要求，选对的得3分，选错或不选的得0分）1、对下列物理公式的理解，说法正确的是 ( )A由公式a= v/ t可知，加速度a由速度的变化量v和时间t 决定B由公式a= F/m可知，加速度a由物体所受合外力F和物体的质量m决定C出公式E=F/q 可知，电场强度E由电荷受到的电场力F和电荷的电量q决定D由公式C=Q/U 可知，电容器的电容c由屯容器所带电量Q和两板间的电势差U决定2、静电场中，带电粒子在电场力作用下从电势为a的a点运动至电势为b的b点若带电粒子在a、b两点的速率分别为va、vb，不计重力，则带电粒子的比荷q/m，为 A B C Dvt0t1t23、放置在光滑地面上的物体在某种力的作用下从静止开始向右运动，如果该物体的速度时间图像是一条抛物线，如右图所示，则下列说法正确的是（ ）A0 t1内物体做匀加速运动Bt1时刻物体的速度最大，加速度也最大 C物体在0 t1内和t1 t2内运动的位移相等 D物体在0 t1内和t1 t2内运动的速度方向相反 4、酒精测试仪利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器，酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化。在如图所示的电路中，R和Ro为定值电阻，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻，因此，显示仪表读数的指针与酒精气体浓度有了对应关系。如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻r的倒数与酒精气体的浓度成正比，那么，电压表示数U与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是（ ） AU越大，表示c越大，但是c与U不成正比 BU越小，表示r越小c越大，但是c与U成正比 CU越小，表示c越小，c与U成反比 DU越大，表示r越大c越大，c与U成正比5一物体放置在倾角为的斜面上，斜面固定于加速上升的电梯a中，加速度为，如图所示在物体始终相对于斜面静止的条件下( )A当一定时，越大，斜面对物体的正压力越小B当一定时，越大，斜面对物体的摩擦力越大C当一定时，越大，斜面对物体的正压力越大D当一定时，越大，斜面对物体的摩擦力越小二、多项选择题（每小题4分，共16分。全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）6、如图，A、B是在地球大气层外圆周轨道上运行的质量不等的两颗卫星，它们的轨道半径满足RA=2R,RB=3R，R为地球半径，下列说法正确的是（ ）AA、B的角速度之比BA、B的线速度之比CA、B的加速度之比DA、B受到的万有引力之比7、M、N是一对水平放置的平行板电容器，将它与一电动势为E，内阻为r的电源组成如图所示的电路，R是并联在电容器上的滑动变阻器，G是灵敏电流计，在电容器的两极板间有一带电的油滴处于悬浮状态，如图所示，现保持开关S闭合，将滑动变阻器的滑片向上滑动，则（ ）MNGabErRSA在滑片滑动时，灵敏电流计中有从a向b的电流B在滑片滑动时，灵敏电流计中有从b向a的电流C带电油滴将向上运动D带电油滴将向下运动Eba-q8、如图，实线表示某电场的电场线，一个带负电的粒子沿虚线所示的路径从a点运动到b点，则（ ）A带电粒子所受电场力变大B带电粒子所受电场力变小C带电粒子的电势能变大D带电粒子的电势能变小hS9、xx年广州亚运会上，刘翔重归赛场，以打破亚运记录的方式夺得110米跨栏的冠军。他采用蹲踞式起跑，在发令枪响后，左脚迅速蹬离起跑器，在向前加速的同时提升身体重心。如图所示，假设质量为m的运动员，在起跑时前进的距离S内，重心升高量为h，获得的速度为v，阻力做功为W阻，则在此过程中（ ）A运动员的机械能增加了B运动员的机械能增加了C运动员的重力做功为D运动员自身做功三、简答题简答题：本大题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共42分请将解答填在相应的位置10、(4分)利用重物自由下落验证机械能守恒定律的实验。(1)在验证机械能守恒定律的试验中，没有必要进行的操作是 ( )A用天平测重物的质量 B用秒表测重物下落的时间 C用打点计时器记录重物下落的信息 D用纸带记录测量重物下落的高度ABC20.5018.70单位：cm(2)该实验所用打点计时器的电源频率为50Hz， A、B、C为纸带中选取的三个计数点，每两个计数点之间还有4个点未画出，则每两个计数点之间的时间间隔T= s，打点计时器在打下计数点B时，物体的下落速度为vB= m/s。（小数点后保留两位有效数字）(3)由于该实验中存在阻力做功，所以实验测得的重物的重力势能的减少量 动能的增加量（选填“”或“=”）11、(10分)现有一只标值为“3.0V，xW”小灯泡，其额定功率的标值已模糊不清。某同学想通过测量灯丝伏安曲线的方法，来找出该灯泡正常工作时的功率。(1)已知该灯泡灯丝电阻较小，请先在图（甲）中补全用伏安法测量灯丝电阻的电路图，再选择合适量程的电流表与电压表，将图（乙）中的实物连成完整的电路。(2)开关S闭合之前，图（乙）中滑动变阻器的滑片应该置于 （选填“A”端、“B端”、或“AB正中间”）(3)该同学通过实验作出了灯丝的伏安曲线如图（丙）所示，根据小灯泡的额定电压的标值为“3.0V”，从图（丙）中可以找出该灯正常工作时的电流I= A，其额定功率为P= W。（结果均保留两位有效数字）(甲)SER0I/A00.1.00.20.31.0523.0(丙)U/V2.0524.06(乙)SASBS12.【选做题】本题包括A、B小题，并在答题卡相应的答题区域内作答。A.(选修模块33)（12分）(1)下列说法中正确的是 A.水可以浸润玻璃，水银不能浸润玻璃B.热管是利用升华和汽化传递热量的装置AOp/(Pa)V/（m3）1133BC.布朗运动是指在显微镜下直接观察到的液体分子的无规则运动。 D.一般说来物体的温度和体积变化时它的内能都要随之改变(2) 如图所示，一定质量的某种理想气体由状态A变为状态B，A、B两状态的相关参量数据已标于压强体积图象上。该气体由AB过程中对外做功400J，则此过程中气体内能增加了 J，从外界吸收了 J热量。(3)某地强风速v=10m/s，空气的密度。若通过截面积S=400m2的风能全部用于使风力发电机转动，且风能的20%转化为电能，则通过这个截面的风的发电功率是多大？B（选修模块3-4: 计12分）如图所示，O是一列横波的波源，从O点起振开始计时，t0.4s时，波形如图示（即此刻仅在OA之间有波形）则以下判断正确的是 。A波传到x9m处的点Q时，A点运动的路程为5mB波传到x9m处的点Q时，A点运动的路程为1mC从此刻起再经过1.2s点Q第二次出现波峰 D从此刻起再经过0.8s点Q第二次出现波峰 （2）某单摆的摆长为l、摆球质量为m，单摆做简谐振动时的周期为T，摆动时最大动能为Ek，如果摆角不变，将摆球质量变成2m，则单摆的最大动能变为_，如果将摆长变再变为2l，摆角变成原来一半时，单摆的周期为_。如图所示是安全门上的观察孔，其直径ab为 4 cm，门的厚度ac为2 cm。为了扩大向外观察范围，将孔中完全嵌入折射率为的玻璃，那么嵌入玻璃后向外观察视野的最大张角是多少？若要求将视野扩大到1800，嵌入玻璃的折射率应为多少？解：四、计算题（本题共2小题，第15题8分，第16题11分，共19分.要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤）13、（15分）如图所示，抗震救灾运输机在某场地卸放物资时，通过倾角为300的固定光滑斜轨道面进行。有一件质量为m=20kg的小包装盒，由静止开始从斜轨道的顶端A滑至底端B，然后又在水平面上滑行一段距离后停下。若A点距离水平面的高度h=50m，重力加速度g取10m/s2,求：1）包装盒由A滑到B所经历的时间;2）若地面的动摩擦因数为05，包装盒在水平地面上还能滑行多远？（不计斜面和地面接触处的能量损耗）14、(16分)如图所示，一个板长为L，板间距离也是L的平行板容器上极板带正电，下极板带负电。有一对质量均为m，重力不计，带电量分别为+q和-q的粒子从极板正中水平射入（忽略两粒子间相互作用），初速度均为v0。若-q粒子恰能从上极板边缘飞出，求Bv0vLL(1)两极板间匀强电场的电场强度E的大小和方向(2)-q粒子飞出极板时的速度v的大小与方向(3)在极板右边的空间里存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，为使得+q粒子与-q粒子在磁场中对心正碰（碰撞时速度方向相反），则磁感应强度B应为多少？15（16分）个质量m0.1kg的正方形金属框总电阻R0.5W，金属框放在表面是绝缘且光滑的斜面顶端，自静止开始沿斜面下滑，下滑过程中穿过一段边界与斜面底边BB平行、宽度为d的匀强磁场后滑至斜面底端BB，设金属框在下滑时即时速度为v，与此对应的位移为s，那么v2-s图像如图2所示，已知匀强磁场方向垂直斜面向上。试问：（1）分析v2-s图像所提供的信息，计算出斜面倾角q和匀强磁场宽度d。（2）匀强磁场的磁感应强度多大？（3）金属框从斜面顶端滑至底端所需的时间为多少？（4）现用平行斜面沿斜面向上的恒力F作用在金属框上，使金属框从斜面底端BB静止开始沿斜面向上运动，匀速通过磁场区域后到达斜面顶端。试计算恒力F做功的最小值。参 考 答 案一、二选择题题号123456789答案BCCABBCACBDBD三.简答题10、 (1) AB （单选得1分） (2) 0.1 1.96 (3) 11、（10分）(1)如图，电路2分，电流表内接不给分；实物连线2分（任何一个地方错误得0分）。SASBSSER0VEAE (2)（2分） B端 （可能是A端，与所连实物图对应即可得分） (3)（每空2分） 0.25 0.7512A （1）AD（4分） （2）0（2分） 400（2分） （3） （2分）（2分）12B （1） BC （2）2Ek，T 向外观察张角最大时，在cd边中点e观察，b为入射点，be为折射光线，入射角i、折射角r，由几何关系有sinr = ed/be = 1/2，根据折射定律有sini/ sinr = n，得i = 600，则最大张角 = 2i = 1200；视野扩大到1800，即入射角为900，折射角r = 300，则折射率n = sin900/sin300 = 2。四、计算题13、解：解：对物体进行受力分析，由牛顿第二定律，得:（1分）包装盒沿斜面由A到B的位移为（1分）设包装盒由A到B做匀加速运动的时间为t则（1分）解得：（1分）（2）由动能定理得： （2分）其中（1分）在B点速度 （1分）代入已知，得s=10m （1分）14、解：(1)由于上板带正电，下板带负电，故板间电场强度方向竖直向下-q粒子在水平方向上匀速运动，在竖直方向上匀加速运动 .其中 （联合列式且正确者得3分）由得，.(1分) (2)设粒子飞出板时水平速度为vx，竖直速度为vy，水平偏转角为.由式可得，.(1分)(联合列式且正确者得3分)Bv0vLLvv(3)由于+q粒子在电场中向下偏转，且运动轨迹与-q粒子对称，它飞出下极板时速度大小与偏转角和-q粒子相同，进入磁场后它们均做圆周运动，为了使它们正碰，只须，轨迹如图所示由几何关系易知.(1分)洛伦兹力提供向心力. .(2分)由得. (1分)15、解：（1）s0到s1.6 m由公式v22as，该段图线斜率k2a10，所以a5m（1分），根据牛顿第二定律 mgsinqma（1分），sinq0.5，q30（1分）， 由 图得从线框下边进磁场到上边出磁场均做匀速运动，所以s2L2d（2.61.6）m1 m，dL0.5m（2分），（2）线框通过磁场时，v1216，v14 m/s，此时F安mg sinq（1分），BLmg sinq，B0.5 T（1分），（3）t1s0.8 s（1分），t2s0.25 s，s3（3.42.6）m0.8 m，s3v1t3a t32，t30.2 s（1分），所以tt1t2t3（0.80.250.2）s1.25 s（2分）（4）未入磁场 Fmgsinqma2，进入磁场FmgsinqF安， F安ma2（1分），BLm，v2 m/s（1分），F安0.25N（1分），最小功WF2dF安mg（s1s2s3）sinqmg（s1s2s3）sinq1.95 J（2分）