2019-2020年高考物理一轮复习方案 专题3 牛顿运动定律的应用（2）（含解析）.doc

2019-2020年高考物理一轮复习方案 专题3 牛顿运动定律的应用（2）（含解析）1xx杭州模拟(双选)如图Z31甲所示，在粗糙的水平面上，物块A在水平向右的外力F的作用下做直线运动，其vt图象如图乙中实线所示，下列判断正确的是()甲乙图Z31A在01 s内，外力F不断增大B在13 s内，外力F的大小恒定C在34 s内，外力F不断减小D在34 s内，外力F的大小恒定2“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动某人做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图Z32所示将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g.据图可知，此人在蹦极过程中最大加速度约为()图Z32AgB2gC3gD4g3xx扬州模拟从地面以一定的速度竖直向上抛出一小球，小球从抛出点上升到最高点的时刻为t1，下落到抛出点的时刻为t2.若空气阻力的大小恒定，则在图Z33中能正确表示被抛出物体的速率v随时间t的变化关系的图象是()ABCD图Z33图Z344xx无锡一中质量检测图Z34绘出了轮胎与地面间的动摩擦因数分别为1和2时紧急刹车时的刹车痕迹(即刹车距离s)与刹车前车速v的关系曲线，则1和2的大小关系为()A12C12 D条件不足，不能比较5放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图Z35所示取重力加速度g10 m/s2.由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数分别为()甲乙图Z35Am1.5 kg， Bm0.5 kg，0.4Cm0.5 kg，0.2 Dm1 kg，0.26xx白鹭洲中学月考如图Z36所示，用皮带输送机向上传送物块，皮带与物块保持相对静止，则关于物块所受摩擦力f，下列说法正确的是()图Z36A皮带传送的速度越大，f越大B皮带加速运动的加速度越大，f越大C皮带速度恒定，物块质量越大，f越大Df的方向一定与皮带速度方向相同7如图Z37所示，在倾角为的固定光滑斜面上，有一用绳拴着图Z37的长木板，木板上站着一只老鼠已知木板的质量是老鼠质量的两倍当绳子突然断开时，老鼠立即沿着木板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变由此木板沿斜面下滑的加速度为()A.sinBgsinC.gsin D2gsin8(双选)如图Z38所示，地面上有两个完全相同的木块A、B，在水平推力F作用下运动，当弹簧长度稳定后，若用表示木块与地面间的动摩擦因数，N表示弹簧弹力，则()图Z38A0时，NFB0时，NFC0时，NFD0时，NF9xx大连模拟如图Z39所示，一个重为G4 N的物体放在倾角为30的光滑斜面上，斜面放在台秤上，当烧断细线后物块下滑，与烧断细线前比较，台秤示数()图Z39A减小2 N B减小1 NC增大2 N D增大1 N10xx温州八校联考一个质量为1500 kg的行星探测器从某行星表面竖直升空，发射时发动机推力恒定，发射升空后8 s末，发动机突然间发生故障而关闭，如图Z310所示为探测器从发射到落回出发点全过程的速度图象已知该行星表面没有大气，不考虑探测器总质量的变化求：(1)探测器在行星表面上升达到的最大高度；(2)探测器落回出发点时的速度；(3) 探测器发动机正常工作时的推力图Z31011xx湖南师大附中月考如图Z311所示，在倾角37的固定斜面上放置一质量M1 kg、长度L3 m的薄平板AB.平板的上表面光滑，其下端B与斜面底端C的距离为7 m，在平板的上端A处放一质量m0.6 kg的滑块，开始时使平板和滑块都静止，之后将它们无初速释放，设平板与斜面间、滑块与斜面间的动摩擦因数均为0.5，求滑块与平板下端B到达斜面底端C的时间差t.(sin370.6，cos370.8，g10 m/s2)图Z311专题(三)1BC解析 由vt图象可以看出，01 s内物块做匀加速运动，故物块所受合力恒定，外力F大小不变，选项A错误；在13 s内，物块做匀速直线运动，物块受力平衡，外力F大小不变，选项B正确；在34 s内，物块做加速度增大的减速运动，故外力F小于摩擦力，摩擦力不变，所以外力F不断减小，故选项C正确，选项D错误2B解析 从图象可知，当人最后不动时，绳上的拉力为F0，即mgF0，最大拉力为F0，由牛顿第二定律有F0mgmam，解得am2g，选项B正确3C解析 小球在上升过程中做匀减速直线运动，其加速度为a1，下降过程中做匀加速直线运动，其加速度为a2，即a1a2，且所分析的是速率与时间的关系，选项C正确4B解析 根据牛顿第二定律，有fmgma，解得紧急刹车时加速度大小ag；根据匀变速直线运动规律得v22as2gs，结合图象，初速度相同时图线1对应的刹车距离较小，所以12.5B解析 02 s内物体不动，拉力F2 N时匀速运动，说明滑动摩擦力为2 N，拉力F3 N时物体做加速度为2 m/s2的匀加速运动，则求得质量为0.5 kg，由匀速运动时的拉力F2 N可以求得0.4.6BC解析 若物块匀速运动，由物块的受力情况可知，摩擦力fmgsin，与传送带的速度无关，选项A错误；物块质量m越大，摩擦力f越大，选项C正确；皮带加速运动时，由牛顿第二定律可知，fmgsinma，加速度a越大，摩擦力f越大，选项B正确；若皮带减速上滑，则物块所受摩擦力方向有可能沿皮带向下，选项D错误7C解析 绳断后老鼠相对斜面不动，木板对老鼠沿斜面向上的作用力与老鼠的重力沿斜面的分力大小相等，即Fmgsin，由牛顿第三定律知老鼠对木板沿斜面的作用力大小也为mgsin，对木板研究，其重力沿斜面的分力为2mgsin，则木板沿斜面所受合力为F合mgsin2mgsin3mgsin，由牛顿第二定律知，木板的加速度agsin，选项C正确8AC解析 当0时，对系统整体应用牛顿第二定律，有F2ma，隔离木块B应用牛顿第二定律有：Nma，可得NF，A正确，B错误；当0时，对整体和木块B分别应用牛顿第二定律列方程，同样可以得出NF，故本题应选A、C.9B解析 本题可用整体法求解，属于超重、失重的定量计算烧断细线后，物体匀加速下滑，下滑加速度agsin30g，方向沿斜面向下(如图所示)，其中竖直向下的分量为aasin30g，所以物体失重，台秤示数减小量为maG1 N.10(1)768 m(2)32 m/s(3)1.8104 N解析 (1)024 s探测器一直处于上升阶段H2464 m768 m.(2)8 s末发动机关闭，此后探测器只受重力作用ga2 m/s24 m/s2探测器返回地面过程有v22gH解得v32 m/s.(3)上升阶段加速度a1 m/s28 m/s2，由牛顿第二定律有Fmgma解得F1.8104 N.111.65 s解析 对平板，由于Mgsin37(Mm)gcos37，故滑块在平板上滑动时，平板静止不动对滑块，滑块在平板上滑行时加速度a1gsin376 m/s2，滑块到达B点时速度v6 m/s滑块由B至C时的加速度a2gsin37gcos372 m/s2设滑块由B至C所用时间为t，则LBCvta2t2，解得t1 s.对平板，滑块滑离后才开始运动，加速度agsin37gcos372 m/s2滑至C端所用时间为t，则LBCat2，解得t s滑块与平板下端B到达斜面底端C的时间差为ttt(1)s1.65 s.