2019-2020年高二（上）期中化学试卷（选修） 含解析.doc

2019-2020年高二（上）期中化学试卷（选修） 含解析一.选择题（本题包括8个小题，每小题4分，共32分每小题只有一个选项符合题意）1（4分）下列物质中不属于烃的衍生物的是（）A链式炔碳B尿素CO （NH2）2C四氯化碳CCl4D草酸HOOCCOOH考点：有机物分子中的官能团及其结构专题：物质的分类专题分析：烃分子中的氢原子被其他原子或者原子团所取代而生成的一系列化合物称为烃的衍生物，以此解答该题解答：解：A链式炔碳只含C元素，不属于烃的衍生物，故A选；B尿素除C、H之外还含有N、O元素，属于烃的衍生物，故B不选；C四氯化碳含有Cl元素，属于烃的衍生物，故C不选；D草酸C、H之外还含有O元素，属于烃的衍生物，故D不选故选A点评：本题考查有机物的组成、结构和性质，题目难度不大，本题注意把握烃的衍生物的概念，从组成上分析，烃的衍生物含有C、H之外的其它元素2（4分）下列各组物质中，全部属于纯净物的是（）A福尔马林、白酒BTNT、乙醇钠C汽油、无水酒精D冰醋酸、石油考点：混合物和纯净物专题：物质的分类专题分析：纯净物是由一种物质组成的物质，混合物是由多种物质组成的物质解答：解：A福尔马林中含有水、甲醛，属于混合物；白酒中含有水和乙醇等物质，属于混合物，故A错误； BTNT是由一种物质组成的，属于纯净物；乙醇钠是由一种物质组成的，属于纯净物，故B正确；C汽油中含有多种烃，属于混合物；无水酒精是由一种物质组成的，属于纯净物，故C错误；D冰醋酸是由一种物质组成的，属于纯净物；石油中含有多种烃，属于混合物，故D错误故选B点评：本题主要考查物质的分类方法，难度不大，解答时要分析物质的元素组成和物质组成，然后再根据各类物质概念的含义进行分析、判断，从而得出正确的结论3（4分）下列各组中的两种物质，互为同系物的是（）AC5H12和C100H202B甘油和乙二醇C乙酸和石炭酸D聚乙烯和聚丙烯考点：芳香烃、烃基和同系物专题：同系物和同分异构体分析：结构相似，分子组成上相差1个或者若干个CH2基团的化合物互称为同系物多用于有机化合物 同系物判断规律：一差：分子组成相差若干个CH2原子团，即相对分子质量差保持一致，犹如等差数列中的公差 一同：同通式一似：结构相似同系物的特点：1同系物一定符合同一通式；但符合同一通式的不一定是同系物2同系物必为同一类物质3同系物化学式一定不相同4同系物的组成元素相同5同系物结构相似，不一定完全相同6同系物之间相差若干个CH2原子团解答：解：A、有机通式判断均为烷烃，是烷烃的同系物，故A正确；B、甘油和乙二醇中官能团羟基数目不同，分子组成不相差CH2，故B错误；C、乙酸为羧酸，石炭酸为苯酚，不是同一类物质，不是同系物，故C错误；D、聚乙烯和聚丙烯是高分子化合物，都是混合物，不能称为同系物，故D错误；故选A点评：本题考查了同系物概念的分析判断，掌握概念的实质和判断方法是解题关键，题目难度中等4（4分）等物质的量的下列各组有机物，完全燃烧时消耗氧气的量相同的是（）A乙醇和甲醚B乙炔和苯C甲醛和葡萄糖D甲烷和乙烷考点：化学方程式的有关计算专题：烃及其衍生物的燃烧规律分析：有机物无论它们以何种物质的量的比例混和，只要总物质的量一定，则在完全燃烧时，消耗氧气的量为一定值，设有机物通式为CxHyOz，则（x+）相等，据此计算解答解答：解：A、乙醇分子式为C2H6O，甲醚的分子式为C2H6O，互为同分异构体，（x+）值都等于3，故A正确；B、C2H2的（x+）=2+=2.5，C6H6的（x+）=6+1.5=7.5，（x+）值不相等，故B错误；C、甲醛分子式为CH2O，（x+）=1+=1，葡萄糖分子式为C6H12O6，（x+）=6+3=6，（x+）值不相等，故C错误；D、甲烷的（x+）=1+1=2，乙烷的（x+）=2+1.5=3.5，（x+）值不相等，故D错误；故选A点评：本题考查有机物耗氧量的计算，题目难度不大，根据烃及烃的含氧衍生物的燃烧通式，得出（x+）相等是解答本题的关键5（4分）鉴别盛放在不同试管中的苯乙烯、甲苯、苯酚溶液三种液体，可选用的试剂是（）A氯化铁溶液B高锰酸钾溶液C溴水D碳酸钠溶液考点：有机物的鉴别专题：有机物的化学性质及推断分析：根据三种物质性质的异同选择鉴别方法，苯乙烯、甲苯都不溶于水，且密度都比水小，苯乙烯含有C=C，能发生加成、氧化反应，甲苯可与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应，苯酚可与溴水发生取代反应，以此解答该题解答：解：A氯化铁不能鉴别苯乙烯和甲苯，与二者不反应，故A错误；B高锰酸钾具有强氧化性，与三者都能发生氧化还原反应而褪色，不能鉴别，故B错误；C溴水与苯乙烯发生加成反应，与甲苯不反应，与水互不相溶，苯酚与溴水发生取代反应生成白色沉淀，可鉴别，故C正确；D碳酸钠溶液与苯乙烯、甲苯都不反应，不能鉴别二者，故D错误故选C点评：本题考查有机物的鉴别，题目难度不大，注意把握性质的异同是解答该类题目的关键，学习中注意相关基础知识的积累6（4分）能够证明某卤代烃中存在氯元素的操作及现象是（）A在卤代烃中直接加入稀硝酸酸化的AgNO3溶液，产生白色沉淀B加蒸馏水，充分搅拌后，加入AgNO3溶液，产生白色沉淀C加入NaOH溶液，加热后加入稀硝酸酸化，然后加入AgNO3溶液，产生白色沉淀D加入NaOH的乙醇溶液，加热后加入AgNO3溶液，产生白色沉淀考点：有机物（官能团）的检验专题：有机物的化学性质及推断分析：先将氯代烃中的氯元素转化为无机物中的氯元素，硝酸银和氯离子反应生成不溶于酸的白色沉淀，所以再用硝酸银溶液检验氯离子是否存在，从而证明卤代烃中是否含有氯元素解答：解：在NaOH水溶液中加热，卤代烃水解脱掉X生成卤素离子，再加HNO3酸化（NaOH过量，下一步加的Ag+会和OH反应变成不稳定的Ag（OH）2，近而变成白色沉淀Ag2O，影响实验，所以加H+把OH除掉），再加AgNO3溶液，AgX都是沉淀，AgCl白色，AgBr淡黄色，AgI黄色，根据沉淀的颜色判断X，如果生成白色沉淀，则证明卤代烃中含有氯元素；故选C点评：本题考查卤代烃（RX）中的X元素的检验，难度不大，注意必须先加稀硝酸酸化，再根据沉淀的颜色判断含有的卤素7（4分）下列说法中正确的是（）A苯中少量的苯酚可先加适量的浓溴水，使之生成三溴苯酚，再过滤除去B在洁净的试管中加入2% AgNO3溶液12 mL，逐滴加入2%稀氨水，边滴边振荡，至产生的沉淀恰好溶解时得到的即是银氨溶液CBaCl2属于重金属盐，能使蛋白质变性，所以误吞BaCl2可以服用Na2CO3解毒D淀粉和纤维素的组成都是（C6H10O5）n，两者互为同分异构体，水解最终产物都是葡萄糖考点：苯的性质；淀粉的性质和用途；氨基酸、蛋白质的结构和性质特点；乙醛的银镜反应专题：有机物的化学性质及推断分析：A、苯是一种有机溶剂，既能溶解Br2，又能溶解三溴苯酚；B、根据银氨溶液的配制方法；C、根据盐的化学性质进行分析解答；要想解毒，应将可溶性钡盐转化为不溶性性钡盐；D、淀粉和纤维素的组成为（C6H10O5）n，但n不同解答：解：A、苯是一种有机溶剂，既能溶解Br2，又能溶解三溴苯酚，因此在苯酚的苯溶液中加入溴水不能除去苯酚，故A错误；B、在洁净的试管中加入2% AgNO3溶液12 mL，逐滴加入2%稀氨水，边滴边振荡，至产生的沉淀恰好溶解时得到的即是银氨溶液，故B正确；C、Na2CO3能与BaCl2反应生成BaCO3能与NaCl，BaCO3能与胃液中的盐酸反应生成易容易溶于水的氯化钡、水和二氧化碳，生成的氯化钡易溶于水，会使人中毒，故C错误；D、淀粉和纤维素的组成为（C6H10O5）n，但n不同，两者不是同分异构体，故D错误；故选B点评：本题难度不大，掌握物质的组成、性质、制备方法即可正确解答本题8（4分）下列反应的化学方程式（或离子方程式）错误的是（）A乙醛与银氨溶液反应 CH3CHO+2Ag（NH3）2OH CH3COONH4+2Ag+3NH3+H2OB酯的水解反应 CH3CH2OOCCH3+H218OCH3CH2OH+CH3CO18OHC苯酚与氢氧化钠溶液反应 C6H5OH+OHC6H5O+H2OD醋酸溶解水垢（主要成分是碳酸钙）CO32+CH3COOHCO2+CH3COO+H2O考点：化学方程式的书写；离子方程式的书写专题：有机物的化学性质及推断分析：A、乙醛在水浴加热条件下被银氨溶液氧化，反应生成醋酸铵，氨气，银和水，依据原子守恒分析判断；B、酯的水解反应在稀酸做催化剂生成羧酸和醇，水中的羟基接羰基，氢原子解氧原子；C、苯酚水溶液呈酸性和氢氧化钠反应生成苯酚钠和水；D、醋酸溶解水垢，碳酸钙是难溶于水的固体，醋酸是弱电解质解答：解：A、乙醛与银氨溶液反应化学方程式为：CH3CHO+2Ag（NH3）2OH CH3COONH4+2Ag+3NH3+H2O，故A正确；B、酯的水解反应化学方程式为：CH3CH2OOCCH3+H218OCH3CH2OH+CH3CO18OH，故B正确；C、苯酚与氢氧化钠溶液反应离子方程式为：C6H5OH+OHC6H5O+H2O，故C正确；D、醋酸溶解水垢，碳酸钙是难溶于水的固体，醋酸是弱电解质；反应离子方程式为：CaCO3+2CH3COOHCO2+2CH3COO+H2O+Ca2+，故D错误；故选D点评：本题考查化学反应的产物判断，化学方程式，离子方程式书写原则，反应条件的准确掌握，弱电解质、难溶物的判断，题目较简单二选择题（本题包括8个小题，每小题4分，共32分每小题有一个或两个选项符合题意若只有一个选项符合题意时，多选或错选则该小题为0分若有两个选项符合题意时，只选一个且正确的给2分，选两个且正确的给4分，但只要错选一个，则该小题为0分）9（4分）有机物A和B的分子中都有2个碳原子，室温时A为气体，B为液体，A在一定条件下可以直接转化为C，将B的蒸气通过灼热的氧化铜，产生红色固体，同时生成C则3种物质可以是（）AA是CH2=CH2，B是CH3CHO，C是CH3CH2OHBA是CHCH，B是CH3CH2OH，C是CH3CHOCA是CH3CHO，B是CH2=CH2，C是CH3CH2OHDA是CH3CH2OH，B是CH3CH3，C是CHCH考点：有机物的推断专题：有机物的化学性质及推断分析：有机物A和B的分子中都有2个碳原子，B为液体，将B的蒸气通过灼热的氧化铜，产生红色固体，B含有羟基OH，同时生成C，故C含有羟基CHO，室温时A为气体，A在一定条件下可以直接转化为C，炔与水加成可以直接生成醛，故A为CHCH，所以C为CH3CHO，B为CH3CH2OH，据此结合选项判断解答：解：有机物A和B的分子中都有2个碳原子，B为液体，将B的蒸气通过灼热的氧化铜，产生红色固体，B含有羟基OH，同时生成C，故C含有羟基CHO，室温时A为气体，A在一定条件下可以直接转化为C，炔与水加成可以直接生成醛，故A为CHCH，所以C为CH3CHO，B为CH3CH2OH，故选A点评：本题考查有机物的推断、官能团的性质等，难度中等，B的蒸气通过灼热的氧化铜，产生红色固体是特点的突破口，注意乙炔与水的加成反应生成乙醛，在中学中比较陌生10（4分）目前工业上用乙烯制乙醛的过程分为三步进行：CH2=CH2+Pd Cl2+H2OCH3CHO+2HCl+PdPd+2CuCl2=PdCl2+2CuCl2CuCl+1/2O2+2HCl=2CuCl2+H2O对于整个生产过程，下列叙述正确的是（）ACH2=CH2是还原剂，PdCl2是氧化剂BCuCl是还原剂，O2是氧化剂C乙烯是还原剂，O2是氧化剂DPd和CuCl都是催化剂考点：氧化还原反应专题：氧化还原反应专题分析：在氧化还原反应中，得电子化合价降低的物质作氧化剂，失电子化合价升高的物质作还原剂，据此分析解答解答：解：CH2=CH2+PdCl2+H2OCH3CHO+2HCl+PdPd+2CuCl2=PdCl2+2CuCl的反应中2CuCl+1/2O2+2HCl=2CuCl2+H2O将方程式+得CH2=CH2+O2=CH3CHO，该反应中氧气是氧化剂，乙烯是还原剂；A乙烯是还原剂，PdCl2是催化剂，故A错误；B氯化亚铜催化剂，氧气是氧化剂，故B错误；C乙烯是还原剂，氧气是氧化剂，故C正确；DPdCl2和CuCl都是催化剂，故D错误；故选C点评：本题考查了氧化还原反应中还原剂、还原剂的判断，难度不大，明确元素的化合价是解本题的关键，注意PdCl2和CuCl都是催化剂，为易错点11（4分）用NA表示阿伏加德罗常数的值下列叙述正确的是（）A常温下，39g某浓度的乙炔的苯溶液中总原子数为6NAB1mol苯乙烯中含有的碳碳双键数为4NA个C标准状况下，11.2L的CHCl3含有的分子多于0.5NA个D0.1molCnH2n+2中含有的碳碳单键数为0.1nNA考点：阿伏加德罗常数专题：阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律分析：A、苯和乙炔最简式相同，计算39gCH中的原子数即可；B、苯乙烯分子中的苯环中不含碳碳双键；C、CHCl3在标准状况下是液体，同体积液体物质所含分子数比气体多；D、依据烷烃结构特征计算碳碳键解答：解：A、苯和乙炔最简式相同，计算39gCH中的原子数即可，39gCH的物质的量=3mol，含原子数为6NA，故A正确；B、苯乙烯分子中的苯环中不含碳碳双键，所以1mol苯乙烯中含有的碳碳双键数为NA个，故B错误；C、标准状况下，液体密度大，11.2L的CHCl3的质量比气体大，所以含有的分子多于0.5NA个，故C正确；D、0.1molCnH2n+2中含有的碳碳单键数=0.1mol（n1）NA=0.1NA（n1），故D错误；故选AC点评：本题考查了阿伏伽德罗常数的应用，主要考查物质结构的特征分析，气体摩尔体积的条件应用，烷烃、苯、苯乙烯、三氯甲烷等物质的特征性质和结构判断，题目难度中等12（4分）某有机化合物结构式为：，它可以发生的反应类型有（）取代加成消去水解酯化中和缩聚加聚ABCD除外考点：取代反应与加成反应；消去反应与水解反应；聚合反应与酯化反应专题：有机反应分析：该有机物中含有苯环、酚羟基、醇羟基、羧基，所以具有苯、酚、醇、羧酸的性质解答：解：该有机物含有苯环、醇羟基、羧基，能与卤素、卤化氢和醇发生取代反应，故正确该有机物中含有苯环，所以能和氢气发生加成反应，故正确 该有机物含有醇羟基，能发生消去反应生成烯烃，故正确 该有机物没有氯原子和酯基，不能发生水解反应，故错误 该有机物中含有醇羟基、羧基，能和酸或醇发生酯化反应，故正确；该有机物中含羧基，能和碱发生中和反应，故正确； 该有机物中含有羟基、羧基，所以能与酸或醇发生缩聚反应，故正确 该有机物中不含有碳碳双键和碳碳三键，所以不能发生加聚反应，故错误故选D点评：本题考查有机物的性质，据该有机物具有的官能团即可解答本题，官能团决定其性质，难度不大13（4分）下列有关除杂质（括号中为杂质）的操作中，错误的是（）A葡萄糖（苯酚）：加入适量NaOH溶液，蒸发结晶B溴乙烷（乙醇）：多次加水振荡，分液，弃水层C乙醛（乙酸）：加入足量饱和碳酸钠溶液充分振荡，蒸馏，收集馏出物D乙酸乙酯（乙酸）：加入适量乙醇、浓硫酸，加热，蒸馏，收集馏出物考点：物质的分离、提纯和除杂专题：实验评价题分析：根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和分离方法，所谓除杂（提纯），是指除去杂质，同时被提纯物质不得改变除杂质题至少要满足两个条件：加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；反应后不能引入新的杂质解答：解：A苯酚与氢氧化钠反应生成苯酚钠，苯酚钠和葡萄糖都难挥发，无法用蒸发分离，故A错误； B溴乙烷不溶于水，乙醇易溶于水，多次加水振荡，分液，弃水层可分开，故B正确；C乙醛与饱和碳酸钠溶液不反应，且易挥发，乙酸与饱和碳酸钠溶液反应生成乙酸钠和二氧化碳，乙酸钠不挥发，可用蒸馏分离，故C正确；D酯化反应是可逆反应，不可能进行到底，必定有未反应的乙醇和乙酸，故D错误故选AD点评：本题考查物质的分离、提纯和除杂，难度不大，注意除杂是不能引入新的杂质、不能影响被提纯的物质的性质和量，并且操作简单可行，除杂时要结合物质的物理性质和化学性质进行分离14（4分）一定量的某有机物溶解于适量的NaOH溶液中，滴入酚酞试液呈现红色，煮沸5min后溶液颜色变浅，再加入盐酸至酸性时，沉淀出白色晶体取少量晶体放在FeCl3溶液中，溶液呈现紫色该有机物可能是（）ABCD考点：有机物的推断专题：有机物的化学性质及推断分析：取少量晶体放在FeCl3溶液中，溶液呈现紫色，说明有机物中含有酚羟基，煮沸5min后溶液颜色变浅，说明有机物中含有在碱性条件下水解的官能团，以此解答该题解答：解：遇FeCl3溶液呈紫色，说明有机物中含有酚羟基，A、C错误，煮沸后颜色变浅说明酯发生了碱性水解，则D错误，只有B符合，故选B点评：本题考查有机物的推断，题目难度不大，注意根据有机物的性质推断可能具有的官能团15（4分）如图表示在催化剂作用下将X和Y合成具有生物活性的物质Z，W是中间产物（R1、R2均为烃基）则下列有关叙述一定正确的是（）A反应属于加成反应B1molW完全加成需要4molH2CX核磁共振氢谱有四个峰DX、Y、W、Z都能与NaOH溶液反应考点：有机物的合成；有机物的结构和性质专题：有机物的化学性质及推断分析：A反应为取代反应；B烃基不一定为饱和烃基；C从分子的对称性分子H原子种类；DX中含有酚羟基，W含有酚羟基和酯基，Y、Z含有酯基，根据官能团的性质判断解答：解：AXY中没有C=C或C=O删除CC、C0键的变化，则反应为取代反应，故A错误；B苯环与3mol氢气发生加成反应，C=O与1mol氢气发生加成反应，但烃基不一定为饱和烃基，则至少需要4mol氢气，故B错误；CX含有4种性质不同的H原子，故C正确；DX中含有酚羟基，W含有酚羟基和酯基，Y、Z含有酯基，都能与NaOH反应，故D正确故选CD点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，注意官能团的结构和性质，为解答该题的关键，答题时注意烃基，该题没有给出一定是饱和烃基，为易错点，注意审题16（4分）一定量的某有机物完全燃烧后，将燃烧产物通过足量的石灰水，经过滤可得沉淀10g，但称量滤液时，其质量只比原石灰水减少2.9g，则此有机物可能是（）A乙醇B乙二醇C乙烯D乙醚考点：有机物的推断专题：烃及其衍生物的燃烧规律分析：有机物燃烧产物有二氧化碳和水，将燃烧产物通过足量的石灰水，经过滤可得沉淀10g，应为CaCO3，根据方程式：CO2+Ca（OH）2=CaCO3+H20 滤液减少的质量 1mol 100 滤液减少量=56 0.1mol 10g 5.6g称量滤液时，其质量只比原石灰水减少2.9g，则生成水的质量应为5.6g2.9g=2.7g，以此解答该题解答：解：有机物燃烧产物有二氧化碳和水，将燃烧产物通过足量的石灰水，经过滤可得沉淀10g，应为CaCO3，n（CO2）=n（CaCO3）=0.1mol，根据方程式：CO2+Ca（OH）2=CaCO3+H20 滤液减少的质量 1mol 100 滤液减少量=56 0.1mol 10g 5.6g称量滤液时，其质量只比原石灰水减少2.9g，则生成水的质量应为5.6g2.9g=2.7g，则n（H）=2n（H20）=2=0.3mol，则有机物中N（C）：N（H）=1：3，只有A和B符合，故选AB点评：本题考查有机物的推断，题目难度不大，本题注意利用差量法计算水的质量为解答该题的关键三、（本题包括5小题，共64分）17（10分）为实现以下各步的转化，请在括号中填入适当的试剂的化学式考点：有机物的合成专题：有机物的化学性质及推断分析：根据官能团的性质以及变化判断反应条件，COOH具有酸性，可与NaHCO3反应生成COONa，注意酚羟基不与NaHCO3反应，COONa与HCl或H2SO4等强酸反应又可生成COOH，酚羟基与NaOH或Na2CO3 反应生成酚羟基钠，醇羟基与金属钠反应，以此判断解答：解：根据官能团的性质以及变化判断反应条件，COOH具有酸性，可与NaHCO3反应生成COONa，注意酚羟基不与NaHCO3反应，COONa与HCl或H2SO4等强酸反应又可生成COOH，酚羟基与NaOH或Na2CO3 反应生成酚羟基钠，酚羟基钠可与CO2反应生成酚羟基，醇羟基与金属钠反应，所以加入的化学试剂为：NaHCO3；NaOH或Na2CO3；Na；HCl或H2SO4；CO2，故答案为：NaHCO3；NaOH或Na2CO3；Na；HCl或H2SO4；CO2点评：本题考查有机物的合成，题目难度不大，本题注意根据有机物的官能团的性质进行判断，注意碳酸酸性大于酚羟基，酚羟基酸性大于碳酸氢钠18（12分）某高校曾以下列路线合成药物心舒宁（又名冠心宁），它是一种有机酸盐（1）心舒宁的分子式为C23H39NO4（2）中间体（I）的结构简式是（3）反应中属于加成反应的是（填反应代号）（4）如果将两步颠倒，则最后得到的是（写结构简式）考点：有机物的合成；取代反应与加成反应专题：有机化合物的获得与应用分析：（1）写心舒宁的分子式，先数对分子中的碳原子数是关键，然后再根据碳原子数求算氢原子数；（2）中间体（）的结构简式可根据、的反应条件、反应类型及前的结构简式和后的结构简式推出；（3）发生加成的反映的特点是有C=C或C=O生成CC或CO，以此判断；（4）如颠倒，丁烯二酸的C=C也发生加成反应解答：解：（1）根据结构简式可知分子中含有23个C原子，39个H原子1个N原子和4个O原子，故分子式为C23H39NO4，故答案为：C23H39NO4；（2）由合成路线中反应条件，结合所学知识可知，反应应为消去反应，由此即可确定中间体（）的结构中含有C=C，与氢气发生加成反应生成，则中间体为，故答案为：（3）审视反应，只有、出现了不饱和键变成了饱和键，所以只有、反应属于加成反应，故答案为：；（4）如果将、两步颠倒，则发生反应为中间体（）先与 生成盐，后再与H2加成，故最后得到的产物的结构简式中应不含不饱和的双键即为，故答案为：点评：本题考查有机物的合成，题目难度中等，本题易错点为（1），注意分子式的确定，解答本题时注意把握有机物的结构与性质的关系19（12分）某些废旧塑料可采用图甲方法处理：将废塑料隔绝空气加强热，使其变成有用的物质以加热处理聚丙烯废塑料为例，实验装置如图甲，处理后得到的产物如表产物氢气甲烷乙烯丙烯苯甲苯碳质量分数（%）1224121620106（1）试管A中残余物有多种用途，如图乙转化就可制取高聚物聚乙炔写出反应的化学方程式（2）试管B收集到的产品中，能使酸性高锰酸钾溶液褪色的物质，其一氯代物有4种（3）锥形瓶C中观察到的现象有气泡，溶液颜色渐渐褪去经溴水充分吸收，剩余气体经干燥后的体积比为V（H2）/V（CH4）=4（请注明气体）（4）写出C中逸出的气体在工业上的两种用途做燃料、做化工生产原料考点：塑料的老化和降解专题：有机化合物的获得与应用分析：（1）乙炔能发生加聚反应；（2）先找出能使酸性高锰酸钾溶液褪色的物质，再找出物质的一氯代物的种类；（3）根据进入锥形瓶C的气体乙烯、丙烯能使溴水褪色分层，剩余气体为氢气、甲烷；（4）C中逸出的气体为氢气和甲烷；解答：解：（1）乙炔能发生加聚反应：，故答案为：；（2）因试管B收集到的产品是苯和甲苯，甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以甲苯的一氯代物有4种，故答案为：4；（3）因乙烯、丙烯能使溴水褪色分层，经溴水充分吸收再干燥后，剩余两种气体的成份为氢气和甲烷，设混合气体的质量为100g，则氢气的质量为12g，物质的两为6mol，甲烷的质量为24g，物质的两为1.5mol，V（H2）/V（CH4）=4，故答案为：有气泡，溶液颜色渐渐褪去；V（H2）/V（CH4）=4；（4）C中逸出的气体为氢气和甲烷，可做燃料、做化工生产原料，故答案为：做燃料、做化工生产原料点评：本题是一道实验综合题，知识点较多，难度不大，考查了学生分析问题的能力20（16分）含苯酚的工业废水处理的流程图如图所示：（1）上述流程里，设备中进行的是萃取、分液操作（填操作名称），实验室里这一步操作可以用分液漏斗进行（填仪器名称）（2）由设备进入设备的物质A是C6H5ONa，由设备进入设备的物质B是NaHCO3（3）在设备中发生反应的化学方程式为C6H5ONa+CO2+H2OC6H5OH+NaHCO3（4）在设备中，物质B的水溶液和CaO反应后，产物是NaOH、H2O和CaCO3，通过过滤操作（填操作名称）可使产物相互分离（5）图中，能循环使用的物质是C6H6、CaO、CO2和NaOH考点：苯酚的化学性质；物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用专题：有机物的化学性质及推断分析：（1）苯萃取苯酚，加入过量的氢氧化钠溶液，苯酚和氢氧化钠反应，静置分液，据此即可解答；（2）溶液上层为苯，下层为苯酚钠；（3）苯酚钠溶液通入过量二氧化碳，生成苯酚和碳酸氢钠；（4）物质B为碳酸氢钠溶液；（5）根据生产流程图中的物质，找出反应物与生成物，然后分析生成物中的物质被用作反应物的即为可循环利用的物质；解答：解：（1）工业废水与苯进入设备得到苯酚、苯的溶液与可以排放的无酚工业废水，说明在设备中进行的是萃取，利用苯与苯酚相似的结构互溶与水不溶，将苯酚从工业废水里提取出来，用分液的方法将下层的工业废水放出排放，上层的苯酚、苯混合液进入设备；萃取、分液必须用到的仪器名称叫分液漏斗；故答案为：萃取、分液；分液漏斗；（2）盛有苯酚、苯溶液的设备中注入氢氧化钠溶液，此时，具有酸性的苯酚跟氢氧化钠发生反应，生成苯酚钠和水，由设备进入设备的物质A是C6H5ONa，在设备中的液体分为两层，上层是苯层，下层是苯酚钠的水溶液，上层的苯通过管道送回设备中继续萃取工业废水中的苯酚，循环使用，下层的苯酚钠溶液进入设备（）；在盛有苯酚钠溶液的设备中，通入过量的二氧化碳气，发生化学反应，生成苯酚和碳酸氢钠，故答案为：C6H5ONa；NaHCO3；（3）依据碳酸性比苯酚的酸性强，弱酸盐与“强”酸发生的复分解反应，二氧化碳和苯酚钠反应生成苯酚，反应的方程式为C6H5ONa+CO2+H2OC6H5OH+NaHCO3，故答案为：C6H5ONa+CO2+H2OC6H5OH+NaHCO3；（4）盛有碳酸氢钠溶液的设备中，加入生石灰，生石灰与碳酸氢钠溶液里的水反应生成氢氧化钙，熟石灰和与碳酸氢钠发生复分解反应，生成沉淀；溶液与沉淀通过过滤分离，故答案为：CaCO3；过滤；（5）设备应是石灰窑，CaCO3高温分解所得的产品是氧化钙和二氧化碳，所得二氧化碳通入设备，反应所得氧化钙进入设备在含苯酚工业废水提取苯酚的工艺流程中，苯、氧化钙、CO2、和NaOH理论上应当没有消耗，它们均可以循环使用，故答案为：CO2和NaOH；点评：本题考查了苯酚工业废水提取苯酚的工艺流程，根据苯和苯酚的性质进行解答，难度较大21（14分）多巴胺是一种重要的中枢神经传导物质，用来帮助细胞传送脉冲的化学物质，能影响人对事物的欢愉感受多巴胺可用香兰素与硝基甲烷等为原料按下列路线合成：（1）香兰素保存不当往往会导致颜色、气味发生明显变化，其原因是被O2氧化（2）多巴胺中的官能团的名称是羟基、氨基；反应的反应条件为浓硫酸（催化剂）、加热；反应的反应类型为还原反应（3）写出反应的化学方程式（4）写出同时满足下列条件的B的一种同分异构体的结构简式：具有天然氨基酸的共同结构 能与FeCl3溶液发生显色反应有6种不同化学环境的氢原子考点：有机物的合成专题：有机物的化学性质及推断分析：（1）香兰素含有酚羟基、CHO，易被氧化；（2）根据有机物的结构简式判断含有的官能团；对比A和B的结构简式以及M生成B的反应条件可知M为，根据官能团的变化判断反应类型和条件；反应为硝基生成氨基的反应，应为还原反应；（3）反应为加成反应，根据反应物和生成物可写出方程式；（4）具有天然氨基酸的共同结构，应含有CHNH2COOH结构，能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基，有6种不同化学环境的氢原子，说明有6中不同的H，以此进行判断解答：解：（1）香兰素含有酚羟基、CHO，易被氧化，往往会导致颜色、气味发生明显变化，故答案为：被O2氧化；（2）据有机物的结构简式判断含有的官能团为羟基、氨基，对比A和B的结构简式以及M生成B的反应条件可知M为，反应为消去反应，反应条件为浓硫酸作用下加热，反应为硝基生成氨基的反应，为还原反应，故答案为：羟基；氨基；浓硫酸（催化剂）、加热；还原；（3）反应为加成反应，反应的方程式为，故答案为：；（4）具有天然氨基酸的共同结构，应含有CHNH2COOH结构，能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基，有6种不同化学环境的氢原子，说明有6中不同的H，则对应的同分异构体应为，故答案为：点评：本题考查有机物的合成，题目难度中等，解答本题时注意分析有机物的结构简式，能正确判断有机物的官能团的结构和性质，根据官能团的变化判断反应条件和反应类型，易错点为同分异构体的判断，注意把握题给信息，由结构决定性质判断可能的结构四、（本题包括2小题，共22分）22（10分）含有C、H、O的化合物，其C、H、O的质量比为12：1：16，其蒸气相对于氢气的密度为58，它能使甲基橙溶液变红，也能使溴水褪色，0.58g这种物质能与50mL0.2mol/L的氢氧化钠溶液完全反应试回答：（1）该有机物中各原子个数比N（C）：N（H）：N（O）=1：1：1（2）该有机物的摩尔质量为116g/mol，写出分子式C4H4O4（3）该有机物的可能结构简式有HOOCCH=CHCOOH或CH2=CH（COOH）2考点：有关有机物分子式确定的计算；结构简式专题：有机物的化学性质及推断分析：（1）根据n=计算有机物中各原子个数比；（2）根据相对密度等于摩尔质量之比，计算该有机物的摩尔质量；结合（1）中原子数目之比，确定最简式，令该有机物的分子组成，结合相对分子质量计算确定分子式；（3）它能使甲基橙溶液变红，能与氢氧化钠反应，说明含有羧基，根据消耗的氢氧化钠确定分子中羧基数目，能使溴水褪色，分子中还含有不饱和键，结合该有机物的分子式确定不饱和键的数目，据此书写可能的结构解答：解：（1）C、H、O的质量比为12：1：16，故该有机物中各原子个数比N（C）：N（H）：N（O）=：=1：1：1；故答案为：1：1：1；（2）该有机物蒸气相对于氢气的密度为58，故该有机物的摩尔质量为58g/mol2=116g/mol；由（1）可知该有机物最简式为CHO，令该有机物的分子组成为（CHO）x，则：29x=116，解得：x=4，故该有机物分子式为C4H4O4；故答案为：116g/mol；C4H4O4；（3）它能使甲基橙溶液变红，能与氢氧化钠反应，说明含有羧基，0.58g该有机物的物质的量为=0.005mol，0.005物质能与50mL0.2mol/L的氢氧化钠溶液完全反应，故含有分子中含有羧基数目为=2，能使溴水褪色，结合该有机物的分子式C4H4O4可知，分子中还含有1个C=C双键，故该有机物可能为：HOOCCH=CHCOOH或CH2=CH（COOH）2；故答案为：HOOCCH=CHCOOH或CH2=CH（COOH）2点评：考查有机物分子式的确定、官能团性质、同分异构体书写等，难度不大，根据最简式确定分子式是解题关键，掌握常见官能团的性质，据此根据现象与反应确定官能团及数目，书写可能的结构式23（12分）经测定某苯的含氧衍生物相对分子质量为122（1）若该物质分子中只含一个氧原子，则其化学式为C8H10O，如果其分子中没有甲基，则它遇FeCl3溶液不能（填“能”或“不能”）发生显色反应，如果其遇FeCl3溶液会发生显色反应，则这样的结构共有9种（2）若该物质分子中含有两个氧原子，则其化学式为C7H6O2，其可能的结构共有5种，其中用水能与其他同分异构体区别出来的是（写出结构简式）考点：有机物的推断；同分异构现象和同分异构体专题：有机物的化学性质及推断分析：（1）若该物质分子中只含一个氧原子，且相对分子质量是122，结合苯环和氧原子的相等原子质量确定苯环上的烃基，从而确定其分子式；苯环上有酚羟基的物质能发生显色反应，没有酚羟基的物质不能发生显色反应；（2）若该物质分子中含有两个氧原子，且相对分子质量是122，结合苯环和氧原子的相等原子质量确定苯环上的烃基，从而确定其分子式，根据其含有的烃基和官能团确定同分异构体解答：解：若该物质分子中只含一个氧原子，苯基和氧原子的相对分子质量之和为93，该有机物的相对分子质量是122，所以剩余部分是C2H5，所以其分子式为C8H10O；如果其分子中没有甲基，则该物质是苯乙醇，因为苯乙醇没有酚羟基，所以它遇FeCl3溶液不能发生显色反应；如果其遇FeCl3溶液会发生显色反应，说明该物质含有酚羟基，如果该物质中含有一个乙基和一个酚羟基，则有3个同分异构体，如果含有两个甲基和一个酚羟基，两个甲基处于邻位，则酚羟基有2个取代位置，如果两个甲基处于间位，则酚羟基有3个取代位置，如果两个甲基处于对位，则酚羟基有1个取代位置，所以共有9种同分异构体，故答案为：C8H10O，不能，9；（2）若该物质分子中含有两个氧原子，苯基和氧原子的相对分子质量之和为，相对分子质量是122，所以剩余部分是一个碳原子一个氢原子，所以该物质的分子式为C7H6O2，该物质可能是苯甲酸、邻羟基苯甲醛、间羟基苯甲醛、对羟基苯甲醛、，所以有5种同分异构体，苯甲酸、邻羟基苯甲醛、间羟基苯甲醛、对羟基苯甲醛都能溶于水，只有甲酸苯酯不易溶于水，所以用水能与其他同分异构体区别出来的是，故答案为：C7H6O2，5，点评：本题考查有机物推断，注意同分异构体中不仅包含碳链异构还包含官能团异构，为易错点