2019-2020年九年级上学期期末考试物理试卷（解析版）.doc

2019-2020年九年级上学期期末考试物理试卷（解析版）一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意共28分，每小题2分）1下列物理量中，以科学家安培的名字作为单位的物理量是（）A电荷B电流C电功率D电压考点：物理量的单位及单位换算专题：电流和电路分析：电流的符号为I，电流的国际单位是安培（A）解答：解：A、电荷的单位是库仑；故A错误；B、电流的单位是安培；故B正确；C、电功率的单位是瓦特；故C错误；D、电压的单位是伏特；故D错误；故选B点评：物理学中各个物理量都有自己的符号和国际单位，不要将各符号和各单位相互混淆2（2分）下列物品中，通常情况下属于绝缘体的是（）A不锈钢刀B食盐水C塑料杯D铅笔芯考点：绝缘体专题：电流和电路分析：常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限解答：解：A、不锈钢刀的材料是金属，属于导体；故A错误；B、食盐水属于溶液，是导体；故B错误；C、塑料杯的材料是塑料，属于绝缘体；故C正确；D、铅笔芯的材料是碳，属于导体；故D错误；故选C点评：此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单3（2分）下列家用电器中，利用电流热效应工作的是（）A电视机B电熨斗C榨汁机D吸尘器考点：电流的热效应、化学效应和磁效应专题：电与热、生活用电分析：电流的热效应就是把电能转化为内能结合用电器中能量的转化可做出判断解答：解：A、电视机主要将电能转化为光能、声能和少部分内能，不是利用电流的热效应工作的，故不合题意；B、电熨斗主要将电能转化为内能，故是利用电流的热效应工作的，故符合题意；C、榨汁机主要将电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故不合题意；D、吸尘器主要将电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故不合题意故选B点评：本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化是一道基础题4（2分）下列关于电流和电压的说法中正确的是（）A大量电荷的移动形成电流B自由电子定向移动的方向为电流方向C电路两端有电压，电路中一定会有电流D导体两端的电压越大，通过该导体的电流就越大考点：电流的形成；电流的方向；电压专题：电流和电路；电压和电阻分析：（1）电荷的定向移动形成电流，规定正电荷定向移动的方向为电流的方向（2）电压是使导体中的自由电荷发生定向移动形成电流的原因（3）欧姆定律内容是导体中的电流跟导体两端的电压和导体的电阻有关在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比解答：解：A、电荷的定向移动形成电流，故该选项说法错误；B、规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，故该选项说法错误；C、产生电流有两个必要条件，电路两端有电压，同时电路必须是通路，所以电路两端有电压，电路中不一定有电流，故该选项说法错误；D、根据欧姆定律可知，电流的大小取决于电压和电阻的大小；对同一个电阻来说，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，故该选项说法正确故选D点评：本题考查电流与电压的定义，一定要正确理解两者的关系，知道产生电流有两个必要条件，一是有电压，二是电路必须是通路5（2分）下列说法中正确的是（）A光在真空中不能传播B声音在真空中传播最快C扩散现象说明气体分子在永不停息地做无规则运动D用放大镜观察到邮票的图案被放大是折射现象考点：凸透镜成像的应用；声音的传播条件；扩散现象专题：透镜及其应用；分子热运动、内能分析：（1）光可以在真空中传播，声音不能在真空中传播；（2）扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动；（3）放大镜属凸透镜，其成像的实质是光的折射解答：解：A、光在真空中可以传播，且传播的速度最快，故A错误；B、声音的传播需要介质，真空不能传声，故B错误；C、扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动，而不是仅仅是气体分子才会扩散，故C错误；D、凸透镜成像的实质是光的折射，故用放大镜观察到邮票的图案被放大是折射现象，故D正确故选D点评：本题考查了光的传播、声音的传播条件、扩散现象、放大镜的应用等，属于基础知识的考查，相对比较简单6（2分）关于力的概念，下列说法中错误的是（）A做匀速圆周运动物体受力平衡B物体间力的作用是相互的C不直接接触的物体可能产生力的作用D物体受力的同时也一定在施力考点：力的概念专题：运动和力分析：力是物体对物体的作用，力的作用是相互的，所以一个物体对另一个物体施加力的作用时，同时受到另一个物体的反作用力；发生力的作用的两个物体，可以直接接触，也可以不接触；物体在平衡力的作用下，保持静止状态或匀速直线运动状态解答：解：A、做匀速圆周运动的物体，运动方向时刻变化，所以受到的不是平衡力此选项错误；B、物体间力的作用是相互的，一个物体施力的同时，受到另一个物体的反作用力此选项正确；C、发生力的作用时，两个物体可能不直接接触，例如重力、磁场的作用此选项正确；D、力的作用是相互的，一个物体受力的同时也对另一个物体施加力的作用此选项正确故选A点评：此题考查的是我们对力的概念和运动状态的理解和掌握正确理解概念是解答的关键7（2分）下列几种家用电器正常工作时电流接近8A的是（）A家用洗衣机B家用空调C家用电冰箱D家用电熨斗考点：电流的大小专题：电流和电路分析：本题由常用家用电器的功率及电功率的计算公式可得家用电器的额定电压都是220V，根据我们对用电器电功率的了解和电功率公式的变形式I=分别算出这四个用电器的电流解答：解：A、洗衣机的功率约为200W，由I=得，电流约为1A，故选项A错；B、家用空调的功率约为xxW，由I=得，电流约为8A，故选项B正确；C、家用电冰箱的功率约为100W，由I=得，电流约为0.5A，故选项C错；D、电熨斗的功率约为300W，由I=得，电流约为1.5A，故选项D错故选 B点评：对于每个用电器的电流大小是多少，我们是有些陌生，不过我们可以借助我们比较熟悉的电功率来进行分析8（2分）下列说法正确的是（）A通过导体的电流越小，导体的电阻越大B导体两端的电压越高，导体的电阻越大C导体两端的电压为0V时，导体的电阻为0D导体的电阻与导体两端的电压和通过导体的电流无关考点：电阻专题：电压和电阻分析：导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关解答：解：A、通过导体的电流越小，导体的电阻不变；故A错误；B、导体两端的电压越高，导体的电阻不变；故B错误；C、导体两端的电压为0V时，导体的电阻不变，不等于0，故C错误；D、电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关故D正确；故选D点评：抓住导体的电阻是导体本身具有的一种性质9（2分）如图所示的四个电路中，电源两端电压均为U，电阻R1R2关于电路中电流的大小，下列判断正确的是（）AI1I2BI1I3CI2I4DI3I4考点：欧姆定律的变形公式专题：欧姆定律分析：根据电阻的串联特点和并联特点判断选项中的最大电阻，然后根据欧姆定律可知电阻最大时电路中的电流最小解答：解：因串联电路电阻越串越大、大于任何一个分电阻，所以R串R1R2而并联电路中电阻越并越小、小于任何一个分电阻，所以R串R1R2R并，根据I=可知，电压不变时，所以，I3I1I2I4故选C点评：本题考查了欧姆定律的应用，关键是会根据电阻的串联和并联判断两电阻串联时电路中电阻最大、并联时电路中的电阻最小10（2分）关于功率的说法正确的是（）A机械效率高的机械，功率一定大B做功快的机械，功率一定大C做功时间短的机械，功率一定大D做功多的机械，功率一定大考点：功率的概念专题：应用题；功、功率、机械效率分析：功率是表示做功快慢的物理量，根据功率的公式进行分析解答：解：A、功率是表示物体做功快慢的物理量，与机械效率高低无关，故A错误；B、物体的功率大，表示做功快，故B正确；C、D是指物体在单位时间内所做的功，由P=可知，功率的大小与做功多少和做功时间都有关，故C、D错误；故选：B点评：本题考查了功率的公式及其变形公式的应用11（2分）家庭电路简化后如图所示，观察该电路，下列说法中正确的是（）A电视和台灯是并联的B每个小彩灯之间是并联的C灯泡是和开关并联的D插座和插座是串联的考点：家庭电路的组成专题：电与热、生活用电分析：家庭电路中的各用电器都是并联连接，分别与火线和零线相连即可小彩灯工作时互相影响，一般为串联，开关与用电器之间是串联的解答：解：A、电视和台灯是并联的，说法正确；B、各个小彩灯之间是串联的，说法错误；C、开关和灯泡是串联的，说法错误；D、插座和插座是并联的，说法错误故选A点评：本题考查了家用电器间的连接方式，是一道基础题12（2分）电梯匀速下降过程中，下列说法正确的是（）A动能不变，机械能不变B动能不变，机械能减小C重力势能减小，机械能不变D重力势能减小，机械能增大考点：动能和势能的大小变化专题：机械能及其转化分析：（1）重力势能的影响因素：物体的质量、物体的高度质量越大，所处的位置越高，重力势能越大；（2）动能的影响因素：物体的质量、物体的速度质量越大，速度越大，动能越大；（3）动能和重力势能之和为机械能解答：解：电梯匀速下降过程中，质量不变，下降时物体高度越来越小，重力势能越来越小质量不变，匀速下降，速度不变，动能不变机械能等于动能和重力势能之和，所以机械能减小故选B点评：（1）掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素（2）正确判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化13（2分）如图所示电路，电源两端电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器闭合开关S后，当滑动变阻器滑片P由中点向右滑动的过程中，下列判断正确的是（）A电流表A示数变大，电压表V示数变大B电流表A示数变小，电压表V示数变小C电流表A示数变小，电压表V示数变大D电流表A示数变大，电压表V示数不变考点：电路的动态分析专题：应用题；电路变化分析综合题分析：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化解答：解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器滑片P由中点向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故AD不正确；由U=IR可知，R1两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变大，即电压表V的示数变大，故B不正确，C正确故选C点评：本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和串联电路特点的应用，要注意滑片移动时接入电路中电阻大小的判断14（2分）如图所示，电源两端的电压U保持不变，R0为定值电阻，滑动变阻器的最大值为4R1闭合开关S，电路中的最小电流值为I现移动滑动变阻器的滑片P到某一位置，此时滑动变阻器接入电阻为R1，电压表的示数为U1，电流表的示数为I1继续移动滑动变阻器的滑片P，使滑动变阻器接入电路中的电阻减小为，此时电压表的示数增大到2U1，电流表的示数变为I2则下列关系正确的是（）AI1：I2=2：1BI1：I2=1：2CU：U1=3：1DR1：R0=4：1考点：欧姆定律的应用专题：欧姆定律分析：由电路图可知，两电阻串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流；根据串联电路的电压特点和欧姆定律分别表示出电源的电压、电压表的示数得出等式，联立方程求出R0和R1的比值解答：解：当滑动变阻器接入电路中的电阻为R1时，则：U1=I1R0U=U1+I1R1当滑动变阻器接入电路中的电阻值减小为R1，则：2U1=I2R0U=2U1+I2R1由可得：I1：I2=1：2；R1：R0=2：1；U：U1=3：1故选BC点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据电压表的示数和电源的电压不变建立方程进行解答二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个共12分，每小题3分每小题选项全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的不得分）15（3分）下列关于温度、热量和内能变化的说法中，正确的是（）A物体温度不变，它的内能可能增加B物体温度升高，可能是外界对物体做功C物体温度升高，它的内能可能减少D物体温度降低，可能是物体放出了热量考点：温度、热量与内能的关系专题：分子热运动、内能分析：做功和热传递都能改变物体的内能，物体温度升高，内能一定增加；内能与物体的温度、质量以及状态有关解答：解：A、物体温度不变，它的内能可能增加，如冰熔化时，温度不变，内能增加，故A正确；B、物体温度升高，可能吸收了热量，也可能是对它做了功，故B正确；C、物体温度升高，其内能一定增加，故C错误；D、物体温度降低，内能减小，可能放出了热量，也可能对外做了功，故D正确故选ABD点评：本题主要是考查学生对内能、温度与热量三者之间的联系和区别的掌握，以及改变物体内能的两种方法是等效的16（3分）下列做法中不符合安全用电原则的是（）A用湿布擦正在工作的台灯B在高压线附近放风筝C人站在地上用手触摸裸露的火线D家庭用电冰箱工作时，将其金属外壳接地考点：安全用电原则专题：电与热、生活用电分析：（1）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；（2）安全用电的基本原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；（3）人不能站在地上直接用手接触裸露的火线；（4）用电器的金属外壳必须接地解答：解：A、水是电的导体，用湿抹布擦带电的用电器时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故此做法不符合安全用电原则，符合题意；B、人靠近高压带电体会造成触电，所以不能在高压线附近放风筝此做法不符合安全用电原则，符合题意；C、人站地上用手触摸裸露的火线，会造成触电事故此做法不符合安全用电原则，符合题意；D、家用冰箱在工作时让金属外壳接地可以防止因冰箱漏电后，导致金属外壳带电而发生触电事故，此做法符合安全用电原则，不符合题意故选A、B、C点评：本题考查了安全用电的常识，相对比较简单，属于基础知识17（3分）关于电磁现象，下列说法中正确的是（）A磁场对放入其中的铁屑有力的作用B磁场中某点磁场的方向是由放在该点的小磁针静止时N极指向决定的C通电线圈在磁场中受力转动的过程中，机械能转化为电能D地磁场的北极在地理的南极附近考点：磁场；地磁场；磁场对通电导线的作用专题：磁现象、电生磁分析：（1）磁场可以对磁性物质有磁力的作用；（2）磁场方向的规定：磁场中某点的磁场方向和该点的小磁针静止时N极指向一致；（3）通电线圈在磁场中受力转动的过程中，电能转化为机械能；（4）地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极附近解答：解：A、铁屑属磁性物质，故磁场对放入其中的铁屑有力的作用，故A正确；B、磁场中某点的磁场方向和该点的小磁针静止时N极指向是一致的，在磁铁的外部磁感线从磁体的N极指向磁体的S极，但不能说磁场的方向由放在该点的小磁针静止时N极指向决定故B错误；C、通电线圈在磁场中受力转动的过程中，电能转化为机械能，而不是机械能转化为电能，故C错误；D、地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极附近故D正确故选AD点评：本题考查了与电和磁有关的一些最基本的基础知识，这些知识点需要识记，难度不大18（3分）将标有“6V 6W”和“12V 6W”的甲、乙两个小灯泡以串联或并联两种方式接在电压可调的电源两端，两灯均发光，且两灯的实际功率均不超过其额定功率设灯丝的电阻不变，下列判断正确的是（）A串联时甲、乙灯炮两端的电压之比为1：2B串联电路甲灯最大电流与并联电路甲灯最大电流之比为1：2C串联电路乙灯最大功率与并联电路乙灯最大功率之比为4：1D串联电路最大总功率与并联电路最大总功率之比为3：2考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：欧姆定律；电能和电功率分析：已知两灯的额定电压和额定功率，利用公式I=得到正常发光时的电流，由欧姆定律求出电阻阻值；然后根据在串联电路中各处电流相等和在并联电路中用电器两端电压相同，得到电路允许的最大电流或最大电压，利用功率计算公式比较功率大小解答：解：甲灯正常发光时的电流和电阻分别为I甲=1A，R甲=6；乙灯正常发光时的电流和电阻分别为I乙=0.5A，R乙=24；A、两灯串联时，通过电路的电流I相等，电压之比：U甲：U乙=R甲：R乙=6：24=1：4，故A错误；B、两灯泡串联时，电路电流为I=0.5A，I甲=I=0.5A，两灯并联时，电路两端电压为U=6V，I甲=1A，两中情况下电流之比：=，故B正确；C、两灯泡串联时，电路电流为I=0.5A，灯泡甲的功率为：P乙串=I2R乙=（0.5A）224=6W；两灯并联时，电路两端电压为U=6V，甲的率为P乙并=1.5W，两种情况下功率之比：=，故C正确；D、两灯串联时，电路电流为I=0.5A，总功率为P串=I2R=（0.5A）2（6+24）=7.5W；两灯并联时，电路两端电压为U=6V，总功率为P并=+=+=7.5W，则串联电路最大总功率与并联电路最大总功率之比为1：1，故D错误；故选BC点评：此题考查的是串联电路、并联电路的特点以及电功率及其变形公式的应用，理解“两灯的实际功率均不超过其额定功率”的含义是正确分析的前提三、填空题（共12分，每小题2分）19（2分）某同学站在竖直放置的平面镜前1m处，她在镜中的像到人的距离是2m考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：根据平面镜成像特点之一，物距等于像距即可解答此题解答：解：因平面镜成像时物距与像距相等，此时物距为1m，则像距也为1m，则她在镜中的像到人的距离是2m故答案为：2点评：解决此类问题要结合平面镜成像特点进行分析解答牢记像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离是解答本题的关键20（2分）导体电阻的大小由导体的材料、长度、横截面积决定，且与温度有关考点：影响电阻大小的因素专题：电压和电阻分析：影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积和温度解答：解：导体的电阻是导体本身的一种性质，电阻大小取决于内因是：导体的材料、长度、横截面积；外因是：温度故答案为：材料点评：本题考查了学生对影响电阻大小的因素的掌握，属识记性的内容，比较简单21（2分）船闸利用连通器原理制成考点：连通器原理专题：压强、液体的压强分析：上端开口、下部相连通的容器叫连通器，连通器中的液体不流动时，各容器中的液面高度总是相平的解答：解：船闸是由闸室和上、下游闸门以及上、下游阀门组成若船要从上游驶向下游，先打开上游阀门，使闸室和上游构成连通器，水相平后，打开上游闸门，船驶入闸室；然后打开下游阀门，使下游和闸室构成连通器，闸室和下游水位相平时，打开下游闸门，船驶入下游故答案为：连通器点评：此题考查连通器的应用，是一道基础题22（2分）一个阻值为10的电阻通以2A的电流，在10s的时间内所产生的热量为400J考点：焦耳定律的计算公式及其应用专题：计算题；电与热、生活用电分析：知道电阻的阻值和通过的电流以及通电时间，根据Q=I2Rt求出产生的热量解答：解：电阻产生的热量：Q=I2Rt=（2A）21010s=400J故答案为：400点评：本题考查了焦耳定律的简单应用，是一道基础题目23（2分）如图所示，物体A的质量是500g，物体B的体积是10cm3，此时A恰能沿着水平桌面向右做匀速直线运动若将B始终浸没在水中，并使A沿着水平桌面向左做匀速直线运动时，需要施加1N水平向左的拉力已知动滑轮重为0.2N，不计绳重以及滑轮与轴间的摩擦，则物体B受的重力为0.85N（g取10N/kg）考点：滑轮组绳子拉力的计算专题：简单机械分析：（1）物体A在物体B的作用下向右匀速直线运动，物体A在水平方向上受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力作用，根据二力平衡条件得出等式（2）物体A向左匀速直线运动时，物体对水平桌面的压力不变，接触面粗糙程度不变，物体A和水平桌面的摩擦力不变物体水平向左匀速直线运动，物体A水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右绳的拉力、水平向右的摩擦力作用，根据力的平衡得出等式，（3）对始终浸没在水中B物体受力分析可知，受到竖直向上绳子的拉力和浮力，竖直向下的重力；根据力的平衡和阿基米德原理，联立方程即可得出物体B的重力解答：解：当物体A水平向右匀速运动时，分别对A、B物体受力分析如下图所示：则根据力的平衡条件可得：f=F1，GB=2F1，f=GB=当A向左匀速直线运动时，分别对A、B物体受力分析如下图所示：因为A物体对水平桌面的压力不变，接触面粗糙程度不变，所以f的大小不变，则根据力的平衡条件可得：F=f+F2，2F2+F浮=GB，所以Ff=因为B物体始终浸没在水中，所以V排=V，所以F浮=水gV由式可得：GB=0.85N故答案为：0.85点评：本题的重点是摩擦力大小的判断，根据摩擦力大小的影响因素，判断出物体A向左和向右运动的摩擦力大小不变，再根据物体A做匀速直线运动，利用力的平衡力得出等式24（2分）如图所示电路，电源两端电压U保持不变，当滑动变阻器的滑片P从a点向b点移动的过程中，两块电压表V1、V2的示数变化量分别为U1和U2，滑动变阻器的最大阻值为R1，且R1R2R3，则U1小于U2（选填“大于”、“小于”、“等于”）考点：欧姆定律的应用专题：欧姆定律分析：根据欧姆定律和串联电路的电压的特点分析U1、U2、I和R1、R2之间的关系解答：解：由图示电路图可知，三个电阻串联，滑片从a向b滑动过程，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，由I=可知，U=IR，因为：RMR2，由U=IR可知，滑动变阻器两端电压的变化量小于R2两端的变化量，故U1U2；故答案为：小于点评：本题考查欧姆定律和串联电路电压的特点，关键是熟悉串联电路电压的特点四、实验与探究题：（35分）25（2分）如图所示，电阻箱的读数为xx考点：变阻器专题：电压和电阻分析：电阻箱的读数方法：用“”所对的数字乘以下面的倍数，然后把它们相加，即得连入的电阻值解答：解：电阻箱的示数：21000+0100+110+41=xx故答案为：xx点评：本题考查了电阻箱的读数方法，属于基础题26（2分）如图所示，电能表的读数是xx.1kWh考点：电能表参数的理解与电能的求法专题：电能和电功率分析：电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kWh解答：解：电能表的示数：xx.1kWh故答案为：xx.1点评：本题考查了电能表的读数方法，关键是知道电能表的最后一位是小数，单位是kWh27（2分）如图所示，由小磁针N、S极，判断出电源左端为正极考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断专题：磁现象、电生磁分析：利用小磁针静止时的N、S极的方向确定了螺线管的N、S极，然后利用螺线管的绕向和磁极，根据安培定则再确定螺线管中电流方向，进一步确定电源的正负极解答：解：由于小磁针静止时，其左端为N极，右端为S极，根据磁极间的作用规律可知，螺线管的右端为N极，左端为S极根据螺线管的NS极和螺线管的线圈绕向利用安培定则可以确定电流是从螺线管的左端流入右端流出由于电流是从电源的正极流出，经过外电路回到电源负极所以可以确定电源的左端为正极，右端为负极故答案为：正点评：在解题过程中若要判定螺线管或磁体的NS极，一般有以下几种方法：根据图示的磁感线方向来确定；利用周围小磁针的NS极来确定；利用和已知极性的磁体的相互作用情况来确定；利用安培定则来确定在此题中，就是利用小磁针的SN极来确定的螺线管的磁极28（2分）如图所示，老师按下开关点火，瓶内酒精被点燃的瞬间塞子喷出，此时内能转化为机械能考点：做功改变物体内能专题：分子热运动、内能分析：改变内能的方法：一是做功，对物体做功（克服摩擦做功、压缩气体做功），物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少；二是热传递据此分析判断解答：解：老师按下开关点火，瓶内酒精被点燃的瞬间塞子喷出，酒精燃烧，化学能转化为内能，试管内的气体压强增大，大于外界的大气压，就会将塞子冲出，内能转化为塞子的机械能故答案为：机械能点评：做功改变内能的实质就是内能和其它形式能的转化物体对外做功，内能减少，温度降低29如图中的实验表明：在通电导线周围存在着磁场考点：通电直导线周围的磁场分析：本题为奥斯特的电流磁效应实验，要明确实验的现象及结论解答：解：由图可知，放在通电导线下方的小磁针发生了偏转，说明小磁针受到了通电导线力的作用，从而说明通电导体周围存在磁场故答案为：磁场点评：本题考查了电流的磁效应的实验结论，为识记类题目30（2分）定值电阻R消耗的电功率P随电阻两端电压U变化的图象如图所示请根据图象判断：当R两端的电压U为1.5V时，电阻R消耗的电功率P为2.25W考点：电功率的计算专题：计算题；电能和电功率分析：由图象可知，当定值电阻R两端的电压分别为4V、5V、6V时对应消耗的电功率为16W、25W、36W，利用归纳法可知R消耗的电功率和两端电压之间的关系，根据此关系求出电阻R两端电压U为1.5V时电阻消耗的电功率解答：解：根据图象可知，当定值电阻R两端的电压分别为4V、5V、6V时对应消耗的电功率为16W、25W、36W；利用归纳法可知R消耗的电功率和两端电压之间的关系为P=，所以当电阻R两端电压U为1.5V时，对应的电功率：P=2.25W故答案为：2.25点评：能找出图象中所提供的信息是本题的关键，利用归纳法得出电功率和电压之间的关系是本题的难点和重点31（3分）某同学在实验室测量金属块A的密度先用调节好的天平测量金属块A的质量天平平衡后，右盘中所放砝码及游码在标尺上的位置如图甲所示，则金属块A的质量为84g然后，他将金属块A放入盛有50mL水的量筒中，量筒中的水面升高到如图乙所示的位置由此可计算出金属块A的密度为8.4103kg/m3考点：固体密度的测量专题：测量型实验综合题分析：天平在读数时应将砝码质量与游码示数相加；金属块的体积应用图乙中量筒内的示数减去量筒内原来水的体积；利用公式=可计算金属块的密度解答：解：图甲中金属块的质量为50g+20g+10+4g=84g；金属块的体积为60cm350cm3=10cm3；金属块的密度=8.4g/cm3=8.4103kg/m3故答案为：84；8.4103点评：本实验考查了天平、量筒的读数，密度基本公式的计算，是我们应该重点掌握的内容，应注意最后一个空的单位32（3分）在探究海波和石蜡的熔化规律时，小彤记录的实验数据如下表所示请回答下列问题（1）根据表中的实验数据可以判断：海波是晶体；其熔点是48（2）海波在被加热到第2min的时候，处于固态（填“固态”或“液态”）加热时间/min01234567891011石蜡的温度/404142444647484951525456海波的温度/404244464848484848485053考点：熔化和凝固的探究实验；熔点和凝固点专题：探究型实验综合题分析：（1）晶体和非晶体的重要区别：晶体有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是晶体的熔点（2）晶体熔化前都是固态，熔化结束后都是液态解答：解：（1）由表格数据知，石蜡熔化时，不断吸收热量，温度不断升高，所以石蜡是非晶体；海波熔化时，不断吸收热量，温度保持48不变，所以海波是晶体，海波的熔点是48（2）海波从第4min开始熔化，到第9min结束，所以海波在第2min时是固态故答案为：（1）海波；48（2）固态点评：掌握晶体和非晶体的熔化、凝固图象各段的状态等33（2分）某同学用如图所示的实验装置研究凸透镜成像规律（1）当蜡烛、透镜和光屏放在如图所示的位置时，光屏上刚好得到清晰的像如将蜡烛向靠近透镜方向移动时，同时要将光屏向远离（填“远离”或“靠近”）透镜方向移动，才能在光屏上再次得到清晰的像（2）当蜡烛放在一倍焦距以内时，光屏上不能（填“能”或“不能”）得到清晰的像考点：凸透镜成像规律及其探究实验专题：探究型实验综合题分析：（1）凸透镜成像时，物距减小，像距增大，像变大（2）凸透镜成像时，uf，成正立、放大的虚像解答：解：（1）根据凸透镜成像时，物近像远像变大可知，将蜡烛向靠近透镜方向移动时，同时要将光屏向远离透镜方向移动，才能在光屏上再次得到清晰的像（2）当蜡烛放在一倍焦距以内时，在蜡烛的同侧成正立、放大的虚像，虚像不能呈在光屏上故答案为：（1）远离；（2）不能点评：凸透镜成像的三种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握34（2分）在测定汽油热值的实验中，记录的实验数据如下表所示表中Q为汽油完全燃烧放出的热量，m为燃烧汽油的质量请根据表中数据写出Q与m的关系式：Q=（4.6107J/kg）mm/kg0.51.01.52.02.53.0Q/J2.31074.61076.91079.21071.151081.38108考点：燃料的热值专题：计算题；简答题；比热容、热机、热值分析：分析表中数据，得出每一次汽油完全燃烧放出的热量Q和燃烧汽油的质量m的比值，进而得出Q与m的关系式解答：解：由表中数据可得： =4.6107J/kg，Q=（4.6107J/kg）m故答案为：Q=（4.6107J/kg）m点评：本题考查了学生分析实验数据、得出实验结论的能力，属于基本实验能力的考查，属于基础题目35（7分）在探究“通过导体的电流跟电压的关系”实验中，某同学根据实验目的设计出实验电路图，并按电路图连接实验器材如图所示（1）在图1所示的实物电路中，滑动变阻器连接有错误（2）请你画出正确的实验电路图（3）在此实验中，为达到实验目的，应控制电阻R的阻值保持不变（4）在实验过程中，移动滑动变阻器的滑片，改变其连入电路的阻值，目的是改变电阻R两端的电压从而改变通过电阻R的电流（5）在实验中，当将滑动变阻器的滑片移到某点时，发现电流表示数如图2所示，则此时的电流为0.46A（6）请你根据实验要求设计实验记录表格（7）请你说出一条实验时可能出现的电路故障及排除方法考点：探究电流与电压、电阻的关系实验专题：探究型实验综合题分析：（1）滑动变阻器要一上一下连接在电路中；（2）根据实物图画出电路图，注意连接方式和顺序一致；（3）在探究“通过导体的电流跟电压的关系”实验中，应控制电阻不变；（4）实验中，通过改变滑动变阻器的阻值，改变电阻两端的电压，再观察电流的变化（5）电流表读数时，要先明确量程与分度值，来观察指针读数（6）电流和电压的关系实验表格中，应包括电流、电压值，还要由固定的电阻值；（7）从断路、短路等现像进行分析解答：解：（1）图1，滑动变阻器同时接了上面两个接线柱，这样相当于接入电路中的电阻为零，不起作用，所以滑动变阻器的接法错误；（2）根据实物图画出电路图，如图所示：（3）要探究电流跟电压的关系，需保持电阻的阻值不变；（4）探究电流与电压的关系，保持电阻不变，改变电阻两端的电压，所以在实验过程中，移动滑动变阻器的滑片，改变其连入电路的阻值，目的是改变 电阻R两端的电压从而改变通过电阻R的电流；（5）由图知，电流表的量程为00.2A，分度值为0.02A，示数为0.46A；（6）实验记录表格应有电流、电压、电阻几项，要得出结论，需多测几组数据，可设计3组，如下表：次数电阻R/电压U/V电流I/A123（7）若发现电流表无示数，电压表有示数，则可能是由于电阻处发生断路，可检查是否接线柱处接触不良或电阻断路；若电流表有示数，电压表无示数，则应检查是否由于电阻短路造成；若无论怎样移动滑片，电流表、电压表的示数不变，且较小，则可能是由于滑动变阻器同时接了下面两个接线柱故答案为：（1）滑动变阻器；（2）电路图略；（3）电阻R的阻值；（4）电阻R两端的电压；（5）0.46A；（6）实验表格如上所示；（7）电流表无示数，电压表有示数；检查是否接线柱处接触不良或电阻断路（或电流表有示数，电压表无示数，应检查是否由于电阻短路）点评：本题考查了探究通过导体的电流跟电压的关系实验中的一些细节，包括控制变量法的运用，如何通过滑动变阻器来改变电路中的变量，以及电流表的读数方法、电路故障及其排除等，难度不大36（4分）小斌要测量小灯泡的额定功率实验桌上备有如下器材：符合要求的电源、额定电压为U0的小灯泡L、阻值为R的定值电阻、滑动变阻器、已调零的电压表、单刀双掷开关各一个，导线若干他设计了如图所示的电路进行实验（1）请你帮助小斌将实物电路图补充完整（2）连接好电路后，请你将正确的操作步骤补充完整：闭合开关S1，将开关S扳向1，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U0；将开关S扳向2，使滑动变阻器的滑片位置保持不变，记录电压表示数为U（3）请用U0、U、R表示小灯泡的额定功率P=考点：电功率的测量专题：测量型实验综合题分析：（1）由图可知：只有电压表，没有电流表，则要借助已知定值电阻求得灯泡的电流，那么为了让灯泡和定值电阻的电流相同，则应采取串联的方式，电压表应先测量灯泡两端的电压，使灯泡两端的实际电压为额定电压值，然后再直接或间接测出定值电阻的两端的电压，据此分析完成实验电路（2）因为要测灯泡额定功率，则实验时首先应让灯泡电压等于额定电压时，即应让电压表先测灯泡两端的电压且移动滑动变阻器的滑片P使电压表的示数等于灯泡的额定电压，然后在保持滑动变阻器的滑片位置不变的条件下，再用电压表测出定值电阻两端的电压，最后根据电功率的计算公式P=UI求出灯泡的额定功率解答：解：（1）通过分析可知：灯泡和定值电阻串联，电压表应先测量灯泡两端的电压，使灯泡两端的实际电压为额定电压值，然后再测量定值电阻的两端的电压分析图可以看出开关的闭合与断开，电压表先测灯泡两端电压，再测灯泡与定值电阻两端电压，如图：（2）闭合开关S1，将开关S扳向1，调节滑动变阻器，移动滑动变阻器的滑片P，为了使灯泡两端的实际电压为额定电压值U0；保持滑动变阻器的滑片位置不变，将开关S扳向2，记录电压表的示数为U（3）灯泡和定值电阻串联，灯泡正常的发光时的电压为U0，定值电阻两端的电压为：U=UU0，电路中的电流为I=灯泡的额定功率P=U0I=U0=故答案为：（1）如图；（2）电压表的示数为U0；（3）点评：本题考查在没有电流表、利用电压表和定值电阻测量电功率的方法，有一定的难度，是一道难度较高的题目37（2分）某同学家里有一个不知焦距的放大镜，请你借助手边的刻度尺测出该放大镜的焦距考点：主光轴、光心、焦点和焦距专题：透镜及其应用分析：测量凸透镜焦距有三种方法：阳光聚焦法：把凸透镜正对太阳光，上下移动透镜，能在纸上形成最小、最亮的光斑，这个光斑是凸透镜的焦点，焦点到凸透镜光心的距离是凸透镜的焦距二倍焦距法：u=v=2f时，凸透镜成倒立、等大的实像，这是实验中经常用到测量凸透镜焦距的方法放大镜法：把放大镜放在课本上，使放大镜逐渐远离课本，当课本上的字看不清时，此时放大镜到课本的距离是凸透镜的焦距解答：解：手持放大镜正对太阳，拿一张白纸在放大镜的下方来回移动，直到白纸上能得到最小、最亮的光斑，用刻度尺测出光斑到放大镜的距离，此距离即为放大镜的焦距点评：阳光聚焦法是粗略测量凸透镜焦距最简单的方法，是常用的一种方法，一定要熟练掌握五、计算题：（共13分）38（6分）如图所示的电路中，电源两端电压U保持不变当只闭合开关S1时，电压表的示数为U1，电流表的示数为I1，电阻R1消耗的电功率P1 为4W，电阻R2消耗的电功率为P2当开关S1、S2都闭合时，电压表的示数为U2，电流表的示数为I2，电阻R2消耗的电功率为P2已知P2：P2=1：4，U1：U2=2：1求：（1）电流表两次示数I1：I2；（2）当只闭合开关S1时，电阻R3消耗的电功率P3考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：计算题；应用题；欧姆定律；电能和电功率分析：先由实物图画出原理图，可知当只有S1闭合时，三个电阻串联，电压表测R2与R3两端的电压；当开关全闭合时，R1与R2串联，电压表测R2上的电压，电流表测总电流（1）根据P=I2R表示出两种情况下R2消耗的电功率，再根据已知条件建立等式即可求出I2与I1的比值（2）根据欧姆定律表示出两种情况下电压表的示数，利用电压表示数的比值求出R2和R3之间的关系，再根据电源的电压不变得出R1和R3之间的关系，利用P=I2R和电阻R1消耗的电功率即可求出电阻R3消耗的电功率P3解答：解：当只闭合开关S1时，等效电路如图甲所示：当开关全闭合时，等效电路如图乙所示：（1）由图甲、乙以及P=I2R可得：=，解得：=；（2）根据欧姆定律可得：=解得：R3=3R2，因电源两端的电压不变，由甲乙可得：I1（R1+R2+R3）=I2（R1+R2）把=和R3=3R2代入上式可得：R3=R1，由甲图可知，电阻R3消耗的电功率：P3=I12R3=I12R1=P1=4W=6W答：（1）电流表两次示数I1：I2为1：2；（2）当只闭合开关S1时，电阻R3消耗的电功率P3为6W点评：本题难点在于很多同学无法将两种状态下的功率关系及电压关系联系在一起，故无法找到突破口解答此类问题时，可将每一种情况中的已知量和未知量都找出来，仔细分析找出各情况中的关联，即可列出比例式求解39（7分）如图所示是某同学用滑轮组提升水中物体A的示意图物体A所受重力GA为800N，当物体A完全在水面下被匀速提升的过程中所受浮力F浮为100N，该同学对绳子竖直向下的拉力为F1，水平地面对该同学的支持力为N1，滑轮组的机械效率为1当物体A有一半的体积露出水面时，该同学对绳子竖直向下的拉力为F2，水平地面对他的支持力为N2该同学所受重力G人为600N，N1：N2=7：6（不计绳重、滑轮与轴的摩擦以及水的阻力g取10N/kg）求：（1）物体A的密度A；（2）动滑轮所受的重力；（3）物体在完全在水中匀速上升过程中滑轮组的机械效率1（结果保留整数）考点：滑轮（组）的机械效率；阿基米德原理专题：浮力；功、功率、机械效率分析：（1）知道物体A受到的浮力，利用阿基米德原理求排开水的体积（物体的体积），知道物体A重，利用重力公式求其质量，再利用密度公式求物体A的密度；（2）利用F浮=水gVA求物体A有一半的体积露出水面且静止时受到的浮力物体完全在水面下被匀速拉起，以人为研究对象，进行受力分析，得出关系式N1=G人F1；以物体和动滑轮为研究对象，进行受力分析，得出关系式F1=（GA+G动F浮），物体A有一半的体积露出水面且静止时，以人为研究对象，进行受力分析，得出关系式N2=G人F2；以物体和动滑轮为研究对象，进行受力分析，得出关系式F2=（GA+G动F浮），由N1：N2=7：6求动滑轮重，再利用重力公式求动滑轮的质量；（3）物体在水中匀速上升过程中，滑轮组的机械效率1=解答：解：正确画出受力图：（1）F浮=水gVAVA=1102 m3A=8103kg/m3；（2）物体A有一半的体积露出水面且静止时，物体A受到的浮力为：F浮=水gVA=1103kg/m310N/kg1102 m3=50N物体完全在水面下被匀速拉起，以人为研究对象，人受重力G人、支持力N1和绳子拉力F1的作用，则有：（受力如图甲）N1=G人F1=600NF1物体完全在水面下被匀速拉起，以物体和动滑轮为研究对象，它们受重力GA和G动、浮力F浮和绳子拉力2F1的作用，则有：（受力如图乙）F1=（GA+G动F浮）=（800N+G动100 N）物体A有一半的体积露出水面且静止时，以人为研究对象，人受重力G人、支持力N2和绳子拉力F2的作用，则有：（受力如图丙）N2=G人F2=600NF2物体A有一半的体积露出水面且静止时，以物体和动滑轮为研究对象，它们受重力GA和G动、浮力F浮和绳子拉力2F2的作用，则有：（受力如图丁）F2=（GA+G动F浮）=（800N+G动50 N）=代入数据解得：G动=150N （3）物体完全在水中匀速上升过程中：1=100%=100%=100%=100%=82%答：（1）物体A的密度为8103kg/m3；（2）动滑轮所受的重力为150N；（3）物体在完全在水中匀速上升过程中滑轮组的机械效率为82%点评：本题考查了学生对密度公式、重力公式、阿基米德原理、效率公式的掌握和运用，涉及到对物体的受力分析，知识点多、综合性强，属于难题！