2019-2020年中考物理模拟试卷（1）(I).doc

2019-2020年中考物理模拟试卷（1）(I)一、填空题（每空2分，共26分；请直接把答案写在横线上，不要写解题过程）1xx羊年春晚，开场部分的明星反串闹新春很有新意，其中筷子兄弟和凤凰传奇联合表演的最炫小苹果给观众留下了很深的印象，听起来凤凰传奇的音调比筷子兄弟的音调要高一些，主要原因是他们发声时声带振动的_不同2如图所示是我省部分中小学投入使用的新型安全校车，这种校车的性能完全符合校车12项 安全标准某学生乘坐这种新型安全校车到30km外的考点参加体育考试，校车行驶了50min后安全到达考点则校车的平均速度是_m/s，车子加速行驶时具有的惯性将_（选填“变大”“变小”或“不变”）3“蛙人”又称“水鬼”，是我军最具战斗力的海上突击力量之一若“蛙人”的体积为60dm3，则“蛙人”下潜时受到水的最大浮力是_N；下潜过程中受到水的压强将_（选填“增大”“减小”或“不变”）（水=1.0103 kg/m3）4xx年1月10日美国宇航局（NASA）负责人罗布纳威艾斯说：“我们接住了龙飞船”纳威艾斯表示，空间站宇航员维尔摩尔使用机械手“完美”地将飞船和空间站对接成功，对接成功后飞船相对于空间站是_（选填“运动”或“静止”）的5全息投影技术在舞台中的应用比较广泛，全息投影系统将三维画面投影在半空中悬浮成像，效果奇特，具有强烈的纵深感，真假难辨xx年羊年春晚，李宇春倾情演绎中国风歌曲蜀绣，舞台效果采用全息投影等高科技手段呈现，如图所示全息投影技术所成的像是_（选填“虚像”或“实像”）6如图是额定电压为3.0V的小灯泡的IU图线，正常工作时电阻_将两只这样灯泡串联后接在3.0V电源两端，每只灯泡消耗的功率是_W7用图甲、乙两种方式匀速提升同一个物体，已知滑轮重相同，绳重和摩擦力不计则机械效率甲_乙（填“大于”“小于”或“等于”）8如图所示，开关S闭合后，L1和L2都不发光，将电压表并联在ab之间时，电压表示数为O，将电压表并联在bc之间时，电压表示数较大，若电路中只有一处故障，则该故障可能是_断路（选填“L1”或“L2”）9如图所示，A为螺线管，B为悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，当开关S断开时，弹簧测力计的示数将_，电流表的示数将_10声控开关在接收到一定响度的声音时会自动闭合一段时间某地下通道两端的入口处各装有一个声控开关来控制同一盏螺纹灯泡，为确保行人不管从哪端进人，灯泡都能接通电源发光请按题意将图中的电路连接完整二、选择题（每小题3分，共21分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，请把符合题意的选项序号填入下列表格内，答案未填入表格内的不能得分）11去年入春以来我省大部分地区出现雨雪、冻雨天气，很多地区出现“地穿甲”现象，下列相关说法不正确的是（）A冻雨的形成是凝固现象B雪是由于空气中的水蒸气遇到冷气流放出热量凝固而成的C屋顶上的雪融化主要是通过热传递的方式进行的D雪融化时吸热但温度保持不变12当弹簧不受拉力作用时我们称其长度为原长L0在弹簧的弹性限度内，弹簧所受拉力F和弹簧的伸长量X（X=LL0）成正比，即F=kK，k叫做弹簧的劲度系数如图所示是某次实验测得弹簧所受的拉力F与弹簧的长度L的关系图象，请你根据图象判断下列说法中错误的是（）A弹簧的原长L0是10cmB当弹簧伸长了15cm（弹性限度内），受到拉力（外力）为30NC弹簧的劲度系数是50N/mD当受到5N外力时，弹簧缩短了2.5cm13下列说法中正确的是（）A匀速下落的雨滴机械能会变小B拦河大坝上窄下宽是为了增大受力面积而减小压强C光电鼠标内光源的光照射在粗糙的鼠标垫上时发生的是镜面反射D平衡力和相互作用力均作用在同一个物体上14在如图所示的电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电源电压为8V恒定不变（不计温度对电阻的影响），在滑片P滑动的过程中，电压表与电流表的示数变化如图乙所示，则根据图象信息可以判断下列说法中不正确的是（）AR0的阻值是5B电路的最大电流1.6AC电压表和电流表示数比值保持不变D滑动变阻器的最大阻值是3515下列各选项中，利用所给的仪器不能完成对应的实验的是（）A用电压表和电流表测未知电阻的阻值B用弹簧测力计和刻度尺测滑轮组的机械效率C用电能表和秒表测量家用电器的电功率D实验室用天平和量筒测量空气的密度16如图所示，当开关闭合时，电路中的电流为1A，电压表V的示数是10V，定值电阻R的阻值为4，电动机M的线圈电阻为1，下列说法正确的是（）A电压表V1的示数为4VB通电1min电动机上产生的机械能是300JC通电1min电流通过电动机产生的热量是600JD电路消耗的总功率是5W17如图所示，R是压敏电阻，它的阻值随压力的增大而增大，闭合开关S，当压敏电阻R受到的压力增大时（）A电流表示数变小B电压表示数变小C灯L变亮D电路总功率变大三、实验题（第18题7分，第19题4分，第20题9分，共20分）18在“探究物体动能大小与物体的速度、质量关系”的实验中，让小车从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，撞击水平木板上的木块，如图所示（1）本实验的研究对象是_（2）实验中小车放置在斜面的位置越高，木块被撞击得越远研究表明：当_一定时，物体动能的大小与物体的_有关（3）甲、乙两次实验木块在水平木板上移动的距离关系是S甲S乙，受到的摩擦力分别为f甲、f乙，则f甲_（选填“”“=”或“”）f乙，你判断的依据是_（4）若木板足够长且光滑，则_（选填“能”或“不能”）探究出物体动能大小与物体的速度、质量关系，理由是_19小明和小红利用如图所示的装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”质量相等的两瓶煤油中都浸泡着一段金属丝，甲烧瓶中的金属丝是铜丝，电阻比较小，乙烧瓶中的金属丝是镍铬合金丝，电阻比较大温度计显示煤油的温度（1）实验中，小明和小红发现_烧瓶中温度计的示数升高快这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越_，产生的热量越多（2）小明提议利用该装置改成“比较水和煤油比热容的大小”的实验，则他们应将其中一烧瓶中的煤油换成_相等的水；将甲烧瓶中的铜丝换成镍铬合金丝，并且与乙烧瓶中的镍铬合金丝的_相等通过实验观察，发现装有_（选填“水”或“煤油”）的烧瓶中温度计的示数变化较大，说明水比热容较大20如图所示是“测量小灯泡电功率”的实验，小灯泡的额定电压为2.5V（1）在甲图中还有一根导线没有连接好，请把它连接好（要求：滑动变阻器滑片P向左移动灯泡变亮）（2）闭合开关前，应先将滑动变阻器的滑片移到端_（选填“A”或“B”），闭合开关后，发现电流表的指针如图乙所示，接下来的正确操作是_（3）排除故障后，实验得到的数据如下表在第1次实验中，小灯泡两端电压为2V时，电流表示数如图丙所示，则通过小灯泡的电流为_A，此时小灯泡的实际功率为_W实验次数电压表示数U/V电流表示数J/A小灯泡电功率P/W12.022.50.220.5532.80.240.67（4）如果用此电路测量一个额定电压为3.8V、电阻约为10的小灯泡的额定功率，则实物电路中必须进行的改动是：_；_（5）在测定小灯泡额定功率的实验中，某同学建议应多次移动滑动变阻器，测出多个电功率后求平均值，以减小实验误差请对该同学的建议作出评价_四、计算与推导题（第21题6分，第22题6分，第23题11分，共23分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能给分）21用n股绳子组成的滑轮组，提起重力为G的物体若动滑轮的重力为G0，忽略轴间的摩擦和绳重，求证：当该滑轮组不省力时，机械效率22某人用滑轮组将重G=480N的物体匀速提高2m，已知滑轮组的机械效率为80%，在提高重物的过程中克服摩擦力做功180J，不计绳重，则动滑轮的重力是多少？23实验中常忽略电源的电阻，但在精确计算中其内阻是不可忽略的，精确的测量中将电源看成一个理想的电源（即电阻为零）和一个电阻r串联（如图中方框内的电路所示）在图中，当滑动变阻器的滑片停在某一位置时电流表和电压表的示数分别为0.20A和1.98V，改变滑片的位置后两表的示数分别为0.40A和1.96V，则电源电压和内阻分别为多少？24如图甲是电热水龙头，即开即热，冷热兼用如图乙是它内部电路原理图，R1、R2为电热丝，通过旋转手柄带动开关S在1、2、3之间接通对应的电路，从而实现冷水、温水、热水之间切换；它的有关技术参数如下表请回答下列问题：额定功率温水2kW热水3.5kW额定电压220V额定频率50Hz（1）开关处于位置2时，它放出的是温水，求电热丝R1的阻值是多少？（2）如果进水口的水温是4，水龙头1min流出1kg的热水，当要放出50热水时，求：1min水吸收的热量是多少？水的比热容为4.2103 J/kg）如果这些热量由燃烧液化石油气来获得，求需要多少液化石油气？（q=4.6106J/kg）此时该水龙头的电热效率是多少？（3）跟燃气热水器相比，即热式电热水龙头有哪些优点？（只要写出一点）xx年安徽省安庆市宿松县五里中学中考物理模拟试卷（1）参考答案与试题解析一、填空题（每空2分，共26分；请直接把答案写在横线上，不要写解题过程）1xx羊年春晚，开场部分的明星反串闹新春很有新意，其中筷子兄弟和凤凰传奇联合表演的最炫小苹果给观众留下了很深的印象，听起来凤凰传奇的音调比筷子兄弟的音调要高一些，主要原因是他们发声时声带振动的频率不同【考点】频率及音调的关系【分析】音调指声音的高低，音调跟物体的振动频率有关，振动频率越高，音调越高，振动频率越低，音调越低【解答】解：音调是指发声体发出声音的高低，它是由发声体振动的频率决定的，频率越大，音调越高；凤凰传奇的音调比筷子兄弟的音调要高一些，是因为凤凰传奇歌唱时声带振动的频率比筷子兄弟的快，因而声音的音调会高一些，即他们发声时声带振动的频率不同故答案为：频率2如图所示是我省部分中小学投入使用的新型安全校车，这种校车的性能完全符合校车12项 安全标准某学生乘坐这种新型安全校车到30km外的考点参加体育考试，校车行驶了50min后安全到达考点则校车的平均速度是10m/s，车子加速行驶时具有的惯性将不变（选填“变大”“变小”或“不变”）【考点】变速运动与平均速度；惯性【分析】（1）根据v=求出平均速度；（2）惯性是物体本身的一种属性，质量的大小是惯性大小的量度，与速度无关【解答】解：已知路程s=30km，运动的时间t=50min，校车的平均速度：v=10m/s，惯性是物体本身的一种属性，质量的大小是惯性大小的量度，与速度无关故答案为：10；不变3“蛙人”又称“水鬼”，是我军最具战斗力的海上突击力量之一若“蛙人”的体积为60dm3，则“蛙人”下潜时受到水的最大浮力是600N；下潜过程中受到水的压强将增大（选填“增大”“减小”或“不变”）（水=1.0103 kg/m3）【考点】浮力大小的计算；液体的压强的特点【分析】“蛙人”完全浸没时排开水的体积最大，受到的浮力最大，根据阿基米德原理求出受到的最大浮力，下潜过程中所处的深度增大，根据p=gh可知受到水的压强变化【解答】解：“蛙人”完全浸没时排开水的体积最大，受到的浮力最大，此时排开水的体积：V排=V=60dm3=0.06m3，则“蛙人”受到水的最大浮力：F浮=水gV排=1.0103kg/m310N/kg0.06m3=600N；下潜过程中，所处的深度增大，由p=gh可知，受到水的压强增大故答案为：600；增大4xx年1月10日美国宇航局（NASA）负责人罗布纳威艾斯说：“我们接住了龙飞船”纳威艾斯表示，空间站宇航员维尔摩尔使用机械手“完美”地将飞船和空间站对接成功，对接成功后飞船相对于空间站是静止（选填“运动”或“静止”）的【考点】运动和静止的相对性【分析】判断一个物体是运动的还是静止的，主要取决于所选的参照物就看这个物体相对于参照物而言，它的位置有没有变化【解答】解：对接成功后飞船相对于空间站位置没有发生变化，所以相对于空间站，飞船是静止的故答案为：静止5全息投影技术在舞台中的应用比较广泛，全息投影系统将三维画面投影在半空中悬浮成像，效果奇特，具有强烈的纵深感，真假难辨xx年羊年春晚，李宇春倾情演绎中国风歌曲蜀绣，舞台效果采用全息投影等高科技手段呈现，如图所示全息投影技术所成的像是实像（选填“虚像”或“实像”）【考点】实像与虚像的区别【分析】全息投影技术也称虚拟成像技术，是利用干涉和压衍射原理记录并再现物体真实的三维图象的记录和再现的技术【解答】解：全息投影技术原理：第一步是利用干涉原理记录物体光波信息，此即拍摄过程：被摄物体在激光辐照下形成漫射式的物光束；另一部分激光作为参考光束射到全息底片上，和物光束叠加产生干涉，把物体光波上各点的位相和振幅转换成在空间上变化的强度，从而利用干涉条纹间的反差和间隔将物体光波的全部信息记录下来记录着干涉条纹的底片经过显影、定影等处理程序后，便成为一张全息图，或称全息照片由此可知，全息投影技术将全部信息记录在底片上，故所成的像是实像故答案为：实像6如图是额定电压为3.0V的小灯泡的IU图线，正常工作时电阻12将两只这样灯泡串联后接在3.0V电源两端，每只灯泡消耗的功率是0.3W【考点】电功率的计算；欧姆定律的变形公式【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据图象读出通过的电流，根据欧姆定律求出正常工作时电阻；（2）将两只这样灯泡串联后接在3.0V电源两端时，它们的电阻相等，分得的电压相等，由图象读出对应的电流，根据P=UI求出每只灯泡消耗的功率【解答】解：（1）灯泡正常发光时的电压UL=3.0A，由图象可知通过灯泡的电流IL=0.25A，由I=可得，灯泡正常工作时电阻：RL=12；（2）将两只这样灯泡串联后接在3.0V电源两端时，它们的电阻相等，由串联电路的分压特点可知，它们分得的电压相等，即每个灯泡两端的电压UL=1.5V，由图象可知，通过每个灯泡的电流IL=0.2A，则每只灯泡消耗的功率：PL=ULIL=1.5V0.2A=0.3W故答案为：12；0.37用图甲、乙两种方式匀速提升同一个物体，已知滑轮重相同，绳重和摩擦力不计则机械效率甲大于乙（填“大于”“小于”或“等于”）【考点】滑轮（组）的机械效率【分析】不计绳重和摩擦，根据=，比较甲乙两图是否克服滑轮的重力得出答案【解答】解：因为，=，在不计绳重和摩擦时，甲乙两种方式提起同一个物体，物体重力相同，甲图不克服滑轮的重力，定滑轮的机械效率是100%，乙图要克服动滑轮的重力，机械效率小于100%，所以甲大于乙故答案为：大于8如图所示，开关S闭合后，L1和L2都不发光，将电压表并联在ab之间时，电压表示数为O，将电压表并联在bc之间时，电压表示数较大，若电路中只有一处故障，则该故障可能是L2断路（选填“L1”或“L2”）【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】由电路图知，两灯泡串联闭合开关，灯泡不亮，原因有二：断路或短路，因为两灯都不亮，所以不可能是一灯短路，所以只能是一灯断路【解答】解：如果L1断路，L1和L2都不发光，将电压表并联在bc之间时，电压表断路无示数；将电压表并联在ab之间时，测量电源电压有示数，不符合题意；如果L2断路，L1和L2都不发光，将电压表并联在ab之间时，电压表断路无示数；将电压表并联在bc之间时，测量电源电压有示数，符合题意故答案为：L29如图所示，A为螺线管，B为悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，当开关S断开时，弹簧测力计的示数将变大，电流表的示数将变小【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断；并联电路的电流规律【分析】本题抓住影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小，线圈的匝数开关的闭合与断开，如何引起电流的变化根据右手定则判断通电螺线管的极性【解答】解：开关S断开时，电路中的电流变小，电流表示数变小，电磁铁磁性减弱根据右手定则判断电螺线管的上端为N极，对条形磁铁的排斥力减小，所以弹簧测力计的示数将变大故答案为：变大、变小10声控开关在接收到一定响度的声音时会自动闭合一段时间某地下通道两端的入口处各装有一个声控开关来控制同一盏螺纹灯泡，为确保行人不管从哪端进人，灯泡都能接通电源发光请按题意将图中的电路连接完整【考点】家庭电路的连接【分析】串联电路中，各开关相互影响，并联电路中，各开关互不影响，据此结合题意来分析电路的连接方式【解答】解：两个声控开关串联会相互影响，只有都闭合时灯才发光；两个声控开关并联会互不影响，可以独立控制灯的亮灭，根据“为确保行人不管从哪端进人，灯泡都能接通电源发光”，所以两开关应并联，如下图所示：二、选择题（每小题3分，共21分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，请把符合题意的选项序号填入下列表格内，答案未填入表格内的不能得分）11去年入春以来我省大部分地区出现雨雪、冻雨天气，很多地区出现“地穿甲”现象，下列相关说法不正确的是（）A冻雨的形成是凝固现象B雪是由于空气中的水蒸气遇到冷气流放出热量凝固而成的C屋顶上的雪融化主要是通过热传递的方式进行的D雪融化时吸热但温度保持不变【考点】凝固与凝固放热特点；熔化与熔化吸热特点；生活中的凝华现象；热传递改变物体内能【分析】（1）物质从液态变为固态叫凝固，凝固过程放出热量；（2）物质由气态直接变为固态是凝华，凝华放热；（3）改变物体内能的方式是做功和热传递；做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；（4）晶体的熔化过程吸收热量，温度保持不变【解答】解：A、冻雨是一种过冷水滴，当雨滴与地面、地物等物体相碰时会立即变成冰，发生了凝固现象；正确，不合题意；B、雪是由于空气中的水蒸气遇到冷气流放出热量发生凝华形成的；错误，符合题意；C、雪融化是雪吸收热量，由固态变为液态，是通过热传递的方式进行的；正确，不符合题意；D、晶体熔化过程吸收热量，温度不变，所以雪融化吸热但温度不变；正确，不合题意故选B12当弹簧不受拉力作用时我们称其长度为原长L0在弹簧的弹性限度内，弹簧所受拉力F和弹簧的伸长量X（X=LL0）成正比，即F=kK，k叫做弹簧的劲度系数如图所示是某次实验测得弹簧所受的拉力F与弹簧的长度L的关系图象，请你根据图象判断下列说法中错误的是（）A弹簧的原长L0是10cmB当弹簧伸长了15cm（弹性限度内），受到拉力（外力）为30NC弹簧的劲度系数是50N/mD当受到5N外力时，弹簧缩短了2.5cm【考点】弹簧测力计及其原理【分析】（1）直接读图，弹力为0时对应的弹簧长度就是弹簧的原长；（2）利用胡克定律F=kx，计算该弹簧的劲度系数、弹簧缩短长度和所受拉力【解答】解：A、弹簧处于原长时，弹簧所受弹力为0，则从图中可知，F=0时，L0=10cm故A正确；C、从图中可知弹簧长度L=15cm时，弹簧伸长量x=LL0=15cm10cm=5cm=0.05m，弹力F为10N，因为F=kX，所以该弹簧的劲度系数k=200N/m故C错误；B、当弹簧伸长了15cm，受到的拉力为F=kx=200N/m0.15m=30N故B正确；D、当受到F=5N时，弹簧缩短了x=0.025m=2.5cm故D正确故选C13下列说法中正确的是（）A匀速下落的雨滴机械能会变小B拦河大坝上窄下宽是为了增大受力面积而减小压强C光电鼠标内光源的光照射在粗糙的鼠标垫上时发生的是镜面反射D平衡力和相互作用力均作用在同一个物体上【考点】机械能；平衡力和相互作用力的区分；减小压强的方法及其应用；镜面反射；漫反射【分析】（1）机械能等于动能与势能的和；（2）拦河大坝下面修得很宽是因为液体的压强随深度的增大而增大；（3）表面粗糙的反射面，光线射到反射面上时，反射光线射向不同的方向，这就是漫反射现象；（4）平衡力作用在同一个物体上，相互作用力作用在两个物体上【解答】解：A、机械能等于动能与势能的和，雨滴匀速下落过程中速度不变、高度减小，动能不变，势能减小，所以雨滴的机械能变小，故A正确B、拦河大坝下面修得很宽是因为液体压强随深度的增大而增大，故B错误；C、光电鼠标内光源的光照射在粗糙的鼠标垫上时发生的是漫反射，故C错误；D、平衡力作用在同一个物体上，而相互作用力作用在两个不同的物体上，故D错误；故选A14在如图所示的电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电源电压为8V恒定不变（不计温度对电阻的影响），在滑片P滑动的过程中，电压表与电流表的示数变化如图乙所示，则根据图象信息可以判断下列说法中不正确的是（）AR0的阻值是5B电路的最大电流1.6AC电压表和电流表示数比值保持不变D滑动变阻器的最大阻值是35【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，R0和R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，根据乙图读出此时的电流，根据欧姆定律求出R0的阻值；（2）电压表与电流表的比值等于滑动变阻器的阻值，根据题意分析滑动变阻器的阻值是否发生变化，得出结论；（3）当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出此时电路中的电流和R两端的最大电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值【解答】解：由电路图可知，R0和R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流AB、当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路为R0的简单电路，由乙图可知，电路中的最大电流I最大=1.6A，由I=可得，R0的阻值：R0=5，AB说法正确；C、电压表和电流表的示数比值等于滑动变阻器的电阻值，当滑片移动时，变阻器的阻值变化，所以电压表和电流表的比值发生变化，C说法错误；D、滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，由乙图可知，电路中的最小电流I最小=0.2A，R两端的电压UR=7V，则滑动变阻器的最大阻值：R=35，D说法正确故选C15下列各选项中，利用所给的仪器不能完成对应的实验的是（）A用电压表和电流表测未知电阻的阻值B用弹簧测力计和刻度尺测滑轮组的机械效率C用电能表和秒表测量家用电器的电功率D实验室用天平和量筒测量空气的密度【考点】伏安法测电阻的探究实验；密度的计算；滑轮（组）的机械效率；电功率【分析】根据提供的实验器材，结合探究的物理问题，设计可行的实验方法，判断各选项中的实验是否能够完成【解答】解：A、用电压表和电流表分别测出未知电阻的电压和电流，再利用欧姆定律求出未知电阻的阻值，故A不符合题意；B、用弹簧测力计分别测出物重G和拉力F，用刻度尺分别测出物体上升高度h和绳子自由端移动的距离s，求出有用功和总功，最后可求出滑轮组的机械效率，故B不符合题意；C、用电能表和秒表分别测出家用电器消耗的电能W和时间t，再利用公式P=求出家用电器的电功率，故C不符合题意；D、由于空气的密度小，质量小，所以实验室无法用天平测出空气质量，因而也无法测出空气的密度，故D符合题意故选D16如图所示，当开关闭合时，电路中的电流为1A，电压表V的示数是10V，定值电阻R的阻值为4，电动机M的线圈电阻为1，下列说法正确的是（）A电压表V1的示数为4VB通电1min电动机上产生的机械能是300JC通电1min电流通过电动机产生的热量是600JD电路消耗的总功率是5W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】由图知，电阻与电动机串联，V测量电源电压，V1测量电动机两端的电压；A、根据U=IR计算出电阻R两端的电压，根据串联电路的电压特点便可计算出电动机两端的电压；BC、根据W=UIt计算出电动机消耗的电能，根据Q=I2Rt计算出电动机线圈消耗的电能，二者之差便是机械能；D、根据P=UI计算出电路消耗的总功率【解答】由图知，电阻与电动机串联，V测量电源电压，V1测量电动机两端的电压；A、由I=得，电阻两端的电压UR=IR=1A4=4V，所以电动机两端的电压：UM=UUR=10V4V=6V，A错误；BC、通电1min电动机消耗的电能：W=UMIt=6V1A60s=360J，线圈发热产生的热量：Q=I2Rt=（1A）2160s=60J，电动机上产生的机械能：W机械=WQ=360J60J=300J，B正确，C错误；D、电路效果的总功率：P总=UI=10V1A=10W，D错误故选B17如图所示，R是压敏电阻，它的阻值随压力的增大而增大，闭合开关S，当压敏电阻R受到的压力增大时（）A电流表示数变小B电压表示数变小C灯L变亮D电路总功率变大【考点】电路的动态分析【分析】由图可知，压敏电阻R和灯泡L并联在电源两端，电流表测量干路电路；电压表并联与电源并联，故电压表测量电源电压；当压敏电阻R受到的压力增大时可知电路中电阻的变化，则由欧姆定律可得出通过压敏电阻的电流变化，则可知总电流的变化【解答】解：因电源电压不变，压敏电阻R和灯泡L并联，故无论压敏电阻如何变化，压敏电阻R和灯泡L两端的电压不变，所以灯泡的亮度不变，电压表示数均不变；故选项B、C错误；因压敏电阻的阻值随压力的增大而增大，所以当压敏电阻R受到的压力增大时压敏电阻所在的支路上的电阻变大，则由欧姆定律可得，通过压敏电阻的电流减小，而通过灯泡的电流不变；因电流表测干路电流，电流值等于两支路电流的和，则电流表示数减小；故选项A正确；根据P=UI可知，电路总功率变小故选项D错误故选A三、实验题（第18题7分，第19题4分，第20题9分，共20分）18在“探究物体动能大小与物体的速度、质量关系”的实验中，让小车从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，撞击水平木板上的木块，如图所示（1）本实验的研究对象是小车（2）实验中小车放置在斜面的位置越高，木块被撞击得越远研究表明：当质量一定时，物体动能的大小与物体的速度有关（3）甲、乙两次实验木块在水平木板上移动的距离关系是S甲S乙，受到的摩擦力分别为f甲、f乙，则f甲=（选填“”“=”或“”）f乙，你判断的依据是木块对木板的压力不变，木板表面的粗糙程度不变，所以小车受的摩擦力大小不变（4）若木板足够长且光滑，则不能（选填“能”或“不能”）探究出物体动能大小与物体的速度、质量关系，理由是木块在木板上一直做匀速直线运动，停不下来【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）让小车从斜面的不同高度由静止开始下滑，撞击水平木板上的木块，可见是研究小车动能的大小；（2）动能的大小与物体的质量和速度有关，探究动能与质量关系时，控制速度不变；探究动能与速度关系时，控制质量不变该实验也采用了转换法，通过比较小车推动木块移动的距离来反映小车动能的大小；（3）摩擦力的大小影响因素是：压力大小和接触面的粗糙程度；（4）根据牛顿第一定律可知，若平面绝对光滑，则木块不受摩擦力，将永远不停地运动下去【解答】解：（1）让小车从斜面的不同高度由静止开始下滑，撞击水平木板上的木块，通过比较小车推动木块移动的距离来反映小车动能的大小，所以研究对象是小车；（2）图中实验中让同一辆小车从同一个斜面上不同的高度由静止开始运动，“同一小车”控制了小车的质量不变，小车放置的位置越高，运动的速度也就越大，因此该实验探究的是小车动能与运动速度的关系；（3）在甲、乙两次移动过程中，木块对木板的压力不变，木板表面的粗糙程度不变，所以木块受的摩擦力大小不变，即f甲=f乙；（4）若木板足够长且光滑，则木块不受摩擦力，将永远不停地运动下去，所以按上述方案本实验将不能达到探究目的故答案为：（1）小车；（2）质量；速度；（3）=，木块对木板的压力不变，木板表面的粗糙程度不变，所以小车受的摩擦力大小不变；（4）不能；木块在木板上一直做匀速直线运动，停不下来19小明和小红利用如图所示的装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”质量相等的两瓶煤油中都浸泡着一段金属丝，甲烧瓶中的金属丝是铜丝，电阻比较小，乙烧瓶中的金属丝是镍铬合金丝，电阻比较大温度计显示煤油的温度（1）实验中，小明和小红发现乙烧瓶中温度计的示数升高快这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多（2）小明提议利用该装置改成“比较水和煤油比热容的大小”的实验，则他们应将其中一烧瓶中的煤油换成质量相等的水；将甲烧瓶中的铜丝换成镍铬合金丝，并且与乙烧瓶中的镍铬合金丝的电阻相等通过实验观察，发现装有煤油（选填“水”或“煤油”）的烧瓶中温度计的示数变化较大，说明水比热容较大【考点】焦耳定律；控制变量法与探究性实验方案；热量的计算【分析】（1）知道通过的电流相等，由焦耳定律可知阻值越大的电阻产生的热量越多，温度升高越快；（2）由吸热公式Q吸=cmt可知，要比较水和煤油的比热容大小，应让两瓶中水和煤油的质量m相等、吸收的热量相等，通过比较它们升高的温度大小关系，得出比热容的大小关系【解答】解：（1）两电阻串联，电流相等，由焦耳定律Q=I2Rt得，电阻大的在相同时间产生的热量多，升高的温度快；（2）要比较水和煤油的比热容，则应让水和煤油的质量相等，吸收的热量相等，由温度的变化求得比热的大小；故用相同质量的水代替煤油，两瓶中都有相同长度的电阻丝，电阻相等；结果会发现煤油温度变化的快，说明煤油的比热容较小，水的比热容大故答案为：（1）乙，大； （2）质量，电阻，煤油观察玻璃管中液面的高度在电流一定时，电热与电阻的关系在电压一定时，电热与电阻的关系20如图所示是“测量小灯泡电功率”的实验，小灯泡的额定电压为2.5V（1）在甲图中还有一根导线没有连接好，请把它连接好（要求：滑动变阻器滑片P向左移动灯泡变亮）（2）闭合开关前，应先将滑动变阻器的滑片移到端B（选填“A”或“B”），闭合开关后，发现电流表的指针如图乙所示，接下来的正确操作是断开开关，改接00.6A量程（3）排除故障后，实验得到的数据如下表在第1次实验中，小灯泡两端电压为2V时，电流表示数如图丙所示，则通过小灯泡的电流为0.2A，此时小灯泡的实际功率为0.4W实验次数电压表示数U/V电流表示数J/A小灯泡电功率P/W12.022.50.220.5532.80.240.67（4）如果用此电路测量一个额定电压为3.8V、电阻约为10的小灯泡的额定功率，则实物电路中必须进行的改动是：增加电池的个数；把电压表的改接015V量程（5）在测定小灯泡额定功率的实验中，某同学建议应多次移动滑动变阻器，测出多个电功率后求平均值，以减小实验误差请对该同学的建议作出评价额定功率是灯在额定电压下的功率，不同电压下灯的功率不同，将不同的电功率取平均值是没有意义的【考点】电功率的测量；欧姆定律的应用【分析】（1）按要求把变阻器连入电路中；（2）连接电路时，滑动变阻器应置于阻值最大处；根据图乙中电流表表指针偏转角度太小回答；（3）根据图丙电流表的小量程读数，根据P=UI求灯的实际功率；（4）从电源电压的要求和电压表的量程来考虑；（5）灯在额定电压下的功率为额定功率，不同电压下的实际功率是不同的；【解答】解：（1）因要求滑动变阻器滑片P向左移动灯泡变亮，说明电路中电流变大，电路中电阻减小，所以滑片以左电阻丝连入电路中，如下图所示；（2）为保护电路，闭合开关前，滑片要置于变阻器阻值最大处，即移动 到B端；图乙中电流表表指针偏转角度太小，说明电流表量程选得过大，应断开开关，选用电流表的00.6A量程；（3）图丙中，电流表小量程分度值为0.02A，示数为为0.2A，灯的实际功率P=UI=2V0.2A=0.4W；（4）用此电路测量一个额定电压为3.8V、电阻约为10的小灯泡的额定功率，电源电压必须大于3.8V，所以应增加节数使电源电压大于3.8V，同时电压表换接015V的量程，因灯正常发光时的电流大小I=0.38A，所以电流表仍用小量程；（5）灯在额定电压下的功率为额定功率，不同电压下的实际功率是不同的，将不同的电功率取平均值是没有意义的故答案为：（1）如上图所示；（2）应断开开关，选用电流表的00.6A量程；（3）0.2；0.4；（4）增加电池个数；换用电压表的015V量程；（5）额定功率是灯在额定电压下的功率，不同电压下灯的功率不同，将不同的电功率取平均值是没有意义的四、计算与推导题（第21题6分，第22题6分，第23题11分，共23分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能给分）21用n股绳子组成的滑轮组，提起重力为G的物体若动滑轮的重力为G0，忽略轴间的摩擦和绳重，求证：当该滑轮组不省力时，机械效率【考点】滑轮（组）的机械效率【分析】根据s=nh求出绳端移动的距离，利用W=Gh表示出有用功，利用W=Fs表示出总功率，根据=表示出滑轮组的机械效率，滑轮组不省力是指FG，代入即可证明【解答】证明：因用n股绳子组成的滑轮组，s=nh，有用功W有=Gh，总功W总=Fs=Fnh，滑轮组的机械效率：所以=100%=100%=100%当该滑轮组不省力时，即FG，所以=100%100%=100%=即22某人用滑轮组将重G=480N的物体匀速提高2m，已知滑轮组的机械效率为80%，在提高重物的过程中克服摩擦力做功180J，不计绳重，则动滑轮的重力是多少？【考点】滑轮（组）的机械效率；功的计算公式的应用【分析】利用W=Gh求出拉力做的有用功，知道滑轮组的机械效率，利用=求拉力做的总功；不计绳重，知道在提高重物的过程中克服摩擦力做功，总功等于有用功加上额外功，可求克服动滑轮重做的额外功，再利用W=Gh求动滑轮重【解答】解：在提高重物的过程中，所做的有用功：W有用=Gh=480N2m=960J，因为滑轮组的机械效率=，所以拉力做的总功：W总=1200J；不计绳重，在提高重物的过程中克服摩擦力做功W额1=180J，设克服动滑轮重做的额外功为W额2，因为W总=W有用+W额1+W额2，所以克服动滑轮重做的额外功：W额2=W总W有用W额1=1200J960J180J=60J，因为W额2=G动h，所以动滑轮重：G动=30N答：动滑轮的重力是30N23实验中常忽略电源的电阻，但在精确计算中其内阻是不可忽略的，精确的测量中将电源看成一个理想的电源（即电阻为零）和一个电阻r串联（如图中方框内的电路所示）在图中，当滑动变阻器的滑片停在某一位置时电流表和电压表的示数分别为0.20A和1.98V，改变滑片的位置后两表的示数分别为0.40A和1.96V，则电源电压和内阻分别为多少？【考点】欧姆定律的应用【分析】将电路看成一个R与r的串联电路，根据U=U1+U2、欧姆定律，结合电源电压不变的特点列出关系式可得电源电压及电源内阻的大小【解答】解：图中所示的滑动变阻器和电源的内阻r串联接在电路中，电流表测量的是电路中的电流，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，当滑动变阻器的滑片在某一位置时，U=U滑1+I1r，代入数据可得U=1.98V+0.2Ar 当改变滑动变阻器的滑片位置后，U=U滑2+I2r，代入数据可得U=1.96V+0.4Ar 联立可得：r=0.1 U=2V答：电源电压为2V，内阻为0.124如图甲是电热水龙头，即开即热，冷热兼用如图乙是它内部电路原理图，R1、R2为电热丝，通过旋转手柄带动开关S在1、2、3之间接通对应的电路，从而实现冷水、温水、热水之间切换；它的有关技术参数如下表请回答下列问题：额定功率温水2kW热水3.5kW额定电压220V额定频率50Hz（1）开关处于位置2时，它放出的是温水，求电热丝R1的阻值是多少？（2）如果进水口的水温是4，水龙头1min流出1kg的热水，当要放出50热水时，求：1min水吸收的热量是多少？水的比热容为4.2103 J/kg）如果这些热量由燃烧液化石油气来获得，求需要多少液化石油气？（q=4.6106J/kg）此时该水龙头的电热效率是多少？（3）跟燃气热水器相比，即热式电热水龙头有哪些优点？（只要写出一点）【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）根据开关位置的改变，判断出电路的连接情况，然后根据P=求得电阻的大小；（2）知道水的比热容和温度变化，可利用热量公式Q吸=cm（tt0）计算出水吸收的热量；如果这些热量由燃烧液化石油气来获得，根据Q=mq可求得需要多少液化石油气；根据P=可求得1min消耗的电能，再利用=100%可求得电热效率；（3）热式电热水龙头跟燃气热水器相比，要从安全、节能、环保方面去考虑；【解答】解：（1）由图可知，开关处于位置2时它放出的是温水，电路为R1的简单电路，由表中数据可知P温=2kW=xxW，由P=可得，电热丝R1=24.2；（2）水吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）1kg（504）=1.932105J；如果这些热量由燃烧液化石油气来获得，即Q吸=Q放=1.932105J；由Q放=mq可得，需要液化石油气的质量m=0.042kg，由P=可得1min消耗的电能：W=Pt=3500W60s=2.1105J，水龙头的电热效率：=100%=100%=92%（3）热式电热水龙头跟燃气热水器相比，具有节能、环保、高效等优点答：（1）开关处于位置2时，它放出的是温水，求电热丝R1的阻值是24.2；（2）1min水吸收的热量是1.932105J；如果这些热量由燃烧液化石油气来获得，求需要0.042kg液化石油气；此时该水龙头的电热效率是92%（3）热式电热水龙头跟燃气热水器相比，具有节能、环保、高效等优点xx年9月25日