中考物理二模试卷（含解析）351

湖北省武汉市武昌区2016年中考物理二模试卷一、选择题（本题包括12个小题，每小题只有1个正确选项每小题3分，共36分）1下列关于声现象说法正确的是（）A声速的大小只跟介质的种类有关B发声体的振幅大小决定声音的响度C不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色相同D利用超声可以检测出锅炉有没有裂纹2在“探测凸透镜成像规律”的实验中，当烛焰、凸透镜、光屏处于下图所示的位置时，在光屏上得到一个清晰的像下列说法正确的是（）A显微镜的物像利用这一成像规律B保持蜡烛、光屏位置不动，将透镜靠近蜡烛，光屏上会出现烛焰放大的虚像C实验中要测量物距、像距，其中测量像距的误差较大D蜡烛燃烧变短，光屏上烛焰的像会向下移3关于能源、信息和材料，下列说法正确的是（）A太阳能、核能都是不可再生能源B光信号在光导纤维中的传播速度等于340m/sC移动通信、卫星导航都是利用超声波来传递信息D钢属于硬磁性材料，可以用来做永磁体4下列关于是热现象的四个图认识正确的是（）A甲图说明蒸发要吸热，蒸发有致冷作用B乙图中迅速下压活塞，硝化棉燃烧，只通过热传递改变筒内空气的内能C丙图是两个压紧的铅块吊起一个重物，两铅块未被拉开是因为存在大气压D丁图是内燃机的做功冲程，将燃料的内能转化为机械能5关于如图所示交通标志牌，下列说法正确的是（）A小型轿车最高速度不超过100m/sB图中所示三种车辆都以最高限速行驶，小汽车的动能较大C图中所示三种车型以同样速度行驶，通常小汽车动能较小D对机动车设定限制速度，是为了减小它们的惯性6小明利用如图所示装置和器材，探究水的沸腾特点和物质吸热能力，下列实验及有关说法正确的是（）A小明设计的电路中R甲、R乙必须满足的条件是R甲R乙B只闭合开关S2，观察水的沸腾，测得数据如下表：时间（min）012345678温度（）909294969798989898分析数据可知，水沸腾时的特点为：水吸热，但温度不变，内能增加C断开S2，待水冷却至室温后，继续探究物质的吸热能力，小明应控制水和煤油的体积相同、初温相同D探究物质的吸热能力，应先闭合开关S1，再闭合开关S2，并控制水的末温低于987如图所示，攀岩者仅靠手脚灵活运用抓、撑、蹬等动作，用力实现身体的平衡，从而达到难以企及的顶点，在攀岩过程中，下列说法正确的是（）A攀岩者静止在如图位置时，他受到的是平衡力B攀岩者受到的重力与岩石对他的作用力是一对相互作用力C岩石对攀岩者的作用力大于他对岩石作用力D攀岩者摄取食物的化学能全部转化为他增加的机械能8如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为G的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，则动滑轮的机械效率与物体重力G的关系可能符合下列图中的（）ABCD9法国科学家阿尔贝费尔和德国科学家彼得格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应，荣获了诺贝尔物理学奖如图是研究巨磁电阻特性的原理示意图实验发现，当闭合S1、S2后使滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变亮，则下列说法正确的是（）A电磁铁右端为N极B滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性减弱C巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显增大D巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小10利用如图所示装置可以探究“什么情况下磁可以生电”，灵敏电流计和导线ab组成闭合电路，下列说法正确的是（）A保持磁体不动，若导线ab水平向左运动，则灵敏电流计指针不会偏转B若磁体和导线ab以同样速度水平向左运动，则灵敏电流计指针不会偏转C导线ab应选用铁丝D若导线ab斜向上运动，则灵敏电流计指针不会偏转11某同学利用如图所示电路探究“串联电路电压的规律”，闭合开关后电压表V1示数为2.5V，V2示数为3.8V，过会儿发现有两个电压表示数相等，则可能原因是（）A可能是L1断路B一定是L1短路C一定是L2断路D可能是电压表V2断路12如图所示电路，电源两端电压不变，灯丝电阻不变当两个开关都断开时，电压表的示数为U1，电阻R1消耗的电功率为0.1W只闭合开关S1时，电压表的示数为U2，电流表的示数为0.2A只闭合开关S2时，电阻R1消耗的电功率为3.6W两个开关都闭合时，灯L正常发光已知U1：U2=1：2，求：A电源电压为3VBR2阻值为30C灯L的额定功率为1.4WD电路消耗的最大电功率为6W二、非选择题（本题包括7小题，共34分）13一天早晨，小明刚坐进爸爸从地下车库开内的小车内，发现前面挡风玻璃有一层厚厚的“哈气”，他分析：当时室外空气暖暖的，湿湿的，小车从地下车库开出来的，车内温度比室外低，所以_（填“车内”或“车外”）空气中的水蒸气在玻璃上_（填物态变化名称）形成了“哈气”，这哈气_（填“能”或“不能”）用挡风玻璃前面的雨刮器刮去14如图所示是现在一般标准住宅的配电系统方框图，其中导线a、b进户线，火线是_，方框1安装的是_（选填“空气开关”、“电能表”或“用电器”），三孔插座上面孔接_（选填“用电器金属外壳”、“零线”或“地线”）15小明利用如图所示装置探究“平面镜成像特点”：（1）实验中，小明在水平桌面上铺一张白纸，在白纸上竖直放置一块玻璃板，然后_（2）要确定蜡烛A的像的位置，需要进行的实验操作是：取一支相同的但不点燃的蜡烛B在玻璃板后面_，直至与蜡烛A的像完全重合，并_蜡烛B的位置（3）透过玻璃板，看到的蜡烛B，实质上是由于_成的像16在探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，实验装置如图所示，实验中用的是同一木块，甲、乙两图的接触面是相同的木板，丙图是木板上铺有毛巾，乙、丙丙图中木块上放置砝码的质量相同（1）实验时用弹簧测力计_拉动木块，使它沿长木板做_运动（2）观察实验现象，分析比较乙、丙，可以得到初步结论是_（3）若乙图中拉力做功功率为0.6W，则丙图中拉力的功率_A大于0.6W B小于0.6W C等于0.6W D都有可能17小满在探究“浮力大小等于什么”的实验时，利用器材进行了如图的实验，并将实验数据填入了下表实验次数物重G/N空桶重G桶/N拉力F拉/N桶与水重G1/N浮力F浮/N排开水重G排/N10.60.10.30.30.30.221.10.10.60.60.50.530.90.10.50.5_0.4（1）请将表中第三行的数据补充完整；（2）在进行了数据分析发现，第一组数据明显与其他数据所反映的规律不符为了得出结论，他将第一组数据中的桶与水重G1改为0.4N，排开水重G排改为0.3N请你评价他的这种作法评价：_针对此实验数据，你的作法是_（3）传说澡盆的水溢出给了阿基米德灵感，由此得出了著名的阿基米德原理他在物理学方面的另一重要贡献是_18如图所示是某同学探究电流与电阻的关系的实物电路已知电源为3节新干电池，滑动变阻器规格为“25 1A”，可供选择的定值电阻的阻值为5、10、20实验序号R/U/VI/A1530.621030.332030.16（1）请用笔画线代替导线将图中的电路连接完整，导线不能交叉；（2）请同学测量的数据如表所示，分析数据，可初步得出的结论是_，为了使该结论具有普遍性，接下来的操作是_；（3）利用上述器材完成该实验，定值电阻两端电压只能在_V至_V之间选取19（10分）（2016武昌区二模）如图甲所示为某种遥控航拍无人机，由于体积小，重量轻，拍摄效果好，操控方便，深受航模爱好者喜欢下表是它部分技术参数（1）图乙是它的螺旋桨，形状跟机翼相似，螺旋桨高速旋转，给无人机提供上升的动力，所利用的原理是_，在图乙中画出飞机在空中盘旋时所受的这个力的示意图（2）无人机在上升过程中，被拍摄景物所成的像逐渐_，拍摄范围_（选填“变大”、“变小”或“不变”）（3）技术参数中“能量”一栏数值是多少？（结果取整数）技术参数飞机器质量（含电池及桨）1280g最大上升速度5m/s最大下降速度3m/s最大水平飞行速度15m/s最大上升高度6000m智能飞行电池容量4480mAh正常工作电压15.2V飞行时间约23min能量_Wh相机镜头焦距20mm（4）某次航拍过程中，无人机以1.2m/s速度匀速竖直上升，正常工作时它将电能转化为机械能的效率为92%，则该过程中智能飞机电池工作电流多大？（不计空气阻力，结果保留一位小数）2016年湖北省武汉市武昌区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括12个小题，每小题只有1个正确选项每小题3分，共36分）1下列关于声现象说法正确的是（）A声速的大小只跟介质的种类有关B发声体的振幅大小决定声音的响度C不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色相同D利用超声可以检测出锅炉有没有裂纹【考点】声音在不同介质中的传播速度；超声波与次声波；响度与振幅的关系；音色【分析】音调、响度、音色是声音的三个特征；音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性声音的传播需要介质，真空不能传声；声音可以传递信息，也可以传递能量【解答】解：A、声速的大小跟介质的种类以及当时的温度有关，A选项错误；B、响度指的是声音的强弱，与发声体的振动幅度有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小，B选项正确；C、音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关，不同材料的发声体发出声音的音色不同，C选项说法错误；D、超声波的穿透力强，利用超声波可以检测出锅炉有没有裂纹，D选项正确故选BD【点评】解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素2在“探测凸透镜成像规律”的实验中，当烛焰、凸透镜、光屏处于下图所示的位置时，在光屏上得到一个清晰的像下列说法正确的是（）A显微镜的物像利用这一成像规律B保持蜡烛、光屏位置不动，将透镜靠近蜡烛，光屏上会出现烛焰放大的虚像C实验中要测量物距、像距，其中测量像距的误差较大D蜡烛燃烧变短，光屏上烛焰的像会向下移【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）凸透镜成像的规律：当u2f时，成倒立、缩小的实像照相机、摄像机就是根据这个原理制成的当u=2f时，成倒立、等大的实像当fu2f时，成倒立、放大的实像幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的当u=f时，无像经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点当uf时，成正立、放大的虚像放大镜就是根据这个原理制成的（2）虚像是不能成在光屏上的；（3）根据物距、像距的确定方法进行分析；（4）根据光线过透镜的光心不改变方向，判断蜡烛变短后，像的移动方向【解答】解：A、由图知，u2f时，fv2f，因此成倒立、缩小的实像照相机是根据这个原理制成的，故A错误；B、据实像和虚像的特点可知，实像可以成在光屏上，而虚像是不能成在光屏上的，故B错误；C、在测量过程中，要移动光屏位置，使上面的像最清晰时位置，可能在确定像的位置时会不太准确，造成误差较大，故C正确；D、蜡烛变短后，烛焰的位置向下移动，根据光线过透镜的光心不改变方向，像的位置向上移动，故D错误；故选C【点评】本题主要探究的是凸透镜成像的规律，这是今后学习光学，研究光现象的基础，应该熟练掌握，并注意加以区分，不能混淆3关于能源、信息和材料，下列说法正确的是（）A太阳能、核能都是不可再生能源B光信号在光导纤维中的传播速度等于340m/sC移动通信、卫星导航都是利用超声波来传递信息D钢属于硬磁性材料，可以用来做永磁体【考点】能源的分类；磁性材料；电磁波的传播；光纤通信【分析】（1）使用之后可以在短时间内从自然界中再次产生的能源是可再生能源；使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源；（2）光导纤维是利用频率比较高的激光来传递信息的；（3）移动通信、卫星导航都是利用电磁波来传递信息的；（4）磁体有永磁体和暂时性磁体两类；永磁体就是能长期保持磁性的磁体；而一般情况下，软铁块的磁性会随着周围磁场的消失而消失【解答】解：A、太阳能是可再生能源，而核能是不可再生能源，故A错误；B、光导纤维是利用激光来传递信息的，速度为3108m/s速度传播，故B错误；C、移动通信、卫星导航都是利用电磁波来传递信息的，故C错误；D、在常见的物质中，钢属于硬磁性材料，钢可以用来做永磁体，其一旦被磁化，磁性可以较长时间的保持，故D正确故选D【点评】本题考查了可再生能源和不可再生能源、光纤通信、移动通信、磁性材料的分类，涉及的知识点较多，是一道学科综合题，但难度不大4下列关于是热现象的四个图认识正确的是（）A甲图说明蒸发要吸热，蒸发有致冷作用B乙图中迅速下压活塞，硝化棉燃烧，只通过热传递改变筒内空气的内能C丙图是两个压紧的铅块吊起一个重物，两铅块未被拉开是因为存在大气压D丁图是内燃机的做功冲程，将燃料的内能转化为机械能【考点】内燃机的四个冲程；蒸发及其现象；比热容的概念；分子间的作用力【分析】（1）蒸发要吸热；（2）改变内能的方式有两种，即做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小；（3）分子间既有引力也有斥力；（4）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，只有做功冲程对外做功，其它三个冲程依靠飞轮惯性迅速完成【解答】解：A、甲图说明蒸发要吸热，蒸发有致冷作用，故A正确；B、乙图中迅速向下压活塞，由于压缩玻璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，故B错误；C、丙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，主要是因为分子间存在引力，故C错误；D、丁图两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，将机械能转化为内能故D错误故选：A【点评】本题考查了内燃机、蒸发及其吸热、做功改变物体内能对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小，同时伴随者机械能和内能的相互转化5关于如图所示交通标志牌，下列说法正确的是（）A小型轿车最高速度不超过100m/sB图中所示三种车辆都以最高限速行驶，小汽车的动能较大C图中所示三种车型以同样速度行驶，通常小汽车动能较小D对机动车设定限制速度，是为了减小它们的惯性【考点】速度与物体运动；惯性；动能大小的比较【分析】利用以下知识分析解答：（1）明确交通标志牌的含义；（2）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度；（3）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大【解答】解：A、由图可知，小型轿车最高速度不超过100km/h故A错误；B、影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，只知其速度大小，不知质量大小关系，无法比较其动能大小故B错误；C、图中所示三种车型以同样速度行驶，通常小汽车的质量最小，所以小汽车的动能较小故C正确；D、惯性大小只跟物体的质量大小有关，与速度大小无关，所以对机动车设定限制速度，不能减小它们的惯性故D错误故选：C【点评】此题考查动能大小的影响因素、惯性等，知道交通标志牌的含义，并能从中获得相关信息是此题关键6小明利用如图所示装置和器材，探究水的沸腾特点和物质吸热能力，下列实验及有关说法正确的是（）A小明设计的电路中R甲、R乙必须满足的条件是R甲R乙B只闭合开关S2，观察水的沸腾，测得数据如下表：时间（min）012345678温度（）909294969798989898分析数据可知，水沸腾时的特点为：水吸热，但温度不变，内能增加C断开S2，待水冷却至室温后，继续探究物质的吸热能力，小明应控制水和煤油的体积相同、初温相同D探究物质的吸热能力，应先闭合开关S1，再闭合开关S2，并控制水的末温低于98【考点】探究水的沸腾实验；探究比热容的实验【分析】（1）探究水的沸腾特点和物质的吸热能力，应控制物质吸收的热量相等，必须选用阻值相等的电阻；（2）水沸腾过程中温度保持不变，根据实验数据得出水的沸点；（3）要探究物质的吸热能力，必须使两个电阻丝在相同时间内产生的热量相等；在实验中，应使两个电阻同时通电，从而可以判断出开关的闭合顺序；根据比热容的热点，水的比热容大于油的比热容，则相同质量的水和油，水的温度变化较小【解答】解：A、探究物质的吸热能力，应控制物质吸收的热量相等，由图示电路图可知，两电阻并联，它们的电压相等，要使电阻在相等时间内产生的热量相等，应控制两电阻阻值相等，即：R甲=R乙故A错误；B、由表中实验数据可知，当水温达到98水开始沸腾，在水沸腾后，水继续吸热，温度不变（吸热温度不变）故B正确；C、要探究水与油的吸热能力，应控制水与油的质量、初温、吸收的热量相等故C错误；D、探究物质的吸热能力，必须控制水与油吸收的热量相等，应控制两个电阻同时开始加热，因此应先闭合开关S1，然后再闭合开关S2；实验过程中水不能达到沸腾，应控制水的末温度低于98故D正确故选BD【点评】此题考查了对有关热学实验的掌握，主要考查了水沸腾的特点、焦耳定律及温度变化与吸热能力的关系，要掌握基本的知识，并能灵活运用7如图所示，攀岩者仅靠手脚灵活运用抓、撑、蹬等动作，用力实现身体的平衡，从而达到难以企及的顶点，在攀岩过程中，下列说法正确的是（）A攀岩者静止在如图位置时，他受到的是平衡力B攀岩者受到的重力与岩石对他的作用力是一对相互作用力C岩石对攀岩者的作用力大于他对岩石作用力D攀岩者摄取食物的化学能全部转化为他增加的机械能【考点】平衡状态的判断；平衡力的辨别；能量的转化和转移【分析】（1）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体处于平衡状态，受到平衡力的作用（2）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、作用在同一条直线上（3）力的作用是相互的，两个相互的作用力大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于两个不同的物体上【解答】解：A、攀岩者静止在图中位置时，处于静止状态，因而他受到的是平衡力，故A正确；B、攀岩者受到的重力与岩石对他的作用力是一对平衡力，故B错误；C、岩石对攀岩者的作用力与他对岩石作用力，是一对相互作用力，大小相等，故C错误；D、攀岩者摄取食物的化学能部分转化为他增加的机械能，人体在进行各项生命活动时要消耗部分能量，故D错误；故选：A【点评】本题易错点是把平衡力和相互作用力混淆，平衡力和相互作用力的本质区别是否作用在同一物体上8如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为G的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，则动滑轮的机械效率与物体重力G的关系可能符合下列图中的（）ABCD【考点】滑轮（组）的机械效率【分析】从题可知，动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，首先根据影响摩擦力大小的因素判断出绳与滑轮间的摩擦，再利用公式=100%判断出动滑轮的机械效率与物体重力G的关系【解答】解：动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，从摩擦角度考虑，随着物体重力的增加，滑轮与绳子间摩擦会一定程度增大同时，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，但由于摩擦也在增大，故机械效率与物体重力G的关系并不成正比，故A正确符合题意故选：A【点评】本题考查了使用动滑轮时机械效率的计算，要知道提升物重大小对机械效率的影响（同一滑轮组，机械效率随物重的增大而增大）9法国科学家阿尔贝费尔和德国科学家彼得格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应，荣获了诺贝尔物理学奖如图是研究巨磁电阻特性的原理示意图实验发现，当闭合S1、S2后使滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变亮，则下列说法正确的是（）A电磁铁右端为N极B滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性减弱C巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显增大D巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素；欧姆定律的应用【分析】由滑片的移动得到通电螺线管的磁性的变化，由灯泡亮度的变化，得到它们之间的关系即可【解答】解：滑片P向左滑动过程中，电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性增强，而指示灯明显变亮，说明右边电路的电流变大了，巨磁电阻的电阻变小了，磁性增强时，巨磁电阻的电阻变小所以D的说法正确故选D【点评】解题的关键是明白两边的电路中的总电阻是怎样变化的，从而找到磁性变化时对巨磁电阻的影响10利用如图所示装置可以探究“什么情况下磁可以生电”，灵敏电流计和导线ab组成闭合电路，下列说法正确的是（）A保持磁体不动，若导线ab水平向左运动，则灵敏电流计指针不会偏转B若磁体和导线ab以同样速度水平向左运动，则灵敏电流计指针不会偏转C导线ab应选用铁丝D若导线ab斜向上运动，则灵敏电流计指针不会偏转【考点】产生感应电流的条件【分析】蹄形磁铁中，磁感线是从N极指向S极的，而要想产生感应电流，必须让闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，观察导体ab是否切割磁感线是判断的关键【解答】解：A、图中蹄形磁铁的磁感线是从上端N极垂直指向下端S极的，导体ab水平向右或向左运动，做切割磁感线运动，从而在闭合电路中产生感应电流，电流计指针会偏转；故A错误；B、若磁体和导线ab以同样速度水平向左运动，导体ab没有做切割磁感线运动，电流计的指针不会偏转；故B正确；C、导体ab选用铜丝、铁丝等导体都可以；故C错误；D、若导线ab斜向上运动，做切割磁感线运动，会产生感应电流，则灵敏电流计指针会偏转；故D错误故选B【点评】明确产生感应电流的条件是闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动，同时，熟知磁感线的分布规律，是此题判断的关键因素11某同学利用如图所示电路探究“串联电路电压的规律”，闭合开关后电压表V1示数为2.5V，V2示数为3.8V，过会儿发现有两个电压表示数相等，则可能原因是（）A可能是L1断路B一定是L1短路C一定是L2断路D可能是电压表V2断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】（1）由图可见，L1和L2串联，电压表V1测量L1两端的电压；电压表V2测量L2两端的电压，电压表V测量电源电压；（2）电压表有示数，说明电压表与电源连接的部分电路无断路，与电压表并联的部分无短路【解答】解：A、若L1断路，电压表V1的示数为电源电压，则电压表V1与电压表V的示数相同，故A正确；B、若L1短路，电压表V1的示数为0，电压表V2的示数为电源电压，则电压表V2与电压表V的示数相同，但不是一定短路，故B错误；C、若L2断路，电压表V2的示数为电源电压，则电压表V2与电压表V的示数相同，但不是一定L2断路，故C错误；D、若电压表V2断路，则电压表V2无示数，电压表V大于电压表V1，故D错误故选A【点评】电压表判断电路故障的题目中，当电压表并联在某处时若有示数，说明此处开路或它处短路；若无示数，说明此处短路或它处开路12如图所示电路，电源两端电压不变，灯丝电阻不变当两个开关都断开时，电压表的示数为U1，电阻R1消耗的电功率为0.1W只闭合开关S1时，电压表的示数为U2，电流表的示数为0.2A只闭合开关S2时，电阻R1消耗的电功率为3.6W两个开关都闭合时，灯L正常发光已知U1：U2=1：2，求：A电源电压为3VBR2阻值为30C灯L的额定功率为1.4WD电路消耗的最大电功率为6W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】先画出四种情况的等效电路图：（1）根据欧姆定律分别表示出电压表的示数即可求出图甲中电路的电流，根据P=I2R求出电阻R1的阻值，根据电源的电压不变列出等式；根据P=I2R和图甲和图丙中R1消耗的电功率得出它们的电流关系，再根据电源的电压不变得出等式，联立等式求出RL、R2的阻值（2）根据欧姆定律结合图乙求出电源的电压，再根据P=结合图丙求出灯泡的电功率即为灯泡的额定功率【解答】解：当两个开关都断开时，等效电路图如图甲所示；当只闭合开关S1时，等效电路图如图乙所示；当只闭合开关S2时，等效电路图如图丙所示；当两个开关都闭合时，等效电路图如图丁所示（1）在甲、乙两图中，电阻R2不变， =；所以I1=I2=0.2A=0.1A，R1=10；因总电压U一定，所以=，即R2=R1+RL在甲、丙两图中，电阻R1不变=，则： =；因总电压U一定，所以=，即5R1=R2+RL由、得：5R1=R1+RL+RL=R1+2RL，RL=2R1=210=20，R2=R1+RL=10+20=30故B正确；（2）在图乙中，U=U2=I2R2=0.2A30=6V，故A错误；在图丁中，灯L的额定功率PL=1.8W，故C错误；（3）电路的最大功率为：P最大=+1.8W=+1.8W=6.6W，故D错误故选B【点评】本题考查了串联电路的特点和并联电路特点以及欧姆定律、电功率的计算，关键是开关闭合、断开时电路的辨别本题难点在于很多同学无法将电压表的示数和电功率系联系在一起，无法找到突破口，解答此类问题时，可将每一种情况中的已知量和未知量都找出来，仔细分析找出各情况中的关联，即可列出等式求解二、非选择题（本题包括7小题，共34分）13一天早晨，小明刚坐进爸爸从地下车库开内的小车内，发现前面挡风玻璃有一层厚厚的“哈气”，他分析：当时室外空气暖暖的，湿湿的，小车从地下车库开出来的，车内温度比室外低，所以车外（填“车内”或“车外”）空气中的水蒸气在玻璃上液化（填物态变化名称）形成了“哈气”，这哈气能（填“能”或“不能”）用挡风玻璃前面的雨刮器刮去【考点】液化及液化现象【分析】水雾是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，要判断水雾出现在玻璃的内侧还是外侧，要看车内外的温度高低情况：（1）如果车内温度比车外温度高，车内热的水蒸气遇到冷的玻璃液化形成水雾附着在内侧；（2）如果车内温度比车外温度低，车外热的水蒸气遇到冷的玻璃液化形成水雾附着在外侧【解答】解：冬天，汽车内部温度高，车外温度低，车内空气柱的水蒸气遇冷在玻璃的内表面液化形成水雾；当车从温度较低的车库开到室外时，空气中的水蒸气在车外侧玻璃上发生液化，形成了“哈气”；因为“哈气”在车窗外侧，所以这时候需要利用雨刮器将水刮去故答案为：车外；液化；能【点评】本题考查同学对身边常见现象和物理知识之间的联系能力，对定义要准确地理解和记忆14如图所示是现在一般标准住宅的配电系统方框图，其中导线a、b进户线，火线是a，方框1安装的是电能表（选填“空气开关”、“电能表”或“用电器”），三孔插座上面孔接地线（选填“用电器金属外壳”、“零线”或“地线”）【考点】家庭电路的组成【分析】为了用电安全，家庭电路的组成，一定要注意进户线、电能表、总开关、保险丝的顺序不能颠倒空气开关的接法：左孔接零线，右孔接火线三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线【解答】解：根据电路的组成可知，家庭电路的连接要按照进户线一电能表一总空气开关及漏电保护开关用电器的安装顺序，即在方框1位置安装电能表；家庭电路中，两条进户线分别为火线和零线，空气开关左边接零线，右边接火线，则a为火线；根据三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线可知，图中三孔插座的左孔应接零线，右孔应接火线，上面孔应接地线故答案为：a；电能表；地线【点评】家庭电路中掌握家庭电路的组成、家庭电路的连接方式以及开关与用电器的连接方式、插座的接法等，都要掌握，这些都是比较简单的问题15小明利用如图所示装置探究“平面镜成像特点”：（1）实验中，小明在水平桌面上铺一张白纸，在白纸上竖直放置一块玻璃板，然后在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，再另取一支未点燃的蜡烛B放在成像处（2）要确定蜡烛A的像的位置，需要进行的实验操作是：取一支相同的但不点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直至与蜡烛A的像完全重合，并记录蜡烛B的位置（3）透过玻璃板，看到的蜡烛B，实质上是由于光的折射成的像【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】（1）根据平面镜成像的实验步骤将其补充完整即可；（2）实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系；（3）光线通过玻璃板会发生折射【解答】解：（1）在探究“平面镜成像特点”的实验中，小明在水平桌面上铺一张白纸，在白纸上竖直放置一块玻璃板，然后在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，再另取一支未点燃的蜡烛B放在成像处（2）在竖立的玻璃板前面放一支点燃的蜡烛A，可以看到玻璃板后面出现蜡烛A的像另外拿一支相同的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟像完全重合，可以判断物像大小相等；并记录下蜡烛B的位置（3）光线通过透明玻璃板是从一种介质进入另一种介质会发生折射，所以透过玻璃板看到蜡烛B，实际是光的折射形成的虚像故答案为：（1）在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，再另取一支未点燃的蜡烛B放在成像处；（2）移动；记录；（3）光的折射【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题，只要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易16在探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，实验装置如图所示，实验中用的是同一木块，甲、乙两图的接触面是相同的木板，丙图是木板上铺有毛巾，乙、丙丙图中木块上放置砝码的质量相同（1）实验时用弹簧测力计匀速拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动（2）观察实验现象，分析比较乙、丙，可以得到初步结论是滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关（3）若乙图中拉力做功功率为0.6W，则丙图中拉力的功率DA大于0.6W B小于0.6W C等于0.6W D都有可能【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验【分析】（1）水平匀速拉动木块，木块做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可知，滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力；（2）知道滑动摩擦力大小与物体间的压力和接触面的粗糙程度有关，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论；（3）根据公式P=Fv进行分析【解答】解：（1）实验时，使木块在弹簧测力计的拉力作用下做匀速直线运动，木块处于平衡状态，木块受到的摩擦力与测力计的拉力是一对平衡力，由平衡条件可知，木块受到的摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；（2）由乙、丙两图可以看出，压力相同，接触面不同，弹簧测力计的示数不同，故可得出：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；（3）乙图的水平面是木板，丙图的水平面是毛巾，木块在丙图中受到的摩擦力大于在乙图上受到的摩擦力，无法确定木块在两图中运动速度的大小，根据P=Fv可知，无法确定乙、丙两图中拉力功率的大小，故选D故答案为：（1）匀速；匀速直线；（2）滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；（3）D【点评】本题考查了“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，实验的现象分析和二力平衡原理的应用，运用控制变量法分析图示实验即可正确解题17小满在探究“浮力大小等于什么”的实验时，利用器材进行了如图的实验，并将实验数据填入了下表实验次数物重G/N空桶重G桶/N拉力F拉/N桶与水重G1/N浮力F浮/N排开水重G排/N10.60.10.30.30.30.221.10.10.60.60.50.530.90.10.50.50.40.4（1）请将表中第三行的数据补充完整；（2）在进行了数据分析发现，第一组数据明显与其他数据所反映的规律不符为了得出结论，他将第一组数据中的桶与水重G1改为0.4N，排开水重G排改为0.3N请你评价他的这种作法评价：没有坚持实事求是的态度针对此实验数据，你的作法是找出原因重做实验（3）传说澡盆的水溢出给了阿基米德灵感，由此得出了著名的阿基米德原理他在物理学方面的另一重要贡献是杠杆原理【考点】探究浮力大小的实验【分析】（1）利用F浮=GF计算出第三组的浮力（2）在实验过程中，应实事求是，不应该随意改动测量数据（3）阿基米德除了发现了浮力原理外，还发现了杠杆定理【解答】解：（1）F浮=GF=0.9N0.5N=0.4N（2）小满为了得出结论，他将第一组数据中的桶与水重G1改为0.4N，排开水重G排改为0.3N不符合物理实验中的要求，物理实验要坚持实事求是的态度他下一步的操作应找出原因重做实验（3）阿基米德在物理学方面的另一重要贡献是发现了杠杆原理故答案为：（1）0.4；（2）没有坚持实事求是的态度；找出原因重做实验（3）杠杆原理【点评】此题考查了学生在科学探究过程中应持的态度，特别是在实验结果与预期的结果不一致时应该如何处理的问题在科学探究的过程中，有时所得出的实验结果与预期的不一样，或者与课本知识不一致，这时要对实验的设置和实验过程进行检查，在确保无误的情况下，多做几次实验，若实验结果仍然与预期的或者与课本知识不一致，此时要坚持实事求是的态度，对相关知识提出质疑18如图所示是某同学探究电流与电阻的关系的实物电路已知电源为3节新干电池，滑动变阻器规格为“25 1A”，可供选择的定值电阻的阻值为5、10、20实验序号R/U/VI/A1530.621030.332030.16（1）请用笔画线代替导线将图中的电路连接完整，导线不能交叉；（2）请同学测量的数据如表所示，分析数据，可初步得出的结论是电压不变，导体中的电流与其电阻成反比，为了使该结论具有普遍性，接下来的操作是改变定值电阻两端的电压；（3）利用上述器材完成该实验，定值电阻两端电压只能在2V至4.5V之间选取【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）将滑动变阻器与电阻串联在电路中，电压表与电阻并联，根据电源确定电压表的量程；（2）根据表格中数据得出电流与电阻的反比例关系；（3）定值电阻的阻值越大，所需变阻器的阻值越大，根据滑动变阻器的最大阻值及定值电阻的最大阻值判断出电阻两端能够达到的最小电压【解答】解：（1）将滑动变阻器与电阻R串联，已接了上面一个接线柱，应再接下面一个接线柱，将电压表与电阻并联，如图所示：（2）由表格中数据知，电压不变，电阻越大，电流越小，在误差允许的范围内，电流与电阻的乘积不变，可得电压不变，导体中的电流与其电阻成反比；要使结论更具普遍性，可改变定值电阻两端的电压，继续实验；（3）由题意知，滑动变阻器的最大阻值为25，定值电阻的最大电阻为20；根据串联电路的电压关系：=解得：U=2V所以电阻两端的电压只能在2V到4.5V之间故答案为：（1）见上图；（2）电压不变，导体中的电流与其电阻成反比；改变定值电阻两端的电压；（3）2；4.5【点评】探究电流与电压和电阻的关系实验，是欧姆定律的得出，主要考查控制变量法的应用，并要掌握滑动变阻器在实验中改变电压和控制电压不变的作用，同时要会应用欧姆定律来分析滑动变阻器的变化19（10分）（2016武昌区二模）如图甲所示为某种遥控航拍无人机，由于体积小，重量轻，拍摄效果好，操控方便，深受航模爱好者喜欢下表是它部分技术参数（1）图乙是它的螺旋桨，形状跟机翼相似，螺旋桨高速旋转，给无人机提供上升的动力，所利用的原理是在气体中流速越大的位置压强越小，在图乙中画出飞机在空中盘旋时所受的这个力的示意图（2）无人机在上升过程中，被拍摄景物所成的像逐渐变小，拍摄范围变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）（3）技术参数中“能量”一栏数值是多少？（结果取整数）技术参数飞机器质量（含电池及桨）1280g最大上升速度5m/s最大下降速度3m/s最大水平飞行速度15m/s最大上升高度6000m智能飞行电池容量4480mAh正常工作电压15.2V飞行时间约23min能量68Wh相机镜头焦距20mm（4）某次航拍过程中，无人机以1.2m/s速度匀速竖直上升，正常工作时它将电能转化为机械能的效率为92%，则该过程中智能飞机电池工作电流多大？（不计空气阻力，结果保留一位小数）【考点】电功的计算；力作用的相互性；凸透镜成像的应用【分析】（1）流速越大的地方，空气压强越小；流速越小的地方，空气压强越大根据飞机机翼的结构图，进行分析即可（2）成实像时：物距变大，像距变小，像变小（3）已知智能飞行电池的容量和电压，利用W=UIt=UQ可求得能量（4）已知正常工作时它将电能转化为机械能的效率为92%，根据=可求得机械能，再利用P=求得其功率，利用P=UI求得智能飞机电池工作电流【解答】解：（1）无人机机翼的横截面设计成如图乙所示的形状，是利用了在气体中流速越大的位置压强越小的原理，从而使机翼的上下表面产生压强差，为飞机提供升力，力的方向是竖直向上的，如图所示：（2）凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小，无人机在上升过程中，物距变大，像变小，拍摄范围变大（3）技术参数中“能量”W=UQ=15.2V4.480A68Wh=683600s=2.448105J（4）W机械=W=92%2.448105J=2.25216105J，其功率P=163.2W，由P=UI可得，智能飞机电池工作电流I=10.7A故答案为：（1）在气体中流速越大的位置压强越小；见上图；（2）变小；变大；（3）68；（4）该过程中智能飞机电池工作电流为10.7A【点评】本题主要考查了流体压强与流速的关系、力的示意图的画法、是凸透镜成像规律的应用、电功的计算等多个知识点，是一道综合性较强的题目