高三物理上学期第二次月考试题6

西安中学高2017届第二次月考物理试题（ 时间：90分钟 满分：100分 ） 第卷（选择题）一、选择题：本题共18小题，每小题3分。共计54分。其中1-12题为单选，13-18题为多选。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1许多科学家在物理学发展过程中做出重要贡献，下列叙述中符合物理学史的是A卡文迪许通过扭秤实验，总结并提出了真空中两个静止点电荷间的相互作用规律B第谷发现了行星运动定律C牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了万有引力常量D法拉第经过多年的实验探索终于发现了电磁感应现象2以下是力学中的三个实验装置，由图可知这三个实验共同的物理思想方法是A极限的思想方法 B放大的思想方法C控制变量的方法 D猜想的思想方法3小飞人科比在带球过人时身体与地面的夹角为60，为保持身体稳定，地面对运动员的力必须与身体平行。若其转弯半径约为5 m，重力加速度g=10 m/s2，则小飞人此时运动的速度大小约为 A2 m/s B5 m/s C9 m/s D12 m/s4某同学观察一只蜗牛爬行，绘出蜗牛在某段时间内的位移时间图象如图所示，对线段OA、AB、BC、CD所表示的运动，下列说法正确的是A0.5 s时，蜗牛的速度大小为0.5 m/s BAB段蜗牛做匀速运动CCD段的运动方向与初始运动方向相反 D蜗牛在4 s内的位移为2 cm5如图所示，倾角为=30的斜面体放在水平地面上，一个重为G的球在水平力F的作用下静止于光滑斜面上，此时水平力的大小为F；若将力F从水平方向逆时针转过某角度后，仍保持F的大小不变，且小球和斜面依然保持静止，此时水平地面对斜面体的摩擦力为，那么F和的大小分别是 A B C D6如图所示，质量为m的滑块(可视为质点)在倾角为的斜面上，从a点由静止下滑，到b点接触到一个轻弹簧。滑块压缩弹簧到c点开始弹回，返回b点离开弹簧，最后又回到a点，已知ab=x1，bc=x2，那么在整个过程中A滑块在b点动能最大，最大值为mgx1sinB因斜面对滑块的摩擦力做负功，滑块和弹簧组成的系统整个过程中机械能逐渐减少C滑块在c点时弹簧的弹性势能最大，且为mg(x1+x2)sinD可由mgsin=kx2求出弹簧的劲度系数7如图所示，相互接触的A、B两物块放在光滑的水平面上，质量分别为m1和m2，且m1m2现对两物块同时施加相同的水平恒力F设在运动过程中两物块之间的相互作用力大小为FN，则A物块B的加速度为 B物块A的加速度为 CF FN 2F DFN可能为零8在静止的电梯里，把一个轻弹簧的一端连在电梯底部，另一端连接一个质量为m的铁块，如图所示在电梯由静止开始匀加速(am（m为砂桶及砂桶中砂的质量）的条件，结果得到的图像应是下图中的： （3）在研究小车的加速度a和拉力F的关系时，由于没有满足Mm的关系，结果应是下图中的： 三、计算题（共30分）21（9分）水上滑梯可简化成如图所示的模型，光滑斜槽和粗糙水平槽平滑连接，斜槽的竖直高度H = 6.0 m，倾角 = 37。水平槽BC长d=2.5 m，BC面与水面的距离h=0.80 m，人与间的动摩擦因数为=0.40。一游戏者从滑梯顶端A点无初速地自由滑下，求：(取重力加速度g =10 m/s2，cos37= 0.8，sin37= 0.6)(1)游戏者沿斜槽AB下滑时加速度的大小a；(2)游戏者滑到C点时速度的大小；(3)在从点滑出至落到水面的过程中，游戏者在水平方向位移的大小x。22（9分）如图所示，四分之一圆轨道OA与传送带相切相连，下方的CD水平轨道与他们在同一竖直面内。圆轨道OA的半径R=1.25m，传送带长S=2.25m，圆轨道OA光滑，AB与CD间的高度差为h一滑块从O点静止释放，当滑块经过B点时（无论传送带是否运动），静止在CD上的长为L=m的木板（此时木板的末端在B点的正下方）在F=12N的水平恒力作用下启动，此时滑块落入木板中。已知滑块与传送带的摩擦因数1=0.2，木板的质量M=1kg，木板与CD间的摩擦因数为2=0.4，g取10m/s2，求：（1）如果传送带静止，求滑块到达B点的速度。（2）如果传送带静止，求h的取值范围。（3）如果传送带可以以任意速度传动，取h=20m，试判断滑块还能否落在木板上。23（12分）由三颗星体构成的系统，忽略其它星体对它们的作用，存在着一种运动形式：三颗星体在相互之间的万有引力作用下，分别位于等边三角形的三个顶点上，绕某一共同的圆心O在三角形所在的平面内做相同角速度的圆周运动（图示为A、B、C三颗星体质量不相同时的一般情况）。若A星体质量为2m，B、C两星体的质量均为m，三角形的边长为a，求：（1）A星体所受合力大小FA；（2）B星体所受合力大小FB；（3）C星体的轨道半径RC；（4）三星体做圆周运动的周期T.西安中学高2017届第二次月考物理试题参考答案 命题人：谢欣哲一、选择题：本题共18小题，每小题3分。共计54分。其中1-12题为单选，13-18题为多选。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。题号12345678910答案DBBCDCBBCA题号1112131415161718答案CCCDBDABCBCADAB二、实验题（每空2分，共16分）19（10分）（1） (x3- x1) / 2t （2分）（2）滑块下滑的位移x （2分） mgx（2分）（3）过原点的直线 （2分） 滑块的质量M （2分）20（6分）（1）（B）（C）（2）D （3）D 三、计算题（共30分）21（9分）解：（1）设游戏者的质量为m，游戏者沿AB下滑时，根据牛顿第二定律，得 mgsin = ma ，故加速度大小 a = 6.0 m/s2（2）游戏者从A滑到C的过程中，根据动能定理， mgHmgd = mv20 解得滑到C点时的速度大小 v = 10m/s（3）在从C点滑出至落到水面的过程中，游戏者做平抛运动，设此过程经历的时间为t，游戏者在水平方向上的位移 x = vt ，竖直方向的位移 h = gt2联立解得 x = 4.0m22. （9分）解：（1）滑块滑到A点的速度为vA，由机械能守恒定律可知：mgR=mvA2 解得：vA=5m/s；滑块滑过静止的传送带到达B点后，速度为vB ，由动能定理有：1mgS=mvB2mvA2 得：vB=4m/s； （2） 木板在CD上运动的加速度由牛顿第二定律得：a=8m/s2；vBt1at12 解得t11s；对应的高度h1=gt12 解得：h15m；如果滑块恰好落在木板右端，需耗时t2，则有：vBt2at22+L 解得：t23/4s和0t21/4s；对应的h2=gt22 解得：h245/16m=2.8125m；0h25/16m=0.3125m故h的取值范围为45/16m，5m, 0m， 5/16m(3)如果h=20m，则滑块落在木板上的时间为t，则有h=gt2，解得t=2s;如果滑块落在木板左端，需要滑块有速度vB1，则有vB1t=at2，解得vB1=8m/s；由于传送带的速度足够大，所以可以让滑块一直处于加速状态，设滑块运动到B点的速度为vB1，则由动能定理有：1mgS=m vB12mvA2 解得：vB1=m/s8m/s；即传送带不足以使滑块获得落在木板上所需的速度，故滑块不能落在木板上23.（12分）