九年级物理上学期第二次月考试卷（含解析） 新人教版 (5)

2016-2017学年湖北省黄冈市蕲春县胡风中学九年级（上）第二次月考物理试卷一、选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）1对下列常见现象的分析正确的是（）A我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多B冬天腌制腊肉需要较长的时间，说明分子在低温下没有做无规则的运动C炒菜的锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容较大这一特性D围火取暖，是通过热传递的方式改变内能2如图，某同学将一张细条状铝箔纸的两端分别压在干电池的正负极，发现铝箔纸发热并燃烧，关于该实验的分析正确的是（）A该实验能说明短路带来的危害B用普通纸代替铝箔纸也能燃烧C实验中铝箔纸发热是化学能转化成内能D实验时2节干电池并联能够增大流过铝箔纸的电流3如图所示电路，当开关S闭合后，两表均有示数，过一会儿，发现电压表和电流表示数都增大，下列故障分析可能的是（）ALl断路BL2断路CL1短路DL2短路4LED灯是一种新型的环保节能灯小明买了一款LED护眼灯，它的额定电压为24V，额定功率为8W，它正常发光时与“PZ22060”的白炽灯正常发光时的亮度相当下列有关这款灯的说法正确的是（）A该灯正常工作1h比白炽灯正常工作1h要节约电能52JB该灯工作时主要将电能转化为内能C该灯正常工作时的电压为24VD1度电可供该灯正常工作12h5如图所示的用电器中，利用电流热效应工作的是（）A计算器B电热取暖器C抽油烟机D电视机6对物理概念和规律的理解，下列说法正确的是（）A超导体电阻为零，适合做电炉丝B条形码扫描器中的光亮二极管，主要是由半导体材料制成的C在电流一定时，导体两端的电压与导体的电阻成正比D电路中发光越亮的电灯，它的额定功率就越大7如图是一个自动体重测试仪的工作原理图，有关它的说法正确的是（）A体重测试仪电路由于缺少开关，始终处于通路B体重越大，体重显示表的示数越小C体重测试仪所测体重越大，整个电路消耗电功率越大D体重测试仪所测体重越大，整个电路消耗电能越少二、填空与作图（共5小题，8-11题每空1分，12题2分，满分13分）8如图所示是小红她新买的电能表耗电一个月的表盘，此时电能表的读数是kWh；若一度电0.55元，则她家本月要花费元的电费9如图所示是某农民自建“屋顶发电站”，太阳晒晒就能发电，这组设备把能转化成能，他家里的“电热毯”是利用电流的效应工作的10如图甲所示，两个灯泡串联在电源电压恒为6V的电路中，L1的额定电压为3V，L2的额定电压为2V通过两个灯泡的电流与其两端电压的关系如图乙所示闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，其中一个灯泡正常发光，另一个不损坏正常发光的小灯泡是（“L1”或“L2”），其额定功率为W，电路的总功率为W11某型号电饭煲有加热和保温功能，如图甲所示为其内部电路原理理，当开关S接触点1时，该电饭煲处于（填“保温”或“加热”）状态，如图乙是该电饭煲工作时电功率与时间的关系图象，则图中阴影部分面积表示的物理量是，其大小为12为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系好提示系统当有乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1会闭合，若未系安全带，则开关S2会断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，仪表盘上的指示灯熄灭请根据要求将以下元件连接起来组成电路（R为保护电阻，且必须连入电路）三、实验与探究（每空1分，满分12分）13小敏同学在测量小灯泡正常工作时的电阻的实验中，所用小灯泡上标有“2.5V”字样实验时，发现电流表已经损坏，小明利用一只电阻箱和一些开关和导线设计了如图所示电路并进行如下实验：（1）按电路图连接好实物电路后，将滑动变阻器的滑片P移到（2）只闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V（3）闭合开关S1和S2，断开S3，调节接入电路的阻值，使电压表的示数为2.5V，读出这时电阻箱接入电路的阻值如图所示，则小灯泡正常工作时的电阻为14小明做用伏安法测量额定电压为2.5V的小灯泡电功率的实验实验时，测量的数据如下表所示实验次数12345678发光情况明亮亮更明亮较亮较暗微光熄灭熄灭电压U/V2.52.13.01.71.30.90.50.1电流I/A0.280.260.300.2400.190.160.05分析实验数据可知：小灯泡的额定功率为W7、8两次实验中，灯泡熄灭的原因是小灯泡在断电一段时间后的电阻可能是（填“0”、“1”、“2”或“8.9”）15在探究“影响电流热效应的因素”实验中：（1）为了探究电热器产生的热量与电流的关系，小明设计了甲图装置，通过比较，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少若他想让烧瓶内液体在短时间内温度变化更明显，应选用（选填“煤油”或“水”），理由是（2）若要探究电热器产生热量与电阻的关系，应选择乙图中（选填“A”或“B”）烧瓶与甲图中的烧瓶（选填“串联”或“并联”）四.综合应用（每小题7分，共14分）16甲为自动调温电熨斗，图乙为其简化的电路图，通电后，温控开关S闭合，指示灯L亮（R为限流电阻），发热板发热，使金属底板温度升高当温度升高到设定温度时，温控开关S自动断开，底板的温度不在升高，随着温度的降低，温控开关S再次闭合，电路再次接通，底板的温度又开始升高，从而实现自动控温的目的（1）若指示灯L采用“3V 0.03W”的小灯泡，那么限流电阻R多大才能使小灯泡正常工作？（2）发热板的额定功率为1000W，则发热板的电阻多大？若要使金属底板的温度由20升高到220至少需要多长时间？（金属底板的质量为1kg，比热容为0.4103J/（kg），不计热量损失）17图甲所示是某型号超声波加湿器，通电工作时可改变空气的湿度下表为其部分技术参数，其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积；循环风量是指加湿器正常工作1h通过风扇的空气体积；加湿效率是指实际加湿量和实际输入功率的比值（1）加湿器正常工作时电流为多少？（2）在没有其他用电器接入电路的情况下，加湿器工作30min，标有“3000imp/kWh”的电能表指示灯闪烁了720次，此过程中加湿器的实际功率多少W？加湿器的加湿量Q实至少为多少L/h？额定加湿量Q额15L/h额定电压U额220V额定功率P额660W水箱容量V30L加湿效率k1.2102L/（hW）2016-2017学年湖北省黄冈市蕲春县胡风中学九年级（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）1对下列常见现象的分析正确的是（）A我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多B冬天腌制腊肉需要较长的时间，说明分子在低温下没有做无规则的运动C炒菜的锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容较大这一特性D围火取暖，是通过热传递的方式改变内能【考点】热传递改变物体内能；物质的物理特征；热量的概念；扩散现象【分析】（1）热量是指在热传递过程中内能的变化量，只有在热传递过程中才能提到热量；（2）分子用不停息的做无规则运动，分子的热运动与温度有关；（3）铁物质具有良好的导热性；（4）改变物体内能的方式有做功和热传递【解答】解：A热量是在热传递过程中，能量改变的多少，是一个过程量，只能用“吸收”和“放出”来描述，不能说物体中含有多少热量，故A错误；B分子的热运动与温度有关，所以冬天腌制腊肉需要较长的时间，故B错误；C炒菜的锅一般用铁制造，主要是利用了铁具有良好的导热性，故C错误；D围火取暖，是通过热传递的方式改变使人体的内能增加，故D正确故选D2如图，某同学将一张细条状铝箔纸的两端分别压在干电池的正负极，发现铝箔纸发热并燃烧，关于该实验的分析正确的是（）A该实验能说明短路带来的危害B用普通纸代替铝箔纸也能燃烧C实验中铝箔纸发热是化学能转化成内能D实验时2节干电池并联能够增大流过铝箔纸的电流【考点】电路的三种状态；导体和绝缘体的区别；并联电路的电压规律；电功的实质【分析】（1）电源短路是指电源两极不经过用电器直接连通的电路，当电源短路时，电路中的电流很大，可能会烧坏电源；（2）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；（3）电流做功的实质是把电能转化为其它形式的能；（4）并联电路中各支路两端的电压相等【解答】解：A铝箔纸是导体，用它把电源正负极连接，发生短路，由于电流热效应而发热并燃烧，能说明短路带来的危害，故A正确；B普通纸是绝缘体，所以此实验普通纸代替铝箔纸不能燃烧，故B错误；C实验中铝箔纸发热是电能转化成内能，故C错误；D连接干电池并联时它们两端的电压和一节干电池的电压相等，不能够增大流过铝箔纸的电流，故D错误故选A3如图所示电路，当开关S闭合后，两表均有示数，过一会儿，发现电压表和电流表示数都增大，下列故障分析可能的是（）ALl断路BL2断路CL1短路DL2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】由图可知两灯串联，电压表测量L1两端的电压；由电路中两表示数的变化可知故障的可能性，则由讨论可得结果【解答】解：电流表的示数变大，电压表的示数变大，则应该是电路中电灯L2局部短路，导致总电阻变小，根据欧姆定律I=，电路中电流变大；电压表的示数为电源电压值，示数变大，若L1短路电压表示数为0，若Ll断路电流表示数为0由分析可得，A、B、C错误，D正确故选D4LED灯是一种新型的环保节能灯小明买了一款LED护眼灯，它的额定电压为24V，额定功率为8W，它正常发光时与“PZ22060”的白炽灯正常发光时的亮度相当下列有关这款灯的说法正确的是（）A该灯正常工作1h比白炽灯正常工作1h要节约电能52JB该灯工作时主要将电能转化为内能C该灯正常工作时的电压为24VD1度电可供该灯正常工作12h【考点】电功的计算；电功的实质；额定电压【分析】（1）由W=Pt计算正常工作1h节能灯比白炽灯节约的电能；（2）根据LED灯工作原理解答；（3）正常工作时的电压等于用电器的额定电压；（4）由P=计算1度电可供LED灯正常工作的时间【解答】解：A、LED灯额定功率为8W，白炽灯额定功率60W，所以正常工作1h节能灯比白炽灯节约的电能：W=（P白炽灯PLED）t=（60W8W）3600s=187200J，故A错误；B、LED灯工作时主要将电能转化为光能，所以其效率高，节能，故B错误；C、由题知，LED灯的额定电压为24V，所以它正常工作时的电压为24V，故C正确；D、由P=可得，1度电可供LED灯正常工作的时间：t=125h，故D错误故选C5如图所示的用电器中，利用电流热效应工作的是（）A计算器B电热取暖器C抽油烟机D电视机【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应【分析】当电流通过电阻时，电流作功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应根据各用电器的能量转化可做出判断【解答】解：A、计算器主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，不合题意；B、电热取暖器将电能转化为内能，利用了电流的热效应，符合题意；C、抽油烟机主要将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，不合题意；D、电视机主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，不合题意故选B6对物理概念和规律的理解，下列说法正确的是（）A超导体电阻为零，适合做电炉丝B条形码扫描器中的光亮二极管，主要是由半导体材料制成的C在电流一定时，导体两端的电压与导体的电阻成正比D电路中发光越亮的电灯，它的额定功率就越大【考点】超导现象；半导体的作用；欧姆定律的变形公式；实际功率【分析】（1）电炉丝是利用电流的热效应工作的，而超导体电阻为零，电流通过超导体时，不会产生热量；（2）二极管，主要是由半导体材料制成的；（3）在电流一定时，导体两端的电压与导体的电阻成正比；（4）灯泡的亮度决定于灯泡的实际功率【解答】解：A、电炉丝是利用电流的热效应工作的，而超导体电阻为零，电流通过超导体时，不会产生热量，因此超导体不适合做电炉丝，故A错误B、条形码扫描器中的光亮二极管，主要是由半导体材料制成的，故B正确；C、根据U=IR可知，在电流一定时，导体两端的电压与导体的电阻成正比，故C正确；D、电路中发光越亮的电灯，它的实际功率就越大故D错误故选BC7如图是一个自动体重测试仪的工作原理图，有关它的说法正确的是（）A体重测试仪电路由于缺少开关，始终处于通路B体重越大，体重显示表的示数越小C体重测试仪所测体重越大，整个电路消耗电功率越大D体重测试仪所测体重越大，整个电路消耗电能越少【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）当自动体重测试仪的上方无物体时，滑片位于绝缘体的位置，电路断路；（2）当测试仪所测体重越大时，滑动变阻器接入电路的电阻越小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；（3）当测试的体重过大时，R2接入电路中的电阻过小，电路中的电流过大，根据P=UI可知电路消耗功率的变化；（4）根据W=UIt可知电路消耗电能的多少与工作时间有关【解答】解：A、当自动体重测试仪的上方无物体时，滑片位于绝缘体的位置，电路断路，故A不正确；B、当测试仪所测体重越大时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据I=可知，电路中的电流变大，即体重显示表的示数越大，故B不正确；C、当测试的体重过大时，电路中的电流过大，而电源电压不变，由P=UI可知，电路消耗的电功率变大，故C正确；D由W=UIt可知，电路消耗电能的多少与工作时间有关，而工作时间不知，消耗电能的多少无法判断，故D不正确故选C二、填空与作图（共5小题，8-11题每空1分，12题2分，满分13分）8如图所示是小红她新买的电能表耗电一个月的表盘，此时电能表的读数是114.5kWh；若一度电0.55元，则她家本月要花费63元的电费【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kWh，据此读出电能表的示数即为本月消耗的电能，根据电价求出需要交纳的电费【解答】解：由图可知，电能表的读数为114.5kWh=114.5度，她家本月要花费的电费：0.55元/度114.5度=62.975元63元故答案为：114.5；639如图所示是某农民自建“屋顶发电站”，太阳晒晒就能发电，这组设备把太阳能转化成电能，他家里的“电热毯”是利用电流的热效应工作的【考点】太阳能的转化；电功的实质【分析】（1）判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量；（2）电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子【解答】解：太阳能电池将太阳能转化为电能；电热毯工作时要发热，是利用了电流的热效应来工作的故答案为：太阳；电；热10如图甲所示，两个灯泡串联在电源电压恒为6V的电路中，L1的额定电压为3V，L2的额定电压为2V通过两个灯泡的电流与其两端电压的关系如图乙所示闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，其中一个灯泡正常发光，另一个不损坏正常发光的小灯泡是L1（“L1”或“L2”），其额定功率为0.45W，电路的总功率为0.9W【考点】实际功率【分析】由图象可知，两灯泡的额定电流，根据串联电路的电流特点可知能正常发光的灯泡是额定电流较小的，根据P=UI求出其额定功率；【解答】解：由图象可知，L1的电压为3V时通过的电流0.15A，L2的电压为2V时通过的电流大于0.15A，因串联电路中各处的电流相等，且其中一个灯泡正常发光，另一个不损坏，所以，正常发光的灯泡是L1，其额定功率P1=U1I1=3V0.15A=0.45W；电路的总功率为：P=UI=6V0.15A=0.9W故答案为：L1；0.45；0.911某型号电饭煲有加热和保温功能，如图甲所示为其内部电路原理理，当开关S接触点1时，该电饭煲处于加热（填“保温”或“加热”）状态，如图乙是该电饭煲工作时电功率与时间的关系图象，则图中阴影部分面积表示的物理量是电功，其大小为4.8105J【考点】电功率的计算【分析】由图知，开关S接触点1时，只有R1连入电路中，S接触点2时，两电阻串联，由P=分析电饭煲的工作状态；由图象知，电饭煲工作的功率和工作时间，由此可知面积表示的物理量并计算【解答】解：由甲可知，开关S接触点1时，只有R1连入电路中，S接触点2时，两电阻串联，电源电压一定，由P=可知开关接触点1时，电路的电阻较小，功率较大，所以此时电饭煲处于加热状态；由乙图象知，横坐标表示工作时间，纵坐标表示电饭煲的电功率，阴影部分面积S=Pt=W，即：阴影部分表示的是电饭煲消耗的电功；由图知，P加热=0.8kW，加热时间t加热=10min=h，所以W加热=P加热t加热=0.8kWh=kWh=4.8105J故答案为：加热；电功；4.8105J12为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系好提示系统当有乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1会闭合，若未系安全带，则开关S2会断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，仪表盘上的指示灯熄灭请根据要求将以下元件连接起来组成电路（R为保护电阻，且必须连入电路）【考点】实物的电路连接【分析】由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被S2短路了【解答】解：由题意，指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，如图所示：三、实验与探究（每空1分，满分12分）13小敏同学在测量小灯泡正常工作时的电阻的实验中，所用小灯泡上标有“2.5V”字样实验时，发现电流表已经损坏，小明利用一只电阻箱和一些开关和导线设计了如图所示电路并进行如下实验：（1）按电路图连接好实物电路后，将滑动变阻器的滑片P移到最左端（2）只闭合开关S1、S3，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V（3）闭合开关S1和S2，断开S3，调节电阻箱接入电路的阻值，使电压表的示数为2.5V，读出这时电阻箱接入电路的阻值如图所示，则小灯泡正常工作时的电阻为8.3【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】在没有电流表的情况下，电压表和电阻箱应起到测量电流的作用；如图1连接电路，为保护电路，滑片移动到阻值最大的位置；因要测灯正常发光时的电阻大小，首先通过移动滑片使电压表示数为2.5V，灯正常发光；闭合开关S1和S2，断开S3，调节电阻箱接入电路的阻值，使电压表的示数为2.5V，读出这时电阻箱接入电路R；根据等效法替代法，灯正常发光的电阻大小等于R【解答】解：（1）按电路图连接好实物电路后，将滑动变阻器的滑片P移到最左端；（2）只闭合开关S1、S3，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V；（3）闭合开关S1和S2，断开S3，调节电阻箱接入电路的阻值，使电压表的示数为2.5V，读出这时电阻箱接入电路的阻值R=81+30.1=8.3，如图所示，则小灯泡正常工作时的电阻为S1、S3；故答案为：（1）最左端；（2）S1、S3；（3）电阻箱；8.3；14小明做用伏安法测量额定电压为2.5V的小灯泡电功率的实验实验时，测量的数据如下表所示实验次数12345678发光情况明亮亮更明亮较亮较暗微光熄灭熄灭电压U/V2.52.13.01.71.30.90.50.1电流I/A0.280.260.300.2400.190.160.05分析实验数据可知：小灯泡的额定功率为0.7W7、8两次实验中，灯泡熄灭的原因是实际功率太小小灯泡在断电一段时间后的电阻可能是1（填“0”、“1”、“2”或“8.9”）【考点】电功率的测量【分析】由表中实验数据求出灯泡额定电压对应的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率；如果灯泡实际功率如果太小，将不足以引起灯泡发光；灯泡电阻受温度影响，随温度降低而减小，根据表中实验数据求出灯泡电阻阻值，然后答题【解答】解：由表中实验数据可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.28A，灯泡额定功率P=UI=2.5V0.28A=0.7W由表中实验数据可知，7、8两次实验，灯泡电压与电流很小，灯泡实际功率很小，由于灯泡实际功率很小不足以引起灯泡发光，所以灯泡熄灭由表中第8组实验数据可知，此时灯泡电阻R=2，灯泡电阻受温度影响，随温度降低而减小，小灯泡在断电一段时间后，灯丝温度降低，灯泡电阻阻值减小，则灯泡电阻可能是1故答案为：0.7；实际功率太小；115在探究“影响电流热效应的因素”实验中：（1）为了探究电热器产生的热量与电流的关系，小明设计了甲图装置，通过比较烧瓶内液体的温度变化，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少若他想让烧瓶内液体在短时间内温度变化更明显，应选用煤油（选填“煤油”或“水”），理由是煤油的比热容比水的比热容小，相等的质量吸收相同的热量，温度上升明显（2）若要探究电热器产生热量与电阻的关系，应选择乙图中B（选填“A”或“B”）烧瓶与甲图中的烧瓶串联（选填“串联”或“并联”）【考点】焦耳定律【分析】（1）掌握转换法在实验中的应用，通过比较烧瓶内温度的变化，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少；为了实验效果更加明显，实验应采用比热容较小的液体；（2）要探究电热器产生热量与电阻的关系，应保持电流和通电时间相等，电阻不同，由此分析解答【解答】解：（1）图中实验是通过比较烧瓶内液体的温度变化（温度计示数变化）来判断相同时间内电阻丝通过不同的电流产生热量的多少；由于煤油的比热容比水小，质量相同吸收热量相同时，温度变化比较明显，应选用煤油进行实验；（2）若要探究电热器产生热量与电阻的关系，应保持电流和通电时间相等，电阻不同，所以应该选择乙图中B烧瓶和甲图中的烧瓶串联故答案为：（1）烧瓶内液体的温度变化；煤油；煤油的比热容比水的比热容小，相等的质量吸收相同的热量，温度上升明显；（2）B；串联四.综合应用（每小题7分，共14分）16甲为自动调温电熨斗，图乙为其简化的电路图，通电后，温控开关S闭合，指示灯L亮（R为限流电阻），发热板发热，使金属底板温度升高当温度升高到设定温度时，温控开关S自动断开，底板的温度不在升高，随着温度的降低，温控开关S再次闭合，电路再次接通，底板的温度又开始升高，从而实现自动控温的目的（1）若指示灯L采用“3V 0.03W”的小灯泡，那么限流电阻R多大才能使小灯泡正常工作？（2）发热板的额定功率为1000W，则发热板的电阻多大？若要使金属底板的温度由20升高到220至少需要多长时间？（金属底板的质量为1kg，比热容为0.4103J/（kg），不计热量损失）【考点】电功与热量的综合计算；欧姆定律的应用【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出限流电阻两端的电压，根据欧姆定律求出限流电阻R的阻值；（2）根据P=可得发热板的电阻，知道金属板的质量、初温和末温以及比热容，根据Q吸=cm（tt0）求出金属板吸收的热量，不计热量损失，根据W=Q吸=Pt求出加热时间【解答】解：（1）因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光时的电压UL=3V，所以，由P=UI可得，小灯泡支路的电流：I=0.01A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，限流电阻两端的电压：UR=UUL=220V3V=217V，由I=可得，限流电阻R的阻值：R=2.17104；（2）由P=可得，发热板的电阻：R热=48.4，金属板吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=0.4103J/（kg）1kg=8104J，不计热量损失，由W=Q吸=Pt可得，需要的加热时间：t=80s答：（1）若指示灯L采用“3V 0.03W”的小灯泡，那么限流电阻R的阻值为2.17104才能使小灯泡正常工作；（2）发热板的电阻为48.4，若要使金属底板的温度由20升高到220至少需要80s17图甲所示是某型号超声波加湿器，通电工作时可改变空气的湿度下表为其部分技术参数，其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积；循环风量是指加湿器正常工作1h通过风扇的空气体积；加湿效率是指实际加湿量和实际输入功率的比值（1）加湿器正常工作时电流为多少？（2）在没有其他用电器接入电路的情况下，加湿器工作30min，标有“3000imp/kWh”的电能表指示灯闪烁了720次，此过程中加湿器的实际功率多少W？加湿器的加湿量Q实至少为多少L/h？额定加湿量Q额15L/h额定电压U额220V额定功率P额660W水箱容量V30L加湿效率k1.2102L/（hW）【考点】电功率与电压、电流的关系；电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）由P=UI计算加湿器正常工作时电流；（2）根据电能表参数3000imp/kWh，先计算加湿器消耗的电能和实际功率，再根据加湿效率计算加湿器的加湿量【解答】解：（1）由表格数据知，加湿器额定电压和额定功率，由P=UI可知，加湿器正常工作时的电流：I=3A；（2）加湿器工作30min，标有“3000imp/kWh”的电能表指示灯闪烁了720次，加湿器消耗的电能：W=1kWh=0.24kWh=8.64105J，加湿器实际功率：P=480W，由题意知，加湿效率k=，由表中数据知，最小值=1.2102L/（hW），所以实际加湿量至少为：Q=kP=1.2102L/（hW）480W=5.76L/h答：（1）加湿器正常工作时电流为3A；（2）此过程中加湿器的实际功率480W，加湿器的加湿量至少为5.76L/h