九年级物理上学期联考试卷（二）（含解析） 新人教版

2015-2016学年广西贵港市港南区九年级（上）联考物理试卷（二）一、单项选择题1下列关于信息的传递和能量的利用说法正确的是（）A利用声波和电磁波传递信息时都需要介质B手机利用超声波传递信息C煤、石油、天然气、太阳能等都是不可再生能源D核能是指原子核发生分裂或聚合时所释放的能量2爆米花是将玉米放入铁锅内，边加热边翻动一段时间后，“砰”的一声变成玉米花下列说法正确的是（）A锅对其做功，使其内能增加B玉米粒主要通过与铁锅间的热传递，使其内能增加C米粒内水份受热膨胀对粒壳做功爆开，内能不变D米粒内水份受热膨胀对粒壳做功爆开，内能增加3水和煤油吸收的热量相等，水的比热是煤油的2倍，水升高的温度是煤油的倍，则它们的质量之比m水：m油是（）A3：2B2：3C1：6D6：14用丝绸摩擦过的玻璃棒去靠近甲，乙两个轻小物体，结果甲被排斥，乙被吸引，由此我们可以判定（）A甲带正电，乙带负电B甲带负电，乙带正电C甲带负电，乙不带电或带正电D甲带正电，乙不带电或带负电5如图所示是实验室电流表及其内部结构图，处在磁场中的线圈有电流通过时，线圈会带动指针一起偏转，线圈中的电流越大，指针偏转角度越大，关于这个现象下列说法中正确的是（）A该装置利用了电磁感应原理B改变线圈中的电流方向，其转动方向不会政变C线圈中的电流越大，其所受磁场力越大D线圈中有电流通过时，把电能全部转化为内能6下列做法符合安全用电常识的是（）A用电器的三角抽头可以插入两孔插座中使用B使用测电笔时，金属体笔尖应该接触被测导线，手指按住金属体笔尾，不能碰到金属体笔尖C有人触电时应迅速用手把他拉离电源D家庭电路中开关接在火线或零线上都可以7如图，当S闭合，滑片P向右移动时（）A电流表示数减小，电压表示数也减小B电流表示数增大，电压表示数也增大C电流表示数不变，电压表示数不变D电流表示数不变，电压表示数减小8如图所示，L1标有“6V、3W”，R=8，闭合S后，L1恰能正常发光，若用标有“6V、6W”的灯L2替换L1，那么L2的实际功率（）A等于6WB小于6WC大于6WD以上都有可能9如图所示的四个图的装置可以用来演示物理现象，则下列表述正确的是（）A图甲可用来演示电磁感应现象B图乙可用来演示磁场对电流的作用C图丙可用来演示电流的磁效应D图丁可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系10图1是用伏安法测电阻的实验电路图，实验所用的器材：电源一个（电压保持6V不变）待测电阻一只，电流表（00.6A，03A）一只，电压表（06V，015V）一只，滑动变阻器（012）一只，开关一个，导线若干，实验过程中要求电表不超过其量程，且电表的指针至少能达到刻度盘的中线，根据实验数据绘出被测电阻R的UI图象如图2所示当电流表和电压表能按要求工作时，R消耗的最大功率与最小功率之比为（）A25：4B64：25C9：2D4：1二、填空题11核电站都是通过可控（选填“核裂变”或“核聚变”）反应释放能量的核能（选填“属于”或“不属于”）可再生能源12某电阻，当它的两端的电压为4V时，通过的电流是0.2A，当它的两端电压为2V时，阻值为13如图是由电磁铁P等构成的空气开关的原理图，电磁铁P的右端极当电路由或使用的用电器总功率过大等原因导致电流过大时，电磁铁的磁性（填“增强”“不变”或“减小”），吸引衔铁Q的力（“变大”、“变小”或“不变”），使衔铁转动，闸刀S在弹力的作用下自动开启，切断电路，起到保险作用14一只灯泡标有“12V、8W”，它的电阻是，若把它接在6V的电源上，额定功率是W，实际功率是W15标有“220V、60W”的电烙铁正常工作5min所产生的热量为J，这是通过方法改变了电烙铁的内能；若使一台“220V、60W”的电风扇，也正常工作5min，产生的热量将比电烙铁产生的热量要（多或少）16某灯泡额定电压是24v，正常发光时灯丝电阻为16，若想使该灯泡在电源电压为36V的电路中正常发光，可在电路串联一个阻值为的电阻17如图所示的电路中，已知电阻R1：R2=1：5，如果甲乙两表均为电压表，当开关S闭合时，R1与R2的连接方式是联，此时，两表的示数之比U甲：U乙=；如果甲、乙两表均为电流表，当开关S断开时，两表的示数之比I甲：I乙=18如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“50 1A”的字样，电压表量程为“03V”，电流表量程为“00.6A”，电源电压恒为4.5V，不考虑温度对电阻的影响闭合开关S，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器接入电路中的阻值范围是，电压表的示数变化范围是V三、作图与实验探究题19（1）如图1所示，用笔画线代替导线将带有开关的电灯，三孔插座连入家庭电路中（2）根据图2中小磁针静止时N极的指向，标出螺线管的N、S极，电源的正极，并用箭头标出磁感线的方向20小红和小芳想利用如图所示的装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”两瓶煤油中都浸泡这一段金属丝，烧瓶A中的金属丝是铜丝，电阻比较小，烧瓶B中的金属丝是镍铬合金丝，电阻比较大，两瓶煤油中温度计可以显示煤油的温度（1）上述实验中铜丝和镍铬合金丝采用的电路连接方式是串联，这样连接的目的是控制通过金属丝的和通电时间相同（2）实验中，小明和小红发现烧瓶B中温度计的示数升高很快，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越，产生的热量越多（3）小红提议利用该装置改装成“比较食用油和煤油的吸热能力”的实验若烧瓶B的器材不变，她们除了把烧瓶A的煤油换成食用油外，还需更换烧瓶A中的金属丝此外，为了能在通电一段时间后，通过两温度计示数的变化量来比较食用油和煤油的吸热能力，他们设计的实验必须满足的条件还有烧瓶A、B中食用油和煤油的相同，烧瓶A、B中金属丝的电阻（填“相同”或“不相同”）21某兴趣小组做测额定电压为2.5伏的小灯泡灯丝电阻的实验时（1）小红连接完电路，闭合开关，发现电流表和电压表的示数都很小，且无论如何移动滑动变阻器的滑片P，电流表和电压表的示数都不变化，原因是（2）小红重新正确连接好电路后，闭合开关此时电压表的示数如图1所示，若使灯泡正常发光，应将向移动（填“左”或“右”）（3）图1中，电压表的示数是V，电流表的示数是A，这种情况下灯丝的电阻是（4）同组的小刚提出改进意见，他认为为了减小实验误差，应多次测量求平均值，你认为小刚这种观点是否正确：，原因是22我们已进行过“探究欧姆定律”的实验，请回答下列问题（1）请在图甲中把余下部分的电路用笔划线代替导线连接完整要求滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表示数变小（2）丙、丁两是某实验小组在探究过程中，根据实验数据绘制的图象，其中表示电阻不变，电流随电压变化的图象是（选填“丙”或“丁”）23某班同学在做“测定小灯泡电功率”的实验时电路如图所示，所用电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V（1）甲同学碰接电路的最后一根导线时，灯泡立即发光，而且很亮，则连接电路时存在不规范或者不妥当之处是（写一种情况）（2）丙同学闭合开关时，发现电压表的指针快速转动到左边无刻度处，这是由于（3）丁同学按电路图连接成实物图后，闭合开关，发现小灯泡不亮、电流表指针不动、电压表指针有明显的偏转，则电路故障原因可能是；故障排除后重新闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率应将图甲中滑片P向（填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V；接着丁同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是W，该图象不是直线，主要原因是（4）戊同学想换用其他规格的小灯泡再做该实验，但他却操作有误，在未断开开关的情况下，直接将小灯泡从灯座上拔出，那么拔出后，电压表示数电流表示数（填“变大”“变小”和“不变”）（5）实验时，电压表的示数为U，电流表的示数为I，乙同学利用P=UI计算出小灯泡的电功率，若考虑电表的电阻对测量的影响，则电功率的测量结果与真实值相比偏（选填“大”或“小”）四、解答题24用燃气灶烧水，燃烧0.5kg的煤气，使50kg的水从20升高到70已知水的比热容为4.2103J/（kg），煤气的热值为4.2107J/kg求：（1）0.5kg煤气完全燃烧放出的热量（2）水吸收的热量（3）燃气灶烧水的效率25如图，电源电压18V且保持不变，电流表接“00.6A”量程，电压表接“015V”量程，灯泡上标有“6V 3W”字样，灯丝电阻保持恒定不变求：（1）灯泡正常发光时的电流； （2）当电流表的示数为0.4A时，电压表的示数；（3）为了保证电路的安全，滑动变阻器的最大阻值和允许接入的最小电阻26如图所示电路中，电源电压U保持不变开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P距左端处，电流表示数为I1=0.5A，电压表示数为U1=6.5V，电阻R2和R3消耗的电功率为P1，电阻R1和R2消耗的电功率为P2，电路消耗的总电功率为P；开关S1、S2闭合，保持滑动变阻器的滑片不动，电路消耗的总电功率为P已知：P1：P2=5：6求：（1）电阻R1的阻值；（2）电源两端的电压U；（3）通过开关闭合与断开，调节滑动变阻器的滑片P，电路消耗的最大电功率与最小电功率之比2015-2016学年广西贵港市港南区九年级（上）联考物理试卷（二）参考答案与试题解析一、单项选择题1下列关于信息的传递和能量的利用说法正确的是（）A利用声波和电磁波传递信息时都需要介质B手机利用超声波传递信息C煤、石油、天然气、太阳能等都是不可再生能源D核能是指原子核发生分裂或聚合时所释放的能量【考点】电磁波的传播；能源的分类；核能【分析】（1）声音的传播需要介质，电磁波可以在真空中传播；（2）广播、电视和移动通信都是利用电磁波来传递信息的；（3）要解答本题需掌握：可再生和不可再生能源的特点；（4）解答本题应掌握：核能是指利用原子核的裂变或聚变过程中由于能量损耗而释放出能量的现象【解答】解：A、声音的传播需要介质，电磁波的传播不需要介质，故A错误；B、手机属于移动电话，它既是电磁波发射台也是电磁波接受台，所以是利用电磁波来传递信息的，故B错误；C、在“煤、石油、天然气、太阳能”这些能源中，太阳能是可再生能源，煤、石油和天然气是不可再生能源，故C错误；D、核能是指重核裂变或轻核发生聚变时释放出的能量，故D正确故选：D2爆米花是将玉米放入铁锅内，边加热边翻动一段时间后，“砰”的一声变成玉米花下列说法正确的是（）A锅对其做功，使其内能增加B玉米粒主要通过与铁锅间的热传递，使其内能增加C米粒内水份受热膨胀对粒壳做功爆开，内能不变D米粒内水份受热膨胀对粒壳做功爆开，内能增加【考点】物体内能的改变【分析】玉米粒爆开前吸收铁锅的热量，温度升高，内能增加，通过热传递的方式改变了内能；爆开时玉米粒内水分受热膨胀对外做功，内能减小，温度降低，通过做功的方式改变了内能【解答】解：A、玉米爆开前通过热传递增加内能，不是做功改变内能，故A错误；B、玉米爆开前，玉米粒主要通过与铁锅间的热传递，使其内能增加的，故B正确；B、玉米内的水蒸气膨胀对外做功，内能会减少，故C错误；D、米粒内水份受热膨胀对粒壳做功爆开，在此过程中要对外做功，玉米粒内能会减少，故D错误故选B3水和煤油吸收的热量相等，水的比热是煤油的2倍，水升高的温度是煤油的倍，则它们的质量之比m水：m油是（）A3：2B2：3C1：6D6：1【考点】热量的计算【分析】由题知c水=2c煤油，t水=t煤油，Q水=Q煤油，代入吸热公式Q吸=cmt求出水和煤油的质量之比【解答】解：Q吸=cmt，m=，由题知c水=2c煤油，t水=t煤油，Q水=Q煤油，m水：m煤油=： =3：2故选A4用丝绸摩擦过的玻璃棒去靠近甲，乙两个轻小物体，结果甲被排斥，乙被吸引，由此我们可以判定（）A甲带正电，乙带负电B甲带负电，乙带正电C甲带负电，乙不带电或带正电D甲带正电，乙不带电或带负电【考点】物体带电情况的判断【分析】与丝绸摩擦过的玻璃棒带的电荷是正电荷，用它去靠近甲和乙，可利用电荷间作用规律以及带电体吸引轻小物体的性质，可以确定物体的带电情况【解答】解：与丝绸摩擦过的玻璃棒带的电荷是正电荷，用它去靠近甲和乙，甲被排斥，根据同种电荷相互排斥的特点说明甲与玻璃棒带的是同种电荷，即甲带正电；乙被吸引，根据异种电荷相互吸引和带电体具有吸引轻小物体的性质可知：乙可能带负电荷、也可能不带电故选D5如图所示是实验室电流表及其内部结构图，处在磁场中的线圈有电流通过时，线圈会带动指针一起偏转，线圈中的电流越大，指针偏转角度越大，关于这个现象下列说法中正确的是（）A该装置利用了电磁感应原理B改变线圈中的电流方向，其转动方向不会政变C线圈中的电流越大，其所受磁场力越大D线圈中有电流通过时，把电能全部转化为内能【考点】磁场对通电导线的作用【分析】首先利用图示的装置分析出其制成原理，即通电线圈在磁场中受力转动，线圈的转动可以带动指针的偏转；然后找出与电流表的原理相同的选项即可【解答】解：A、通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，故A错误；B、改变线圈中的电流方向，其转动方向会发生改变；故B错误；C、电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小，故C正确；D、线圈中有电流通过时，电能转化为机械能和内能；故D错误故选C6下列做法符合安全用电常识的是（）A用电器的三角抽头可以插入两孔插座中使用B使用测电笔时，金属体笔尖应该接触被测导线，手指按住金属体笔尾，不能碰到金属体笔尖C有人触电时应迅速用手把他拉离电源D家庭电路中开关接在火线或零线上都可以【考点】安全用电原则【分析】利用下列知识分析判断：（1）为防止因用电器漏电使其金属外壳带电而发生触电事故，一般用电器的金属外壳接地（2）使用测电笔时，笔尖应接触被测的导线，手指按住笔尾金属体，不能碰到笔尖，防止发生触电（3）一旦发生触电事故，应立即断开电源开关，或用绝缘体将电线挑开，使触电者与电源脱离，并进行现场抢救（4）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间【解答】解：A、为了防止因漏电而发生触电事故，有金属外壳的家用电器，外壳一定要接地，故不能将带有三线插头的用电器插在两孔插座上工作，故不符合安全用电的原则；B、使用测电笔时，笔尖应接触被测的导线，手指按住笔尾金属体，不能碰到笔尖，防止发生触电，故符合安全用电的原则；C、发现有人触电时，不要直接去救援，因为人体是导体，如果接触触电人，救援人员可能直接或间接接触火线，发生触电事故，所以一定先切断电源，故不符合安全用电的原则；D、电灯的开关接在了零线上时，即使断开，电灯或其他用电器仍带电，易发生触电事故，故不符合安全用电的原则；故选B7如图，当S闭合，滑片P向右移动时（）A电流表示数减小，电压表示数也减小B电流表示数增大，电压表示数也增大C电流表示数不变，电压表示数不变D电流表示数不变，电压表示数减小【考点】电路的动态分析【分析】由电路图可知，电阻与滑动变阻器串联，滑片的移动只改变电压表的测量范围，但不改变滑动变阻器的阻值，据此来判断电路中的电流、电压变化情况【解答】解：由电路图可知，电阻与滑动变阻器串联，滑片的移动只改变电压表的测量范围，但不改变滑动变阻器的阻值，因此，电流表的示数始终不变，而当滑片P向右滑动时，电压表的测量范围变小，因此，其示数变小故当S闭合，滑片P向右移动时电流表示数不变，电压表示数减小，只有D的说法正确故选D8如图所示，L1标有“6V、3W”，R=8，闭合S后，L1恰能正常发光，若用标有“6V、6W”的灯L2替换L1，那么L2的实际功率（）A等于6WB小于6WC大于6WD以上都有可能【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】两灯泡的额定电压相等，根据P=比较两灯泡的电阻，据此可知更换灯泡后电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知更换后灯泡两端的电压变化，再根据P=可知L2实际功率的变化【解答】解：由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，L1的额定功率小于L2的额定功率，由P=的变形式R=可知，L1灯泡的电阻大于L2灯泡的电阻，当灯L2替换L1时，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，R两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，L2两端的电压变小，小于6V，由P=可知，L2的实际功率小于6W故选B9如图所示的四个图的装置可以用来演示物理现象，则下列表述正确的是（）A图甲可用来演示电磁感应现象B图乙可用来演示磁场对电流的作用C图丙可用来演示电流的磁效应D图丁可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应；磁场对通电导线的作用；电磁感应【分析】本题考查电磁感应、电流的磁效应，可根据实验装置及实验的现象进行判断【解答】解：A、甲图中开关闭合后，导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，故A错误；B、乙图中导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，故演示的为电磁感应，故B错误；C、放在小磁针上方的导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，说明通电导体周围产生了磁场，即演示了电流的磁效应，故C正确；D、通电后串联的两绕有线圈的铁钉都可吸引小铁钉，但左边吸引的个数要多，说明通电螺线管的磁极强弱与线圈匝数有关，故D错误；故选C10图1是用伏安法测电阻的实验电路图，实验所用的器材：电源一个（电压保持6V不变）待测电阻一只，电流表（00.6A，03A）一只，电压表（06V，015V）一只，滑动变阻器（012）一只，开关一个，导线若干，实验过程中要求电表不超过其量程，且电表的指针至少能达到刻度盘的中线，根据实验数据绘出被测电阻R的UI图象如图2所示当电流表和电压表能按要求工作时，R消耗的最大功率与最小功率之比为（）A25：4B64：25C9：2D4：1【考点】电功率的计算【分析】先根据图2确定电压表和电流表的量程，然后读出已知电压值和电流值，根据R=求出定值电阻的阻值；根据电流表、电压表量程以及滑动变阻器的位置确定电路中最大的电流和最小电流，根据P=I2R求出R消耗的最大功率与最小功率【解答】解：根据图2可知，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为06V；当电路中的电流为0.3A时，电压表示数为2.4V，则R=8；如果滑动变阻器接入电路的电阻为零，电路中的电流I=0.75A0.6A，因此当电流表示数为0.6A时，电路中的电流最大，则最大功率：P最大=（0.6A）28=2.88W；当电压表示数为3V时，电路中的电流最小，R消耗的功率最小，此时电路中的电流：I最小=A，则最小功率：P最小=（A）28=W；故消耗的最大功率与最小功率之比为2.88W： W=64：25故选B二、填空题11核电站都是通过可控（选填“核裂变”或“核聚变”）反应释放能量的核能（选填“属于”或“不属于”）可再生能源【考点】核裂变；能源的分类【分析】（1）核电站是通过核裂变来获取能量的；（2）能够源源不断的从自然界得到的能源是可再生能源，短期内不能从自然界得到补充的能源属于不可再生能源【解答】解：核电站可以通过获取核能，来缓解能源危机，它的原理是通过核裂变来进行的；核电站都是通过核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源故答案为：核裂变；不属于12某电阻，当它的两端的电压为4V时，通过的电流是0.2A，当它的两端电压为2V时，阻值为【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）已知导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与其两端的电压无关【解答】解：由I=可得，导体的电阻：R=20，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当导体两端的电压为2V时，导体的电阻仍为20不变故答案为：2013如图是由电磁铁P等构成的空气开关的原理图，电磁铁P的右端极当电路由或使用的用电器总功率过大等原因导致电流过大时，电磁铁的磁性（填“增强”“不变”或“减小”），吸引衔铁Q的力（“变大”、“变小”或“不变”），使衔铁转动，闸刀S在弹力的作用下自动开启，切断电路，起到保险作用【考点】电磁继电器的组成、原理和特点【分析】（1）利用安培定则分析作出判断（2）家庭电路中电流过大的原因有：一是短路；二是用电器总功率过大；电磁铁的磁性跟电流大小、线圈的匝数、有无铁芯有关有铁芯时，电流越大，线圈匝数越多，磁性越强当线圈匝数不变，铁芯不变时，电磁铁中电流增大到一定值时，磁性增强能把衔铁Q吸引过来，闸刀开关被弹簧拉起，电路断开，起到保护作用【解答】解：（1）根据安培定则可以判断电磁铁的左端为N极，右端为S极；（2）因为家庭电流中电流过大的原因有：短路或总功率过大因此无论什么原因导致电流过大时，电磁铁的磁性都会增强，则吸引衔铁Q的力变大，使衔铁转动，闸刀S在弹力的作用下自动开启，切断电路，起到保险作用故答案为：S；短路；增强；变大14一只灯泡标有“12V、8W”，它的电阻是，若把它接在6V的电源上，额定功率是W，实际功率是W【考点】电功率与电压、电流的关系【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=求出灯泡的电阻；（2）额定功率是指额定电压下的功率，具有唯一性，根据P=求出灯泡接在6V的电源上时的实际功率【解答】解：由P=可得，灯泡的电阻：R=18，因额定功率是指额定电压下的功率，具有唯一性，所以，把灯泡接在6V的电源上时，额定功率仍为8W，此时灯泡的实际功率：P实=2W故答案为：18；8；215标有“220V、60W”的电烙铁正常工作5min所产生的热量为J，这是通过方法改变了电烙铁的内能；若使一台“220V、60W”的电风扇，也正常工作5min，产生的热量将比电烙铁产生的热量要（多或少）【考点】电热；热传递改变物体内能【分析】（1）电烙铁是纯电阻用电器，根据Q=W=Pt求出正常工作5min所产生的热量；（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移；（3）电风扇时非纯电阻用电器，消耗的电能大部分转化为机械能【解答】解：（1）电烙铁正常工作5min所产生的热量：Q=W=Pt=60W560s=1.8104J；（2）电烙铁通电后，温度会很快升高，即消耗了电能，产生了内能，故是通过电流做功的方式使得内能增加；（3）电风扇和电烙铁的正常工作时的功率相等，相同时间内消耗的电能相等，因电扇工作时将电能转化为机械能和内能，而电烙铁将电能全部转化为内能，所以，电风扇产生的热量将比电烙铁产生的热量要少故答案为：1.8104；做功；少16某灯泡额定电压是24v，正常发光时灯丝电阻为16，若想使该灯泡在电源电压为36V的电路中正常发光，可在电路串联一个阻值为的电阻【考点】欧姆定律的应用【分析】已知灯泡的额定电压和电阻，额定电压下灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流；根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据电阻的串联求出所串联的电阻阻值【解答】解：额定电压下灯泡正常发光，灯泡的电流为IL=1.5A，当在电源电压为36V的电路中正常发光，电路中的电流I=IL=1.5A，电路中的总电阻R总=24，串联电阻的阻值R=R总RL=2416=8故答案为：817如图所示的电路中，已知电阻R1：R2=1：5，如果甲乙两表均为电压表，当开关S闭合时，R1与R2的连接方式是联，此时，两表的示数之比U甲：U乙=；如果甲、乙两表均为电流表，当开关S断开时，两表的示数之比I甲：I乙=【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）如果甲乙两表均为电压表，当开关S闭合时，电路中只有一条路径，R1与R2的连接方式为串联，甲电压表测R1两端的电压，乙电压表测电源的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比；（2）如果甲、乙两表均为电流表，当开关S断开时，两电阻并联，电流表甲测干路电流，电流表乙测R1支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比，根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比【解答】解：（1）如果甲乙两表均为电压表，当开关S闭合时，R1与R2的连接方式为串联，甲电压表测R1两端的电压，乙电压表测电源的电压，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可知，两电阻两端的电压之比：=，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两电压表的示数之比：=；（2）如果甲、乙两表均为电流表，当开关S断开时，两电阻并联，电流表甲测干路电流，电流表乙测R1支路的电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两支路的电流之比：=，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两电流表的示数之比：=故答案为：串； 1：6； 6：518如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“50 1A”的字样，电压表量程为“03V”，电流表量程为“00.6A”，电源电压恒为4.5V，不考虑温度对电阻的影响闭合开关S，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器接入电路中的阻值范围是，电压表的示数变化范围是V【考点】欧姆定律的应用【分析】通过读图首先明确这是一个串联电路，电压表测滑动变阻器的电压滑动变阻器滑片的移动会改变电路中的电流大小、电压分配等，因此，为了保护每一个元件，我们应该以最小的电流或电压值为限度，通过确定最大值和最小值，最终确定范围【解答】解：灯泡正常工作时的电流I灯=0.3A，灯泡的电阻R灯=10比较灯泡、变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程可知，0.3A0.6A1A，故电路中的电流不得超过0.3A此时电路中的总电阻R总1=15，灯泡与变阻器串联滑动变阻器的最小电阻R小=1510=5滑动变阻器阻值增大时，电压表的示数不得超过3V，则灯泡此时两端的电压=4.5V3V=1.5V，电路中的电流I=0.15A，滑动变阻器此时的最大阻值R大=20所以，滑动变阻器接入电路的阻值范围是520；电压表的最小值U小=I灯R小=0.3A5=1.5V，电压表的最大值U大=IR大=0.15A20=3V，所以，电压表的示数变化范围是 1.53V故答案为：520；1.53三、作图与实验探究题19（1）如图1所示，用笔画线代替导线将带有开关的电灯，三孔插座连入家庭电路中（2）根据图2中小磁针静止时N极的指向，标出螺线管的N、S极，电源的正极，并用箭头标出磁感线的方向【考点】家庭电路的连接；通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线（2）知道小磁针静止时N极的指向，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极根据右手定则判断出电流的方向，确定电源的正负极【解答】解：（1）首先辨别上面三根线地线、火线、零线灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故既能控制灯泡，又能更安全三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线故答案为：（2）由图可知，小磁针静止时的右端为N极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则通电螺线管的左端为S极，右端为N极因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向左的根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的左端流入，则电源的左端为正极故答案如图所示：20小红和小芳想利用如图所示的装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”两瓶煤油中都浸泡这一段金属丝，烧瓶A中的金属丝是铜丝，电阻比较小，烧瓶B中的金属丝是镍铬合金丝，电阻比较大，两瓶煤油中温度计可以显示煤油的温度（1）上述实验中铜丝和镍铬合金丝采用的电路连接方式是串联，这样连接的目的是控制通过金属丝的和通电时间相同（2）实验中，小明和小红发现烧瓶B中温度计的示数升高很快，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越，产生的热量越多（3）小红提议利用该装置改装成“比较食用油和煤油的吸热能力”的实验若烧瓶B的器材不变，她们除了把烧瓶A的煤油换成食用油外，还需更换烧瓶A中的金属丝此外，为了能在通电一段时间后，通过两温度计示数的变化量来比较食用油和煤油的吸热能力，他们设计的实验必须满足的条件还有烧瓶A、B中食用油和煤油的相同，烧瓶A、B中金属丝的电阻（填“相同”或“不相同”）【考点】焦耳定律【分析】（1）根据图示可知，两电阻串联，目的是控制通过它们的电流相等，由焦耳定律可知阻值越大的电阻产生的热量越多，温度升高越快；（2）根据Q=I2Rt可知，要研究电流通过导体产生的热量与电阻的关系，必须保持电流和通电时间相同，比较AB产生热量多少与电阻大小的关系（3）由吸热公式Q吸=cmt可知，要比较食用油和煤油的比热容大小，应让两瓶中食用油和煤油的质量m相等、吸收的热量相等，通过比较它们升高的温度大小关系，得出比热容的大小关系【解答】解：（1）两电阻串联，所以通过它们的电流相等；目的是控制通过金属丝的电流和通电时间相同；（2）镍铬合金丝的电阻大于铜导线的电阻，烧瓶B中温度计的示数升高很快，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；（3）要比较食用油和煤油的比热容，则应让食用油和煤油的质量相等，吸收的热量相等，由温度的变化求得比热的大小；故用相同质量的食用油代替水，两瓶中都有相同电阻丝，电阻相等故答案为：（1）电流；（2）大；（3）质量；相同21某兴趣小组做测额定电压为2.5伏的小灯泡灯丝电阻的实验时（1）小红连接完电路，闭合开关，发现电流表和电压表的示数都很小，且无论如何移动滑动变阻器的滑片P，电流表和电压表的示数都不变化，原因是（2）小红重新正确连接好电路后，闭合开关此时电压表的示数如图1所示，若使灯泡正常发光，应将向移动（填“左”或“右”）（3）图1中，电压表的示数是V，电流表的示数是A，这种情况下灯丝的电阻是（4）同组的小刚提出改进意见，他认为为了减小实验误差，应多次测量求平均值，你认为小刚这种观点是否正确：，原因是【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）移动滑动变阻器的滑片，电流表和电压表的示数不变，说明滑动变阻器同时接了上面或下面两个接线柱，然后根据示数的具体情况判断具体原因；（2）根据图1读出电压表的示数，与额定电压比较，从而判断滑片的移动方向；（3）确定电压表和电流表的量程和分度值，读出示数，根据R=计算可得灯丝电阻的阻值；（4）灯丝的电阻随温度的升高而增大，灯泡两端的电压改变，实际功率改变，则其电阻值改变，多次测量求平均值没有意义【解答】解：（1）无论如何移动滑动变阻器的滑片P，电流表和电压表的示数都不变化，说明滑动变阻器不起作用，电流表和电压表的示数都很小，说明滑动变阻器的阻值很大，则原因是小红将滑动变阻器下面两个接线柱同时接入电路；（2）由图1知，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.6V，大于灯泡的额定电压，所以要使灯泡正常发光，应增大滑动变阻器的阻值，将滑片向右滑动；（3）由（2）知，电压表的示数为2.6V，由图1知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，则电阻的阻值：R=6.5；（4）由于灯丝的电阻随温度的变化而变化，灯丝在不同电压下的功率不同，灯丝温度不同，所以电阻不同，因此多次测量求平均值是错误的故答案为：（1）小红把滑动变阻器下面两个接线柱同时接入电路中；（2）右；（3）2.6；0.4；6.5；（3）不正确；灯丝电阻随温度的变化而变化22我们已进行过“探究欧姆定律”的实验，请回答下列问题（1）请在图甲中把余下部分的电路用笔划线代替导线连接完整要求滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表示数变小（2）丙、丁两是某实验小组在探究过程中，根据实验数据绘制的图象，其中表示电阻不变，电流随电压变化的图象是（选填“丙”或“丁”）【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）滑片P向右移动电流表示数变小说明接入电路的电阻变大即接入电路的电阻变大，然后根据滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中；（2）根据电阻一定时通过电阻的电流与两端的电压成正比判断电流随电压变化的图象【解答】解：（1）滑片P向右移动电流表示数变小说明接入电路的电阻变大，故滑动变阻器的左下方接线柱应与定值电阻串联，如下图所示：（2）电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，故符合题意的电路图为丁图故答案为：（1）如上图；（2）丁23某班同学在做“测定小灯泡电功率”的实验时电路如图所示，所用电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V（1）甲同学碰接电路的最后一根导线时，灯泡立即发光，而且很亮，则连接电路时存在不规范或者不妥当之处是（写一种情况）（2）丙同学闭合开关时，发现电压表的指针快速转动到左边无刻度处，这是由于（3）丁同学按电路图连接成实物图后，闭合开关，发现小灯泡不亮、电流表指针不动、电压表指针有明显的偏转，则电路故障原因可能是；故障排除后重新闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率应将图甲中滑片P向（填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V；接着丁同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是W，该图象不是直线，主要原因是（4）戊同学想换用其他规格的小灯泡再做该实验，但他却操作有误，在未断开开关的情况下，直接将小灯泡从灯座上拔出，那么拔出后，电压表示数电流表示数（填“变大”“变小”和“不变”）（5）实验时，电压表的示数为U，电流表的示数为I，乙同学利用P=UI计算出小灯泡的电功率，若考虑电表的电阻对测量的影响，则电功率的测量结果与真实值相比偏（选填“大”或“小”）【考点】电功率的测量【分析】（1）碰接电路的最后一根导线时，灯泡立即发光，而且很亮，说明电路立即接通且电路电阻阻值很小，可从连接电路的注意事项入手分析原因；（2）电压表正极接近电源正极端，负极接近电源负极端，电压表指针正向偏转，否则反向偏转；（3）电压表有明显偏转说明电压表两接线柱与电源之间是通路，小灯泡不亮、电流表指针不动说明电路断路，即电压表并联的部分断路；根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数，电压表的示数小于灯泡的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小；从图象中查得额定电压下的额定电流，根据P=UI计算额定功率；金属电阻，其阻值随温度的升高而变大，故可以考虑由于通电时间长而使温度升高，电阻变大；（4）开关闭合，把灯泡从插座上拔出后，电路断路，电流表无示数，电压表直接接在电源两端，测电源电压，电压表有示数，且示数等于电源电压；（5）考虑电压表的内阻时，电流表测量电压表和灯泡的总电流，测量值大于灯泡中的实际电流，电压表测灯泡两端的实际电压，根据P=UI分析，测量的功率会偏大【解答】解：（1）将最后一根导线接好后，就看到灯泡发光，说明在连接电路时没有将开关断开；闭合开关时灯很亮，说明滑动变阻器滑片没有调到使连入电路电阻最大的位置；（2）闭合开关时，发现电压表的指针快速转动到左边无刻度处，这是由于电压表正负接线柱接反了；（3）闭合开关，发现小灯泡不亮、电流表指针不动、电压表指针有明显的偏转说明电压表并联的部分断路，可能是小灯泡断路；电压表使用03V量程，分度值为0.1V，电压为2.2V；要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2.2V增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V；从图象得知，灯泡在2.5V下的电流为0.2A，灯泡的额定功率P=UI=2.5V0.2A=0.5W；灯泡电压越大，灯的实际功率越大，灯丝电阻温度越高，电阻越大，这表明灯丝电阻随温度升高而增大，故该图象不是直线；（4）直接将灯泡拔出后，电路断路，电路中没有电流，电流表示数为零；电压表直接接在电源两端，电压表示数等于电源电压；（5）如下图，电压表测量灯泡的实际电压，电流表测量灯泡和电压表的总电流，电流的测量值大于L的实际电流值，根据P=UI可知灯泡测量的额定功率值偏大故答案为：（1）连接电路时开关没有断开；（2）正负接线柱接反； （3）小灯泡断路；B；0.5；灯丝电阻随温度升高而增大；（4）变大；变小；（5）大四、解答题24用燃气灶烧水，燃烧0.5kg的煤气，使50kg的水从20升高到70已知水的比热容为4.2103J/（kg），煤气的热值为4.2107J/kg求：（1）0.5kg煤气完全燃烧放出的热量（2）水吸收的热量（3）燃气灶烧水的效率【考点】热量的计算【分析】（1）已知煤气的质量和热值，可利用公式Q放=mq计算这些煤气完全燃烧放出的热量（总能量）（2）知道水的比热容、水的质量、水的初温和末温，利用公式Q吸=cm（tt0）计算水吸收的热量（有用能量）（3）求出了水吸收的热量和煤气完全燃烧放出的热量，利用公式=100%计算煤气灶的效率【解答】解：（1）煤气的质量：m煤气=0.5kg，这些煤气完全燃烧放出的热量：Q放=m煤气q=0.5kg4.2107J/kg=2.1107J；（2）水吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）50kg（7020）=1.05107J；（3）煤气灶的效率：=100%=100%=50%答：（1）0.5kg煤气完全燃烧放出的热量为2.1107J；（2）水吸收的热量为1.05107J；（3）燃气灶烧水的效率为50%25如图，电源电压18V且保持不变，电流表接“00.6A”量程，电压表接“015V”量程，灯泡上标有“6V 3W”字样，灯丝电阻保持恒定不变求：（1）灯泡正常发光时的电流； （2）当电流表的示数为0.4A时，电压表的示数；（3）为了保证电路的安全，滑动变阻器的最大阻值和允许接入的最小电阻【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）根据灯泡铭牌找出灯泡的额定电压与额定功率，由I=求出灯泡正常发光时的电流；（2）由功率公式的变形公式求出灯泡的电阻；由欧姆定律求出灯泡两端的电压；由串联电路求出电压表示数；（3）根据串联电路特点、欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大阻值与最小阻值，然后确定其范围【解答】解：（1）由“6V 3W”知，灯泡额定电压是6V，额定功率是3W；灯泡正常发光时的电流为：I额=0.5A，答：灯泡正常发光时的电流是0.5A（2）灯泡灯丝电阻为RL=12，当电流表的示数为0.4A时，灯泡两端的电压为：UL1=I1RL=0.4A12=4.8V，电压表的示数为：UR0=UUL1=18V4.8V=13.2V，答：当电流表的示数为0.4A时，电压表的示数是13.2V（3）滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电压表示数应等于15V，此时灯泡两端电压为：UL2=18V15V=3V，此时电路中的电流为I2=0.25A，滑动变阻器接入电路的最大阻值为：Rm=60，由（1）知灯泡正常发光时的电流I额=0.5A，电流表量程是IA=0.6A，流过电路的最大电流Im=0.5A，此时电路中的总电阻为：R总=36，则滑动变阻器接入电路的最小阻值为Ra=R总RL=3612=24，答：滑动变阻器的最大阻值是60，允许接入的最小电阻是2426如图所示电路中，电源电压U保持不变开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P距左端处，电流表示数为I1=0.5A，电压表示数为U1=6.5V，电阻R2和R3消耗的电功率为P1，电阻R1和R2消耗的电功率为P2，电路消耗的总电功率为P；开关S1、S2闭合，保持滑动变阻器的滑片不动，电路消耗的总电功率为P已知：P1：P2=5：6求：（1）电阻R1的阻值；（2）电源两端的电压U；（3）通过开关闭合与断开，调节滑动变阻器的滑片P，电路消耗的最大电功率与最小电功率之比【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；滑动变阻器的使用；电阻的串联；电路的动态分析；电功率的计算【分析】先画出两种情况的等效电路图；（1）根据欧姆定律求出R2的阻值，根据串联电路的电流特点和P=I2R表示出图1中的P1、P2，利用P1：P2=5：6得出三电阻的阻值关系，再根据P=表示出图1和图2中总功率之间的关系得出三电阻的阻值关系，联立等式即可求出R1和R2的阻值；（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出图1中电源的电压；（3）根据P=可知，电压一定时，电路中的电阻越大，总功率越小，反之越大，由图1可知当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路的总功率最小，图2中滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路的总功率最大，进一步得出电路消耗的最大电功率与最小电功率之比【解答】解：开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P距左端处时，等效电路图如图1所示；开关S1、S2闭合，保持滑动变阻器的滑片不动，等效电路图如图2所示（1）图1中，由欧姆定律可得：R2=13，图1和图2中，串联电路中各处的电流相等，且P=I2R，=，整理可得：5R1=R2+6R3=13+6R3P=，且=，=，整理可得：3R1=R2+R3=13+R3联立等式可得：R1=5，R3=2；（2）由图1可得，电源的电压：U=I1（R1+R2+R3）=0.5A（5+13+2）=10V；（3）根据P=可知，图2中滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路的总功率最大，图1中滑动变阻器接入电路中的电阻最大即R3总=52=10时，电路中的总功率最小，=答：（1）电阻R1的阻值为5；（2）电源两端的电压为10V；（3）通过开关闭合与断开，调节滑动变阻器的滑片P，电路消耗的最大电功率与最小电功率之比为28：13