九年级物理上学期第一次月考试卷（含解析） 苏科版6 (2)

2015-2016学年江苏省南京市雨花区梅山二中九年级（下）第一次月考物理试卷一、选择题（共16分）1在原子中，不带电的粒子是（）A质子B中子C电子D核子2合唱中“高音声部”和“低音声部”中的“高”和“低”是指（）A响度B音调C振幅D音色3在旗杆顶端安装小轮，其主要目的是为了（）A改变力的方向B省力C省距离D省功4磁悬浮列车沿水平轨道在进站过程中，减小的物理量是（）A势能B动能C惯性D质量5一盏家用白炽灯正常工作时的电流约为（）A0.02安B0.2安C2安D20安6质量相等的甲、乙两新颖环保电动汽车同时同地同方向在同一水平面上运动，它们的st图象分别如图（a）和（b）所示，则下列说法正确的是（）A甲、乙两车的动能相同B运动5秒甲、乙两车相距为6米C甲、乙两车的动能始终保持不变D乙车的重力势能大于甲车的重力势能7如图所示，盛有液体甲的薄壁圆柱形容器和均匀圆柱体乙放置在水平地面上，甲和乙的质量相等现从容器中抽取部分液体甲，并沿竖直方向切去部分乙后，甲对容器底的压强p甲等于乙对地面的压强p乙，则原先甲对容器底的压强p甲和乙对地面的压强p乙的关系是（）Ap甲可能大于p乙Bp甲一定大于p乙Cp甲可能小于p乙Dp甲一定等于p乙8如图所示电路，电源电压保持不变当电压表V示数与电流表A2示数的比值变大时，下列说法正确的是（）A电压表V和电流表A的示数都不变B电阻R2消耗的电功率不变C电压表V和电流表A示数比值变小D电路消耗的电功率减小二、填空题（共25分）9一台电热水壶的铭牌上有“220V1500W”的字样，则该电热水壶正常工作时两端的电压为伏，它与电灯之间是的（选填“串联”或“并联”），家用电器工作时消耗的电能可用来计量10如图所示，（a）主要表示力能使物体发生汽车运动时驾驶员相对于座位是的，（b）是汽车刹车时的状态，刹车时汽车的惯性将（选填“变小”、“不变”或“变大”）11蹦极是一项非常刺激的户外休闲活动，当跳跃者急速下落到一定位置后，橡皮绳被拉长，说明力可以改变物体的在下落过程中人的重力势能，人体的惯性（均选填“增大”、“不变”或“减小”）12“玉兔”号月球车如果在月球表面匀速行驶2小时，可通过的距离为0.4千米，则它的速度是千米/时；以月球为参照物，月球车是的（选填“运动”或“静止”）；它通过（选填“无线电波”或“声波”）接受北京指挥中心的指挥1310秒内电流对某导体做功15焦，若该导体两端的电压为3伏，则通过导体横截面的电量为库，通过该导体的电流为安若将电压增大为6伏，则该导体的电阻为欧14如图所示，用20牛的拉力F匀速提起物体A，不计摩擦，A的重力为牛若物体A在10秒内上升4米，此过程中拉力F做的功为焦，功率为瓦15如图所示，重为10牛的物体在细绳的作用下静止在水中，物体的体积为2103米3，物体所受的浮力为牛，方向当剪断细线时，物体所受合力的大小（选填“变大”、“不变”或“变小”）16如图所示电路中，电源电压保持不变，灯泡L、电阻R可能出现了断路故障，若在灯泡L两端并联一根导线，闭合电键S：两个电表中示数一定大于零的电表是表，若电流表的指针有明显的偏转，则电路中的故障是三作图题（共6分）17如图所示，杠杆在力F1、F2作用下处于平衡状态，L1为F1的力臂请在图中作出F2的力臂L2及力F118在图中，标出通电螺线管和小磁针的N、S极及磁感线的方向四、计算题（6+6+6+9共27分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置19一辆汽车在水平公路上作匀速直线运动时受到5000牛的阻力，汽车在1分钟内通过的路程是600米，求：（1）汽车在10分钟内做的功；（2）汽车在10分钟内的功率20如图所示，电源电压保持不变，电阻R2的阻值为15欧闭合电键S后，电流表的示数为1安，通过电阻R2的电流为0.4安求：（1）电源电压U；（2）电阻R1的阻值；（3）通电10秒，电流通过电阻R1所做的功W121一只木桶能装多少水，并不取决于桶壁上最长的那块木板，而恰恰取决于桶壁上最短的那块已知桶壁上最长的木板长为0.5m，最短的木板长为0.2m，桶底内部底面积为4102，如图所示当桶装足够多的水时，桶底受到水的压强约为Pa，桶底受到水的压力约为N，离桶底0.1m的桶侧壁受到水的压强为Pa22在如图所示的电路中，电源电压为18伏且保持不变，电阻R1的阻值为25欧，滑动变阻器R2上标有“50，2A”字样闭合电键S后，电压表示数为6伏（1）通过R1的电流I1（2）变阻器R2连入电路的阻值（3）不改变电表的量程，现用一定值电阻替换R1，使电压表的指针达到满刻度，求：能替换R1的最大阻值R1替换后，移动滑动变阻器的滑片P，滑动变阻器允许接入电路中的最小阻值R2五、实验题（共16分）23在探究“杠杆平衡条件”的实验中，如图所示（1）把杠杆挂在支架上，实验前没挂钩码时，发现杠杆右端下倾，可将右端螺母向边调，使杠杆在位置平衡，这样做的目的是（2）实验中共有6个钩码，杠杆上每格距离相等，调好杠杆后，在杠杆左边离支点为二格的A处挂了钩码，如图所示，为了使杠杆在水平位置平衡，请你在杠杆右边挂上钩码，你的方法是（最小写出两种）；（3）实验中改变支点两侧的钩码位置和个数，用同样方法一般要做三次，得到三组数据并进行分析，这样做的目的是24一个额定电压是2.5伏的小灯泡，其正常工作时电阻约10欧小明想测定这个小灯泡的额定功率，实验室中有如下器材：电流表、电压表、电键各一个，两个规格分别为A：“5 1A”，B：“20 0.5A”，的滑动变阻器，导线若干，电源（电压为6伏）（1）小明设计了如图（a）所示电路图，通过分析你认为小明应选用规格为（选填A或B）的滑动变阻器（2）图（b）已连接了部分电路请你根据图（a）所示电路图用笔画线代替导线，将电路连接完整（用2B铅笔在答题纸的相应位置作图）（3）小明正确选择了滑动变阻器，按图（a）的电路图连接好电路，闭合电建，发现灯泡发光较暗，电流表有示数任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变（示数不为零）且小于2.5伏发生上述原因的是（4）小明排除故障后，继续实验当电压表的示数为2.5V时电流表的示数（如图（c）所示），小灯泡的额定功率是瓦（5）小明根据测量灯泡实际功率的多组实验数据，作出了UI图象，如图（d）所示结果发现图线不是直线，这表明灯泡的电流与电压（填“成”或“不成”）正比，这是因为25小明和小亮在操场上玩耍时发现水平抛出的几个物体落地时，落地点与抛出点的水平距离各有不同，善于观察的他们想探究“水平抛出物体的落地点与抛出点的水平距离”与什么因素有关，根据生活中的感受，他们提出了以下猜想：猜想一：与抛出物体的质量有关；猜想二：与水平抛出的速度有关；猜想三：与水平抛出点离地高度有关；为了验证以上猜想，他们从实验室借来能控制速度的弹射器、不同的小钢球、刻度尺等实验器材，按照如图所示的实验方法进行实验探究，得到数据记录在表一和表二中表一 小球质量 10克实验序号抛出点离地高度h（米）水平抛出的速度v（米/秒）落地点与抛出点的水平距离L（米）1210.642221.283242.564443.615622.21表二小球质量 20克实验序号抛出点离地高度h（米）水平抛出的速度v（米/秒）落地点与抛出点的水平距离L（米）6210.647321.568511.019822.56101045.71为了验证猜想一，应选用实验序号为的数据进行分析小明分析比较实验序号1与2与3中的数据，得出初步结论：当抛出点离地高度h相同时，小亮分析比较实验序号3与9中的数据，得出初步结论：水平抛出物体的落地点与抛出点的水平距离L与抛出点离地高度h无关请你判断他的结论是否正确，并请说明理由进一步分析比较实验序号1与2与3数据中的落地点与抛出点的水平距离L与水平抛出的速度v的比值，可得出初步结论：2015-2016学年江苏省南京市雨花区梅山二中九年级（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共16分）1在原子中，不带电的粒子是（）A质子B中子C电子D核子【考点】原子的核式模型【分析】在原子中，质子带正电，电子带负电，原子核带正电【解答】解：在原子中，质子带正电，电子带负电，原子核带正电是由于质子带正电，而中子不带电故选B2合唱中“高音声部”和“低音声部”中的“高”和“低”是指（）A响度B音调C振幅D音色【考点】音调【分析】物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调，音色反映了声音的品质与特色【解答】解：合唱中“高音声部”和“低音声部”中的“高”和“低”是指声音的高度，即音调故选B3在旗杆顶端安装小轮，其主要目的是为了（）A改变力的方向B省力C省距离D省功【考点】定滑轮及其工作特点【分析】定滑轮不能省力，但可以改变动力的方向，也不能省距离，不能省功【解答】解：旗杆顶端小轮的轴固定不动，所以是定滑轮，目的是用来改变用力方向，使用它不省距离，也不省功故选A4磁悬浮列车沿水平轨道在进站过程中，减小的物理量是（）A势能B动能C惯性D质量【考点】动能和势能的大小变化【分析】（1）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大（2）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大；（3）惯性的大小只与物体的质量有关；（4）质量是指物体中所含物质的多少【解答】解：A、磁悬浮列车沿水平轨道在进站过程中，其质量不变，高度不变，故势能不变，故错误；B、磁悬浮列车沿水平轨道在进站过程中，其质量不变，速度变小，故动能减小，故正确；C、磁悬浮列车沿水平轨道在进站过程中，其质量不变，故惯性不变，故错误；D、磁悬浮列车沿水平轨道在进站过程中，其质量不变，故错误；故选B5一盏家用白炽灯正常工作时的电流约为（）A0.02安B0.2安C2安D20安【考点】电流的大小【分析】根据对白炽灯的功率认识，计算出工作的电流，选出与该电流值接近的选项即可【解答】解：一盏家用白炽灯的功率一般在60W左右；计算出通过它的电流I=0.3A；0.3A与选项B中的0.2A接近；与选项ACD中的电流相差较大；故B正确；ACD错误；故选B；6质量相等的甲、乙两新颖环保电动汽车同时同地同方向在同一水平面上运动，它们的st图象分别如图（a）和（b）所示，则下列说法正确的是（）A甲、乙两车的动能相同B运动5秒甲、乙两车相距为6米C甲、乙两车的动能始终保持不变D乙车的重力势能大于甲车的重力势能【考点】动能大小的比较；速度公式及其应用；势能大小的比较【分析】影响动能的因素有物体的质量和速度，若质量和速度都不发生变化，则物体动能不变【解答】解：A、由两图分析可知，甲乙都做匀速直线运动，甲的速度为v甲=0.8m/s；乙的速度为v乙=1.6m/s，又两车质量相等，所以乙车的动能大，故A错误；B、运动5秒甲、乙两车相距为8m4m=4m，故B错误；C、由于甲乙两车各自的质量和速度不变，所以甲、乙两车的动能始终保持不变，故C正确；D、甲乙两车的重力势能相同，故D错误故选：C7如图所示，盛有液体甲的薄壁圆柱形容器和均匀圆柱体乙放置在水平地面上，甲和乙的质量相等现从容器中抽取部分液体甲，并沿竖直方向切去部分乙后，甲对容器底的压强p甲等于乙对地面的压强p乙，则原先甲对容器底的压强p甲和乙对地面的压强p乙的关系是（）Ap甲可能大于p乙Bp甲一定大于p乙Cp甲可能小于p乙Dp甲一定等于p乙【考点】压强的大小及其计算【分析】甲对地面的压力等于容器和液体的总重力，对地面的压强根据p=比较抽取液体前后的变化；均匀正方体乙对地面的压力等于重力，由压强公式可得p=hg，据此可知沿竖直方向切去前后压强的变化；进一步即可得出原先甲对容器底的压强p甲和乙对地面的压强p乙的关系【解答】解：从容器中抽取部分液体甲后，甲和容器的总重力减小，即甲对地面的压力减小，但容器与地面的接触面积不变，由p=可得，甲对容器底的压强p甲p甲；p=gh沿竖直方向切去部分乙后，由于p=gh可得，乙对容器底的压强p乙=p乙；p甲=p乙，p甲p乙故选B8如图所示电路，电源电压保持不变当电压表V示数与电流表A2示数的比值变大时，下列说法正确的是（）A电压表V和电流表A的示数都不变B电阻R2消耗的电功率不变C电压表V和电流表A示数比值变小D电路消耗的电功率减小【考点】电路的动态分析【分析】分析清楚电路结构，然后根据并联电路特点、欧姆定律、电功率公式分析答题【解答】解：由图示电路图可知，两电阻并联，电压表测电源电压，电流表A测干路电流，电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测通过R2的电流；电压表V示数与电流表A2示数的比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，电压表V示数与电流表A2示数的比值变大，则滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑片向右移动；A、电源电压不变，电压表V示数不变；滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，通过滑动变阻器的电流变小，通过定值电阻的电流不变，干路电流变小，电流表A示数变小，故A错误；B、通过电阻R2的电流减小，电阻两端电压不变，由P=UI可知，电阻R2消耗的电功率变小，故B错误；C、电压表C示数不变，电流表A示数减小，电压表V与电流表A示数比值变大，故C错误；D、电源电压U不变，电路电流I变小，电路消耗的电功率P=UI变小，故D正确；故选D二、填空题（共25分）9一台电热水壶的铭牌上有“220V1500W”的字样，则该电热水壶正常工作时两端的电压为220伏，它与电灯之间是并联的（选填“串联”或“并联”），家用电器工作时消耗的电能可用电能表来计量【考点】家庭电路的连接；电功的测量【分析】我国家用电器的额定电压是220V；各家用电器之间都是并联的，用电器可能正常工作，并且各用电器之间互不影响；家用电器工作时消耗的电能可用电能表来计量【解答】解：电热水壶的铭牌上有“220V1500W”的字样，则该电热水壶正常工作时两端的电压为220V，其额定功率是1500W；电灯和电热水壶都是家用电器，两者之间是并联的；家用电器工作时消耗的电能可用电能表来计量故答案为：220；并联；电能表10如图所示，（a）主要表示力能使物体发生形变汽车运动时驾驶员相对于座位是静止的，（b）是汽车刹车时的状态，刹车时汽车的惯性将不变（选填“变小”、“不变”或“变大”）【考点】力的作用效果；参照物及其选择；惯性【分析】力的作用效果有两类：一是改变物体的运动状态，包括运动方向和运动速度的改变；二是改变物体的形状被研究的物体和选定为参照物的物体之间发生位置变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的惯性的大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大【解答】解：图（a）物体在力的作用下形状发生了改变，所以是力能使物体发生形变，人相对于驾驶员没有发生位置的变化，以驾驶员做参照物，人是静止的，因此说运动和静止是相对的刹车时，车的运动状态发生了变化，而质量没有发生变化，所以惯性不变；故答案为：形变；静止；不变11蹦极是一项非常刺激的户外休闲活动，当跳跃者急速下落到一定位置后，橡皮绳被拉长，说明力可以改变物体的形状在下落过程中人的重力势能减小，人体的惯性不变（均选填“增大”、“不变”或“减小”）【考点】力的作用效果；惯性；势能的影响因素【分析】（1）力可以改变物体的运动状态，力还可以改变物体的形状；（2）重力势能大小的影响因素：质量、高度质量越大，高度越高，重力势能越大；（3）惯性只与物体的质量有关【解答】解：当跳跃者急速下落到一定位置后，橡皮绳被拉长，其形状发生改变，说明力可以改变物体的形状；人在下落过程中，质量不变，高度减小，所以他的重力势能减小；惯性只与物体的质量有关，与物体的运动状态无关，所以人体的惯性不变故答案为：形状；减小；不变12“玉兔”号月球车如果在月球表面匀速行驶2小时，可通过的距离为0.4千米，则它的速度是0.2千米/时；以月球为参照物，月球车是运动的（选填“运动”或“静止”）；它通过无线电波（选填“无线电波”或“声波”）接受北京指挥中心的指挥【考点】速度的计算；参照物及其选择；电磁波的传播【分析】解答此题从以下知识点入手：路程和时间已知，依据速度公式v=计算月球车的速度；在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准做为参照物，研究对象和参照物的位置发生了改变，就是运动的，如果位置没有发生改变，则是静止的；惯性的大小与质量有关；声音不能在真空传播，无线电波可以在真空中传播【解答】解：月球车的速度为v=0.2km/h；以月球为参照物，“玉兔”相对于月球的位置发生变化，所以是运动的；月球表面没有空气，无线电波可以在真空中传播，因此它通过无线电波将拍得照片传输到地面指挥中心故答案范围：0.2；运动；无线电波1310秒内电流对某导体做功15焦，若该导体两端的电压为3伏，则通过导体横截面的电量为5库，通过该导体的电流为0.5安若将电压增大为6伏，则该导体的电阻为6欧【考点】电量及其计算；欧姆定律的变形公式【分析】根据公式W=t求出电阻的大小，再利用欧姆定律求出电流的大小；最后根据公式Q=It求出电荷量的大小；导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端电压无关【解答】解：根据公式W=t可知，导体的电阻为R=t=10s=6；通过该导体的电流I=0.5A；通过的电荷量为Q=It=0.5A10s=5C；若将电压增大为6伏，则该导体的电阻不变，还是6故答案为：5；0.5；614如图所示，用20牛的拉力F匀速提起物体A，不计摩擦，A的重力为20牛若物体A在10秒内上升4米，此过程中拉力F做的功为80焦，功率为8瓦【考点】定滑轮及其工作特点；功的计算；功率的计算【分析】要知道定滑轮的特点：使用定滑轮不省力但能改变力的方向；动滑轮的特点：使用动滑轮能省一半力，但费距离；根据公式W=FS可求拉力做的功，利用公式P=可求拉力的功率【解答】解：滑轮重力和摩擦不计时，由图可知，吊A滑轮的是定滑轮，使用定滑轮不能够省力，所以FA=GA=20N；拉力F做的功W=FS=20N4m=80J；功率P=8W；故答案为：20；80；815如图所示，重为10牛的物体在细绳的作用下静止在水中，物体的体积为2103米3，物体所受的浮力为19.6牛，方向竖直向上当剪断细线时，物体所受合力的大小变大（选填“变大”、“不变”或“变小”）【考点】阿基米德原理；力的合成与应用【分析】已知物体的体积且浸没在水中，利用公式F浮=液gV排可以得到所受浮力；对物体进行受力分析知物体受的合力的变化情况【解答】解：（1）物体受到的浮力为F浮=液gV排=1.0103kg/m39.8N/kg2103m3=19.6N；浮力的方向是竖直向上的；（2）剪断细线前物体静止受的合力为0，当剪断细线时，物体只受浮力和重力的作用，浮力大于重力，合力为19.6N10N=9.6N故合力变大；故答案为：19.6； 竖直向上；变大16如图所示电路中，电源电压保持不变，灯泡L、电阻R可能出现了断路故障，若在灯泡L两端并联一根导线，闭合电键S：两个电表中示数一定大于零的电表是电压表，若电流表的指针有明显的偏转，则电路中的故障是灯泡断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】根据电路图可知，灯L和电阻R串联，电压表测量电阻两端电压，电流表测量电路中的电流；然后根据灯泡L或电阻R断路，并在灯泡L两端并联一根导线，闭合电键后，确定电路的情况，分析仪表示数的变化【解答】解：若灯泡L断路，并在灯泡L两端并联一根导线，闭合电键后，电路为电阻的基本电路，故电流表和电压表均有示数；若电阻R断路，并在灯泡L两端并联一根导线，闭合电键后，电路仍然是断路，故电流示数为零；电压表的正负接线柱与电源的正负极相连，故电压表有示数因此两个电表中示数一定大于零的电表是电压表；若电流表的指针有明显的偏转，则电路中的故障是灯泡断路故答案为：电压；灯泡断路三作图题（共6分）17如图所示，杠杆在力F1、F2作用下处于平衡状态，L1为F1的力臂请在图中作出F2的力臂L2及力F1【考点】力臂的画法【分析】F2与杠杆垂直，故连接支点O与F2的作用点即为力臂L2，过L1的上端作L1的垂线，交杠杆于一点，即为F1的作用点，F1的方向向上【解答】解：18在图中，标出通电螺线管和小磁针的N、S极及磁感线的方向【考点】磁感线及其特点；磁极间的相互作用【分析】由电源的正负极可知电流的方向，由电流方向通过右手螺旋定则可得螺线管的磁极方向，由磁感线的特点可画出磁感线的方向，再由磁极间的相互作用可知小磁针的指向【解答】解：由图可知电流由右侧流入，则由右手螺旋定则可知螺线管左侧为N极，右侧为S极，磁感线由N极指向S极，小磁针N极与螺线管的S极相吸，故N极向左答案如图：四、计算题（6+6+6+9共27分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置19一辆汽车在水平公路上作匀速直线运动时受到5000牛的阻力，汽车在1分钟内通过的路程是600米，求：（1）汽车在10分钟内做的功；（2）汽车在10分钟内的功率【考点】功的计算；功率的计算【分析】（1）利用v=求出汽车10分钟通过的距离，根据二力平衡条件得出牵引力的大小，然后利用W=Fs求解汽车在汽车在10分钟内做的功；（2）知道汽车在10分钟内做的功，利用P=求解汽车在10分钟内的功率【解答】解：（1）根据v=可得汽车10分钟通过的距离：s=vt=600m/min10min=6000m，汽车在水平公路上作匀速直线运动，则牵引力F=f=5000N，汽车在10分钟内做的功：W=Fs=5000N6000m=3107；（2）汽车在10分钟内的功率：P=5104W答：（1）汽车在10分钟内做的功为3107J；（2）汽车在10分钟内的功率为5104W20如图所示，电源电压保持不变，电阻R2的阻值为15欧闭合电键S后，电流表的示数为1安，通过电阻R2的电流为0.4安求：（1）电源电压U；（2）电阻R1的阻值；（3）通电10秒，电流通过电阻R1所做的功W1【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功的计算【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表测干路电流（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；（2）根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R1的阻值；（3）根据W=UIt求出通电10秒，电流通过电阻R1所做的功W1【解答】解：（1）并联电路中各支路两端的电压相等，根据欧姆定律可得，电源的电压：U=U2=I2R2=0.4A15=6V；（2）并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过R1的电流：I1=II2=1.0A0.4A=0.6A，则R1=10；（3）通电10秒，电流通过电阻R1所做的功：W1=U1I1t=6V0.6A10s=36J答：（1）电源电压为6V；（2）电阻R1的阻值为10；（3）通电10秒，电流通过电阻R1所做的功为36J21一只木桶能装多少水，并不取决于桶壁上最长的那块木板，而恰恰取决于桶壁上最短的那块已知桶壁上最长的木板长为0.5m，最短的木板长为0.2m，桶底内部底面积为4102，如图所示当桶装足够多的水时，桶底受到水的压强约为2103Pa，桶底受到水的压力约为80N，离桶底0.1m的桶侧壁受到水的压强为1103Pa【考点】液体的压强的计算；压力及重力与压力的区别【分析】（1）先确定桶内水深（短木板长度），利用液体压强公式求桶底受到水的压强；（2）又知道桶的底面积，利用压强公式求桶底受到水的压力；（3）根据p=gh可求得离桶底0.1m的桶侧壁受到水的压强【解答】解：（1）此桶装满水，水深等于短木板的长，h=0.2m，桶底受到水的压强：p=gh=1.0103kg/m310N/kg0.2m=2103Pa；（2）由p=可得，桶底受到水的压力：F=pS=2103Pa4102m2=80N（3）离桶底0.1m的桶侧壁受到水的压强p1=gh1=1.0103kg/m310N/kg0.1m=1103Pa；故答案为：2103；80；110322在如图所示的电路中，电源电压为18伏且保持不变，电阻R1的阻值为25欧，滑动变阻器R2上标有“50，2A”字样闭合电键S后，电压表示数为6伏（1）通过R1的电流I1（2）变阻器R2连入电路的阻值（3）不改变电表的量程，现用一定值电阻替换R1，使电压表的指针达到满刻度，求：能替换R1的最大阻值R1替换后，移动滑动变阻器的滑片P，滑动变阻器允许接入电路中的最小阻值R2【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）已知两电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，从而可以求出电阻R1两端的电压；根据欧姆定律求出通过R1的电流；（2）已知通过的电流和两端的电压，根据欧姆定律可求电阻的大小；（3）由题意（电压表示数为6V）可知，电压表选用的量程是015V，指针达到满刻度，即U2=15V，根据串联电路具有分压作用可以求得R1两端电压，再根据串联电路电流特点解得R1；由（1）知，电流表选用的是00.6A的量程，又知电源电压和R1，根据欧姆定律解得滑动变阻器允许接入电路中的最小阻值R2【解答】解：（1）串联，电阻R1两端的电压U1=UU2=18V6V=12V；I=，通过R1的电流I1=0.48A；（2）I=，I=I1=I2，变阻器R2连入电路的阻值R2=12.5；（3）根据题意，压表选用的量程是015V，指针达到满刻度，即U2=15V，R1两端电压U1=UU2=18V15V=3V，又I=，I=I1=I2，=，即=，=，解得R1=10；由（1）通过R1的电流为0.48A可知，电流表选用的是00.6A的量程，即电路中允许通过的最大电流为I=0.6A，I=电路中的最小总电阻为：R=30，故滑动变阻器允许接入电路中的最小阻值R2=RR1=3010=20答：（1）通过R1的电流I1=0.48A；（2）变阻器R2连入电路的阻值为12.5；（3）能替换R1的最大阻值R1=10；替换后，移动滑动变阻器的滑片P，滑动变阻器允许接入电路中的最小阻值R2=20五、实验题（共16分）23在探究“杠杆平衡条件”的实验中，如图所示（1）把杠杆挂在支架上，实验前没挂钩码时，发现杠杆右端下倾，可将右端螺母向左边调，使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是便于测量力臂（2）实验中共有6个钩码，杠杆上每格距离相等，调好杠杆后，在杠杆左边离支点为二格的A处挂了钩码，如图所示，为了使杠杆在水平位置平衡，请你在杠杆右边挂上钩码，你的方法是（最小写出两种）在右边2格处挂3个钩码；在右边3格处挂2个钩码（3）实验中改变支点两侧的钩码位置和个数，用同样方法一般要做三次，得到三组数据并进行分析，这样做的目的是得出普遍结论【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）调节杠杆平衡时，如果杠杆左端下沉，应向右调节平衡螺母，如果杠杆右端下沉，应向左调节平衡螺母；杠杆在水平位置平衡时，力与杠杆垂直，力臂在杠杆上，可以直接读出力臂大小（2）根据杠杆平衡条件分析答题（3）为得出普遍结论，应进行多次实验，测出多组实验数据【解答】解：（1）杠杆右端下倾，可将右端螺母向左边调，使杠杆在水平位置平衡；当杠杆在水平位置平衡时，力予以杠杆垂直，力臂在杠杆上，可以直接读取力臂大小，便于测量力臂（2）设每个钩码的重力为G，杠杆每格的长度为L，由图示可知，左边=3G2L=6GL，由杠杆平衡条件可知，要使杠杆平衡，杠杆右边力与力臂的乘积应为6GL，可以在在右边2格处挂3个钩码或在右边3格处挂2个钩码（3）做多次实验，测出多组实验数据的目的是：避免实验的偶然性和结论的片面性，得出普遍结论故答案为：（1）左；便于测量力臂；（2）在右边2格处挂3个钩码；在右边3格处挂2个钩码（3）得出普遍结论24一个额定电压是2.5伏的小灯泡，其正常工作时电阻约10欧小明想测定这个小灯泡的额定功率，实验室中有如下器材：电流表、电压表、电键各一个，两个规格分别为A：“5 1A”，B：“20 0.5A”，的滑动变阻器，导线若干，电源（电压为6伏）（1）小明设计了如图（a）所示电路图，通过分析你认为小明应选用规格为B（选填A或B）的滑动变阻器（2）图（b）已连接了部分电路请你根据图（a）所示电路图用笔画线代替导线，将电路连接完整（用2B铅笔在答题纸的相应位置作图）（3）小明正确选择了滑动变阻器，按图（a）的电路图连接好电路，闭合电建，发现灯泡发光较暗，电流表有示数任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变（示数不为零）且小于2.5伏发生上述原因的是滑动变阻器把下面两个接线柱接入电路（4）小明排除故障后，继续实验当电压表的示数为2.5V时电流表的示数（如图（c）所示），小灯泡的额定功率是0.55瓦（5）小明根据测量灯泡实际功率的多组实验数据，作出了UI图象，如图（d）所示结果发现图线不是直线，这表明灯泡的电流与电压不成（填“成”或“不成”）正比，这是因为灯丝电阻随温度变化而变化【考点】电功率的测量【分析】（1）根据串联电路特点及欧姆定律，求出灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值，根据该阻值选择滑动变阻器的规格（2）滑动变阻器应一上一下串联接入电路，由电路图确定滑动变阻器的接法（3）灯泡发光较暗，说明灯泡实际功率较小，电路电流较小，电路电阻较大；移动滑片，电压表示数不变，说明滑动变阻器阻值不变，由此分析（4）由IU图象找出灯泡额定电压对应的电流，然后由电功率公式求出灯泡额定电功率（5）图象不是直线，说明电压与电流不成正比；这是因为灯丝电阻与温度有关【解答】解：（1）灯泡正常发光时通过的电流约：I=0.25A，滑动变阻器两端的电压U滑=UUL=6V2.5V=3.5V，此时滑动变阻器接入电路的阻值R=145，滑动变阻器应选20 0.5A（2）由图（a）滑动应串联入电路中，且滑片右滑连入阻值变大，故应将A接线柱接入电路中，如图所示：；（3）灯泡发光较暗，说明灯泡实际功率较小，电路电流较小，电路电阻较大；移动滑片，电压表示数不变，说明滑动变阻器阻值不变，滑动变阻器接下面两个接线柱，成为定值电阻（4）由实物图可知，电流表使用00.6A量程，分度值0.02A，由图c知，灯泡电压为2.5V时正常发光，此时电流是0.22A，灯泡额定功率P额=U额I额=2.5V0.22A=0.55W；（5）由于灯丝电阻受温度影响，随温度升高而增大，灯丝电阻不是定值，因此IU图象不是直线，这表明通过小灯泡的电流与其两端的电压不成正比故答案为：（1）B；（2）见上图；（3）滑动变阻器把下面两个接线柱接入电路；（4）0.55；（5）不成；灯丝电阻随温度变化而变化25小明和小亮在操场上玩耍时发现水平抛出的几个物体落地时，落地点与抛出点的水平距离各有不同，善于观察的他们想探究“水平抛出物体的落地点与抛出点的水平距离”与什么因素有关，根据生活中的感受，他们提出了以下猜想：猜想一：与抛出物体的质量有关；猜想二：与水平抛出的速度有关；猜想三：与水平抛出点离地高度有关；为了验证以上猜想，他们从实验室借来能控制速度的弹射器、不同的小钢球、刻度尺等实验器材，按照如图所示的实验方法进行实验探究，得到数据记录在表一和表二中表一 小球质量 10克实验序号抛出点离地高度h（米）水平抛出的速度v（米/秒）落地点与抛出点的水平距离L（米）1210.642221.283242.564443.615622.21表二小球质量 20克实验序号抛出点离地高度h（米）水平抛出的速度v（米/秒）落地点与抛出点的水平距离L（米）6210.647321.568511.019822.56101045.71为了验证猜想一，应选用实验序号为1与6的数据进行分析小明分析比较实验序号1与2与3中的数据，得出初步结论：当抛出点离地高度h相同时，落地点与抛出点的水平距离与水平抛出的速度成正比小亮分析比较实验序号3与9中的数据，得出初步结论：水平抛出物体的落地点与抛出点的水平距离L与抛出点离地高度h无关请你判断他的结论是否正确，并请说明理由错误；没有控制水平抛出的速度v相同进一步分析比较实验序号1与2与3数据中的落地点与抛出点的水平距离L与水平抛出的速度v的比值，可得出初步结论：抛出点离地高度h相同时，落地点与抛出点的水平距离L与水平抛出的速度v的比值是个定值【考点】控制变量法与探究性实验方案【分析】（1）要验证猜想一：与抛出物体的质量有关，应控制水平抛出速度与抛出点离地的高度相同，据此找出满足要求的实验序号；（2）理解成正比的含义：比值不变或同时成相同倍数增加或减小；（3）该实验中，需要利用控制变量法进行；（4）分析比较实验序号1与2与3数据中的落地点与抛出点的水平距离L与水平抛出的速度v的比值，并结合控制变量法得出结论【解答】解：（1）由表中数据知1、6两组实验数据的水平抛出速度与抛出点离地的高度相同，用1、6两组数据可以验证猜想一；（2）分析比较实验序号1与2与3中的数据，得出初步结论：当抛出点离地高度h相同时，落地点与抛出点的水平距离与水平抛出的速度成正比；（3）分析比较实验序号3与9中的数据可知，抛出点离地高度和水平抛出的速度v都不相同，因此该结论是错误的，没有控制水平抛出的速度v相同；（4）分析比较实验序号1与2与3的数据可知，落地点与抛出点的水平距离L与水平抛出的速度v的比值不变，因此可得出的结论为：抛出点离地高度h相同时，落地点与抛出点的水平距离L与水平抛出的速度v的比值是个定值故答案为：（1）1与6；（2）落地点与抛出点的水平距离与水平抛出的速度成正比；（3）错误；没有控制水平抛出的速度v相同；（4）抛出点离地高度h相同时，落地点与抛出点的水平距离L与水平抛出的速度v的比值是个定值