九年级物理上学期第一次月考试卷（含解析） 新人教版11 (2)

2016-2017学年重庆市南开（融侨）中学九年级（上）第一次月考物理试卷一、单项选择题（每题2分，共24分）1下列估测最符合实际情况的是（）A洗澡水的温度大约是90B重庆主城冬天的平均气温约为零下25C某普通四冲程汽油机的效率约为80%D健康成年人的腋下体温约为372如图所示的四种现象中，其物态变化属于凝固的是（）A霜打枝头B冬天江河结冰C春天白雾弥漫D阳光下露珠变小3金属在高温、低压下比较容易由固态直接变为气态，用此方法可以给照相机及其他光学仪器的玻璃镜头进行真空镀膜，即在真空室内将固体金属或金属化合物加热，使它的蒸汽喷到玻璃镜头上去，从而镀上一层极薄的金属膜，这层膜可以改变玻璃金属的光学性能，这层膜能镀上去的原理是（）A金属蒸发后在液化到玻璃镜头上B金属融化后再汽化的玻璃镜头上C金属升华后再凝华到玻璃镜头上D液态金属凝固的玻璃镜头上的4如图所示，是某老师的自制教具，他在矿泉水瓶的侧壁上钻一个孔，把电火花发生器紧紧塞进孔中，实验时从瓶口喷入酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器的按钮，点燃瓶内酒精后，纸筒即刻飞出关于此实验，分析正确的是（）A随着酒精慢慢燃烧，酒精热值不断减小B能闻到酒精的气味说明分子间有斥力C燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的压缩冲程D纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低5关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）A一个物体温度升高，它的内能一定增加B一个物体温度升高，一定是吸收了热量C一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高D一块0的冰没有内能，它的分子不会运动6如图所示的实验或有关装置工作时，由机械能转化为内能的是（）A压缩气体点燃棉花B内燃机做功冲程C利用电暖炉取暖D水蒸气将软木塞冲出7如图是某物质的物态变化过程图象，以下从图象中获得的信息正确的是（）A该物质是非晶体Bc到d是熔化过程C在bc段处于沸腾状态Dab段处于固液共存状态8根据表中的数据，下列判断正确的是（） 一些物质的比热容J/（kg）水4.2103铝0.88103煤油、冰2.1103干泥土0.84103沙石0.92103铜0.39103A不同物质的比热容不可能相同B在阳光照射下，干泥土比湿泥土升温慢C因为水的比热容较大，所以沿海地区比内陆地昼夜温差大D质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多9下列关于热值和热机效率的描述，正确的是（）A使燃料燃烧更充分，可以增大热值B使燃料燃烧更充分，可以提高热机效率C燃料燃烧释放的热量越大，热值越大D热值和热机效率都是定值，与外界条件无关10初温相同，质量之比为1：2，比热容之比为3：2的甲乙两金属块，放出的热量之比为5：6，放热过程中两金属块块都不发生物态变化，则放热后两金属块接触，会出现（）A甲金属块放热B乙金属块放热C两金属块之间不发送热传递D无法确定11如图所示，水平桌面上放有甲、乙、丙、丁四个完全相同的圆柱形容器其中甲容器内只有水，乙容器内有木块漂浮在水面上，丙容器内有一个装有铝块的平底塑料盒漂浮在水面上，塑料盒底始终与容器底平行，且塑料盒的底面积等于圆柱形容器底面积的一半，丁容器中用细线悬吊着一个实心的铝球浸没在水中已知四个容器中的水面一样高，木=0.6103kg/m3；酒精=0.8103 kg/m3；铝=2.7103 kg/m3，对于这一情景，有如下一些说法，其中说法正确的是（）A向乙容器中倒入酒精后，木块底部受到的压强将增大B各容器对水平桌面的压强不同C将悬吊铝球的细线剪断后，丁容器对水平桌面压力的增大值等于铝球所受重力的大小D将塑料盒内的铝块取出放入到丙容器中，待塑料块和铝块稳定后，则丙容器中的液面会下降12如图所示，台秤上放置一个装有适量水的烧杯，已知烧杯和水的总质量为600g，杯的底面积为100cm2，将一个质量为600g、体积为300cm3的长方体实心物体A用细线吊着，然后将其一半浸入烧杯的水中（烧杯的厚度忽略不计，杯内水没有溢出，g=10N/kg）则下列说法错误的是（）A物体A的密度是2g/cm3B当物体A的一半浸入水中后，细线对物体A的拉力为4.5NC当物体A的一半浸入水中后，水对烧杯底部的压强增大了200PaD当物体A的一半浸入水中后，此时烧杯对台秤的压强为750Pa二、填空题（每空1分，共15分）13如图为我市某中学生在物理课外活动中制作的小船，他是利用燃烧的蜡烛加热易拉罐中的水来推动其前进的，易拉罐中的水是通过来增大内能的，当水时产生大量的蒸汽从小孔中冲出，小船就能向前运动，这个过程中内能转化为小船的能14夏天，从冰箱中取出饮料瓶，可观察到瓶子表面有许多小水珠，擦干后很快又形成，这过程中发生的物态变化是；南极地区年平均气温是25，降水量很小，但这里的空气却很湿润，这是由于冰发生了现象（填物态变化的名称），在这个过程中，冰需要（选填“吸热”或“放热”）15某同学用两个完全相同的酒精灯，分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，分别记录加热时间和升高的温度，根据记录的数据作出了两种液体的温度随时间变化的图象，如图所示如果已知甲的比热容是1.8103J/（kg），则乙的比热容是J/（kg）16甲乙两物体质量相等，甲物体温度降低20，乙物体温度升高15时，乙物体吸收热量是甲物体放出热量的2倍，甲乙两物体比热容之比为17在四冲程汽油机的工作循环中，将内能转化为机械能的冲程是冲程该汽油机每分钟转1200转，则每秒对外做次功18小王同学做“比较两种材料保温性能”的实验，他取和两种保温材料，两支相同的温度计，两个相同的大玻璃烧杯，钟表和初温相同、质量相等的热开水，以及细线、硬纸片、剪刀等，做两个外形相同的保温装置，其中一个如图（a）所示然后在相同环境的房间里同时开始做实验他根据实验测得的数据绘得图（b）所示的“水温与时间关系”图象实验过程中室温保持不变，请你回答：（1）和哪种材料的保温性能好？答：（选填或）（2）对于同一保温材料内的水，在10min到20min时间内放出的热量20min到30min时间内放出的热量（选填“大于”、“等于”或“小于”）（3）在整个实验过程中，保温材料内的水放出的热量保温材料内的水放出的热量（选填“大于”、“等于”或“小于”）19目前，“节能减排”已引起全球的关注大多数家用汽车的发动机均为汽油机，它把汽油燃烧产生的内能部分转化成机械能，再通过传动机构将动力传给车轮使汽车行驶一辆家用汽车以某一速度在平直路面上匀速行驶100km，消耗汽油10L，若这些汽油完全燃烧放出的热量有30%用来驱动汽车做有用功这些汽油完全燃烧放出的热量为J，这辆汽车以该速度匀速行驶时受到的阻力为N（已知所用汽油的热值为4.6107J/kg，密度为0.7103kg/m3）三、实验题（每空1分，共20分）20晓轩同学在“探究冰和蜡的熔化规律”时，使用的实验装置如图甲所示：（1）实验装置用水浴法加热，这种加热方式的好处是（2）蜡在加热过程中某一时刻温度计的示数如图乙所示，温度是，实验数据如下表，可以判断蜡属于（选填“晶体”或“非晶体”）时间/min01234567蜡的温度/4244464849505152（3）向试管中放入碎冰，根据加热过程中记录的数据画出如图丙所示温度时间图象，得出冰熔化时温度的特点是；冰熔化一共持续了min（4）小明把冰放入如图丁所示的烧杯中，没有用酒精灯加热，冰也熔化了于是他认为冰熔化不需要吸收热量，他的想法（选填“正确”或“不正确”），他还发现冰熔化时烧杯外壁有一层水珠，这是水蒸气（填写物态变化）形成的（5）另一同学指出图丙中AB段与CD段的倾斜程度应该不同，这是因为21探究：影响物质吸热多少的因素的实验时，得到如下的数据表：物质实验次数质量/kg升高的温度/吸收的热量/J水10.1510210020.10104200煤油30.0510105040.10102100（1）该实验的研究方法是（2）分析第1、2或3、4次实验数据，可得出的结论是：同种物质升高相同的温度时，吸收热量的多少与物质的有关（3）分析第1、3或2、4次实验数据，可得出的结论是：（4）综上所述，物质吸热多少与质量、温度变化量、有关（5）实验表明，不同物质的吸热能力是不同的，为了描述不同物质的吸热能力，物理学中引入了物理量22小明探究水沸腾时温摩变化的特点，实验装置如图甲所示（1）当观察到时，说明水已沸腾（2）为证明水沸腾时要持续吸热，小明接下来的操作是然后观察水是否沸腾（3）图乙中能正确表示实验过程中水温度变化的图象是（填“A”、“B”、“C”或“D”）（4）另一组同学用加盖的烧瓶做水沸腾实验，沸腾一段时间后，撤去酒精灯，发现水停止沸腾立即用橡皮塞塞住烧瓶口并将其倒置，迅速向烧瓶底部浇冷水，如图丙所示，结果发现水又重新沸腾了这是因为烧瓶内水蒸气遇冷液化为水珠，瓶内液面上方气压（选填“变高”、“变低”或“不变”），水的沸点（选填“变高”、“变低”或者“不变”）造成的（5）本实验中，为了缩短加热时间，使水尽快沸腾，可行的方法是（写出一种即可）（6）实验过程中小明不小心碰到了水沸腾时产生的水蒸气，感觉很烫为了证明水蒸气液化放热，他进行了以下操作，如图丁在两个相同试管甲和乙中分别装入质量和初温相同的水，然后将沸腾时产生的水蒸气直接通入试管甲的水中，水蒸气在甲中几乎全部液化，待甲中的水面上升一段高度后，停止通入水蒸气，测出此时甲中水的温度为t，接下来能验证水蒸气液化放热的操作是（选填“a”、“b”、“c”、“d”）（烧瓶内水的温度高于100）a测出乙中的水温并与t比较b测出烧瓶中的水温并与t比较c将烧瓶内开水倒入乙中直至与甲中水面相平，摇匀后测出乙中水温并与t比较d将另一烧杯中100的水倒入乙中直至与甲中水面相平，摇匀后测出乙中水温并与t比较四、计算题（23题6分，24题7分，25题8分，共21分）23温泉的开发是人们利用地热的一种形式，重庆有很多温泉，若某温泉地下热水每日开采量为3105kg，平均水温为67问：（1）如果改用锅炉燃烧无烟煤来供给热水，则每日将等量的冷水由16加热到67，需要吸收多少热量？（2）若无烟煤完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则每日需要多少无烟煤？（已知水的比热容为4.2103J/kg），无烟煤的热值为3.4107J/kg）24已知某型号的载重车在一段平直的高速公路上匀速行驶所用时间是8min，消耗燃油3103m3（假设燃油完全燃烧），汽车发动机在这段时间内的功率为63kW若燃油的密度是0.8103kg/m3，热值为3.15107J/kg，求：（1）消耗的燃油质量是多少？（2）发动机牵引汽车前进所做的有用功是多少？（3）汽车的效率是多少？（百分数表示）25在水平桌面上放有一薄壁柱形容器，底面积为100cm2，将一个重力为2.5N，底面积为40cm2，高为10cm柱形玻璃杯A漂浮于水面，底部连接有一个实心金属块B，细线未拉直，最后A、B两物体在水中处于静止状态（B未与底部紧密接触，细线不可伸长且质量体积忽略不计），如图甲所示求：（1）玻璃杯A所受浮力的大小；（2）水对玻璃杯A底部的压强大小；（3）向容器中注水，细线拉力随时间变化图象如图乙所示（容器无限高），求t1时刻到t2时刻加水的体积2016-2017学年重庆市南开（融侨）中学九年级（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每题2分，共24分）1下列估测最符合实际情况的是（）A洗澡水的温度大约是90B重庆主城冬天的平均气温约为零下25C某普通四冲程汽油机的效率约为80%D健康成年人的腋下体温约为37【考点】温度；热机的效率【分析】此题考查我们对常见环境温度和热机效率的认识，结合对生活的了解和对温度单位摄氏度的认识，选出符合实际的选项【解答】解：A、人体正常体温在37左右，洗澡水的温度应该略高于体温，在40左右，不可能达到90故A不符合实际；B、重庆冬季气温不是很低，最低气温高于0，平均气温更不可能达到25故B不符合实际；C、汽油机的效率较低，一般在20%30%之间故C不符合实际；D、正常情况下，人的体温在37左右，变化幅度很小故D符合实际故选D【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义2如图所示的四种现象中，其物态变化属于凝固的是（）A霜打枝头B冬天江河结冰C春天白雾弥漫D阳光下露珠变小【考点】凝固与凝固放热特点【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固【解答】解：A霜打枝头是气态变为固态，是凝华，故A错误；B冬天江河结冰，是液体的水凝固为固体，故B正确；C春天白雾弥漫，是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故C错误；D阳光下露珠变小，是液体的露珠汽化为水蒸气，故D错误故选：B【点评】本题考查了学生对物态变化过程中的熔化现象的理解与掌握，是一道基础题目3金属在高温、低压下比较容易由固态直接变为气态，用此方法可以给照相机及其他光学仪器的玻璃镜头进行真空镀膜，即在真空室内将固体金属或金属化合物加热，使它的蒸汽喷到玻璃镜头上去，从而镀上一层极薄的金属膜，这层膜可以改变玻璃金属的光学性能，这层膜能镀上去的原理是（）A金属蒸发后在液化到玻璃镜头上B金属融化后再汽化的玻璃镜头上C金属升华后再凝华到玻璃镜头上D液态金属凝固的玻璃镜头上的【考点】升华和凝华的定义和特点【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华【解答】解：金属在高温、低压下比较容易由固态直接变为气态，即发生升华现象；蒸汽喷到玻璃镜头上去，从而镀上一层极薄的金属膜，即蒸汽直接变为固态的金属膜，也就是发生凝华现象，故ABD错误，C正确故选C【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识4如图所示，是某老师的自制教具，他在矿泉水瓶的侧壁上钻一个孔，把电火花发生器紧紧塞进孔中，实验时从瓶口喷入酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器的按钮，点燃瓶内酒精后，纸筒即刻飞出关于此实验，分析正确的是（）A随着酒精慢慢燃烧，酒精热值不断减小B能闻到酒精的气味说明分子间有斥力C燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的压缩冲程D纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低【考点】做功改变物体内能；燃料的热值；内燃机的四个冲程；分子的运动【分析】热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧、燃烧快慢无关；不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动；内燃机的压缩冲程是压缩气体做功，机械能转化为内能；做功冲程是高温高压燃气推动活塞做功，内能转化为机械能；物体对外做功，内能减少，温度降低【解答】解：A、热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料燃烧快慢无关，故A错误；B、能闻到酒精的气味说明分子酒精分子在永不停息的做无规则运动，故B错误；C、燃气推动纸筒飞出的过程是燃气推动纸筒做功的过程，相当于内燃机的做功冲程，故C错误；D、燃气推动纸筒做功，纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低，故D正确故选：D【点评】本题考查分子的运动、热值、物体内能的改变和内燃机的四个冲程等有关知识，综合性强，要善于观察和分析5关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）A一个物体温度升高，它的内能一定增加B一个物体温度升高，一定是吸收了热量C一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高D一块0的冰没有内能，它的分子不会运动【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）物体温度越高，分的无规则运动越剧烈，物体的内能越多；（2）物体的温度升高，可能是物体从外界吸收了热量，也有可能是外界对物体做功；（3）物体吸收热量，温度不一定升高；（4）一切物体具有内能【解答】解：A、物体的温度升高，内能一定增大，故A正确；B、一个物体的温度升高，可能是物体从外界吸收热量，也有可能是外界对物体做功，故B错误；C、一个物体吸收了热量，它的温度可能不变，例如，晶体熔化时，吸收热量，温度不变，故C错误；D、一块0的冰具有内能，它的分子不停运动，故D错误故选A【点评】本题考查温度、热量和内能的关系，相对比较简单，属于基础题6如图所示的实验或有关装置工作时，由机械能转化为内能的是（）A压缩气体点燃棉花B内燃机做功冲程C利用电暖炉取暖D水蒸气将软木塞冲出【考点】做功改变物体内能【分析】解决此题要知道功改变物体内能的过程是机械能与内能相互转化的过程【解答】解：A、下压活塞时，活塞对封闭气体做功，机械能转化为内能，故A正确；B、由图可知，这是内燃机的做功冲程，在该冲程中，燃气的内能转化为活塞的机械能，故B错误；C、电暖器工作时，电能转化为内能，故C错误；D、水蒸气对活塞做功，水蒸气的内能转化为活塞的机械能，故D错误故选：A【点评】此类题目是考查对做功过程中能量转化的原理即机械能转化为内能7如图是某物质的物态变化过程图象，以下从图象中获得的信息正确的是（）A该物质是非晶体Bc到d是熔化过程C在bc段处于沸腾状态Dab段处于固液共存状态【考点】熔化和凝固的温度时间图象【分析】要分清熔化图象和凝固图象熔化图象温度随时间有上升的趋势；凝固图象随时间有下降的趋势在熔化过程要吸热，相反在凝固过程需要放热若在熔化或凝固过程温度保持不变，则是晶体；否则为非晶体晶体在熔化过程或凝固过程中处于固液共存状态晶体在沸腾过程中吸收热量，温度不变【解答】解：A、从图象上看，ab段是物质的熔化过程，吸收热量，温度不变，有固定的熔点，是晶体；故A错误；BC、在bc段吸收热量，温度升高，到达c点时达到沸点，cd段吸收热量，温度不变，是沸腾过程；故BC错误D、在a点时达到熔点，开始熔化，在b点时熔化结束，所以在ab段处于固液共存状态；故D正确故选D【点评】此题主要考查了晶体的熔化图象和沸腾图象的分析，和晶体熔化过程和沸腾过程的分析，是比较典型的题目，要熟练掌握8根据表中的数据，下列判断正确的是（） 一些物质的比热容J/（kg）水4.2103铝0.88103煤油、冰2.1103干泥土0.84103沙石0.92103铜0.39103A不同物质的比热容不可能相同B在阳光照射下，干泥土比湿泥土升温慢C因为水的比热容较大，所以沿海地区比内陆地昼夜温差大D质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多【考点】比热容的概念【分析】质量是1kg的某种物质温度升高1吸收的热量，叫做这种物质的比热同种物质，状态不同，比热容不同；不同物质，比热容一般不同；质量相同的不同物质，吸收相同热量时，温度变化用公式t=比较；质量相同的不同物质，升高温度相同时，需要的热量多少用公式Q=cmt分析【解答】解：A、不同种物质比热容可能相同，如煤油和冰的比热容相同，此选项错误；B、水的比热容较大，所以湿泥土的比热容比干泥土要大一些在阳光照射下，由公式t=可知，干泥土温度升高的更快此选项错误；C、沿海地区水多；内陆地区水少、沙石多因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小此选项错误；D、质量相等的铝块和铜块，升高相同的温度，由于铝的比热容比铜的比热容大，根据吸热公式Q=cmt可判断，铝块吸收的热量多此选项正确故选D【点评】此题考查的是对比热容概念的连接以及不同物质温度变化、热量变化的比较，应充分利用Q=cmt及其变形公式进行分析9下列关于热值和热机效率的描述，正确的是（）A使燃料燃烧更充分，可以增大热值B使燃料燃烧更充分，可以提高热机效率C燃料燃烧释放的热量越大，热值越大D热值和热机效率都是定值，与外界条件无关【考点】燃料的热值；热机的效率【分析】（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；（2）热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比叫做热机的效率，在工作过程中，损失的能量越少，热机的效率越高【解答】解：A、热值是燃料的特性，与燃烧情况无关，故A错误；B、使燃料燃烧更充分，可以增大有效利用的能量，提高热机的效率，故B正确；C、热值是燃料的特性，与放出热量的多少无关，故C错误；D、热值取决与燃料种类，与外界条件无关；而燃料的燃烧情况、能量的损失都会影响热机效率，故D错误故选：B【点评】本题考查了学生对热值概念和热机效率的了解与掌握，明确热值是燃料的一种特性（只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等无关）是本题的关键10初温相同，质量之比为1：2，比热容之比为3：2的甲乙两金属块，放出的热量之比为5：6，放热过程中两金属块块都不发生物态变化，则放热后两金属块接触，会出现（）A甲金属块放热B乙金属块放热C两金属块之间不发送热传递D无法确定【考点】比热容的概念；热传递【分析】解决此题的关键是知道发生热传递的条件是有温度差，热量会从高温物体传向低温物体；物体吸收热量后升高的温度可以结合热量的变形公式t=进行求解【解答】解：已知两种金属的质量之比是1：2，初温相同，放出的热量之比为5：6，比热容之比3：2，由公式t=得，甲乙降低的温度之比为：t1：t2=： =： =10：9由计算可知，甲降低的温度多，故甲的末温比乙的末温低，热量将会由乙传向甲，即乙金属块放热故选B【点评】此题考查的是热传递的条件及热量公式的应用，灵活运用热量的计算公式是解答的关键11如图所示，水平桌面上放有甲、乙、丙、丁四个完全相同的圆柱形容器其中甲容器内只有水，乙容器内有木块漂浮在水面上，丙容器内有一个装有铝块的平底塑料盒漂浮在水面上，塑料盒底始终与容器底平行，且塑料盒的底面积等于圆柱形容器底面积的一半，丁容器中用细线悬吊着一个实心的铝球浸没在水中已知四个容器中的水面一样高，木=0.6103kg/m3；酒精=0.8103 kg/m3；铝=2.7103 kg/m3，对于这一情景，有如下一些说法，其中说法正确的是（）A向乙容器中倒入酒精后，木块底部受到的压强将增大B各容器对水平桌面的压强不同C将悬吊铝球的细线剪断后，丁容器对水平桌面压力的增大值等于铝球所受重力的大小D将塑料盒内的铝块取出放入到丙容器中，待塑料块和铝块稳定后，则丙容器中的液面会下降【考点】压强大小比较【分析】（1）乙容器中再倒入酒精后，使水的密度减小，但木块还是漂浮，受到的浮力相等，根据浮力产生的原因可知压力压强的变化；（2）乙丙两个容器的物体漂浮，受到的浮力都等于物体重，丁容器中用细线悬吊着一个实心的铝球，由阿基米德原理可知排开的水重等于物体重，由此可知每个容器对水平桌面的压力、压强（3）细线剪断前，容器对桌面增大的压力等于容器中水的重力和铝球排开水的重力；将悬吊铝球的细线剪断后，铝球对容器底部的压力等于铝球的重力减去受到的浮力，进一步求出容器对桌面的压力（4）比较图丙中塑料盒内的铝块取出放入到丙容器中前后所受总浮力的变化，根据阿基米德原理分析解答【解答】解：A、乙容器中再倒入酒精后，使水的密度减小，但木块还是漂浮，受到的浮力相等，根据F浮=水V排g可知，排开水的体积增大，使木块在液面下的体积增大，根据p=可得，F浮=pS木块底，木块的底面积不变，所以木块底部受到的压强不变，故A错误；B、木块漂浮，受到的浮力等于木块重等于排开的水重，甲、乙容器水面等高，则乙容器的总重等于甲容器的总重，乙容器的总质量与甲容器的总质量相同，则甲乙对桌面的压力相等；同理可以得出，丙容器的总质量与甲容器的总质量相同，则甲丙对桌面的压力相等；丁容器中水重力的增加的量等于小球排开液体的重力，因液面与甲容器的相平，所以甲丁对桌面的压力相等；因四个容器底面积相同，由p=可知它们的压强相同，故B错误；C、细线剪断前，桌面受到的压力等于容器与水的重力、小球排开液体的重力之和，将悬吊铝球的细线剪断后，桌面受到的压力等于容器与水的重力、铝球对容器底部的压力之和，而铝球对容器底部的压力等于铝球的重力减去受到的浮力，根据阿基米德原理可知铝球受到的浮力等于小球排开液体的重力，所以容器对水平桌面压力的增大值等于铝球所受重力减去受到的浮力，不等于铝球所受重力的大小，故C错误；D、由图丙图可知，塑料盒和铝块漂浮，浮力等于塑料盒的重力与铝块的重力之和，将塑料盒内的铝块取出放入到丙容器中，待塑料块和铝块稳定后，塑料盒漂浮，浮力等于其重力，铝块沉底，浮力小于其重力，故将塑料盒内的铝块取出放入到丙容器中后塑料盒与铝块受到的总浮力减小，根据F浮=水V排g可知，排开水的体积减小，所以，待塑料块和铝块稳定后，则丙容器中的液面会下降故选D【点评】此题考查压强的大小比较，涉及到物体浮沉条件、阿基米德原理、压强公式、等相关知识的应用，是一道综合性较强的题目，有一定难度本题关键：一是漂浮、悬浮条件的使用，二是利用阿基米德原理时要同时考虑影响浮力的两个因素（液体的密度和排开液体的体积）12如图所示，台秤上放置一个装有适量水的烧杯，已知烧杯和水的总质量为600g，杯的底面积为100cm2，将一个质量为600g、体积为300cm3的长方体实心物体A用细线吊着，然后将其一半浸入烧杯的水中（烧杯的厚度忽略不计，杯内水没有溢出，g=10N/kg）则下列说法错误的是（）A物体A的密度是2g/cm3B当物体A的一半浸入水中后，细线对物体A的拉力为4.5NC当物体A的一半浸入水中后，水对烧杯底部的压强增大了200PaD当物体A的一半浸入水中后，此时烧杯对台秤的压强为750Pa【考点】压强的大小及其计算；液体的压强的计算；浮力大小的计算【分析】（1）根据=计算A的密度；（2）知道物体的体积，浸没水中排开水的体积，利用阿基米德原理求受到的浮力；利用G=mg求出A的重力，细线拉力等于重力减去浮力；（3）A浸入水中受到水的浮力，根据力的作用是相互的，烧杯底受到增大压力等于A受到的浮力，由p=计算水对烧杯底部增大的压强；（4）烧杯对台秤的压力等于烧杯和水的重力、物体A对水向下的作用力之和，知道底面积，利用p=计算烧杯对台秤的压强【解答】解：A、物体A的密度：=2g/cm3，故A正确；B、物体A的一半浸入水中时受到的浮力：F浮=水gV排=1.0103kg/m310N/kg300106m3=1.5N；GA=mAg=0.6kg10N/kg=6N，细线对物体A的拉力：F拉=GAF浮=6N1.5N=4.5N，故B正确；C、由力的作用是相互的，水对A有向上的浮力，物体A对水有向下压力，所以水对烧杯底部增大的压力：F=F浮=1.5N，所以水对烧杯底部增大的压强：p=150Pa，故C错；D、烧杯对台秤的压力等于烧杯和水的重力、物体A对水向下的作用力之和，即：F=G杯和水+F浮=0.6kg10N/kg+1.5N=7.5N，烧杯对台秤的压强：p=750Pa，故D正确故选C【点评】此题考查了密度公式、重力公式、阿基米德原理、固体压强的应用，综合性较强，有一定的难度二、填空题（每空1分，共15分）13如图为我市某中学生在物理课外活动中制作的小船，他是利用燃烧的蜡烛加热易拉罐中的水来推动其前进的，易拉罐中的水是通过来增大内能的，当水时产生大量的蒸汽从小孔中冲出，小船就能向前运动，这个过程中内能转化为小船的能【考点】热传递改变物体内能【分析】热传递都可以改变物体的内能，使水的温度升高，达到沸点时，水沸腾产生大量水蒸气同时，小船是利用了力的作用是相互的原理来前进的【解答】解：加热易拉罐中的水，是通过热传递来增大水的内能；当水汽化（沸腾）时产生大量的蒸汽，当蒸汽从小孔冲出时，小船就向前运动，这是利用了力的作用是相互的这一过程中，蒸汽的内能转化为机械能故答案为：热传递；汽化；机械【点评】考查了自制小船的原理，包括热传递现象、能量的相互转化等知识点，将物理原理加以运用，值得我们关注14夏天，从冰箱中取出饮料瓶，可观察到瓶子表面有许多小水珠，擦干后很快又形成，这过程中发生的物态变化是；南极地区年平均气温是25，降水量很小，但这里的空气却很湿润，这是由于冰发生了现象（填物态变化的名称），在这个过程中，冰需要（选填“吸热”或“放热”）【考点】液化及液化现象；升华和凝华的定义和特点【分析】要正确判断物态变化过程，首先要弄清水是以怎样的物态形式出现，液化是由气态变为液态的过程和汽化是由液态变为气态的过程物质在发生物态变化时必然要伴随着吸放热的进行；其中熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热【解答】解：夏天，从冰箱中取出的饮料瓶温度很低，空气中的水蒸气遇到温度较低的瓶子外壁，液化成为小水珠，所以可观察到瓶子表面有小水珠；南极地区年平均气温是25，降水量很小，但这里的空气却很湿润，这是由于冰发生了升华现象，升华过程需要吸热故答案为：液化；升华；吸热【点评】本题考查液化现象和升化的特点，熟记课本知识点理解解答即可15某同学用两个完全相同的酒精灯，分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，分别记录加热时间和升高的温度，根据记录的数据作出了两种液体的温度随时间变化的图象，如图所示如果已知甲的比热容是1.8103J/（kg），则乙的比热容是J/（kg）【考点】比热容的概念【分析】根据Q吸=cmt可知在质量和吸收热量相同时，比热容和温度的变化值成反比，据此求出乙的比热容【解答】解：根据Q吸=cmt可知，在质量和吸收热量一定时，温度的变化值和比热容成反比我们可以用相同的酒精灯加热时间4min，甲和乙吸收的热量就是相同的，甲的温度变化值t甲=5010=40，乙的温度变化值t乙=4010=30，据Q吸=cmt得，甲液体吸收的热量：Q甲吸=c甲mt甲，乙液体吸收的热量：Q乙吸=c乙mt乙，则c甲mt甲=c乙mt乙，所以乙的比热容：c乙=2.4103J/（kg）故答案为：2.4103【点评】此题考查了学生对吸热公式的掌握和运用，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键16甲乙两物体质量相等，甲物体温度降低20，乙物体温度升高15时，乙物体吸收热量是甲物体放出热量的2倍，甲乙两物体比热容之比为【考点】热量的计算【分析】知道两物体的质量相同，求出甲乙两物体升高的温度关系，根据热量公式、乙物体吸收热量和甲物体放出热量的关系，求甲乙两物体的比热容关系【解答】解：由题知，m甲=m乙，t甲=20，t乙=15，根据Q放=c甲m甲t甲，Q吸=c乙m乙t乙，则： =，故得： =故答案为：3：8【点评】本题采用公式法求比值，学生要灵活的运用公式进行计算，防止因颠倒而出错17在四冲程汽油机的工作循环中，将内能转化为机械能的冲程是冲程该汽油机每分钟转1200转，则每秒对外做次功【考点】内燃机的四个冲程【分析】（1）首先要知道四个冲程并要掌握四个冲程中的能量转化情况，吸气和排气冲程不发生能量转化压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；只有做功冲程对外做功，其它三个冲程都是依靠惯性来完成的（2）内燃机一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，做功1次【解答】解：内燃机的四个冲程是吸气、压缩、做功、排气冲程压缩冲程活塞向上运动，压缩气体对气体做功，将机械能转化为内能；做功冲程高温高压燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能内燃机一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，做功1次飞轮转速为1200r/min=20r/s，也就是1s飞轮转动20r，燃气对外做功10次故答案为：做功；10【点评】此题主要考查的是学生对汽油机四个冲程及其能量转化的认识和理解，还考查的有关热机的简单计算，属于基础题18小王同学做“比较两种材料保温性能”的实验，他取和两种保温材料，两支相同的温度计，两个相同的大玻璃烧杯，钟表和初温相同、质量相等的热开水，以及细线、硬纸片、剪刀等，做两个外形相同的保温装置，其中一个如图（a）所示然后在相同环境的房间里同时开始做实验他根据实验测得的数据绘得图（b）所示的“水温与时间关系”图象实验过程中室温保持不变，请你回答：（1）和哪种材料的保温性能好？答：（选填或）（2）对于同一保温材料内的水，在10min到20min时间内放出的热量20min到30min时间内放出的热量（选填“大于”、“等于”或“小于”）（3）在整个实验过程中，保温材料内的水放出的热量保温材料内的水放出的热量（选填“大于”、“等于”或“小于”）【考点】比热容的概念【分析】（1）判断哪种材料的保温性能好，要观察图形，经过相同时间，温度高的，保温性能就好（2）和周围温差越大 单位时间内，放出的热量就越大（3）两种保温材料的水放出的热量的大小，根据Q=Cmt 来判断【解答】解：（1）由图看出，初温相同，前120分钟，保温材料温度比保温材料温度高，故保温材料的保温性能好（2）和周围温差越大 单位时间内，放出的热量就越大，在10min到20min的温度比20min到30min的温度低，故在10min到20min时间内放出的热量大于20min到30min时间内放出的热量（3）在整个实验过程中，初温都是80，末温都是20，都是水，质量也相同，根据Q=Cmt 所以吸收的热量也相同故答案是：，大于，等于【点评】考查了学生通过实验找规律的知识点，是对学生能力的考核19目前，“节能减排”已引起全球的关注大多数家用汽车的发动机均为汽油机，它把汽油燃烧产生的内能部分转化成机械能，再通过传动机构将动力传给车轮使汽车行驶一辆家用汽车以某一速度在平直路面上匀速行驶100km，消耗汽油10L，若这些汽油完全燃烧放出的热量有30%用来驱动汽车做有用功这些汽油完全燃烧放出的热量为J，这辆汽车以该速度匀速行驶时受到的阻力为N（已知所用汽油的热值为4.6107J/kg，密度为0.7103kg/m3）【考点】燃料的热值；功的计算公式的应用【分析】（1）知道汽油的体积和密度，利用密度公式求汽油的质量；又知道汽油的热值，利用Q放=mq求汽油完全燃烧放出的热量；（2）求出了汽油完全燃烧放出的热量，又知道汽油完全燃烧放出的热量有30%用来驱动汽车做有用功，据此求出用来驱动汽车做的有用功W；知道轿车行驶的距离，根据W=Fs求轿车牵引力；又知道轿车匀速行驶，根据F=f求匀速行驶时轿车受到的阻力【解答】解：（1）燃烧汽油的体积：V=10L=10103m3，由=得汽油的质量：m=V=0.7103kg/m310103m3=7kg，汽油完全燃烧放出的热量：Q放=mq=7kg4.6107J/kg=3.22108J；（2）由题知，用来驱动汽车做的有用功：W有=Q放30%=3.22l08J30%=9.66107J由W有=Fs得轿车牵引力：F=966N，轿车匀速行驶，受平衡力，受到的阻力：f=F=966N故答案为：3.22l08；966【点评】本题考查了密度的计算、功的计算、效率的计算、燃料燃烧放热的计算，公式多，环环相扣，注意灵活运用，属于难题三、实验题（每空1分，共20分）20晓轩同学在“探究冰和蜡的熔化规律”时，使用的实验装置如图甲所示：（1）实验装置用水浴法加热，这种加热方式的好处是（2）蜡在加热过程中某一时刻温度计的示数如图乙所示，温度是，实验数据如下表，可以判断蜡属于（选填“晶体”或“非晶体”）时间/min01234567蜡的温度/4244464849505152（3）向试管中放入碎冰，根据加热过程中记录的数据画出如图丙所示温度时间图象，得出冰熔化时温度的特点是；冰熔化一共持续了min（4）小明把冰放入如图丁所示的烧杯中，没有用酒精灯加热，冰也熔化了于是他认为冰熔化不需要吸收热量，他的想法（选填“正确”或“不正确”），他还发现冰熔化时烧杯外壁有一层水珠，这是水蒸气（填写物态变化）形成的（5）另一同学指出图丙中AB段与CD段的倾斜程度应该不同，这是因为【考点】熔化和凝固的探究实验【分析】（1）为了使固态物质均匀受热，用水浴法；（2）温度计在读数时，要看清分度值；晶体和非晶体的区别是：晶体有一定的熔化温度而非晶体没有（3）晶体在熔化时吸热但保持熔点温度不变，处于固液共存状态，但此过程仍然吸热；从开始熔化到完全熔化完为熔化过程；（4）物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化放热；（5）冰和水的比热容不同，同种情况下，温度变化不同【解答】解：（1）实验装置用水浴法加热，可以使蜡与冰均匀受热；（2）该温度计的分度值为1，示数为39；由表格数据知，蜡在熔化过程中，继续吸热、温度不断升高，没有一定的熔化温度，因此蜡属于非晶体（3）分析图象可知，冰达到一定温度开始熔化，故冰是晶体，在熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变由图丙知，冰由第2min开始熔化，到第5min完全熔化完，用了3min；（4）他的想法是错误的，会从室温吸收热量熔化；冰块变成水的过程叫做熔化，熔化吸热，因此杯子的外壁感觉很凉；空气中温度较高的水蒸气遇到温度较低的玻璃杯凝结成小水滴，属于液化现象（5）冰化成水质量不变，但比热容发生了变化，所以同样受热情况下，温度变化快慢不同故答案为：（1）使蜡和冰均匀受热；（2）39；非晶体；（3）不断吸收热量，温度保持不变；3；（4）不正确；液化；（5）比热容不同【点评】本题要求同学们能数据分析出晶体和非晶体熔化的特点，知道晶体和非晶体的区别是否有一定熔化温度21探究：影响物质吸热多少的因素的实验时，得到如下的数据表：物质实验次数质量/kg升高的温度/吸收的热量/J水10.1510210020.10104200煤油30.0510105040.10102100（1）该实验的研究方法是（2）分析第1、2或3、4次实验数据，可得出的结论是：同种物质升高相同的温度时，吸收热量的多少与物质的有关（3）分析第1、3或2、4次实验数据，可得出的结论是：（4）综上所述，物质吸热多少与质量、温度变化量、有关（5）实验表明，不同物质的吸热能力是不同的，为了描述不同物质的吸热能力，物理学中引入了物理量【考点】控制变量法与探究性实验方案【分析】（1）一个量与多个量有关，控制其它量不变研究与其中一个量的关系，这种方法叫控制变量法；（3）分析表中1、2或3、4两次实验数据，根据实验控制的变量与实验数据，然后得出结论；（3）分析表1、3或2、4次实验的实验数据，根据实验控制的变量与实验数据，然后得出结论；（4）分析表中实验的实验数据，根据实验控制的变量与实验数据，然后得出结；（5）比热容是表示物质吸热能力的物理量【解答】解：（1）该实验的研究方法是控制变量法；（2）由表中第1、2或3、4两次实验数据可知，水升高的温度相同而质量不同，水的质量越大，水吸收的热量越多，由此可得：同种物质升高相同的温度，质量越大，物质吸收的热量越多（3）由表中第1、3或2、4两次实验数据可知，水的质量相同而升高的温度不同，升高的温度越高，水吸收的热量越多，由此可得：质量相同的同种物质升高不同的温度，升高的温度越大，物质吸收的热量越多（4）由表中实验数据可知，物质吸热多少与质量、温度变化量、物质种类有关；（5）不同物质的吸热能力是不同的，为了描述不同物质的吸热能力，物理学中引入了比热容故答案为：（1）控制变量法；（2）质量；（3）质量相同的同种物质升高不同的温度，升高的温度越大，物质吸收的热量越多；（4）物质种类；（5）比热容【点评】本题考查了实验数据分析，考查了控制变量法的应用，应用控制变量法分析表中实验数据即可正确解题22小明探究水沸腾时温摩变化的特点，实验装置如图甲所示（1）当观察到时，说明水已沸腾（2）为证明水沸腾时要持续吸热，小明接下来的操作是然后观察水是否沸腾（3）图乙中能正确表示实验过程中水温度变化的图象是（填“A”、“B”、“C”或“D”）（4）另一组同学用加盖的烧瓶做水沸腾实验，沸腾一段时间后，撤去酒精灯，发现水停止沸腾立即用橡皮塞塞住烧瓶口并将其倒置，迅速向烧瓶底部浇冷水，如图丙所示，结果发现水又重新沸腾了这是因为烧瓶内水蒸气遇冷液化为水珠，瓶内液面上方气压（选填“变高”、“变低”或“不变”），水的沸点（选填“变高”、“变低”或者“不变”）造成的（5）本实验中，为了缩短加热时间，使水尽快沸腾，可行的方法是（写出一种即可）（6）实验过程中小明不小心碰到了水沸腾时产生的水蒸气，感觉很烫为了证明水蒸气液化放热，他进行了以下操作，如图丁在两个相同试管甲和乙中分别装入质量和初温相同的水，然后将沸腾时产生的水蒸气直接通入试管甲的水中，水蒸气在甲中几乎全部液化，待甲中的水面上升一段高度后，停止通入水蒸气，测出此时甲中水的温度为t，接下来能验证水蒸气液化放热的操作是（选填“a”、“b”、“c”、“d”）（烧瓶内水的温度高于100）a测出乙中的水温并与t比较b测出烧瓶中的水温并与t比较c将烧瓶内开水倒入乙中直至与甲中水面相平，摇匀后测出乙中水温并与t比较d将另一烧杯中100的水倒入乙中直至与甲中水面相平，摇匀后测出乙中水温并与t比较【考点】探究水的沸腾实验【分析】（1）水沸腾时的现象：有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐变大，到水面处破裂；（2）液体沸腾的条件是：达到沸点，吸收热量可让水吸不到热，观察是否能够沸腾；（3）水沸腾前温度升高，沸腾时温度保持不变；（4）水的沸点随着表面气压的降低而降低；（5）影响水沸腾所用时间的因素：水的多少和水的初温水越少、初温越高、加热过程中热量损失得越少，水到达沸点所用时间越短（6）物质遇冷由气态变为液态的过程是液化，物质液化要放出热量，据此分析答题【解答】解：（1）当观察到水中有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐变大，到水面处破裂时，说明水沸腾；（2）要想证明水沸腾时需要吸热，则接下来的操作是撤掉酒精灯，观察水是否仍然沸腾；（3）水沸腾前吸热温度升高，沸腾时吸热温度保持不变，所以A符合要求；（4）在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此，水会重新沸腾起来；（5）水越少、水初温越高，水达到沸点所用的时间越短，所以适当减少水的质量、提高水的初温，可缩短加热时间（6）水沸腾时产生的水蒸气在甲试管中遇冷由气态变为液态，发生液化，水蒸气液化要放出热量；水蒸气液化时放出的热量被甲试管中的水吸收，水的温度升高，将烧瓶内开水倒入乙中直至与甲中水面相平，摇匀后测出乙中水温并与t比较，t高于乙中的水温，得出水蒸气液化放热故答案为：（1）水中有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐变大，到水面处破裂；（2）撤掉酒精灯，观察水是否仍然沸腾；（3）A；（4）变低；变低；（5）适当减少水的质量（或提高水的初温）；（6）c【点评】本题是观察水沸腾时的现象实验，考查了水温随时间的变化、水沸腾时的现象和特点、水的沸点与气压的关系、影响水加热时间的因素等等，考查全面，难度适中四、计算题（23题6分，24题7分，25题8分，共21分）23温泉的开发是人们利用地热的一种形式，重庆有很多温泉，若某温泉地下热水每日开采量为3105kg，平均水温为67问：（1）如果改用锅炉燃烧无烟煤来供给热水，则每日将等量的冷水由16加热到67，需要吸收多少热量？（2）若无烟煤完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则每日需要多少无烟煤？（已知水的比热容为4.2103J/kg），无烟煤的热值为3.4107J/kg）【考点】热量的计算；燃料的热值【分析】（1）知道水的质量、水