广西贺州物理解析-2014初中毕业学业考试试卷.doc

2014年广西贺州市中考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（共10小题，每小题3分，共30分）1（3分）（2014贺州）以下较为贴近实际的估测数据是（）A物理课本的长度大约是100cmB人洗澡的热水温度约为75C某初中生的质量大约是500kgD人正常步行的速度约为1.1m/s考点：长度的估测；温度；质量的估测；速度与物体运动专题：估算综合应用题分析：估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释解答：解：A、物理课本的长度大约是25cm左右，所以A不符合实际情况；B、人洗澡的热水温度与人体的温度差不多约为40左右，所以B不符合实际情况；C、初中生的质量大约是50kg，所以C不符合实际情况；D、人正常步行的速度约为1.1m/s，所以D符合实际情况故选D点评：估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用2（3分）（2014贺州）如图所示，符合安全用电要求的是（）A试电笔的握法B电路中灯泡与开关的连接C电器外壳未接地D多个大功率用电器同时使用一个插座考点：安全用电原则专题：欧姆定律分析：（1）使用测电笔辨别火线时，有一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的；使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故（2）灯泡的接法：火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套（3）电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大解答：解：A、使用测电笔辨别火线时，手要接触笔尾的金属部分，笔尖接触被检测部分，氖管发光，说明检测的是火线或与火线连通的部分故A错误B、火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套故B正确；C、三线插座必须接地，否则用电器漏电时外壳带电，会发生触电事故，故C错误；D、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大故大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾故D错误故选B点评：本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了3（3分）（2014贺州）如图所示的现象或应用中，能用光的直线传播解释的是（）A插入水中的铅笔B自行车尾灯C树荫下圆形光斑D水中“倒影”考点：光在均匀介质中直线传播专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：光在自然界中存在三种光现象：（1）在日常生活中，激光准直、日月食、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象解答：解：A、插入水中的铅笔，变得弯曲，这是光的折射现象，故该选项不符合题意；B、自行车尾灯由相互垂直的小平面镜组成，利用了光的反射现象，故该选项不符合题意C、树影下的光斑是利用了光的直线传播现象，故该选项符合题意；D、水中的倒影，利用了光的反射现象，故该选项不符合题意；故选C点评：解决本题的关键是理解光的折射现象、光的反射现象、光的直线传播现象，了解生活中常见的光现象见到影子、日月食、小孔成像就联系到光的直线传播原理；见到镜子、倒影、潜望镜就联系到光的反射原理；见到水中的物体，隔着玻璃或透镜看物体就联系到光的折射原理4（3分）（2014贺州）如图所示的做法中，为了减小摩擦的是（）A用力握紧球拍B汽车轮胎刻有花纹C运动鞋底装鞋钉D轴承中装有滚珠考点：增大或减小摩擦的方法专题：重力、弹力、摩擦力分析：滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面粗糙程度减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面粗糙程度，用滚动代替滑动，使接触面脱离解答：解：A、打球时用力握紧球拍，这是通过增大压力来增大手和球拍之间的摩擦力，防止滑掉不符合题意B、汽车轮胎刻有花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大轮胎和地面之间的摩擦力不符合题意C、运动鞋底装鞋钉，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大鞋和地面之间的摩擦力，防止滑倒不符合题意D、轴承中装有滚珠，是用滚动代替滑动减小轴承转动时的摩擦力符合题意故选D点评：如何减小摩擦力在日常生活中有多种方法，如何将其与理论联系在一起是解决这类问题的关键，在生活中摩擦力有些是对我们有利的，这些我们要增大，有害的我们就要减小5（3分）（2014贺州）如图所示的电路图，开关S接到a时，电压表示数为9V，开关S接到b时，电压表示数为4V，下列说法不正确的是（）A电源电压为9VB灯L1两端的电压为4VC灯L2两端的电压为4VD灯L1和灯L2的总电压为9V考点：串联电路的电压规律专题：电压和电阻分析：当开关S接到a时，两灯泡串联，电压表测电源的电压；当开关接到b时，两电阻仍然串联，电压表测L2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯L1两端的电压解答：解：当开关S接到a时，两灯泡串联，电压表测电源的电压，即电源的电压U=9V，故AD正确；当开关接到b时，两电阻仍然串联，电压表测L2两端的电压，即灯L2两端的电压U2=4V，故C正确；串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和，灯L1两端的电压U1=UU2=9V4V=5V，故B错误故选B点评：本题考查了串联电路的电压特点和电压表的正确使用，关键是开关与不同的触点连接时电压表所测对象的判断6（3分）（2014贺州）汽车油箱的汽油用掉一半后，关于油箱内汽油的说法正确的是（）A它的质量变为原来的一半B它的密度变为原来的一半C它的热值变为原来的一半D它的比热容变为原来的一半考点：质量及其特性；密度及其特性；比热容的概念；燃料的热值专题：定性思想分析：密度、热值、比热容是物质的一种特性，不同物质一般是不同的，与物体质量、体积的变化无关解答：解：汽车油箱中的汽油用掉一半后，汽油的质量减少一半，但密度、热值和比热容是不变的故选A点评：此题考查的是我们对于质量、密度、热值、比热容的理解，是一道基础题7（3分）（2014贺州）细心的小贺发现清晨的贺江江面上常出现一层薄雾，这是由于江水（）A经过蒸发形成的水蒸气B先汽化后凝华C先蒸发后凝固D先蒸发后液化考点：液化及液化现象专题：汽化和液化、升华和凝华分析：物体由液态变为气态的现象叫汽化，由气态变为液态的现象叫液化解答：解：清晨，河面上方温度很低，所以河水蒸发后的水蒸气会液化为小水珠而漂浮在河面上，这就是我们看到的雾气故选D点评：本题不要误以为雾气是河水蒸发形成的水蒸气生活中看到的白气、白雾都是液态的小水滴，而不是水蒸气，它的形成过程都是液化8（3分）（2014贺州）如图所示的电路图，电源电压不变同闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向上移动时，下列说法正确的是（）A灯泡L变暗，电压表示数变小B灯泡L变亮电压表示数不变C电路消耗的总功率变小，电压表示数不变D电路消耗的总功率变小，电压表示数变大考点：电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算专题：电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题分析：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测电源两端的电压根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断亮暗的变化；根据P=UI可知电路总功率的变化解答：解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测电源两端的电压因电源的电压不变，所以，滑片移动时电压表的示数不变，故AD不正确；将滑动变阻器的滑片P向上移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，因P=I2R，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故B不正确；由P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故C正确故选C点评：本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小9（3分）（2014贺州）如图所示是正在工作的挖掘机，下列说法错误的是（）A机械臂A被液面压杆撑起时，相当于省力杠杆B挖掘机的两条履带，可以减小挖掘机对地面的压强C挖掘臂水平转动时，挖掘铲内土的重力没有做功D挖掘铲的前端做成齿状，是为了增大压强考点：杠杆的应用；增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用；力是否做功的判断专题：压强、液体的压强；简单机械；功、功率、机械效率分析：选择项A考查的是杠杆的分类，是什么类型的杠杆，就要从动力臂与阻力臂的大小关系去对比B、D涉及的是增大或减小压强的办法，因此首先要明确增大压强的办法有哪些；减小压强的办法有哪些然后与设计的形状去对应C考查的是做功的两个必要因素物体是否做功就看是否同时具备这两个必要因素解答：解：A、机械臂A被液压杆撑起时，液压杆克服的是挖掘铲及其里面土的重力，液压杆提供的动力的动力臂小于挖掘铲及其里面土的重力提供的阻力的阻力臂，所以机械臂相当于费力杠杆故C的说法是错误的B、挖掘机的两条履带，增大了履带与地面的接触面积，从而减小了挖掘机对地面的压强故B的说法是正确的C、挖掘臂水平转动时，挖掘机对铲内的土有一个竖直向上的力，而土是在水平方向上通过的距离，由做功的两个必要因素可知，挖掘机对铲内的土没有做功，故C的说法是正确的D、挖掘铲的前端做成齿状，减小了挖掘铲与地面的受力面积，增大了压强故D的说法正确故选A点评：机械各个部件的构造是为了实现它的用途来设计的此题也可从部件的用途去突破10（3分）（2014贺州）如图所示是A、B两定值电阻的IU图象，若把A、B电阻串联在同一电路中，下列说法正确的是（）A通过A、B电阻的电流之比是2：1BA的阻值大于B的阻值CA、B电阻的两端电压之比是1：2DA、B电阻的电功率之比是1：4考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：欧姆定律；电能和电功率分析：（1）由图象可知通过两电阻的电流与两端的电压成正比即两电阻是定值电阻，从图象中读出任意一点的电流和电压值，根据欧姆定律求出两电阻的阻值，然后比较两电阻的阻值；（2）根据串联电路的电流特点可知通过两电阻的电流关系，根据欧姆定律求出两电阻两端的电压关系，根据P=I2R求出两个电阻的电功率之比解答：解：（1）由图象可知，通过两电阻的电流与两端的电压成正比即两电阻是定值电阻，且UA=UB=3V时，IA=0.6A，IB=0.3A；根据欧姆定律可得，两电阻的阻值分别为：RA=5，RB=10，所以A的电阻值小于B的电阻值，故A错误；（2）因为串联电路中各处的电流相等，所以通过A、B电阻的电流之比是1：1，故A不正确；A、B电阻的两端电压之比：=，故C正确；由P=I2R可知，A、B电阻的电功率之比：=，故D不正确故选C点评：本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象判断出两电阻为定值电阻并读出相关的信息二、填空题（每空1分，共20分）11（2分）（2014贺州）如图所示，电路中的小灯泡L1、L2是串联（填“串联”或“并联”），若小灯泡L1的灯丝断了后，再闭合开关S，小灯泡L2将不发光（填“发光”或“不发光”）考点：串联电路和并联电路的辨别专题：电流和电路分析：串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作解答：解：读图可知，电路中只有一条电流的路径，故电路中的小灯泡L1、L2是串联；因为串联电路中各用电器互相影响，所以若小灯泡L1的灯丝断了后，再闭合开关S，小灯泡L2将不发光故答案为：串联；不发光点评：考查了通过图来识别串并联电路，知道串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响是解答的基础12（3分）（2014贺州）小贺听到优美的琴声来自琴弦的振动，悠扬的琴声传得很远是通过空气传播的，琴声在传播的过程中，发生变化的是响度（填“音调”、“响度”或“音色”）考点：声音的产生；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分专题：声现象分析：（1）声音是由物体振动产生的，空气能传播声音（2）音调指声音的高低，音调跟物体的振动频率有关，振动频率越高，音调越高；响度指声音的大小，响度除了跟物体的振动幅度有关，振幅越大，响度越大；还与距离发声体的远近有关，越远响度越小；音色是指声音的品质和特色，由发声体的材料和结构决定解答：解：优美的琴声是由琴弦的振动产生的，我们听到琴声是通过空气传播；琴声在传播过程中，距离发声的琴越来越远，所以响度也越来越小故答案为：振动；空气；响度点评：本题主要考查学生对：声音的产生以及传播和声音的三大特征的了解和掌握13（1分）（2014贺州）当1A的电流通过阻值为50的电阻丝，产生的热量为250J，则电阻丝通电的时间为5s考点：焦耳定律的计算公式及其应用专题：电与热、生活用电分析：由焦耳定律可以求出电阻丝通电时间解答：解：由焦耳定律Q=I2Rt可得通电时间：t=5s；故答案为：5点评：本题考查了求通电时间，应用焦耳定律即可正确解题14（2分）（2014贺州）用刻度尺测量一木块的长度，如图所示，测量值是2.80cm，分度值是1mm考点：长度的测量专题：长度、时间、速度分析：（1）刻度尺的最小刻度值为相邻的刻度线表示的长度；（2）起始端没从0开始，把3.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去3.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位解答：解：（1）图示刻度尺1cm又分为10个小刻度，故最小刻度值为1mm；（2）末端刻度值为5.80cm，物体长度为5.80cm3.00cm=2.80cm故答案为：2.80；1点评：刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值，使用时刻度要紧贴被测物体，读数时视线与刻度垂直，估读到分度值的下一位15（2分）（2014贺州）如图所示是根据英国物理学家法拉第发现的电磁感应现象制成的发电机示意图（填“发电机”或“电动机”）考点：电磁感应专题：电动机、磁生电分析：发电机和电动机的区别：电动机是消耗电能的，故装置图中有电源，而发电机是产生电的，故原理图中没电源解答：解：由题干图可知：该装置中没有电源，是把机械能转化为电能的装置，故它是发电机原理结构图它是电磁感应现象的一个重要的应用故答案为：电磁感应；发电机点评：本题主要考查学生对：发电机和电动机原理图的区别和联系的了解和掌握，是一道基础题16（4分）（2014贺州）在水平地面上，用100N的力沿水平方向拉重为500N的物体，在10s内匀速前进5m，则物体的速度等于0.5m/s拉力做的功等于500J，功率等于50W此过程是人体内的化学能转化为物体克服摩擦的内能考点：速度的计算；功的计算；功率的计算专题：长度、时间、速度；功、功率、机械效率分析：（1）根据运动的路程和时间可求得速度，（2）知道物体受到的拉力，求出前进的距离，根据公式W=Fs可求拉力对物体做的功；（3）根据求得的拉力对物体做的功，利用公式P=可求做功的功率（4）在水平地面上，用100N的力沿水平方向拉重为500N的物体运动，此过程是人体内的化学能转化为物体克服摩擦的内能解答：解：v=0.5m/s，拉力做功：W=Fs=100N5m=500J；功率P=50W；用100N的力沿水平方向拉重为500N的物体运动的过程，是人体内的化学能转化为物体克服摩擦的内能故答案为：0.5；500；50；化学点评：本题考查物体做匀速运动时功和功率公式的应用，本题设计了一个陷阱，那就是物体的重力，水平推力做功的大小与物重没有关系17（2分）（2014贺州）通电螺线管上方放一个小磁针，小磁针静止时的方向如图所示，通电螺线管c端为N极（填“N”或“S”），电源a端为负极（填“正”或“负）考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断专题：磁现象、电生磁分析：已知小磁针的磁极，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的磁极，再由右手螺旋定则来得出电源的正负极解答：解：由图知：小磁针的磁极为：左S、右N，那么根据磁极间的相互作用，可知螺线管的磁极为：c端为N、d端为S；则电源的a端为负极，b端为正极由右手螺旋定则可作图如下：故答案为：N；负点评：本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法18（2分）（2014贺州）周末，小贺看了中央台舌尖上的中国，向妈妈展示刚学到的厨艺，小贺烹饪时，鸡肉由生到熟，主要是通过热传递方式改变鸡肉的内能，在烹饪过程中很快闻到香味，这种现象叫做扩散考点：热传递改变物体内能；扩散现象专题：分子热运动、内能分析：（1）改变物体内能的方式：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移（2）扩散现象是指相互接触的物体，分析彼此进入对方的现象，扩散现象说明一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动，且温度越高，分子运动越快解答：解：（1）烹饪时，食物由生到熟，主要是通过热的方式改变食物的内能；（2）在烹饪过程中很快闻到香味，属于扩散现象，食物的温度高，分子无规则运动越剧烈，香味越明显；故答案为：热传递；扩散点评：本题主要考查学生对：分子运动的快慢和温度关系的了解和掌握，以及改变物体内能方式的了解，是一道基础题19（2分）（2014贺州）如图所示的电路图，当闭合开关S后，电阻R1、R2并联，电路正常工作，则甲表是电压表，乙表是电流表考点：电流表的使用；电压表的使用专题：电流和电路；电压和电阻分析：电流先后经过各个用电器的连接方法叫做串联；如果电流在某点出现支路，通过支路上的用电器后又在另一点汇合，再回到电源的负极，这种连接方式叫并联，根据题目中的开关组合，分析电流的流向，从而判断电路的连接情况解答：解：由图中可以看出：闭合开关S后，甲与电阻R1并联，乙与电阻R1串联，所以甲为电压表，乙为电流表；故答案为：电压；电流点评：解决此类题目的关键是根据题目中的开关组合方式，联系串并联电路的特点进行分析电路的连接情况三、作图题（20题3分，21题2分，共5分）20（3分）（2014贺州）一束光从AO从空气斜射入水中，请在图中画出它的反射光线以及折射光线的大致方向考点：作光的反射光路图；作光的折射光路图专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散分析：根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；根据光由空气斜射进入水中折射光线向法线偏折，折射角小于入射角作出折射光线解答：解：过入射点作出法线，然后在空气中法线的另一侧作出反射光线，注意反射角等于入射角；再在水中法线的另一侧作出折射光线，注意折射角小于入射角，如图所示：点评：在两种透明介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射光线与入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在不同种介质中21（2分）（2014贺州）如图所示，把一个铁锁用绳子悬挂起来，将锁拉到一定的高度后放手，铁锁来回摆动请画出铁锁摆到最高点时受到的重力示意图考点：重力示意图专题：重力、弹力、摩擦力分析：根据重力的方向总是竖直向下的，过铁锁重心表示出重力的大小和方向解答：解：过球心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，用符号G表示如图所示：点评：力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点四、实验与探究题（22题5分，23题4分，24题5分，25题8分，共22分）22（5分）（2014贺州）请你完成测量某金属块的质量和密度时的若干操作：（1）测量金属块质量前，将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的零刻度线处，此时指针的位置如图甲所示，则应将平衡螺母向右调节（填“左”或“右”）（2）用调好的天平测量金属块的质量，放在右盘中砝码的数量及游码的位置如图乙所示，则金属块的质量为32.4g；放入金属块前量筒内水的体积为10mL，放入金属块后量筒内水面位置如图丙所示，则金属块的密度为1.62103kg/m3；金属块若有磨损，则它的密度不变（填“变大”、“变小”或“不变”）考点：固体密度的测量专题：测量型实验综合题分析：（1）在调节天平时，应将平衡螺母向指针偏转的对侧移动；（2）天平在读数时应将砝码质量与游码示数相加，读取零件的体积时，应求两次量筒示数之差，最后利用密度公式=求出零件的密度密度是物质的固有属性，与物体的质量、体积没有关系解答：解：（1）测量金属块质量前，将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的零刻度线处，读图甲可知，指针偏左，因此，应将平衡螺母向右侧移动；（2）读图乙可知，金属块的质量为：20g+10g+2.4g=32.4g，读图丙可得，金属块的体积为：30ml10ml=20ml=20cm3，金属块的密度：=1.62g/cm3=1.62103kg/m3；金属块有磨损，金属块质量变小，体积变小，它的密度不变；故答案为：（1）零刻度线；右；（2）32.4；1.62103；不变点评：本实验是测固体密度的最常规的测量方法，主要考查了天平的调节与读数，量筒的读数，利用密度公式进行简单的计算等，都属于基本的知识点，也是我们必须熟练掌握的内容23（4分）（2014贺州）某班同学在做“观察水沸腾”实验，A、B、C三组同学分别从图甲、乙装置中任选一套来完成实验（实验室已准备多套甲、乙装置）（1）A、B两组同学共同选用图甲的实验装置，发现将水加热至沸腾时的时间却不同，他们绘制的温度随时间变化的图象如图丙所示，a，b两种图象不同的原因是水的质量不同（2）C组同学选择的是图乙装置，他们发现所测水的沸点高于100（填“高于”、“低于”或“等于”）（3）通过分析图丙，归纳出水沸腾的特点是：水在沸腾过程中，温度保持不变，且不断吸热考点：探究水的沸腾实验专题：探究型实验综合题分析：（1）在装置相同的情况下，水的质量越大，升温会越慢；可考虑从减小水的质量或提高水的初温等方面缩短加热时间（2）根据水的沸点与气压的关系可判断出结论；（3）水在达到沸点时才会沸腾，此时要继续吸热，但温度却不改变；解答：解：（1）在同样加热的情况下，b的升温较慢，其原因应该是水的质量多于a的缘故；（2）观察图可以看出，乙中烧杯上加了盖子，这样在加热时，杯内的气压会增大，水的沸点会升高，有可能超过100；（3）读图C可以看出，水沸腾的特点有，达到沸点、吸热、温度不变等；故答案为：（1）质量；（2）高于；（3）保持不变；吸热点评：在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象24（5分）（2014贺州）用如图所示装置研究“阻力对物体运动的影响”实验（1）实验时，让小车从斜面同一高度滑下，目的是使小车到达平面时具有相同的初速度（2）如图所示的三种情况，小车在毛巾表面滑行时运动状态最容易改变（3）结论：表面越光滑，小车运动的距离越远，说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢推理：如果运动物体不受力，它将做匀速直线运动考点：阻力对物体运动影响的探究实验专题：探究型实验综合题分析：小车从同一斜面的同一高度由静止下滑，小车到达水平面时的初速度相等；分析图示情景，根据小车滑行距离大小，然后答题；根据实验事实进行合理推理，然后分析答题解答：解：（1）使小车从同一高度滑下的目的是使小车滑到水平平面上具有相等的初速度；（2）小车在不同材料表面滑行的距离不同，说明小车在不同材料的表面上受到的阻力不同，由图示可知，小车在毛巾表面上滑行的距离最短；即滑行时运动状态最容易改变（3）从实验事实可知，小车受到的阻力越小，速度变化越慢，运动状态变化越慢，由此可知，力是改变物体运动状态的原因，如果物体不受力，则物体运动状态不变，做匀速直线运动故答案为：（1）同一；（2）毛巾；（3）小；慢；匀速直线运动点评：本题应用看控制变量法，熟练应用控制变量法、分析清楚图示情景是正确解题的关键25（8分）（2014贺州）利用如图甲的电路图测量额定电压为2.5V的小灯泡电功率（1）按图甲所示的电路图，用笔画线代替导线，将图乙中的电压表正确接入电路（2）开关闭合前，图乙滑片P应移到B端（填 “A”或“B”），实验中移动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图丙所示，示数为0.2A，则小灯泡的额定功率是0.5W（3）如图乙，向A端移动滑片P，小灯泡会变亮（填“暗”或“亮”），当滑片移到某一位置时，小灯泡突然熄灭，检查发现电流表的示数为零，电压表的示数接近电源电压，电路和故障可能是：小灯泡发生断路（填“断”或“短”）考点：电功率的测量专题：实验题；探究型实验综合题分析：（1）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，且与灯泡并联；（2）为防止电路中电路过大烧坏电路元件，闭合开关前滑动变阻器接入电路中的电阻最大；灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据电流表的量程和分度值读出示数，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；（3）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=I2R可知小灯泡实际功率的变化，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知亮暗的变化；电压表示数接近电源的电压说明电压表两接线柱与电源之间是通路，小灯泡熄灭、电流表无示数说明电路断路，即电压表并联部分断路解答：解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，则电压表的量程为03V，且与灯泡并联，如下图所示：（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片处于最大阻值处的B端；当电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常发光，由电路图可知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，图丙的示数为0.2A，则灯泡的额定功率P=UI=2.5V0.2A=0.5W；（3）如图乙，向A端移动滑片P时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电路变大，因P=I2R，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮；当滑片移到某一位置时，小灯泡突然熄灭，检查发现电流表的示数为零，电压表的示数接近电源电压，说明电压表并联部分断路，即电路和故障可能是：小灯泡发生断路故答案为：（1）如上图所示；（2）B；2.5；0.2；0.5；（3）亮；断点评：本题考查了小灯泡电功率的测量实验，涉及到电压表的连接、实验的注意事项、电流表的读数、电功率的计算、电路故障的判断等，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，会根据灯泡的额定电压确定电压表的量程五、解答题（26题5分，27题8分，28题10分，共23分。解答时写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，答案要必须明确写出数值和单位）。26（5分）（2014贺州）小贺和同学周末结伴去姑婆山游玩，来到大草坪中央，他们对着前方680m的仙姑瀑布兴奋地大声喊：“我爱你贺州！”（空气中的声速是340m/s）（1）请计算出他们的声音从发出到反射回来的时间是多少s？（2）他们是否能听到自己的回声？考点：速度公式及其应用专题：长度、时间、速度分析：知道人和姑婆瀑布的距离，可求人发出的声音传到仙姑瀑布再反射回来传播的路程，利用公式t=求出听到回声的时间，若能达到0.1s以上就能听到回声，否则听不到解答：解：（1）人发出的声音传到仙姑瀑布再反射回来传播的路程：s=680m2=1360m，由v=得听到回声的时间：t=4s；（2）从发出喊声到听到回声的时间t0.1s他们可以听到回声答：（1）他们的声音从发出到反射回来的时间是4s；（2）他们能听到自己的回声点评：本题考查了速度公式的应用，知道能听到回声的时间条件：原声和回声到达人耳的时间差大于0.1s是本题的关键27（8分）（2014贺州）图甲所示的电路图，电源电压恒定为6V，小灯光L标有“3V 3W”的字样，小灯泡的电流随电压的变化曲线如图乙所示，求：（1）小灯泡正常发光时通过的电流为多少A？（2）当电流表示数为0.3A时，小灯泡两端的电压为多少V？（3）当电压表示数为5V时，电路中的总电阻为多少？考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析：（1）灯泡正常发光时两端的电压和额定电压相等，根据P=UI求出正常发光时的电流；（2）由图象可知电流表的示数为0.3A时，小灯泡两端的电压；（3）根据串联电路的电压特点求出电压表的示数为5V时小灯泡两端的电压，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻解答：解：（1）小灯泡正常发光时两端的电压UL额=3V，PL额=3W，由P=UI可得，通过小灯泡的电流：I=1A；（2）由图象可知，当电流表的示数为0.3A时，灯泡两端的电压为2.5V；（3）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，当电压表示数为5V时小灯泡两端的电压：UL=UUR=6V5V=1V，由图象可知，电路中的电流I=0.2A，由I=可得，电路中的总电阻：R=30答：（1）小灯泡正常发光时通过的电流为1A；（2）当电流表示数为0.3A时，小灯泡两端的电压为2.5V；（3）当电压表示数为5V时，电路中的总电阻为30点评：本题考查了电功率公式和串联电路的特点、欧姆定律的应用，关键是根据图象读出电压对应的电流28（10分）（2014贺州）把一个边长为10cm的立方体物块，用细线系着放入底面积为200cm2，重为4N的圆柱形薄壁玻璃容器底部，此时物块刚好与容器底轻触，如图甲所示，然后逐渐向容器内倒入水（水始终未溢出），测量容器内水的深度h，分别计算出该物块对应受到的浮力F浮，并绘制了如图乙所示的图象请你：（1）试判断水的深度由0逐渐增加到8cm的过程中，细线对物块的拉力是逐渐增大，还是逐渐减小？（2）当容器中水的深度为8cm时，水对容器底的压强是多少Pa？（3）当容器中水的深度为8cm时，此时物块受到的浮力是多少N？排开水的体积是多少m3？（4）当容器中水的深度为8cm时，容器中水的重力为8N，求容器对水平桌面的压强是多少Pa？考点：液体的压强的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理；浮力大小的计算专题：压强、液体的压强；浮力分析：（1）看懂图象中随着水的深度的增大物体受到的浮力的变化规律；（2）知道水深，利用p=gh计算水对容器底的压强；（3）利用阿基米德原理公式求解；（4）求出容器对桌面的压力，然后由压强公式求出容器对桌面的压强解答：解：（1）由图象可知：水的深度由0逐渐增加到8cm的过程中，物块受到的浮力越来越大，浮力与拉力之和等于重力，故细线对物块的拉力逐渐减小；（2）p=gh=1103kg/m310N/kg0.08m=800Pa；（3）由图乙知，水的深度为8cm时，此时对应的物块受到的浮力是8N；根据F浮=液gV排，则排开水的体积是V排=8104m3；（4）由图乙知，水的深度为8cm时，物块处于漂浮状态，细线对物块无拉力作用，即：F浮=G物=8N；容器对水平桌面的压力：F=G水+G物+G容=8N+8N+4N=20N，受力面积：S=200cm2，=0.02m2，容器对水平桌面的压强是p=1000Pa；答：（1）细线对物块的拉力是逐渐减小；（2）当容器中水的深度为8cm时，水对容器底的压强是800Pa；（3）当容器中水的深度为8cm时，此时物块受到的浮力是8N；排开水的体积是8104m3；（4）当容器中水的深度为8cm时，容器中水的重力为8N，求容器对水平桌面的压强是1000Pa点评：本题考查了学生对阿基米德原理F浮=液gV排、液体压强公式是p=gh的掌握和运用，看懂图象从中得出相关信息是本题的关键渤海丙V/2V原料P0P0Oa10R