淮安物理中考真题

2019淮安物理中考真题（解析版）学校:班级:姓名:学号:一、单选题（共8小题）1 .在音乐会上，我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，判断的依据是（）A.响度B.音色C.音调D.频率2 .小明坐在正在驶的公共汽车上，他认为自己是静止的，所选取的参照物是（）A.小明旁边的座位C.沿途的路灯3.卜列现象中，属十液化的是（皿A AB.路旁的树木D.迎面驶来的公共汽车）额冰凌的消融B.霜的形成C.冰冻的衣服晾干D.露的形成4 .在日常生活中，摩擦的现象普遍存在。有益的摩擦需要增大，有害的摩擦需要减小。下列实例中是为了减小摩擦的是（A.鞋底凹凸不平的花纹B.自行车的车轴处加润滑油C.汽车的轮子加防滑链D.自行车刹车时捏紧刹车闸5 .如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精。盒盖迅速飞出。这个过程与四冲程汽油机中的哪一个冲程的能量转化相同（A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程6 .长江上，一艘满载货物的轮船在卸完一半货物后，该艘轮船（）A.会浮起一些，所受浮力变小B.会浮起一些，所受浮力变大C.会下沉一些，所受浮力变大D.会始终漂浮，所受浮力不变7.如图为“探究感应电流产生条件”的实验装置示意图，实验过程中磁体处于静止状态。关于这个实验,卜列说法正确的是（）A.导体棒处于静止状态时，灵敏电流计的指针发生偏转B.导体棒沿竖直方向向下运动时，灵敏电流汁的指针发生偏转C.导体棒沿水平方向左右运动时，灵敏电流计的指针发生偏转D.导体棒向右上方运动时，灵敏电流计的指针不发生偏转8.如图（a）所示是电阻甲和乙的I-U图象（b）、（c）是它们的部分电路连接示意图，下列说法错误的是（）,山（b）cnA.当电阻乙两端电压为2.5V时，它的阻值和甲的阻值相等8 .图（b）中，当电压U为3V时，乙的电阻为5aC.图（c）中，当电压U为2V时，干路总电流为0.6AD.图（c）中，在电压U从0增大到2.5V的过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小二、填空题（共10小题）9 .手机拨打、接听电活或WiFi上网都是利用了波传递信息，该波（选“能”或“不能”）在真空中传播。10 .“足球进校园”推进了校园足球的发展。运动员将静止的足球踢飞，说明力可以足球落地后会继续向前滚动。是因为足球具有。当足球静止在水平地面上时。受到的重力和地面的支持力是一对（选填“平衡力”或“相互作用力”）。11 .如图所示是淮安某路口安装的一种太阳能交通信号灯。太阳能属于一种（选填“可再生”或“不可再生”）能源，用材料制成的LED（发光二极管）交通信号灯日夜发光，提醒着人们注意交通安全。12 .一些大厦的外部安装了平板玻璃，人们可以通过它看到自己的（选填“虚”或“实”）像。人靠近幕墙，像的大小（选填“变大”、“变小”或“不变”）。我国已经对玻璃幕墙的安装制定了限制性法规，因为玻璃幕墙会发生（选填“镜面”或“漫”）反射，造成光污染。13.小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中:甲乙(1)实验前调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，目的之一是方便测量;(2)如图甲所示。在杠杆左边A处挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，在杠杆B处挂个钩码(实验中所用的钩码均相同)；(3)小明又用弹簧测力计。在C处竖直向上拉。如图乙所示。当弹簧测力计逐渐向右倾时，使杠杆仍然在水平位置平衡。则弹簧测力计的示数将逐渐(选填“变大”、“变小”或“不变”)。A为小球，B为木块)。在探究小球动能14 .如图是“探究物体动能大小与哪些因素有关”的实验示意图(不变。本实验是通过木块 B来反映大小与速度的关系时， 应保持小球的15 .如图所示，工人将80N的重物提升了3m,所用的时间为20s,拉力为50N.则工人做的有用功为J.拉力的功率是W,动滑轮的机械效率是。16.如图所示。小车水平向右做直线运动。数字钟显示的时间格式是“时，分，秒”,则小车从起点到终点通过的总路程是 cm,全程的平均速度是cm/s。起点终点17 .为了测定风速大小，小明设计了如图所示的装置。装置中探头、金属杆和滑动变阻器滑片P相连，可上下移动。该装置利用了流体流速越大，压强越的原理。现要求：当风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，请对该装置提出一条合理的改进措施。18 .如图所示。电源电压恒定不变，R为定值电阻。闭合开关，当滑动变阻器滑片P位于1位置时，电压表的示数为4V,电流表示数为0.2A;当滑片由1移至2位置（如图虚线位置）时，电压表示数为3V,电流表示数为0.3A.则滑片置于1位置时滑动变阻器接入电路的阻值为，滑片由1移至2位置的过程中，定值电阻R的电功率变化量为Wo三、作图题（共4小题）19 .画出图中入射光线AO的反射光线。420 .画出图中静止在斜面上的茶杯所受重力的示意图。21 .在图内虚线框中，标出通电螺线管磁极的名称。122 .在图中。画出使用滑轮组提升物体时最省力的绳子绕法。四、实验探究题(共5小题)23 .小明想通过实验测置小石块的密度。(1)将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的。观察到指针指在分度盘上的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向调节，使指针对准分度盘中央刻度线。g。(3)如图丙所示，用量筒测出小石块的体积为cm3。(4)通过计算，小石块的密度为kg/m3。(2)用调好的天平测小石块的质量。天平平衡时，右盘中祛码和游码位置如图乙所示，则小石块的质量为24 .小明利用如图所示的实验装置观察水的沸腾现象。(2)水沸腾时温度计示数如图乙所示，则此时水沸点是C,水沸腾过程中继续吸热，水的温度。(3)水沸腾时，水中气泡的情形为丙中(选填A”或或“B”)。10cm。(4)实验中是通过的方式增加水的内能，若要缩短将水加热至沸腾的时间。请写出一种可行的办法。25 .如图所示为“探究凸透镜成像规律”的实验装置图，已知凸透镜的焦距为0102030405060PSO90cm(1)为了便于观察实验现象，实验环境应该(选填“较亮”或“较暗”)一些。(2)组装并调整实验器材。使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的上。(3)如图所示，当蜡烛距离凸透镜40cm时，移动光屏，可在光屏上找到一个清晰的倒立、(选填“放大”、“等大”或“缩小”)的实像。日常生活中(选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一原理工作的。(4)将图中的凸透镜换成焦距为30cm的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，在光具座上移动光屏，(选填“能”或“不能”)找到某一位置，使像清晰的呈现在光屏上，理由4.5V,小灯泡额定电压为2.5V,电阻约26 .如图中所示，在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压为为10Q。(1)请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。(2)连接电路时，开关应处于状态。(3)实验中无论怎么移动滑片P,发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是(写出一种即可)(4)排除故障后，移动滑片P到某位置，电压表示数如图乙所示，示数为V;要测量小灯泡的额定功率，应将滑片 P向(选填 A”或 B”)端移动，使电压表示数为V。(5)移动滑片P,记录多组对应的电压表和电流表的示数，绘制成I-U图象。根据图内所给的信息。计算出小灯泡的额定功率是W。27 .某科技兴趣小组在实验室看到若干长方体金属导体。它们的材料相同，外形都如图甲所示，他们想探究该种导体电阻与厚度及边长的关系。在老师的帮助下，他们测量了部分导体厚度h、边长a和电阻R,并记录在表格中。(在测量电阻时，老师要求导体都要按照图乙所示的方式通过导线接入电路；实验时(1)分析表格中的数据可得：该种导体电阻大小与边长a(选填“有关”或“无关”)，与厚度h成(选填“正比”或“反比”)。(2)从该种导体中，选取了厚度h之比为2：3、边长a之比为2：1的两个导体Ri、R2,按图丙方式串联后接在闭合电路中，设两端的电压为Ui,R2两端的电压为U2,则Ui:U2=。(3)现代集成电路技术需要电子元件微型化，且集成度越高，电子元件越需要微小。现某集成电路需要一只阻值为1.6X103的该种导体，小华从边长a为5mm、10mm、15mm、20mm的四个导体中选点：次数厚度h/mm边长a/mm电阻R/X103Q1151.621101.631151.641201.652100.864100.475100.32择了边长为5mm的导体。与其它个导体相比，请分析该导体工作时的优缺五、计算题(共1小题)28 .如图是一款家庭常用的电热水壶，经测量该电热水壶的质量为0.6kg,它与桌面的接触面积为0.02m2.该电热水壶的额定电压为220V,额定功率为1000W.g取10N/kg,水的比热容为4.2X103J/(kg?C)(1)求电热水壶的额定电流(保留一位小数)；(2)求电热水壶静止放在水平桌面上对桌面的压强；(3)用此电热水壶将1kg,初温为20c的水加热到100C,沸腾水至少吸收多少热量？(4)电热水壶正常工作时，若不考虑热量损失，将壶中质量为1kg、初温为20c的水加热到100c需要多长时间。2019淮安物理中考真题（解析版）参考答案一、单选题（共8小题）1 .【分析】音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。【解答】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，这是因为它们发出声音的音色不同，故B正确，ACD错误。故选：B。【知识点】音色2 .【分析】判断物体的运动和静止，首先选定一个参照物，我们说乘客是静止的，选定的参照物必须和乘客位置没有变化。【解答】解：A、小明坐在正在驶的公共汽车上，选定小明旁边的座位为参照物，小明和旁边的座位之间没有发生改变，以旁边的座位为参照物，小明是静止的；故A符合题意。BCD、坐在行驶的汽车中的小明，小明和路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车之间的位置都发生了变化，所以以路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车为参照物时，小明是运动的；故BCD不符合题意；故选：A。【知识点】参照物及其选择3 .【分析】物质由气态变成液态的过程叫液化。【解答】解：A、冰凌的消融，是固态的冰变成液态的水，是熔化现象，故A不符合题意；B、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，故B不符合题意；C、冰冻的衣服晾干，是固态的冰吸热直接变成水蒸气，是升华现象，故C不符合题意;D、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水滴，是液化现象，故D符合题意。故选：D。【知识点】液化及液化现象4 .【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。【解答】解：A、鞋底凹凸不平的花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不合题意；B、自行车的车轴处加润滑油，在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，故B符合题意；C、汽车轮胎上装有防滑链，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意。D、自行车刹车时捏紧刹车闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D不合题意；故选：B。【知识点】增大或减小摩擦的方法5 .【分析】(1)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移；(2)汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，压缩冲程是将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能；【解答】解：如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去，这是因为酒精燃烧产生的燃气对外做功，消耗燃气的内能，转化为盒盖的机械能，故是将内能转化为机械能的过程；四冲程汽油机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，也是将内能转化为机械能。故选：Co【知识点】内燃机的四个冲程6 .【分析】在码头卸下货物后，根据漂浮条件即可判断浮力变化，根据阿基米德原理分析排开江水和海水体积的大小关系。【解答】解：因轮船在江水中，处于漂浮状态，浮力等于重力，在码头卸下货物后，轮船重力变小，则受到的浮力变小；由公式V排=-知，排开水的体积减小，轮船要上浮一些，故A正确。5故选：A。【知识点】物体的浮沉条件及其应用7 .【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流的现象叫电磁感应，电磁感应产生的电流叫做感应电流。【解答】解：A、导体棒处于静止状态时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故A错误；B、导体棒沿竖直方向向下运动时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故B错误；C、导体捧沿竖方向向左右运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故C正确；D、导体棒向右上方运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故D错误。故选：Co【知识点】电磁感应8 .【分析】（1）由图（a）可知，当电阻甲、乙两端电压为2.5V时通过两者的电流，根据欧姆定律可知电阻甲、乙的阻值关系；（2）图（b）中，两电阻串联，通过它们的电流相等且总电压等于各分电压之和，根据图（a）得出符合的电流和电压，根据欧姆定律求出此时乙的电阻；（3）图（c）中，两电阻并联，它们两端的电压相等干路电流等于各支路电流之和，根据图（a）得出符合的电流和电压；（4）根据图（c）得出在电压U从0增大到2.5V的过程中通过两电阻电流的差值关系。【解答】解：A.由图（a）可知，当电阻甲、乙两端电压为2.5V时，通过两者的电流均为0.5A,则由1=旦的变形式R=U可知，电阻甲、乙的阻值相等，故A正确;B.图（b）中，两电阻串联，由图（a）可知，当电路中的电流I=0.2A、U甲=1V、U乙=2V时，电压U为3V,此时乙的电阻R乙=上二=2二=10，故B错误；I0,2AC.图（c）中，两电阻并联，由图（a）可知，当电压U=2V、I甲=0.4A、I乙=0.2A时，干路总电流为0.6A,故C正确；D.图（c）中，两电阻并联，由图（a）可知，在电压U从0增大到2.5V的过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小，故D正确。故选：B。【知识点】欧姆定律的应用二、填空题（共10小题）9 .【分析】（1）微波是指频率为300MHz-300GHz的电磁波，WiFi在2.4Ghz频段工作，属于微波；（2）电磁波的传播不需要介质，它可以在真空中传播。【解答】解：WiFi利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，电磁波能在真空中传播。故答案为：电磁；能。【知识点】电磁波的传播10 .【分析】力的作效果是可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；二力平衡的条件是：作用在同一个物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在一条直线上。【解答】解：力可以改变物体的运动状态，所以运动员将静止的足球踢飞，运动状态发生变化；一切物体都具有惯性，落地后的足球由于惯性，要保持原来的运动状态，所以会在地面上滚动；当足球静止在水平地面上时，它受到的重力和地面的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。故答案为：改变物体运动状态；惯性；平衡力。【知识点】平衡力和相互作用力的区分、惯性、力的作用效果11 .【分析】（1）能从自然界源源不断得到或可重复利用的能源是可再生能源，如：太阳能、风能等都是可再生能源；不能从自然界源源不断得到或不能重复利用的能源是不可再生能源；（2）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体间的物体是半导体。【解答】解：太阳能从自然界源源不断得到，是可再生能源；LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管，二极管是由半导体材料制成的。故答案为：可再生；半导体。【知识点】能源的分类、半导体的特点12 .【分析】(1)根据平面镜成正立、等大的虚像的特点即可直接得出答案；(2)光的反射分为镜面反射与漫反射两种，光污染主要是由镜面反射引起的。【解答】解：因为平面镜成正立、等大的虚像，所以人们可以通过大厦的外部安装的平板玻璃幕墙看到自己的虚像；由于平面镜成的像与物大小相同，故人远离幕墙时像的大小不变；高楼大厦的玻璃幕墙造成的光污染是由于光的镜面反射引起的。故答案为：虚；不变；镜面。【知识点】镜面反射、平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案13 .【分析】(1)当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，便于测量力臂。(2)根据杠杆的平衡条件可以求出在B处挂钩码的个数；(3)根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。【解答】解：(1)实验前调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，目的之一是方便测量力臂；(2)设一个钩码的重力为G,杠杆一个小格代表L,图中，杠杆的左端：4GX3L=12GL,B处的力臂为4L,杠杆的右端：F2X4L=12GL,解得F2=3G,即在B处挂3个同样的钩码；(3)弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC,当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的力臂小于OC,拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大。故答案为：(1)力臂；(2)3;(3)变大。【知识点】探究杠杆的平衡条件实验14 .【分析】小球动能的大小跟质量和速度有关，研究动能大小与这两个因素关系时，要用控制变量法，小球动能的大小通过它能够对外做功的多少来体现；【解答】解：在探究小球动能大小与速度的关系时，根据控制变量法的操作原则，应当保持小球的质量不变，本实验是通过木块B被撞击后前进的距离来反映小球动能大小的；故答案为：质量；被推动的距离大小。【知识点】探究影响物体动能大小的因素15 .【分析】(1)根据W有用=Gh求出有用功；(2)根据s=2h求出拉力移动距离，根据亚总=5$求出总功，再根据P=；求出拉力的功率；(3)根据刀=:用求出机械效率。【解答】解：(1)工人做的有用功：W有用=Gh=80NX3m=240J;(2)拉力移动距离s=2h=2X3m=6m,工人做的总功：W总=Fs=50NX6m=300J,拉力的功率：P=15W;t20s(3)动滑轮的机械效率：W有用乂100%=24叮乂100%=80%。科总300J故答案为：240;15;80%。【知识点】滑轮(组)的机械效率、功率的计算、有用功和额外功16 .【分析】根据表的示数读出起点与终点的时刻。然后通过读刻度尺得出起点与终点的距离，再根据v=,求得平均速度。T【解答】解：小车运动的距离：s=8.00cm-3.50cm=4.50cm,小车运动的时间t=10:6:7-10:6:2=5s,小车的运动速度丫=且=，=0.90cm/s。故答案为：4.50;0.90。【知识点】变速运动与平均速度17 .【分析】根据流体压强与流速的关系(流速越快的地方压强越小)判断产生压力的方向，然后判断滑片移动的方向确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点和滑动变阻器两端的电压变化，进而提出改进措施。【解答】解：如图当有风吹过探头时，由于探头上表面凸，相同时间空气经过上表面的路程比下表面长，经过上表面的速度比下表面快，所以上表面的气压小于下表面的气压，探头将受到一向上的合力，滑片向上移动；故该装置利用了流体流速越大，压强越小的原理。当风速增大时，探头上下表面空气流速差较大，上下表面气压差较大，受向上的合力较大，滑片上移，R2接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由1=耳可知，电路中的电流变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，若使风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，可将电压表接在定值电阻两端，由U=IR可知，R1两端的电压变大，电压表的示数变大。故答案为：小；将电压表接在定值电阻两端。【知识点】流体压强与流速的关系18 .【分析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变附器滑片P位于1位置时，知道变阻器两端的电压和电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；当滑片由1移至2位置时，知道变阻器两端的电压和电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，联立等式即可求出R的阻值，利用P=I2R求出滑片由1移至2位置的过程中定值电阻R的电功率变化量。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变附器滑片P位于1位置时，变阻器两端的电压Ui=4V,电路中的电流Ii=0.2A,由I=可得，此时滑动变阻器接入电路的阻值：Ri =4V0. 2A20Q,因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=Ui+IiR=4V+0.2AXR当滑片由i移至2位置时，变阻器两端的电压U2=3V,电路中的电流I2=0.3A,则电源的电压：U=U2+I2R=3V+0.3AXR联立可得：R=i0Q,滑片由i移至2位置的过程中，定值电阻R的电功率变化量：Pr=Pr-Pr=I22R-Ii2R=(0.3A)2Xi0Q-(0.2A)2Xi0Q=0.5W。故答案为：200.5。【知识点】欧姆定律的应用、电功率的计算三、作图题(共4小题)19 .【分析】根据光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。即可作图。【解答】解：先过入射点作出法线，再根据反射光线和入射光线分居在法线的两侧，使反射角等于入射角作出反射光线OB即可，如图所示：G表示，如图所示:【知识点】作光的反射光路图20 .【分析】重力的作用点在物体的重心，无论物体处于什么状态，重力的方向都是竖直向下的，根据力的示意图的画法画出其示意图。【解答】解：过茶杯的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号【知识点】重力示意图21 .【分析】由电源方向即可知道电流方向，则由安培定则即可判出磁极方向。【解答】解：由电源方向可知电流由正极流向负极，则可知电流方向为由右端流入左端，由安培定则可得磁极方向是左侧为N,故答案如图：【知识点】安培定则22 .【分析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。本题中，要求最省力，属于第二种。【解答】解：图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则由3段绳子承担物重，是最省力的绕绳方法；绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：【知识点】滑轮组的设计与组装四、实验探究题(共5小题)23 .【分析】(1)将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处。调节天平平衡时，如果指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母；如果指针偏向分度盘的左侧，应向右调节平衡螺母；根据图示情景判断螺母的移动方向。(2)祛码与游码示数之和是所测物体的质量。(3)小石块与水的体积之和与水的体积之差是小石块的体积。(4)由密度公式可以求出小石块的密度。【解答】解：(1)将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处。由图甲所示可知，指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母，使天平平衡。(2)由图乙所示可知，小石块的质量m=50g+10g+4g=64g。(3)由图丙所示可知，金属螺母的体积V=40ml-20ml=20ml=20cm3,(4)小石块的密度p=与=于=3.2g/cm3=3.2x103kg/m3。v20cm故答案为：(1)零刻线处；左；(2)64;(3)20;(4)3.2X103。【知识点】固体的密度测量实验24 .【分析】(1)在此实验中，酒精灯及温度计的使用都有特殊的规定：使用酒精灯的外焰加热，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底；所以要从下向上进行调节；(2)水沸腾时的特点：不断吸热，但温度保持不变。液体沸腾的条件：达到沸点、继续吸热；（3）根据水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。（4）改变物体内能的方法：做功和热传递，做功发生了能量的转化，热传递发生的是能量的转移。【解答】解：（1）由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯固定图甲的B的高度；目的是使用酒精灯的外焰加热；（2）从图象可以看出水在沸腾过程中保持99不变，所以沸点为99水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变。（ 3） A中气泡在上升过程中体积逐渐变大，所以是沸腾时的现象；B图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现象。（4）实验中，由于酒精灯火焰的温度较高，所以热由酒精灯火焰传递给石棉网、烧杯底，然后传递给水，是通过热传递方式增加水的内能的；要缩短加热时间，可适当提高水的初温或适当减少水量。故答案为：（1）B；（2）99；不变；（3）A；（4）热传递；提高水的初温或适当减少水量。【知识点】探究水的沸腾实验25 .【分析】（1）凸透镜成像时，前后光线相差越大，实验效果越明显，蜡烛的像越明显；（2）探究凸透镜成像的实验时，必须调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，且使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，这样像才能成在光屏的中央。（3）物距大于2f,凸透镜成倒立缩小的实像，相距处于f和2f之间，照相机根据这个原理制成；物距等于2f,凸透镜成倒立等大的实像，据此可以确定凸透镜的焦距；物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于2f,幻灯机或投影仪根据这个原理制成；物距小于f,凸透镜成正立放大的虚像，放大镜根据这个原理制成。【解答】解：（1）为使实验现象更加明显，实验环境应该比较暗，这样成的蜡烛的像更加清晰；（2）探究凸透镜成像的实验时，必须调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，且使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，这样像才能成在光屏的中央。（3）如图所示，当蜡烛距离凸透镜40cm时，物距大于2f,凸透镜成倒立缩小的实像，移动光屏，可在光屏上找到一个清晰的倒立缩小的实像；照相机就是利用这一原理工作的。（4）将图中的凸透镜换成焦距为30cm的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于2f,在光具座上移动光屏，不能找到某一位置，使像清晰的呈现在光屏上，理由是像距过大，超出了光具座给提供的长度。故答案为：（1）较暗；（2）主光轴；（3）缩小；照相机；（4）不能；像距过大，超出了光具座给提供的长度。【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验26 .【分析】（1）根据灯泡的额定功率和电阻，利用欧姆定律计算灯泡电流，确定电流表的量程，并且电流表与灯泡串联；（2）连接电路时，开关应处于断开状态；（3）小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，则可能与电压表并联的电路断路；（4）电压表读数：先确定使用的量程，然后确定分度值。通过实际电压与额定电压的关系，当实际电压小于额定电压时，滑动变阻器接入电路中的阻值需减小；（5）在图象上找出灯泡额定电压下的电流，根据P=UI计算额定功率。【解答】解：(1)灯泡的电流约：1 =0.25A,因此电流表选择00.6A的量程，并且电流表与灯泡串联，电流从电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出，如图:(2)连接电路时，开关要处于断开状态；(3)小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，则可能与电压表并联的灯泡断路；(4)电压表选择03V量程，每一个大格代表1V,每一个小格代表0.1V,电压为2.1V;灯泡实际电压小于额定电压，为了使灯泡正常发光，滑动变阻器分得的电压需减小，因此滑片需向B端移动；(5)由图象知：灯泡在额定电压2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A,则小灯泡的额定功率：P=UI=2.5VX0.2A=0.5W;故答案为：(1)见上图；(2)断开；(3)灯泡断路；(4)2.2;B;2.5;(5)0.5。【知识点】电功率的测量27 .【分析】(1)探究电阻和边长的关系，需要其他物理量相同，探究电阻和厚度关系，需要控制其他物理量相同。(2)导体的电阻跟厚度成反比，串联电路中电压跟电阻成正比。(3)导体的电阻跟边长没有关系，在电阻不变时，选取的边长越小所占空间越小。【解答】解：(1)由实验1、2、3、4得，导体的厚度一定时，边长增大，电阻不变，说明导体的电阻跟边长无关。由实验2、5、6、7得，在导体的边长一定时，导体的厚度和电阻的乘积都为1.6,所以可以判断导体的电阻跟厚度成反比。(2)导体的电阻跟边长无关，导体的电阻跟厚度成反比，厚度A之比为2:3,所以电阻之比为3:2,串联电路中电压跟电阻成正比，所以电阻两端的电压之比为3:2。(3)导体的电阻跟边长没有关系，在电阻不变时，选取的边长越小所占空间越小，所以选择边长为5mm的导体。故答案为：(1)无关；反比；(2)3:2;(3)电阻大小不变，所占空间小。【知识点】影响电阻大小的因素五、计算题(共1小题)28.【分析】(1)已知电热水壶的额定电压和额定功率，利用公式1=丁得到额定电流；(2)已知电热水壶的质量，可以得到重力，电热水壶对桌面的压力等于其重力；已知压力和接触面积，可以得到电热水壶对桌面的压强；(3)已知水的比热容、质量、初温度和末温度，利用公式Q=cmAt得到水吸收的热量；(4)不考虑热量损失，消耗的电能等于水吸收的热量。已知电热水壶额定功率和消耗的电能，可以得到加热时间。【解答】解：(1)由P=UI可得，电热水壶的额定电流:U 220V4.5A(2)电热水壶对桌面的压力:F=G=mg=0.6kgx10N/kg=6N,电热水壶对桌面的压强：6N0. 02 it2=300Pa;(3)水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2X103J/(kg?C)X1kgX(100C20C)=336000J;(4)已知不考虑热量损失，所以消耗的电能W=Q=336000J,由P=也可得，需要的加热时间:t=w=moj1000W336s。答：(1)电热水壶的额定电流为4.5A;(2)电热水壶对桌面的压强为300Pa；(3)水吸收的热量为336000J;(4)将壶中质量为lkg、初温为20c的水加热到100c需要336s。【知识点】热量的计算、电功率与电压、电流的关系、压强的大小及其计算