河南省滑县2019届高三物理第三次联考试题（扫描版）

河南省滑县2019届高三物理第三次联考试题（扫描版）物理参考答案一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分）12345678910DDBBDABDCDADBCD1.【答案】D【解析】由图象可知，甲、乙两质点均沿x轴负方向运动，选项A错误；因两质点初位置相同，末位置相同，因此位移相同，选项B错误；当甲的图象的切线与乙图象平行时，对应时刻甲的速度与乙的速度恰相同，选项C错误；由图象可知甲做变速直线运动，加速度不为零，而乙做匀速直线运动其加速度始终为零，因此选项D正确。2.【答案】D【解析】由题意知，小球运动t时间重力做功：，t时刻重力的瞬时功率：，联立解得：，选项D正确。3.【答案】B【解析】由于B球没有滑动趋势，因此B球不受斜面的摩擦力，对A、B整体研究，可得挡板对A球的弹力大小为，根据牛顿第三定律可知，A球对挡板的压力大小也为，选项B正确。4.【答案】B【解析】由于浮力大于重力，小球以一定的速度进入水中向下运动时，设竖直向上为正方向，由牛顿第二定律得：，可知小球向下做减速运动，加速度方向向上，随着速度v不断减小，加速度a也不断减小，选项A错误、B正确；当速度减小为零时，合外力不为零，故加速度不为零，随后小球将在水中向上运动，向上运动的初始阶段加速度方向向上，做加速运动，仍设竖直向上为正方向，有：，随着速度v不断增大，加速度a不断减小，选项C、D错误。5.【答案】D【解析】对线框AD段和圆弧ACD段受力分析可知，线框有扩张趋势，选项A错误；AD段受到的安培力与ACD段受到的安培力大小相等，方向相反，因此线框受到的安培力的合力为零，线框处于静止状态，不会转动，选项B、C错误、D正确。6.【答案】A【解析】由题意可知，求得：，由：，得卫星在轨运行的周期：，因此第33颗北斗卫星从图示位置运动到第34颗北斗卫星图示位置所用的时间为，选项A正确。7.【答案】BD【解析】由于电场是等量的异种电荷产生的，因此绝缘杆上各点的电场强度的方向均与杆垂直且向上，因此电场力对带电小球不做功，带电小球电势能不变，根据动能定理得小球所受合外力做功为0，动能不变，小球沿杆一直做匀速直线运动，选项B、D正确、A、C错误。8.【答案】CD【解析】对A、B整体研究，整体在水平方向只受水平恒力的作用，根据牛顿第二定律可知，A、B整体一起加速运动的加速度不变，选项D正确；对A研究，A向左做匀加速直线运动，加速度是由B对A的摩擦力而产生，根据牛顿第二定律可知，B对A的摩擦力不变，选项C正确；由于A的速度越来越大，因此A受到的洛仑兹力增大，根据左手定则可知，洛仑兹力的方向向下，因此A对B的压力增大，地面对B的支持力增大，选项A、B错误。9.【答案】AD【解析】箱子静止时，小球根据平衡条件有：，；若使箱子向右水平加速，竖直方向合力为零，有：，比较可知绳1的张力不变、绳2的张力增大，选项A说法错误、B说法正确；若使箱子竖直向上加速，比较可知绳1的张力增大、绳2的张力也增大，选项C说法正确、D说法错误。故说法不正确的选项为选项A、D。10.【答案】BCD【解析】当物块速度最大时，加速度为零，此时弹簧的弹力与F等大反向，因此物块与弹簧刚接触时速度不是最大，选项A错误；弹簧压缩量最大时，物块动能为零，根据功能关系得弹簧的弹性势能等于推力F做的功，选项B正确；不论物块向左运动还是向右运动，速度最大的位置均是弹力等于推力F的位置，即加速度为零的位置，选项C正确；由于恒力F始终作用在物块上，因此物块从A到B推力做功等于弹簧的弹性势能的增量，从B到A弹簧的弹性势能刚好用来克服推力F做功，因此物块将在A、B间往复运动，选项D正确。二、实验题（2小题，共15分）11.【答案】（1）见解析（2分）左（1分）、（2）c（1分）（3）不正确，正确的电阻阻值为。（2分）【解析】（1）实物连接如图所示，闭合电键前应将图乙中滑动变阻器的滑片移到最左端，使闭合电键后，滑动变阻器输出电压即小灯泡两端电压为零。（2）闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，都不能使电压表的示数调为零，说明滑动变阻器变成了限流接法，即可判断是图甲中c点出现了接触不良。（3）不正确，根据欧姆定律可得，求得电阻的大小为。12【答案】（1）（1分）图象见解析（2分）0.34（0.330.35均给分）（1分）0.41（0.390.42均给分）（2分）（2）C（1分）（3）（2分）【解析】（1）打F点时小车的速度为；根据表格数据作出的v-t图象如下图。从图象上得到打G点时的小车的速度为0.34m/s，小车的加速度。（2）图象不过原点是由于操作时未将摩擦力完全平衡，因此需要适当增大长木板的倾角以平衡摩擦力，选择C项。（3）根据题意，由牛顿第二定律得：F=（M+m）a，则，结合图象可得：，得。三、计算题（4题，共55分）13.解：（1）小球释放后只受电场力和重力作用，因此小球做初速度为零的匀加速直线运动。合力F方向斜向右下与水平方向成45。根据合力与分力的关系可知：（2分）因此电场强度大小：（2分）（2）由于小球带正电，因此a板带正电，由于b板接地电势为零a、b板间的电势差：（2分）（2分）因此a板的电势：（2分）14.【解析】（1）对物块研究，根据牛顿第二定律有：（2分）解得：（1分）设物块在长木板上运动时间为t，则（2分）解得：（1分）（2）设长木板与斜面间的动摩擦因数为，对长木板研究有：（2分）解得：（1分）对长木板，根据牛顿第二定律：（3分）联立解得：（2分）15.【解析】（1）小球从D点抛出刚好落在A点，做平抛运动的水平位移恒为，BC间的高度越大，平抛运动的时间越长，做平抛运动的水平分速度越小。当小球在D点对轨道的压力恰好为零时，从D点抛出的速度最小。（1分）根据牛顿运动定律得：（1分）求得:（1分）由平抛运动的规律得：（1分）求得：（1分）设BC间的高度为h，则有：（1分）求得：（1分）（2）若BC间的高度为1.5R，则AD间的高度差为2R，设小球从D点抛出到A点所用时间为t/，则有：（1分）求得：（1分）小球在D点的速度：（1分）设小球在半圆轨道的最低点速度为v，根据机械能守恒得：（2分）在最低点对小球有：（1分）求得：（1分）根据牛顿第三定律，小球在轨道最低点对轨道的压力大小为：（1分）16.【解析】（1）粒子在磁场中做圆周运动，根据牛顿运动定律有：（1分）代入数据，解得：（1分）由题意可知，所有粒子在磁场中做圆周运动的圆心在y轴上，做圆周运动的圆半径相等，根据得，粒子在匀强磁场运动的周期都相等，粒子在磁场中运动的时间，要使运动时间最短，则运动的弧长最短，圆心角最小，分析可知粒子打在圆筒与x轴左侧交点所用的时间最短。由几何关系可知，这段圆弧所对圆心角满足：（2分）得（1分）粒子在磁场中做圆周运动的周期：（1分）则最短时间：（1分）根据几何关系，发射点距坐标原点O的距离（2分），即对应粒子在y轴上发射的位置坐标为（0，）（2）设从圆筒上面恰好能打在圆筒上的粒子从y轴上射出的位置在M点，坐标为M（0，y1）由几何关系可知，（3分）设从圆筒下面恰好打在圆筒上的粒子从y轴上射出的位置在Q点，坐标为Q（0，y2）。由几何关系可知，（3分）因此能打在圆筒上的粒子在y轴上射出的范围是：（1分）