电功率复习题

单击此处编辑母版标题样式,单击此处编辑母版文本样式,第二级,第三级,第四级,第五级,*,电功率复习,1,、（,2014,年广东省）（,6,分）如图是家用电热壶及铭牌，假设电热壶电阻丝电阻不变，水的比热容,c,水,=4.2103J/(kg.),，水的密度,1.0103kg/m3,。求,（,1,）电热壶电阻丝的电阻,（,2,）不考虑热损失，电热壶正常工作时，把,1L,水从,20,加热到,100,所需要的时间,产品型号,XXXX,额定电压,220V,额定功率,1000W,频率,50HZ,容量,1.0L,（,3,）当电压为,198V,时，电热壶的实际功率,产品型号,XXXX,额定电压,220V,额定功率,1000W,频率,50HZ,容量,1.0L,1,、（,6,分）,（,1,）电热壶的电阻,R=48.4,（,2,分）,（,2,）水的质量,m=V=1.0103kg/m3110-3m3=1kg,水吸收的热量,Q=cmt=4.2103J/,（,kg,）,1kg,（,100-20,）,=3.36105J,（,1,分）,由于不考虑热量损失,W,电,=Q,加热时间,t=336 S,（,1,分）,（,3,）当电压为,198V,时，电热壶的实际功率,P,实,=810W,（,2,分）,2,（,2014,年兰州市）,（,5,分）如图所示，滑动变阻器最大阻值是,20,，当滑片移到端时，闭合开关，两端的电压为,2V,，电流表的示数为,0.2A,，电源电压保持不变。求：,的阻值；,电源电压；,滑片移动的过程中，消耗的最大功率。,2,10 6V 3.6W,B,P,A,R,2,S,R,1,A,3,（,6,分）在如图所示的电路中，灯泡,L,上标有“,6V 3W”,字样，当只闭合开关时，灯泡,L,恰能正常发光，电阻的功率为当只闭合开关时，电流表的示数为,0.3A,，电阻的功率为，已知，不考虑温度对灯丝电阻的影响。求：,电阻与的比值；,电源电压。,R,1,S,1,L,R,2,S,2,A,36,18V,4,（,3,分）（,2014,呼和浩特）如图所示的电路中，电源电压恒为,24V,，电阻,R1,的阻值为,20,，滑动变阻器,R2,上标有“,100 3A”,字样闭合开关,S,后，电流表的示数为,0.3A,求：,（,1,）此时电阻,R1,两端的电压,U1,；,（,2,）此时电阻,R2,的电阻值；,（,3,）,2min,时间内电阻,R2,上消耗的电能,解：（,1,）由,I=,可知，,电阻电阻,R1,两端的电压：,U1=IR1=0.3A20=6V,；,（,2,）电阻,R2,的电阻值：,R2=60,；,（,3,）,2min,时间内电阻,R2,上消耗的电能：,W=I2R2t=,（,0.3A,）,260,60s2=648J,；,答：（,1,）此时电阻,R1,两端的电压,U1,为,6V,；,（,2,）此时电阻,R2,的电阻值为,60,；,（,3,）,2min,时间内电阻,R2,上消耗的电能为,648J,5,（,12,分）（,2014,东营）无内胆饮水机,管线机的电路原理如图，电热丝,R1,、,R0,绕在出水管上，水经过出水管时被加热，通过改变“温、开水选择开关”的状态（“断开”或“闭合”），可以选择出温水或开水该管线机的额定电压是,220V,，开水加热电功率是,2200W,，温水加热电功率是,1100W,已知：电热丝,R1,、,R0,电阻不随温度变化，水的比热容,c=4.2103J/,（,kg,），水的密度,=1103kg/m3,，取,g=10N/kg,问：,（,1,）“温、开水选择开关”的状态和出温水、开水的对应关系如何？,（,2,）饮水机正常工作，出开水时电热丝中的电流是多少？电热丝,R0,的电阻是多少？,（,3,）现在需要,100,的开水,500mL,，已知水的初温是,20,，水需要吸收多少热量？如果电能转化为水的内能的效率是,80%,，饮水机正常工作时，烧开这些水需要多少时间？,5,解：（,1,）当开关,S,闭合时，只有电阻,R0,接入电路；由,P=,可知，此时饮水机处于加热状态；,当开关,S,断开时，电阻,R1,和,R0,串联接入电路，此时饮水机处于保温状态,（,2,）根据题意可知，,P,加,=2200W,，由,P=UI,可知，饮水机出开水时电热丝中的电流：,I=10A,饮水机处于加热状态时，只有电阻,R0,接入电路，由,P=,可知，,R0=22,，,（,3,）由,=,可知，水的质量：,m=V=1.0103kg/m3500106m3=0.5kg,；,水吸收的热量：,Q,吸,=cmt=4.2103J/,（,kg,）,0.5kg,（,10020,）,=1.68105J,；,由,=,可得，,W=2.1105J,；,由,W=Pt,可知，,t=95.45s,答：（,1,）当开关,S,闭合时，只有电阻,R0,接入电路；此时饮水机处于加热状态；,当开关,S,断开时，电阻,R1,和,R0,串联接入电路，此时饮水机处于保温状态,（,2,）饮水机正常工作，出开水时电热丝中的电流是,10A,；电热丝,R0,的电阻是,22,；,（,3,）现在需要,100,的开水,500mL,，已知水的初温是,20,，水需要吸收了,1.68105J,的热量；,如果电能转化为水的内能的效率是,80%,，饮水机正常工作时，烧开这些水需要的时间为,95.45s,6.,（邵阳市,2014,）家用电饭煲是利用电流的热效应来工作的，如图是某种型号电饭煲的简化电路。当温控开关,S,闭合时，电饭煲处于加热状态，此时若它两端的电压为,220V,，它的功率为,11OOW,（不考虑温度对电阻值的影响）。则,(1),电饭褒在加热状态下工作,0.lh,，消耗的电能为多少,KWh?,(2)Ro,的电阻为多少,？,(3),当温控开关,S,断开时，电饭煲的总功率与加热状态时相比，将如何变化？并请说明原因。,6.,（,1,）,0.11KWh,（,2,）,44,（,3,）开关断开时总功率变小。断开时,Ro,与,R,串联，总电阻增大，电源电压不变，总功率变小。,7,（,5,分）（,2014,广安）如图所示，是家用保温式电饭锅的电路原理图，,S,是手动、温控一体开关,必须用外力按下才能闭合，但当锅底温度达到大约,103,以上时，会自动弹起断开进入保温状态已知,R2=495,，电饭锅的额定加热功率为,880W,（,1,）分析电路原理图或根据你的实际生活经验，如果不按下开关,S,，电饭锅,不能,煮熟饭（选填“能”或“不能”）,（,2,）当电饭锅处于正常加热状态时，电路中的电流是多大？,（,3,）当电饭锅处于保温状态时，保温功率是多大？,7.,解：（,1,）开关,S,断开时，电阻,R1,和,R2,串联，电路消耗的总功率为,P,串,=,，开关,S1,闭合，,R2,短路，电路中只有,R1,工作，电路消耗的功率为,P1=,，则,P1,P,串，即只有,R1,工作时为加热状态，所以如果不按下开关,S,，电饭锅处于保温状态，不能煮熟饭（,2,）已知正常加热状态时，,P,加热,=880W,，由,P=UI,得：正常加热状态时电路中的电流,I,加热,=4A,；（,3,）由欧姆定律得：电阻,R1=55,，保温状态下电路的总电阻为,R=R1+R2=55+495=550,，由,P=,得：电饭锅的保温功率为,P,保,=88W,答：（,1,）不能；（,2,）在加热状态下电路中的电流为,4A,；（,3,）保温状态电饭锅的功率为,88W,8.,（温州市,2014,年）小刚观察了市场上的“测重仪”后，画出了下图所示的原理图：,A,为托盘，,P,为金属滑片且固定在托盘下的轻质弹簧上，并能随轻质弹簧一起上下滑动，当托盘中不放物体时，,P,位于,R,的最上端。已知,R0=5,，,R,的最大阻值为,25,，电源电压恒为,3V,。,(1),小刚根据图判断，质量表是电流表改装的，其判断的依据是,；,(2),当称量物体质量达到最大值时，,R0,消耗的功率是多少,?,(3),当托盘,A,中所放物体质量增加时，质量表的示数也随之增大，请结合图分析其原因：,。,8.,解：图中的质量表串联在电路中（,2,分）,当称量物体质量达到最大时，金属滑动片,P,在,R,的最下端，,U0=3V,，,I0=U0/R0=3V/5=0.6A,，,P0=U0I0=3V0.6A=1.8W(,采用其它方法求解，只要正确同样给分,),答：（,4,分）,当称量物体质量增加时，托盘对弹簧的压力增大，弹簧缩短，滑片向下滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，在串联电路中，,R,的阻值不变，总电阻也变小，而总电压不变，总电流变大，电流表（即质量表）的示数变大（,2,分）,9.,（,2014,年福建省泉州）早餐喝豆浆已经成为许多人的选择。如图,27,所示为某款全自动豆浆机及其铭牌，其主要结构：中间部位是一个电动机带动的刀头，用来将原料进行粉碎打浆；外部是一个金属圆环形状的电热管，负责对液体加热煮沸。如图,28,所示是该豆浆机正常制作一次豆浆过程中电热管和电动机交替工作的“,P,t,”,图象。求：,（,1,）电热管正常工作时的电流；,（,2,）电热管正常工作时的电阻值；图,27,P,/W,t,/min10001800246810121416,图,28,（,3,）豆浆机正常制作一次豆浆，消耗的总电能。,图,27,P,/W,t,/min,1000,180,0,2,4,6,8,10,12,14,16,图,28,9.,解：,（,1,）,I,=,=4.55 A,（,2,分）,（,2,）,R=,=48.4,（,2,分）,（,3,）,W,=,P,1,t,1+,P,2,t,2=1000W720s+180W180s=7.524105 J,（或,0.209 kWh,）（,2,分）,答：电热管正常工作时的电流为,4.55 A,，电阻值为,48.4,；豆浆机正常制作一次豆浆，消耗的总电能为,7.524105 J,（或,0.209 kWh,）。,2-1-c-n-j-y,10,、（,2014,泰安）如图甲是某工厂生产流水线产品输送计数装置示意图（俯视图），立方体产品在水平传送带上与传送带共同以,v=1m/s,的速度匀速前进，产品的质量,m=0.8kg,。计数器由电流表和电路计数元件组成（电流表和计数元件的电阻不计），通过电路中电流的变化计数产品，,a,为激光源，,R1,为光敏电阻，,R2,为保护电阻。当激光射向,R1,时，,R1,阻值变小，每当产品运动通过,a,与,R1,之间时，射向,R1,的光线会被产品挡住，,R1,阻值变大。闭合开关，电路中计数器中电流的示数,I,随时间,t,的变化图象如图乙所示。（,g,取,10N/kg,）,（,1,）不计空气阻力，求传送带匀速运送产品过程中对每一个产品的作用力大小和方向。,（,2,）求每个产品的边长,L1,和产品的间隔,L2,。每个产品对传送带的压强大小。,（,3,）已知电源电压,U=3V,R2=1k,求传送带运输产品过程中,1min,内光敏电阻,R1,消耗的电能。,10,、解：（,1,）,F=G=mg,=0.8kg10N/kg=8 N,；竖直向上,-,（,1,分）,（,2,）,L1=v t1=1m/s0.1s=0.1m-,（,1,分）,L2=v t2=1m/s0.2s=0.2m-,（,1,分）,F,压,=G=mg=0.8kg10N/kg=8 N,P=F,压,/S=8 N/0.01m2=800pa-,（,1,分）,（,3,）在,0,0.2s,内，,I1,=210-3A,U2=I1R2=210-3A103=2V,U1=U-U2=3V-2V=1V-,（,1,分）,W1=I1U1t1=210-3A1V0.2s=410-4J-,（,1,分）,在,0.2s,0.3s,内，,I2=110-3A,U3=I2R2=110-3A103=1V,U4=U-U3=3V-1V=2V-,（,1,分）,W2=I1U4t2=110-3A2V0.1s=210-4J-,（,1,分）,在,1min,内，,W=60s(W1+W2)/0.3s=200,（,410-4J+2