高考生物一轮复习12孟德尔的豌豆杂交实验二课件新人教版必修

一、两一、两对相相对性状的性状的杂交交实验1过程与程与结果果P黄黄圆绿皱F1_ F2黄黄圆：黄：黄皱：绿圆：绿皱分离比：分离比：_：_：_：_对应学生用书对应学生用书70页页 2理理论解解释(1)解解释F1产生生配配子子时，_分分离离，_自自由由组合，合，产生雌雄配子各生雌雄配子各_种种类型，且数目相等。型，且数目相等。受受精精时雌雌雄雄配配子子随随机机结合合，结合合方方式式共共_种种，F2中中共共有有基基因因型型_种种，表表现型型_种种，数数量比量比为_。(2)图解解F1配子配子F2F1配子配子YRYryRyrYR_黄圆黄圆YYRr黄圆黄圆YyRR黄圆黄圆YyRr黄圆黄圆Yr_Rr黄圆黄圆_黄黄皱皱YyRr黄圆黄圆Yyrr黄皱黄皱yRYyRR黄圆黄圆YyRr黄圆黄圆_绿圆绿圆yyRr绿圆绿圆yr_黄圆黄圆Yyrr黄皱黄皱yyRr绿圆绿圆_绿皱绿皱3.验证测交交实验(1)过程及程及结果果(2)结论：测交交结果果与与预期期相相符符，证实了了F1产生生了了4种种配配子子，F1产生生配配子子时，_分分离离，非非同同源源染染色色体体上上的的_自由自由组合，并合，并进入不同的配子中。入不同的配子中。二、自由组合定律的实质二、自由组合定律的实质1位位于于非非同同源源染染色色体体上上的的_的的分分离离和和组合合是是互不干互不干扰的。的。2在在减减数数分分裂裂过程程中中，同同源源染染色色体体上上的的_彼彼此此在分离的同在分离的同时，_的非等位基因自由的非等位基因自由组合。合。三、孟德尔获得成功的原因三、孟德尔获得成功的原因1正确选用正确选用_。2对对性性状状分分析析是是由由_到到_，遵遵循循由由单因素到多因素的研究方法。单因素到多因素的研究方法。3对实现结果进行对实现结果进行_分析。分析。4科学地设计了实验程序。科学地设计了实验程序。自主核对：自主核对：一、一、1.黄圆黄圆93312等位基因非等位基因等位基因非等位基因416949：3：3：1YYRRYYYYrryyRRYyRryyrr3等位基因非等位基因等位基因非等位基因二、二、1.非等位基因非等位基因2.等位基因非同源染色体上等位基因非同源染色体上三、三、1.实验材料实验材料2一对多对一对多对3统计学统计学1当当两两对自自由由组合合的的基基因因控控制制一一对相相对性性状状时，其其F2表表现型及比例怎型及比例怎样？2怎怎样用基因分离定律解决自由用基因分离定律解决自由组合合问题？对应学生用书对应学生用书70页页 应用指南应用指南1F2中中亲亲本本类类型型指指实实验验所所用用的的纯纯合合显显性性和和纯纯合合隐隐性性亲亲本即黄圆和绿皱，重组类型是指黄皱、绿圆。本即黄圆和绿皱，重组类型是指黄皱、绿圆。2若若亲亲本本是是黄黄皱皱(YYrr)和和绿绿圆圆(yyRR)，则则F2中中重重组组类类型型为为绿绿皱皱(yyrr)和和黄黄圆圆(Y_R_)，所所占占比比例例为为1/169/1610/16；亲亲本本类类型型为为黄黄皱皱(Y_rr)和和绿绿圆圆(yyR_)，所所占占比比例例为为3/163/166/16。例例1(2010启启东东模模拟拟)番番茄茄果果实实的的红红色色对对黄黄色色为为显显性性，两两室室对对多多室室为为显显性性，植植株株高高对对矮矮为为显显性性。三三对对相相对对性性状状分分别别受受三三对对同同源源染染色色体体上上的的等等位位基基因因控控制制。育育种种者者用用纯纯合合红红色色两两室室矮矮茎茎番番茄茄与与纯纯合合黄黄色色多多室室高高茎茎番番茄茄杂杂交交。下下列列对对实实验验与与结结果果预预测测的叙述中，不正确的是的叙述中，不正确的是()A三对性状的遗传遵循基因的自由组合定律三对性状的遗传遵循基因的自由组合定律BF1可产生可产生8种不同基因组合的雌雄配子种不同基因组合的雌雄配子CF2代中的表现型共有代中的表现型共有9种种DF2代中的基因型共有代中的基因型共有27种种解解析析这这三三对对基基因因位位于于三三对对染染色色体体上上，遗遗传传时时遵遵循循自自由由组组合合定定律律；F1的的基基因因型型为为AaBbDd，能能产产生生8种种不不同同基基因因组组合合的雌雄配子，的雌雄配子，F2代基因型共有代基因型共有27种，表现型为种，表现型为8种。种。答案答案C对点训练对点训练1(2010济南模南模拟)水稻高水稻高秆秆(T)对矮矮秆秆(t)为显性，抗病性，抗病(R)对感病感病(r)为显性，性，这两两对基因在非同源染色体上。基因在非同源染色体上。现将一株表将一株表现型型为高高秆秆抗病的植株的花粉授抗病的植株的花粉授给另一株表另一株表现型相型相同的植株，所得后代表同的植株，所得后代表现型如型如图所示。根据以上所示。根据以上实验结果，判果，判断下列叙述断下列叙述错误的是的是()A以上后代群体的表以上后代群体的表现型有型有4种种B以上后代群体的基因型有以上后代群体的基因型有9种种C以上两株以上两株亲本可以分本可以分别通通过不同不同杂交交组合合获得得D以上两株表以上两株表现型相同的型相同的亲本，基因型不相同本，基因型不相同解解析析：根根据据题题意意可可知知，每每对对性性状状的的分分离离比比都都是是3：1，所以杂交亲本的基因型为所以杂交亲本的基因型为TtRr、TtRr，上述答案中，上述答案中D项错。项错。答案：答案：D考点考点2基因自由组合定律基因自由组合定律1基因自由基因自由组合定律的适用条件合定律的适用条件(1)有性生殖生物的性状有性生殖生物的性状遗传(细胞核胞核遗传)(2)两两对及两及两对以上相以上相对性状性状遗传。(3)控控制制两两对或或两两对以以上上相相对性性状状的的等等位位基基因因位位于于不不同同对同源染色体上。同源染色体上。2自由自由组合定律的合定律的细胞学基胞学基础(1)实质：等等位位基基因因分分离离的的同同时，位位于于非非同同源源染染色色体体上上的非等位基因自由的非等位基因自由组合。合。(2)细胞学基胞学基础配子的配子的产生生由由上上图可可看看出出，F1(AaBb)个个体体能能产生生AB、Ab、aB、ab 4种数量相等的配子。种数量相等的配子。应用指南应用指南1基因自由组合定律与分离定律的关系基因自由组合定律与分离定律的关系(1)两大基本遗传定律的区别两大基本遗传定律的区别定律定律项目项目分离定律分离定律自由组合定律自由组合定律研究性状研究性状一对一对两对或两对以上两对或两对以上控制性状的等位控制性状的等位基因基因一对一对两对或两对以上两对或两对以上等位基因与染色等位基因与染色体关系体关系位于一对同源染位于一对同源染色体上色体上分别位于两对或两对以上同源染分别位于两对或两对以上同源染色体上色体上细胞学基础细胞学基础(染染色体的活动色体的活动)减减后期同源染后期同源染色体分离色体分离减减后期非同源染色体自由组合后期非同源染色体自由组合遗传实质遗传实质等位基因分离等位基因分离非同源染色体上非同源染色体上非等位基因之间非等位基因之间的自由组合的自由组合F1基因对数基因对数1n(n2)配子类型配子类型及其比例及其比例21：12n数量相等数量相等F2配子组合数配子组合数44n基因型种类基因型种类33n表现型种类表现型种类22n表现型比表现型比3：1(3：1)nF1测测交子交子代代基因型种类基因型种类22n表现型种类表现型种类22n表现型比表现型比1：1数量相等数量相等(2)联系系发生生时间：两两定定律律均均发生生于于减减后后期期，是是同同时进行行，同同时发挥作用的。作用的。相相关关性性：非非同同源源染染色色体体上上非非等等位位基基因因的的自自由由组合合是是在在同同源源染染色色体体上上等等位位基基因因分分离离的的基基础上上实现的的，即即基基因因分分离离定定律是自由律是自由组合定律的基合定律的基础。范范围：两两定定律律均均为真真核核生生物物细胞胞核核基基因因在在有有性性生生殖殖中的中的传递规律。律。例例2具有两具有两对相相对性状的性状的亲本本杂交得到的交得到的F2基因型基因型结果如下表：果如下表：有关叙述不正确的是有关叙述不正确的是()A此表格中此表格中2代表的基因型出代表的基因型出现两次两次B1、2、3、4代代表表的的基基因因型型出出现的的概概率率大大小小为3241CF2中中出出现表表现型型不不同同于于亲本本的的重重组类型型的的比比例例是是6/16或或10/16D表中表中Y、y、R、r基因的基因的载体体为染色体染色体配子配子YRYryRyrYR12YyRrYr3yR4yryyrr解解析析依依据据表表格格知知，1、2、3、4基基因因型型依依次次为为YYRR、YYRr、YyRr、yyRr。它它们们在在F2中中出出现现的的概概率率依依次次为为1/16、2/16、4/16、2/16，故故1、2、3、4代代表表的的基基因因型型在在F2中中出出现现的的概概率率大大小小为为3241；由由F2产产生生的的配配子子类类型型可可知知F1的的基基因因型型为为YyRr，但但亲亲本本类类型型不不能能确确定定，故故重重组组类类型型的的比比例例不不唯唯一一，若若亲亲本本类类型型为为YYRRyyrr，则则子子代代重重组组类类型型所所占占比比例例为为6/16，若若亲亲本本类类型型为为YYrryyRR，则则子子代代重重组组类类型型所所占占比比例例为为10/16。遗遗传规律只适用于核基因控制的性状遗传，核基因位于染色体上。传规律只适用于核基因控制的性状遗传，核基因位于染色体上。答案答案B对对点点训训练练2已已知知玉玉米米子子粒粒黄黄色色对红色色为显性性，非非甜甜对甜甜为显性性。纯合合的的黄黄色色非非甜甜玉玉米米与与红色色甜甜玉玉米米杂交交得得到到F1，F1自交或自交或测交，下列交，下列预期期结果不正确的是果不正确的是()A自交自交结果中黄色非甜与果中黄色非甜与红色甜比例色甜比例为9：1B自自交交结果果中中黄黄色色与与红色色比比例例3：1，非非甜甜与与甜甜比比例例为3：1C测交交结果果中中红色色甜甜：黄黄色色非非甜甜：红色色非非甜甜：黄黄色色甜比例甜比例为9：3：1：1D测交交结果果为红色与黄色与黄1：1，甜与非甜比例，甜与非甜比例为1：1解解析析：两两对对等等位位基基因因控控制制两两对对相相对对性性状状的的遗遗传传，符符合合基基因因的的自自由由组组合合定定律律(不不考考虑虑连连锁锁互互换换)。显显性性纯纯合合子子与与双双隐隐性性纯纯合合子子杂杂交交得得F1，其其基基因因型型是是AaBb。让让F1自自交交，F2有有16种种组组合合，9种种基基因因型型，4种种表表现现型型，双双显显性性性性状状和和双双隐隐性性性性状状分分别别占占9/16和和1/16，就就一一对对基基因因看看，显显性性：隐隐性性3：1；让让F1测测交交，后后代代有有4种种基基因因型型、4种种表表现现型型，表表现现型型比比例例为为1：1：1：1，就就一一对基因看，显性对基因看，显性：隐性：隐性1：1。答案：答案：C考点考点3用分离定律解决自由组合问题用分离定律解决自由组合问题1原原理理：由由于于任任何何一一对同同源源染染色色体体上上的的任任何何一一对等等位位基基因因，其其遗传时总遵遵循循分分离离定定律律，因因此此，可可将将多多对等等位位基基因因的的自自由由组合合现象象分分解解为若若干干个个分分离离定定律律问题(互互为独独立立事事件件)分分别分析，最后将各分析，最后将各组情况情况进行行组合。合。2应用用(1)有关基因自由有关基因自由组合的合的计算算问题将将问题分分解解为多多个个1对基基因因(相相对性性状状)的的遗传问题并并按按分分离离定定律律分分析析运运用用乘乘法法原原理理组合合出出后后代代的的基基因因型型(或或表表现型型)及概率。示例：及概率。示例：F1(YyRr)(2)基因型与表基因型与表现型的推断型的推断问题用用不不同同方方法法分分析析每每对等等位位基基因因(或或相相对性性状状)的的遗传组合得出合得出结果。果。常常见类型：型：根根据据后后代代分分离离比比解解题：后后代代个个体体的的基基因因型型(或或表表现型型)的分离比等于每的分离比等于每对基因基因(或性状或性状)遗传至后代的分离比的乘至后代的分离比的乘积；配配子子组合合类型型递推推法法：子子代代表表现型型分分离离比比之之和和雌雌雄雄配配子子结合合方方式式种种类雌雌配配子子种种类雄雄配配子子种种类两两亲本本的的基基因型。因型。(3)按自由按自由组合定律合定律遗传的两种疾病的的两种疾病的发病情况病情况当当两两种种遗传病病之之间具具有有“自自由由组合合”关关系系时，各各种种患患病病情况的概率如表：情况的概率如表：序号序号类型类型计算公式计算公式1患甲病的概率为患甲病的概率为m则非甲病概率为则非甲病概率为1m2患乙病的概率为患乙病的概率为n则非乙病概率为则非乙病概率为1n3只患甲病的概率只患甲病的概率mmn4只患乙病的概率只患乙病的概率nmn5同患两种病的概率同患两种病的概率mn6只患一种病的概率只患一种病的概率mn2mn或或m(1n)n(1m)7不患病概率不患病概率(1m)(1n)8患病概率患病概率mnmn或或1不患病率不患病率以上以上规律可用下律可用下图帮助理解：帮助理解：应用指南应用指南1某某个个体体产产生生配配子子的的类类型型等等于于各各对对基基因因单单独独形形成成配配子子种数的乘积。种数的乘积。2任任何何两两种种基基因因型型(表表现现型型)的的亲亲本本相相交交，产产生生子子代代基基因因型型(表表现现型型)的的种种数数等等于于亲亲本本各各对对基基因因型型(表表现现型型)单单独独相相交交所所产产生基因型生基因型(表现型表现型)的乘积。的乘积。3子子代代中中个个别别基基因因型型(表表现现型型)所所占占比比例例等等于于该该个个别别基基因型因型(表现型表现型)中各对基因型中各对基因型(表现型表现型)出现概率的乘积。出现概率的乘积。例例3(2010南京模南京模拟)小麦的毛小麦的毛颖和光和光颖是一是一对相相对性性状状(显、隐性由性由P、p基因控制基因控制)，抗，抗锈和感和感锈是一是一对相相对性状性状(由由R、r控制控制)，控制，控制这两两对相相对性状的基因位于两性状的基因位于两对同源染色体同源染色体上。以上。以纯种毛种毛颖感感锈(甲甲)和和纯种光种光颖抗抗锈(乙乙)为亲本本进行行杂交，交，F1均均为毛毛颖抗抗锈(丙丙)。再用。再用F1与丁与丁进行行杂交，交，F2有四种表有四种表现型，型，对每每对相相对性状的植株数目作出的性状的植株数目作出的统计结果如果如图所示，所示，则丁的丁的基因型是基因型是()APprrBPPRrCPpRR DppRr解解析析本本题题重重点点考考查查了了遗遗传传的的基基本本规规律律基基因因的的自自由由组组合合定定律律。具具有有两两对对相相对对性性状状的的亲亲本本杂杂交交，子子一一代代表表现现为为显显性性性性状状，基基因因型型为为PpRr，其其与与丁丁杂杂交交，根根据据图图示示可可知知，抗抗锈锈与与感感锈锈表表现现型型比比为为3：1，则则丁丁控控制制此此性性状状的的基基因因型型为为Rr；毛毛颖颖与与光光颖颖表表现现型型比比为为1：1，则则丁丁控控制制此此性性状状的的基基因因型型为为pp，因因此此丁丁的基因型为的基因型为ppRr。答案答案D对对点点训训练练3(2010重重庆理理综)请回回答答有有关关绵羊羊遗传与与发育的育的问题：(1)假假设绵羊羊黑黑面面(A)对白白面面(a)为显性性，长角角(B)对短短角角(b)为显性，两性，两对基因位于常染色体上且独立基因位于常染色体上且独立遗传。在在两两组杂交交实验中中，组子子代代只只有有白白面面长角角和和白白面面短短角角，数数量量比比为3：1；组子子代代只只有有黑黑面面短短角角和和白白面面短短角角，数数量量比比为1：1。其其亲本本的的基基因因型型组合合是是：组_，组_。纯种种与与非非纯种种的的黑黑面面长角角羊羊杂交交，若若子子代代个个体体相相互互交交配配能能产生生白白面面长角角羊羊，则杂交交亲本本的的基基因因型型组合合有有_。(2)假假设绵羊羊的的面面色色性性状状属属于于细胞胞质遗传，则不不同同面面色色的的羊羊杂交交，其其后后代代面面色色性性状状_(填填“能能”或或“不不能能”)出出现一定分离比。一定分离比。(3)克克隆隆羊羊多多利利是是将将多多塞塞特特母母羊羊的的乳乳腺腺细胞胞核核注注入入苏格格兰羊羊的的去去核核卵卵细胞胞中中，将将此此融融合合卵卵细胞胞培培养养后后植植入入母母羊羊体体内内发育而成。育而成。比比较三三种种细胞胞内内的的X染染色色体体数数：多多塞塞特特羊羊交交配配后后产生生的的正正常常受受精精卵卵_多多利利羊羊的的体体细胞胞_苏格格兰羊羊的次的次级卵母卵母细胞胞(填填“”、“”、“”、“”或或“”)。已已知知哺哺乳乳动物物的的端端粒粒(由由DNA组成成的的染染色色体体末末端端结构构)在在个个体体发育育开开始始后后，随随细胞胞分分裂裂不不断断缩短短。因因此此，多多利利的的端端粒粒长度度应比普通同比普通同龄绵羊的羊的_。解解析析：(1)控控制制绵绵羊羊面面色色和和角角性性状状的的基基因因独独立立遗遗传传，符符合合基基因因的的自自由由组组合合定定律律。组组杂杂交交后后代代数数量量比比为为3：1，而而且且只只有有白白面面长长角角和和白白面面短短角角，白白面面和和短短角角均均为为隐隐性性性性状状，因因而而可可确确定定亲亲本本基基因因型型为为aaBbaaBb；组组杂杂交交后后代代黑黑面面短短角角：白白面面短短角角1：1，亲亲本本基基因因型型为为Aabbaabb。纯纯种种黑黑面面长长角角羊羊的的基基因因型型为为AABB，非非纯纯种种的的黑黑面面长长角角羊羊的的基基因因型型通通式式为为A_B_；若若子子代代个个体体相相互互交交配配出出现现白白面面长长角角羊羊，说说明明亲亲本本中中存存在在a基基因因，但但是是否否存存在在b基基因因不不确确定定，所所以以亲亲本本的的基基因因型型组组合合可可能能为为AABBAaBB或或AABBAaBb。(2)细细胞胞质质遗遗传传具具有有母母系系遗遗传传的的特特点点，不不同同面面色色的的羊羊杂杂交，后代面色表现为母本的性状，不能出现一定的分离比。交，后代面色表现为母本的性状，不能出现一定的分离比。(3)羊的性别决定方式为羊的性别决定方式为XY型，多塞特羊交配后产生型，多塞特羊交配后产生的正常受精卵的性染色体组成为的正常受精卵的性染色体组成为XX或或XY，X染色体数为染色体数为1或或2；多利羊的性染色体来自多塞特母羊，其性染色体组成为；多利羊的性染色体来自多塞特母羊，其性染色体组成为XX，体细胞内，体细胞内X染色体数为染色体数为2；苏格兰羊的次级卵母细胞是经减数；苏格兰羊的次级卵母细胞是经减数第一次分裂而来，在减数第二次分裂后期由于着丝点分裂，染第一次分裂而来，在减数第二次分裂后期由于着丝点分裂，染色体数目加倍，细胞中色体数目加倍，细胞中X染色体数为染色体数为1或或2。多利是将多塞特多利是将多塞特母羊的乳腺细胞注入苏格兰羊的去核卵细胞，将此融合细胞培母羊的乳腺细胞注入苏格兰羊的去核卵细胞，将此融合细胞培养后植入母羊体内发育而成的，多塞特母羊是成年羊，其核中养后植入母羊体内发育而成的，多塞特母羊是成年羊，其核中端粒长度已经变短，融合细胞继续分裂过程中，端粒不断缩短。端粒长度已经变短，融合细胞继续分裂过程中，端粒不断缩短。因此，多利的端粒长度应比普通同龄绵羊的短。因此，多利的端粒长度应比普通同龄绵羊的短。答案：答案：(1)aaBbaaBbAabbaabbAABBAaBB、AABBAaBb(2)不能不能(3)短短考点考点4实验面面观：杂交实验面面观：杂交(常规常规)育种问题育种问题(1)育育种种原原理理：通通过有有性性杂交交中中基基因因的的重重新新组合合，把把两两个或多个个或多个亲本的本的优良性状良性状组合在一起。合在一起。(2)适用范适用范围：一般用于同种生物的不同品系：一般用于同种生物的不同品系间。(3)优缺缺点点：方方法法简单，但但需需要要较长年年限限的的选择才才能能获得所需得所需类型的型的纯合子。合子。(4)动植植物物杂交交育育种种比比较(以以获得得基基因因型型AAbb的的个个体体为例例)PAABBaabb动物一般物一般选多多对同同时杂交交F1AaBb 动物物为相同基因型的个体相同基因型的个体间交配交配F29A_B_3A_bb3aaB_1aabb例例4(2009福建高考福建高考)某种牧草体内形成某种牧草体内形成氰的途径的途径为：前体物前体物质产氰糖苷糖苷氰。基因。基因A控制前体物控制前体物质生成生成产氰糖苷，糖苷，基因基因B控制控制产氰糖苷生成糖苷生成氰。表。表现型与基因型之型与基因型之间的的对应关系关系如下表：如下表：表现型表现型有氰有氰有产氰糖苷、有产氰糖苷、无氰无氰无产氰糖苷、无产氰糖苷、无氰无氰基因型基因型A_B_(A和和B同时存在同时存在)A_bb(A存在，存在，B不存在不存在)aaB_或或aabb(A不存在不存在)(1)在在有有氰牧牧草草(AABB)后后代代中中出出现的的突突变型型个个体体(AAbb)因因缺缺乏乏相相应的的酶酶而而表表现无无氰性性状状，如如果果基基因因b与与B的的转录产物物之之间只只有有一一个个密密码子子的的碱碱基基序序列列不不同同，则翻翻译至至mRNA的的该位位点点时发生生的的变化化可可能能是是：编码的的氨氨基基酸酸_，或或者者是是_。(2)与与氰形形成成有有关关的的二二对基基因因自自由由组合合。若若两两个个无无氰的的亲本本杂交交，F1均均表表现为有有氰，则F1与与基基因因型型为aabb的的个个体体杂交交，子代的表子代的表现型及比例型及比例为_。(3)高高 茎茎 与与 矮矮 茎茎 分分 别 由由 基基 因因 E、e控控 制制。亲 本本 甲甲(AABBEE)和和亲本本乙乙(aabbee)杂交交，F1均均表表现为有有氰、高高茎茎。假假设三三对等等位位基基因因自自由由组合合，则F2中中能能稳定定遗传的的无无氰、高高茎茎个个体占体占_。(4)以以有有氰、高高茎茎与与无无氰、矮矮茎茎两两个个能能稳定定遗传的的牧牧草草为亲本本，通通过杂交交育育种种，可可能能无无法法获得得既既无无氰也也无无产氰糖糖苷苷的的高茎牧草。高茎牧草。请以以遗传图解解简要要说明。明。解析解析分析图表，可以得到如下流程图：分析图表，可以得到如下流程图：(1)密密码码子子改改变变有有三三种种情情况况，第第一一种种情情况况是是决决定定的的氨氨基基酸酸改改变变成成另另一一种种氨氨基基酸酸，第第二二种种情情况况是是改改变变成成不不决决定定氨氨基基酸酸的的终止密码子，第三种情况是所决定的氨基酸不变，性状不变。终止密码子，第三种情况是所决定的氨基酸不变，性状不变。(2)由由题题意意可可知知，F1的的基基因因型型为为AaBb，两两亲亲本本基基因因型型为为AAbb和和aaBB。F1与与aabb杂杂交交，后后代代中中AaBb占占1/4，能能产产氰氰，其余的三种基因型都不能产氰。其余的三种基因型都不能产氰。(3)先先分分析析有有氰氰和和无无氰氰这这一一对对相相对对性性状状，在在F2中中能能稳稳定定遗遗传传的的无无氰氰个个体体占占3/16；再再分分析析高高茎茎和和矮矮茎茎这这一一对对相相对对性性状状，F2中中能能稳稳定定遗遗传传的的高高茎茎占占1/4，故故F2中中能能稳稳定定遗遗传传的的无无氰氰、高高茎茎个体占个体占3/161/43/64。(4)有有氰氰、高高茎茎亲亲本本的的基基因因型型为为AABBEE，若若无无氰氰、矮矮茎茎的的基基因因型型为为AAbbee，F1代代基基因因型型为为AABbEe。既既无无氰氰也也无无产产氰氰糖糖苷苷的的高高茎茎牧牧草草的的基基因因型型为为aaB_E_或或aabbE_，通通过过F1代代自自交无法获得这两种基因型的个体。交无法获得这两种基因型的个体。答案答案(1)(种种类)不同合成不同合成终止止(或翻或翻译终止止)(2)有有氰：无无氰1：3(或或有有氰：有有产氰糖糖苷苷、无无氰：无无产氰糖苷、无糖苷、无氰1：1：2)(3)3/64(4)AABBEEAAbbeeAABbEe 后代中没有符合要求的后代中没有符合要求的aaB_E_或或aabbE_的个体的个体对对点点训训练练4(2010浙浙江江理理综)苏云云金金芽芽孢杆杆菌菌产生生的的毒毒蛋蛋白白能能使使螟螟虫虫死死亡亡。研研究究人人员将将表表达达这种种毒毒蛋蛋白白的的抗抗螟螟虫虫基基因因转入入非非糯糯性性抗抗稻稻瘟瘟病病水水稻稻的的核核基基因因组中中，培培育育出出一一批批转基基因因抗抗螟水稻。螟水稻。请回答：回答：(1)染染色色体体主主要要由由_组成成，若若要要确确定定抗抗螟螟基基因因是是否否已已整整合合到到水水稻稻的的某某一一染染色色体体上上，方方法法之之一一是是测定定该染染色色体体的的_。(2)选用用上上述述抗抗螟螟非非糯糯性性水水稻稻与与不不抗抗螟螟糯糯性性水水稻稻杂交交得得到到F1，从，从F1中中选取一株取一株进行自交得到行自交得到F2，F2的的结果如下表：果如下表：表现型抗螟非糯性抗螟糯性不抗螟非糯性不抗螟糯性表现型抗螟非糯性抗螟糯性不抗螟非糯性不抗螟糯性个体数个体数142485016分分析析表表中中数数据据可可知知，控控制制这两两对性性状状的的基基因因位位于于_染染色色体体上上，所所选F1植植株株的的表表现型型为_。亲本中抗螟非糯性水稻可能的基因型最多有本中抗螟非糯性水稻可能的基因型最多有_种。种。(3)现欲欲试种种这种种抗抗螟螟水水稻稻，需需检验其其是是否否为纯合合子子，请用用遗传图解解表表示示检验过程程(显、隐性性基基因因分分别用用B、b表表示示)，并作并作简要要说明。明。(4)上上表表中中的的抗抗螟螟水水稻稻均均能能抗抗稻稻瘟瘟病病(抗抗稻稻瘟瘟病病为显性性性性状状)，请简要分析可能的原因。要分析可能的原因。_。_。解析：解析：(1)染色体主要由染色体主要由DNA和组蛋白组成；若抗螟基和组蛋白组成；若抗螟基因已整合到水稻的某条染色体上，则该染色体的因已整合到水稻的某条染色体上，则该染色体的DNA序列与普序列与普通水稻该染色体的通水稻该染色体的DNA序列不同。序列不同。(2)分析表中数据可知，抗螟分析表中数据可知，抗螟：不抗螟：不抗螟3：1，非糯性，非糯性：糯性：糯性3：1，且四种性状数量比，且四种性状数量比接近接近9：3：3：1，故控制这两对性状的基因位于非同源染色，故控制这两对性状的基因位于非同源染色体上，且抗螟、非糯性为显性性状。从体上，且抗螟、非糯性为显性性状。从F1中选取的该株水稻基中选取的该株水稻基因型为因型为AaBb(A、a控制非糯性、糯性，控制非糯性、糯性，B、b控制抗螟、不抗螟控制抗螟、不抗螟)，表现型为抗螟非糯性，亲本中不抗螟糯性水稻基因型为，表现型为抗螟非糯性，亲本中不抗螟糯性水稻基因型为aabb，抗螟非糯性水稻基因型可以是，抗螟非糯性水稻基因型可以是AABB、AABb、AaBB、AaBb四种。四种。(3)检验抗螟水稻是否为纯合子，可以用自交法或检验抗螟水稻是否为纯合子，可以用自交法或测交法。测交法。(4)抗螟水稻均能抗稻瘟病，说明从抗螟水稻均能抗稻瘟病，说明从F1中选取的是抗稻中选取的是抗稻瘟病纯合子，或这两种显性基因位于同一条染色体上。瘟病纯合子，或这两种显性基因位于同一条染色体上。答案：答案：(1)DNA和组蛋白和组蛋白DNA序列序列(2)非同源非同源(两对两对)抗螟非糯性抗螟非糯性4(3)PBBPBb 抗螟抗螟抗螟抗螟 F1 BB F1BBBbbb抗螟抗螟抗螟不抗螟抗螟抗螟抗螟不抗螟1：2：1若若F1均抗螟，说明该水稻为纯合子。反之，则为杂合子。均抗螟，说明该水稻为纯合子。反之，则为杂合子。若若F1均抗螟，均抗螟，说明明该水稻水稻为纯合子。反之，合子。反之，则为杂合子。合子。(4)选取的取的F1是抗稻瘟病是抗稻瘟病纯合子合子抗螟基因与抗稻瘟病基因位于同一条染色体上抗螟基因与抗稻瘟病基因位于同一条染色体上例例1基基因因型型为AaBbCc(独独立立遗传)的的一一个个初初级精精母母细胞胞和和一一个个初初级卵卵母母细胞胞分分别产生生的的精精子子和和卵卵细胞胞基基因因型型的的种种类数数之比之比为()A4：1 B3：1C2：1 D1：1解解析析一一个个初初级级精精母母细细胞胞在在减减数数第第一一次次分分裂裂结结束束时时，由由于于非非等等位位基基因因的的自自由由组组合合，产产生生两两个个不不同同的的次次级级精精母母细细胞胞；每每个个次次级级精精母母细细胞胞进进行行减减数数第第二二次次分分裂裂时时，基基因因行行为为与与有有丝丝分分裂裂过过程程相相同同，因因此此一一个个次次级级精精母母细细胞胞生生成成的的两两个个精精子子的的基基因因型型是是完完全全相相同同的的，故故一一个个初初级级精精母母细细胞胞经经减减数数分分裂裂后后能能形形成成两两种种类类型型的的精精子子。一一个个初初级级卵卵母母细细胞胞经经减减数数分分裂裂只只能能产产生生一一个个卵卵细细胞，其基因型只有一种。胞，其基因型只有一种。答案答案C对应学生用书对应学生用书73页页 A BC D解解析析基基因因的的分分离离定定律律和和自自由由组组合合定定律律都都是是在在个个体体通通过过减减数数分分裂裂产产生生配配子子时时起起作作用用，不不同同于于性性状状的的自自由由组组合合，也也不不同于配子的自由组合。同于配子的自由组合。答案答案A典典例例1(2010北北京京理理综)决决定定小小鼠鼠毛毛色色为黑黑(B)/褐褐(b)色色、有有(s)/无无(S)白白斑斑的的两两对等等位位基基因因分分别位位于于两两对同同源源染染色色体体上上。基基因因型型为BbSs的的小小鼠鼠间相相互互交交配配，后后代代中中出出现黑黑色色有有白白斑斑小小鼠鼠的比例是的比例是()A1/16B3/16C7/16 D9/16考查角度考查角度基因的自由基因的自由组合定律合定律对应学生用书对应学生用书74页页 解解析析本本题题主主要要考考查查基基因因自自由由组组合合定定律律的的应应用用。基基因因型型为为BbSs的的小小鼠鼠间间相相互互交交配配，后后代代表表现现型型比比为为9：3：3：1，其中黑色有白斑小鼠其中黑色有白斑小鼠(基因型为基因型为B_ss)的比例为的比例为3/16。答案答案B点点评评本本题属属于于基基础题，掌掌握握基基因因自自由由组合合定定律律的的基基础运算是解运算是解题关关键。典典例例2(2010安安徽徽理理综)南南瓜瓜的的扁扁盘形形、圆形形、长圆形形三三种种瓜瓜形形由由两两对等等位位基基因因控控制制(A、a和和B、b)，这两两对基基因因独独立立遗传。现将将2株株圆形形南南瓜瓜植植株株进行行杂交交，F1收收获的的全全是是扁扁盘形形南南瓜瓜；F1自自交交，F2获得得137株株扁扁盘形形、89株株圆形形、15株株长圆形形南南瓜。据此推断，瓜。据此推断，亲代代圆形南瓜植株的基因型分形南瓜植株的基因型分别是是()AaaBB和和Aabb BaaBb和和AAbbCAAbb和和aaBB DAABB和和aabb考查角度考查角度基因自由基因自由组合定律的合定律的应用与拓展用与拓展解解析析由由题题知知，控控制制瓜瓜形形的的两两对对基基因因独独立立遗遗传传，符符合合基基因因的的自自由由组组合合定定律律。F2代代中中扁扁盘盘形形：圆圆形形：长长圆圆形形9：6：1，根根据据基基因因的的自自由由组组合合定定律律，F2代代中中扁扁盘盘形形、圆圆形形、长长圆圆形形的的基基因因型型通通式式分分别别为为：A_B_、(aaB_A_bb)、aabb。已已知知亲亲代代圆圆形形南南瓜瓜杂杂交交获获得得的的全全是是扁扁盘盘形形，因因而而可可确确定定亲亲代代的的基基因因型分别是型分别是AAbb和和aaBB。答案答案C点点评评此此题考考查孟孟德德尔尔自自由由组合合定定律律的的应用用，中中档档题，属属于于考考纲理理解解层次次。准准确确理理解解孟孟德德尔尔的的自自由由组合合定定律律，结合合F2代的性状分离比代的性状分离比进行推断是解决本行推断是解决本题的关的关键。典典例例3(2010上上海海生生物物)控控制制植植物物果果实重重量量的的三三对等等位位基基因因A/a、B/b和和C/c，对果果实重重量量的的作作用用相相等等，分分别位位于于三三对同同 源源 染染 色色 体体 上上。已已 知知 基基 因因 型型 为 aabbcc的的 果果 实 重重 120克克，AABBCC的的果果实重重210克克。现有有果果树甲甲和和乙乙杂交交，甲甲的的基基因因型型为AAbbcc，F1的果的果实重重135165克。克。则乙的基因型是乙的基因型是()AaaBBcc BAaBBccCAaBbCc DaaBbCc考查角度考查角度基因自由基因自由组合定律的合定律的应用与拓展用与拓展答案答案D点点评评此此题题考考查查学学生生获获取取信信息息的的能能力力，属属于于考考纲纲分分析析判判断断层层次次，较较难难题题。基基因因型型不不同同的的果果实实重重量量不不同同，准准确确获获取取此此信息是解答本题的关键。信息是解答本题的关键。典典例例4(2010全全国国新新课标)某某种种自自花花受受粉粉植植物物的的花花色色分分为白白色色、红色色和和紫紫色色。现有有4个个纯合合品品种种：1个个紫紫色色(紫紫)、1个个红色色(红)、2个个白白色色(白白甲甲和和白白乙乙)。用用这4个个品品种种做做杂交交实验，结果果如下：如下：实验1：紫：紫红，F1表表现为紫，紫，F2表表现为3紫紫：1红；实验2：红白白甲甲，F1表表现为紫紫，F2表表现为9紫紫：3红：4白；白；实验3：白甲：白甲白乙，白乙，F1表表现为白，白，F2表表现为白；白；实验4：白白乙乙紫紫，F1表表现为紫紫，F2表表现为9紫紫：3红：4白。白。综合上述合上述实验结果，果，请回答：回答：(1)上述花色上述花色遗传所遵循的所遵循的遗传定律是定律是_。(2)写写出出实验1(紫紫红)的的遗传图解解(若若花花色色由由一一对等等位位基基因因控控制制，用用A、a表表示示，若若由由两两对等等位位基基因因控控制制，用用A、a和和B、b表示，以此表示，以此类推推)。(3)为了了验证花花色色遗传的的特特点点，可可将将实验2(红白白甲甲)得得到到的的F2植植株株自自交交，单株株收收获F2中中紫紫花花植植株株所所结的的种种子子，每每株株的的所所有有种种子子单独独种种植植在在一一起起可可得得到到一一个个株株系系，观察察多多个个这样的的株株系系，则理理论上上，在在所所有有株株系系中中有有4/9的的株株系系F3花花色色的的表表现型型及及其其数数量量比比为_。考查角度考查角度基因自由基因自由组合定律的合定律的综合合应用用解析解析(1)根据实验根据实验2或实验或实验4中中F2代的性状分离比可以代的性状分离比可以判断由两对等位基因控制花色，且这两对等位基因的遗传遵循判断由两对等位基因控制花色，且这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律。自由组合定律。(2)因为控制花色的两对等位基因遵循自由组合因为控制花色的两对等位基因遵循自由组合定律，所以实验定律，所以实验2和实验和实验4中中F1代紫色的基因型均为代紫色的基因型均为AaBb，F1代代自交后代有以下两种结论：自交后代有以下两种结论：由由以以上上分分析析可可判判断断：实实验验1中中紫紫色色品品种种的的基基因因型型为为AABB，红红色色品品种种的的基基因因型型为为AAbb或或aaBB。从从而而写写出出实实验验1的的遗遗传传图图解解，注注意意遗遗传传图图解解书书写写的的完完整整性性：表表现现型型、基基因因型型、比比例例及及相相关关符符号号。(3)实实验验2的的F2植植株株有有9种种基基因因型型，其其中中紫紫花花植植株株中中基基因因型型为为AaBb的的植植株株占占4/9。单单株株收收获获后后的的所所有有株株系系中中，4/9的的株株系系为为AaBb的的子子代代，其其花花色色的的表表现现型型及及其其数数量量比比为为9紫紫：3红红：4白。白。答案答案(1)自由自由组合定律合定律(2)遗传图解解为：P紫紫红 AABB AAbbF1 紫紫AABb F2 紫紫：红 AAB_AAbb 3：1或答或答P紫紫红 AABB aaBBF1 紫紫AaBB F2 紫紫：红 A_BBaaBB 3：1(3)9紫紫：3红：4白白点评点评该题的命题意图是考查基因自由组合定律的原该题的命题意图是考查基因自由组合定律的原理和应用。属于考纲理解层次，并且需处理的信息量大，所以理和应用。属于考纲理解层次，并且需处理的信息量大，所以题目难度稍大。解题的关键是根据实验题目难度稍大。解题的关键是根据实验2或实验或实验4中后代的性状中后代的性状分离比为突破口，逐步确定每个品种的基因型。第分离比为突破口，逐步确定每个品种的基因型。第(3)题则要求题则要求明确题意，理解明确题意，理解4/9的株系即为的株系即为F2代中基因型为代中基因型为AaBb的株系。的株系。典典例例5(2010全全国国)现有有4个个纯合合南南瓜瓜品品种种，其其中中2个个品品种种的的果果形形表表现为圆形形(圆甲甲和和圆乙乙)，1个个表表现为扁扁盘形形(扁扁盘)，1个表个表现为长形形(长)。用。用这4个南瓜品种做了个南瓜品种做了3个个实验，结果如下：果如下：实验1：圆甲甲圆乙乙，F1为扁扁盘，F2中中扁扁盘：圆：长9：6：1实验2：扁扁盘长，F1为扁扁盘，F2中中扁扁盘：圆：长9：6：1实验3：用用长形形品品种种植植株株的的花花粉粉分分别对上上述述两两个个杂交交组合合的的F1植植株株授授粉粉，其其后后代代中中扁扁盘：圆：长均均等等于于1：2：1。综合上述合上述实验结果，果，请回答：回答：(1)南南瓜瓜果果形形的的遗传受受_对等等位位基基因因控控制制，且且遵循遵循_定律。定律。(2)若若果果形形由由一一对等等位位基基因因控控制制用用A、a表表示示，若若由由两两对等等位位基基因因控控制制用用A、a和和B、b表表示示，以以此此类推推，则圆形形的的基基因因型型应为_，扁扁盘的的基基因因型型应为_，长形形的的基基因型因型应为_。(3)为了了验证(1)中中的的结论，可可用用长形形品品种种植植株株的的花花粉粉对实验1得得到到的的F2植植株株授授粉粉，单株株收收获F2中中扁扁盘果果实的的种种子子，每每株株的的所所有有种种子子单独独种种植植在在一一起起可可得得到到一一个个株株系系。观察察多多个个这样的的株株系系，则所所有有株株系系中中，理理论上上有有1/9的的株株系系F3果果形形均均表表现为扁扁盘，有有_的的株株系系F3果果形形的的表表现型型及及其其数数量量比比为扁扁盘：圆1：1，有有_的的株株系系F3果果形形的的表表现型型及及其其数数量量比比为_。考查角度考查角度基因自由组合定律的综合应用基因自由组合定律的综合应用解析解析(1)实验实验1与实验与实验2的的F2中扁盘中扁盘：圆：圆：长：长9：6：1，是，是9：3：3：1的变形，说明南瓜的果形是由两对等位基的变形，说明南瓜的果形是由两对等位基因控制的，遵循基因的自由组合定律。因控制的，遵循基因的自由组合定律。(2)由题意可知，显性基由题意可知，显性基因因A和和B同时存在时，南瓜表现型为扁盘形，基因型为同时存在时，南瓜表现型为扁盘形，基因型为AaBb、AABb、AaBB、AABB；当只有一个显性基因存在时，南瓜表；当只有一个显性基因存在时，南瓜表现型为圆形，基因型为现型为圆形，基因型为AAbb、aaBB、Aabb、aaBb；当没有；当没有显性基因存在时，南瓜表现型为长形，基因型为显性基因存在时，南瓜表现型为长形，基因型为aabb。(3)F2扁盘果实的种子中，理论上的基因型及比例分别扁盘果实的种子中，理论上的基因型及比例分别为：为：1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb，它们分别与，它们分别与长形品种长形品种(aabb)测交，在所有株系中，测交，在所有株系中，1/9AABBaabb1/9AaBb(扁盘扁盘)，2/9AaBBaabb1/9AaBb(扁盘扁盘)：1/9aaBb(圆圆)，2/9AABbaabb1/9AaBb(扁盘扁盘)：1/9Aabb(圆圆)，4/9AaBbaabb1/9AaBb(扁盘扁盘)：1/9Aabb(圆圆)：1/9aaBb(圆圆)：1/9aabb(长长)，即有，即有4/9株系株系F3果形的表现型及果形的表现型及数量比为扁盘数量比为扁盘：圆：圆1：1，有，有4/9株系株系F3果形的表现型及数量果形的表现型及数量比为扁盘比为扁盘：圆：圆：长：长1：2：1。答案答案(1)两自由组合两自由组合(2)A_bb和和aaB_A_B_aabb(3)4/94/9扁盘扁盘：圆：圆：长：长1：2：1点点评评本本题题综综合合考考查查了了基基因因自自由由组组合合定定律律的的相相关关知知识识，属属于于应应用用层层次次，中中档档题题。由由F2的的表表现现型型比比9：6：1推推出出南南瓜瓜果果形形受受两两对对等等位位基基因因控控制制，其其遗遗传传遵遵循循基基因因的的自自由由组组合合定定律律，并并进而推出进而推出F2的的9种基因型及比例是得分关键。种基因型及比例是得分关键。1(2010南南京京模模拟)雄雄性性蝴蝴蝶蝶有有黄黄色色和和白白色色，雌雌性性只只有有白白色色；触触角角有有棒棒形形和和正正常常形形，但但不不论正正交交反反交交子子代代结果果一一样。设黄黄色色为Y，白白色色为y，触触角角棒棒形形为A，触触角角正正常常形形为a。在在下下列列组合中，不能从其子代表合中，不能从其子代表现型判断出性型判断出性别的是的是()AyyaaYYAABYyAAyyaaCYYAaYyaa DYYAayyAa解解析析：据据题题可可知知，蝴蝴蝶蝶的的颜颜色色为为限限性性遗遗传传，雌雌性性无无论论何何种种基基因因型型都都为为白白色色。B组组组组合合中中，子子代代雄雄性性有有黄黄有有白白，雌雌性性全全为为白白色色，无无法法根根据据颜颜色色判判断断性性别别，而而其其他他各各组组子子代代雄雄性性均均为为黄色，雌性均为白色。黄色，雌性均为白色。答案：答案：B对应学生用书对应学生用书75页页 2(2010南南通通检测)兔兔毛毛色色的的遗传受受常常染染色色体体上上两两对等等位位基基因因(C和和c、G和和g)控控制制。现用用纯种种灰灰兔兔与与纯种种白白兔兔杂交交，F1全全为灰灰兔兔，F1自自交交(雌雌雄雄个个体体相相互互交交配配)产生生的的F2中中，灰灰兔兔：黑黑兔兔：白白兔兔9：3：4。已已知知当当基基因因C和和G同同时存存在在时表表现为灰灰兔，但基因兔，但基因c纯合合时就表就表现为白兔。下列白兔。下列说法法错误的是的是()AC、c与与G、g两两对等等位位基基因因分分别位位于于两两对同同源源染染色色体上体上B亲本的基因型是本的基因型是CCGG和和ccggCF2中白兔能中白兔能稳定定遗传的个体占的个体占1/2D若若F1中灰兔中灰兔测交，交，则后代有后代有4种表种表现型型解解析析：根根据据题题干干信信息息可可知知，亲亲本本为为灰灰兔兔(CCGG)白白兔兔(ccgg)，F1为为灰灰兔兔(CcGg)，F2为为灰灰兔兔(9C_G_)、黑黑兔兔(3C_gg)、白白兔兔(3ccG_1ccgg)。F2中中白白兔兔(3ccG_1ccgg)能能稳稳定定遗遗传传的的个个体体(1ccGG1ccgg)占占1/2。若若F1中中灰灰兔兔测测交交(CcGgccgg)，子子代代为为灰灰兔兔(1CcGg)、黑黑兔兔(1Ccgg)、白白兔兔(1ccGg1ccgg)，只只有有3种种表现型。表现型。答案：答案：D3某某种种鼠鼠中中，黄黄鼠鼠基基因因A对灰灰鼠鼠基基因因a为显性性，短短尾尾基基因因B对长尾尾基基因因b为显性性，且且基基因因A或或b在在纯合合时使使胚胚胎胎致致死死，这两两对基基因因位位于于非非同同源源染染色色体体上上。现有有两两只只双双杂合合的的黄黄色色短短尾尾鼠交配，理鼠交配，理论上所生的子代中上所生的子代中杂合子所占的比例合子所占的比例为()A1/4 B3/4C1/9 D8/9解解析析：这这两两对对基基因因位位于于非非同同源源染染色色体体上上，符符合合孟孟德德尔尔的的自自由由组组合合定定律律，两两只只双双杂杂合合的的黄黄色色短短尾尾鼠鼠的的基基因因型型是是AaBb，交交配配时时会会产产生生9种种基基因因型型的的个个体体，但但是是由由于于基基因因A或或b在在纯纯合合时时使使胚胚胎胎致致死死，所所以以，只只有有AaBB(2/9)、AaBb(4/9)、aaBB(1/9)、aaBb(2/9)四四种种基基因因型型的的个个体体能能够够生生存存下下来来，杂杂合合子子所所占占的的比比例为例为8/9。答案：答案：D4在在西西葫葫芦芦的的皮皮色色遗传中中，已已知知黄黄色色基基因因(Y)对绿色色基基因因(y)为显性性，但但在在另另一一白白色色显性性基基因因(W)存存在在时，则基基因因Y和和y都都不不能能表表达达。现有有基基因因型型WwYy的的个个体体自自交交，两两对等等位位基基因因遵遵循自由循自由组合定律，其后代表合定律，其后代表现型种型种类有几种有几种()A4种种 B2种种C3种种 D1种种解解析析：据据题题意意可可知知，当当个个体体的的基基因因组组成成中中含含有有W时时表表现现为为白白色色，当当基基因因组组成成为为wwY_时时表表现现为为黄黄色色，当当基基因因组组成成为为wwyy时表现为绿色。时表现为绿色。答案：答案：C两对基因控制一对性状的异常遗传现象分离比两对基因控制一对性状的异常遗传现象分离比某某些些生生物物的的性性状状由由两两对对等等位位基基因因控控制制，这这两两对对基基因因在在遗遗传传的的时时候候遵遵循循自自由由组组合合定定律律，但但是是F1自自交交后后代代的的表表现现型型却却出出现现了了很很多多特特殊殊的的性性状状分分离离比比如如9：3：4,15：1，9：7，9：6：1等等，分分析析这这些些比比例例，我我们们会会发发现现比比例例中中数数字字之之和和仍仍然然为为16，这也验证了基因的自由组合定律，具体各种情况分析如下表。，这也验证了基因的自由组合定律，具体各种情况分析如下表。F1(AaBb)自交后自交后代比例代比例原因分析原因分析9：3：3：1正常的完全显性正常的完全显性9：7A、B同时存在时表现为一种性状，同时存在时表现为一种性状，否则表现为另一种性状否则表现为另一种性状9：3：4aa(或或bb)成对存在时，表现为双成对存在时，表现为双隐性状，其余正常表现隐性状，其余正常表现9：6：1存在一种显性基因存在一种显性基因(A或或B)时表现时表现为另一种性状，其余正常表现为另一种性状，其余正常表现15：1只要存在显性基因只要存在显性基因(A或或B)就表现就表现为同一种性状，其余正常表现为同一种性状，其余正常表现【例例题题】(2009安安徽徽高高考考)某某种种野野生生植植物物有有紫紫花花和和白白花两种表现型，已知紫花形成的生物化学途径是：花两种表现型，已知紫花形成的生物化学途径是：A基因基因B基因基因 A和和a、B和和b是是分分别别位位于于两两对对染染色色体体上上的的等等位位基基因因，A对对a、B对对b为为显显性性。基基因因型型不不同同的的两两白白花花植植株株杂杂交交，F1紫紫花花：白白花花1：1。若若将将F1紫紫花花植植株株自自交交，所所得得F2植植株株中中紫紫花花：白白花花9：7。请回答：请回答：(1)从从紫紫花花形形成成的的途途径径可可知知，紫紫花花性性状状是是由由_对基因控制。基因控制。(2)根根据据F1紫紫花花植植株株自自交交的的结果果，可可以以推推测F1紫紫花花植植株株的的基基因因型型是是_，其其自自交交所所得得F2中中，白白花花植植株株纯合合体体的的基因型是基因型是_。(3)推推 测 两两 亲 本本 白白 花花 植植 株株 的的 杂 交交 组 合合(基基 因因 型型)是是_或或_；用用遗传图解解表表示示两两亲本本白白花花植植株株杂交的交的过程程(只要求写一只要求写一组)。(4)紫紫花花形形成成的的生生物物化化学学途途径径中中，若若中中间产物物是是红色色(形形成成红花花)，那那么么基基因因型型为AaBb的的植植株株自自交交，子子一一代代植植株株的的表表现型及比例型及比例为_。(5)紫紫花花中中的的紫紫色色物物质是是一一种种天天然然的的优质色色素素，但但由由于于B基基因因表表达达的的酶酶较少少，紫紫色色物物质含含量量较低低。设想想通通过基基因因工工程程技技术，采采