高考物理二轮复习 第1部分 核心突破 专题4 电路和电磁感应 第1讲 恒定电流和交变电流特训-人教版高三全册物理试题

第1讲 恒定电流和交变电流1(2016合肥质检一)图示电路中，GMR为一个磁敏电阻，它的阻值随所处空间磁场的增强而增大闭合开关S1和S2后，在滑片P向右滑动时(D)AL1、L2都变暗BL1、L2都变亮CL1变暗，L2变亮DL1变亮，L2变暗解析：滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的有效电阻变大，电磁铁产生的磁场减弱，磁敏电阻的阻值减小，右侧电路外电阻变小，路端电压变小，L2变暗，总电阻变小，总电流变大，通过L2的电流变小，通过L1的电流变大，L1变亮，选项D正确2(2016湖北部分重点中学联考一)如图所示的电路中，R1是定值电阻，R2是光敏电阻，电源的内阻不能忽略闭合开关S，当光敏电阻上的光照强度增大(即R2减小)时，下列说法中正确的是(A)A电源的路端电压减小B通过R2的电流减小C电容器C所带的电荷量增加D电源的效率增大解析：当光敏电阻上的光照强度增大时，R2减小，即外电阻减小，电源的路端电压变小，选项A正确；电路中总电阻变小，总电流变大，通过R2的电流变大，选项B错误；电容器的电压为路端电压，是减小的，电容器上所带的电荷量QCU减小，选项C错误；电源的效率()随着外电阻的减小而减小，选项D错误3(2016南昌调研)如图所示是某型号电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成已知电吹风的额定电压为220 V，吹冷风时的功率为120 W，吹热风时的功率为1 000 W关于该电吹风，下列说法正确的是(BD)A若S1、S2闭合，则电吹风吹冷风B电热丝的电阻为55 C电动机工作时输出的机械功率为880 WD当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120 J解析：S1、S2都闭合时，由于电热丝加热，吹出的是热风，吹热风时电阻丝的电功率为PR(1000120) W880 W，电动机的功率为PM120 W，则电热丝的电阻为R55 ，吹热风时电动机每秒消耗电能QPMt120 J，选项AC错误，BD正确4(2016山西百校联盟质监)如图所示，图线为某灯泡两端的电压随电流变化的曲线，图线是某电池路端电压随电流变化的曲线，现将图线对应的灯泡直接接在图线对应的电池两端，过较长一段时间后，电池的电动势基本不变，电池的内阻明显变大，则(AC)A灯泡的电阻一定减小B电源的输出功率一定增大C电源的总功率一定减小D电源的效率一定增大解析：由于过一段时间后，电源的电动势基本不变，而内阻明显增大，则电池的路端电压随电流变化的曲线如图中虚线所示，此图线与灯泡的UI图线的交点对应的电压、电流均变小，因此电源的输出功率变小，电源的总功率IE也变小，B项错误，C项正确；交点的割线斜率也减小，灯泡的电阻减小，A项正确；由100%可知，电源的效率也减小，D项错误5(2016长沙一模)某限流器由超导部件和限流电阻并联组成，如图所示超导部件有一个超导临界电流Ic，当通过限流器的电流IIc时将造成超导体失超，即从超导体(可视为电阻为零)转变为正常态(可视为定值纯电阻)，以此便可限制电路系统的故障电流已知超导部件的正常态电阻为R13 ，超导临界电流Ic1.2 A，限流电阻R26 .小灯泡L上标有“6 V6 W”，电源电动势E8 V，内阻r2 .原来电路正常工作，现L突然发生短路，则(C)AL短路前通过R1的电流为 ABL短路前通过R2的电流为1 ACL短路后通过R1的电流为 ADL短路后通过R2的电流为 A解析：短路前灯泡正常发光，则电路中电流I A1 A，选项A错误；此时R2被短路，电流全部通过R1，故R1中电流为1A，选项B错误；L短路后，电路中电流为I A4 A，超过了超导临界电流，超导部件将由超导状态转化为正常状态，此时R1、R2两电阻并联，R并 2 ，电路中总电流I A2 A，此时通过R1的电流I1 A，通过R2的电流为I2 A，选项C正确，D错误6(2016东北三省四市联考一)如图所示电路，当滑动变阻器R3的触头向右移动一小段距离后，电压表V1和电压表V2的示数的变化量分别为U1和U2(均取绝对值)，电容器C的带电量变化量为Q.则下列说法中正确的是(BC)A电压表V1的示数变大，电压表V2的示数变小，且有U1U2B电压表V1的示数变小，电压表V2的示数增大，且有U1U2C电容器的左极板带正电，且有Q0D电容器的左极板带正电，且有Q0解析：根据闭合电路欧姆定律，当滑动变阻器R3的触头向右移动一小段距离后，R3接入电路中的阻值减小，回路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，电压表V2的示数U2变大；由于电路路端电压减小，而定值电阻R2两端的电压U2变大，故电压表V1的示数U1变小.等于电源内阻和定值电阻R2之和，即R2r，而R2，故U1U2，选项A错误，B正确；电容器两端的电压等于定值电阻R2两端的电压U2，由QCU，电容器的带电量增大，故Q0，且左极板带正电，选项C正确，D错误7(2016浙江嘉兴期末)某兴趣小组利用如图所示装置给小灯泡供电矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小为B的水平匀强磁场中，线框电阻不计线框绕垂直于磁场的轴OO以角速度匀速转动，并通过变压器给小灯泡供电下列说法正确的是(BD)A图示位置穿过线框的磁通量为零B图示位置线框产生的感应电动势为零C使用变压器的目的是为了提高输出功率D若灯泡偏暗，可通过减少原线圈匝数来提高灯泡亮度解析：图示位置穿过线圈的磁通量最大，线圈平面与中性面重合，感应电动势为零，选项A错误，选项B正确；变压器只能改变电压，不能提高输出功率，选项C错误；根据，减少原线圈的匝数可以增加副线圈的电压，使偏暗的灯泡变亮选项D正确8(2016长沙模拟二)如图所示电路，一理想变压器的原线圈ab间接电压为u220sin100t(V)的交流电源，R0为定值电阻，当滑动变阻器R的滑片处在某位置时，灯泡L刚好正常发光，则(CD)A流过灯泡L的交变电流频率跟变压器的原、副线圈匝数比无关，为100 HzB将R的滑片向上滑稍许，灯泡L的亮度不变C将R的滑片向下滑稍许，变压器的输入功率变大D将R的滑片向下滑稍许，灯泡L的亮度变暗解析：由2f得，交流电的频率f50 Hz，流过灯泡L的交变电流频率跟变压器的原、副线圈匝数比无关，为50 Hz，选项A错误；由得，n1、n2不变，U1不变，故U2不变，将R的滑片向上滑，滑动变阻器接入电路中的阻值增大，副线圈中的电流I2减小，定值电阻R0两端的分压减小，故灯泡L两端的电压增大，灯泡L亮度变亮，选项B错误；将R的滑片向下滑稍许，滑动变阻器接入电路中的阻值减小，副线圈中的电流I2增大，定值电阻R0两端的电压增大，故灯泡L两端的电压减小，灯泡L亮度变暗，变压器的输出功率P2U2I2变大，故变压器的输入功率P1变大，选项CD正确9(2016武汉4月调研)心电图仪是将心肌收缩产生的脉动转化为电压脉冲的仪器，其输出部分可以等效为虚线框内的交流电源和定值电阻R0串联，如图所示心电图仪与一理想变压器的原线圈连接，一可变电阻R与该变压器的副线圈连接在交流电源的电压有效值U0不变的情况下，将可变电阻R的阻值调大的过程中(C)A通过原线圈的电流不变，通过副线圈的电流不变B通过原线圈的电流不变，通过副线圈的电流变小C通过原线圈的电流变小，通过副线圈的电流变小D通过原线圈的电流变大，通过副线圈的电流变大解析：设理想变压器输出电压的有效值为U2、通过副线圈的电流为I2，通过原线圈的电流为I1，由欧姆定律I知，可变电阻R的阻值增大时，通过副线圈的电流I2减小，由知，通过原线圈的电流I1减小，选项C正确，选项ABD错误10(2016济南3月模拟)如图为发电厂向远处用户的输电电路示意图，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变若输送功率增大，下列说法中正确的有(CD)A升压变压器的输出电压增大B降压变压器的输出电压增大C输电线上损耗的功率增大D输电线上损耗的功率占总功率的比例增大解析：若输送功率增大，发电厂的输出电压不变，由知，升压变压器的输出电压不变，选项A错误；输送功率增大，输出电流增大，所以输电线上损耗的功率增大，选项C正确；输电线损失电压增大，所以降压变压器的输入电压减小，降压变压器的输出电压减小，选项B错误；输电线上损耗的功率占总功率的比例为，由于输电线电流I2增大，故选项D正确11(2016东北三省三校联考一)如图所示，一个“”形线框处在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，OO为磁场的边界现使线框以角速度绕轴OO匀速转动，通过金属转轴和电刷与阻值为R的外电阻相连已知线框各边长为L，总电阻为r，不计轴与电刷的电阻则电路中电流的有效值为(D)ABCD.解析：线框匀速转动，产生的感应电动势最大值EmBLvBLLBL2，由于是有界磁场且初始时刻产生的感应电动势为零，则产生的感应电动势随时间变化规律如图所示，则T，可得E有，则电流有效值为I有，D正确12(2016江苏苏州调研)如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为31，L1、L2、L3为三只规格均为“9 V6 W”的相同灯泡，各电表均为理想交流电表，输入端接入如图乙所示的交变电压，则以下说法中正确的是(BD)A电压表的示数为27 VB电流表的示数为2 AC副线圈两端接入耐压值为10 V的电容器能正常工作D变压器副线圈中交变电流的频率为50 Hz解析：由输入端交变电压u的图象，可求出有效值为27 V，电压表的示数为有效值，选项A错误；由可得副线圈两端的电压为U29 V,3只灯泡均能正常发光，由PUI得每只灯泡通过的电流为I A A，电流表的读数为I23 A2 A，选项B正确；副线圈两端电压的最大值为9 V10 V，接入耐压值为10 V的电容器不能正常工作，选项C错误；由交流电的图象可知其周期为0.02 s，故其频率f50 Hz，选项D正确13(2016东北三省四市联考一)如图，有一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n，原线圈接正弦交流电，输出端接有一个交流电压表和一个电动机电动机线圈电阻为R，当输入端接电源后，电流表读数为I，电压表读数为U，电动机带动一重物匀速上升下列判断正确的是(C)A电动机两端电压为UB电动机消耗的功率为C电动机的输出功率为nUIn2I2RD变压器的输入功率为解析：电动机两端的电压等于副线圈两端的电压，即电压表的读数U，选项A错误；根据得，副线圈中的电流I2nI，故电动机消耗的功率为PUI2nUI，输出功率P出nUIIRnUIn2I2R，选项B错误；C正确；根据理想变压器的特点，P1P2，故变压器的输入功率P1P2UI2nUI，选项D错误14(2016湖北七市(州)联考)如图所示为远距离输电的原理图，已知升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，两端电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，升压变压器到降压变压器之间输电线上的总电阻为R，变压器均为理想变压器，若保持发电机的输出功率和输出电压不变，则下列说法正确的是(D)A用户端的负载增加(并联用电器增多)时，I2增大，I1增大B远距离输电线上的电流I2C若用户端要得到U1大小的电压，则降压变压器原、副线圈的匝数比为n2n1D无论用户端的负载如何变化，始终有I1U1I2U2解析：发电机的输出功率及输出电压不变，由PUI可知I1不变，进而可得I2不变，A错误；U2为升压变压器副线圈上的电压，U2并不是完全加在R上，B错误，由于输电线路上要分得一部分电压，所以用户要得到U1大小的电压，降压变压器原副线圈匝数比大于升压变压器副、原线圈匝数比，C错误；理想变压器输入功率和输出功率相等，即I1U1I2U2，D正确15(2016南昌模拟一)某供电系统是由交流发电机输出电压和副线圈匝数可调的变压器组成，如图所示图中R0表示输电线的电阻则(BD)A当电压表V1示数减小，而用电器负载不变时，不改变触头位置，电流表A1示数增大B当电压表V1示数减小，而用电器负载不变时，适当上移触头P，可使电流表A2示数不变C当电压表V1示数不变，当用电器负载增加时，不改变触头位置，电流表A1示数不变D当电压表V1示数不变，当用电器负载增加时，适当上移触头P，电流表A1示数一定增加解析：根据理想变压器的电压比等于匝数比，当输入电压减小时，输出电压U2也减小，由I可知I2减小，又因，所以I1减小，故电流表A1的示数减小，选项A错误；根据，减小U1，上移触头P，n2变大，U2可能不变，电流表A2的示数可能不变，选项B正确，增加负载相当于减小电阻值，根据.输出电压U2不变，则电流表A2示数变大，电流表A1的示数变大，选项C错误；根据，上移触头P，n2变大，输出电压U2变大，则电流表A2示数变大，电流表A1的示数变大，选项D正确