四川省广安市中考化学试卷(解析版)

四川省广安市中考化学试卷 一、选择题(下面各题给出的四个选项中,只有一种符合题意,请将对的选项涂在答题卡上相应的位置），每题1.分，满分18分）1.下列物质中属于氧化物的是（ ）矿泉水B.冰水混合物C.高锰酸钾D.氢氧化钾考点:从构成上辨认氧化物.专项：物质的分类分析:本题考察氧化物的辨认，根据氧化物的概念可知氧化物只有两种元素，且必须有氧元素解答：解：、矿泉水中具有水和多种矿物质，属于混合物,氧化物必须是纯净物,故A错;B、冰水混合物是由水一种物质构成,由氢元素和氧元素构成，属于氧化物，故B对的；C、高锰酸钾是由三种元素构成,不属于氧化物，故C错；、氢氧化钾是由三种元素构成，不属于氧化物，故D错故选B.点评：本题较简朴,重要从概念上来抓住判断的核心点,两个核心点缺一不可,要同步具有 2.(1.5分）（广安）下列物质的用途是运用物质化学性质的是（ ） A.干冰作致冷剂 B小苏打焙制制糕点的发酵剂C汽油洗涤衣物上的油迹 D合金钢制造坦克外壳考点:化学性质与物理性质的差别及应用.专项：物质的变化与性质.分析：物理性质是指物质不需要发生化学变化就体现出来的性质.化学性质是指物质在化学变化中体现出来的性质.而化学变化的本质特性是变化中有新物质生成,因此，判断物理性质还是化学性质的核心就是看体现物质的性质时与否有新物质产生解答:解:A、干冰作致冷剂是运用干冰升华吸热，使空气周边温度减少,运用了物理性质，故错；B、小苏打焙制糕点的发酵剂是运用碳酸氢钠受热分解生成碳酸钠、水和二氧化碳,因此运用了化学性质,故B对的;C、汽油洗衣物上的油迹是运用汽油能溶解油污，没有新物质生成，运用了物理性质,故C错；D、合金钢制造坦克外壳是运用合金钢硬度大，属于物理性质，故D错故选B点评:物理性质、化学性质是一对与物理变化、化学变化有密切关系的概念,联系物理变化、化学变化来理解物理性质和化学性质,则掌握起来并不困难3.（1.分)(广安)下列说法对的的是（ )A.大量焚烧秸秆不会给空气带来PM2 B用水灭火，目的是减少可燃物着火点 .步行,骑自行车是低碳出行方式 D.发现室内煤气泄漏时，立即打开排气扇的电源开关考点:空气的污染及其危害；灭火的原理和措施；防备爆炸的措施.专项：化学与环保；化学与生活分析：A、根据焚烧秸秆可以产生烟尘分析;B、根据灭火原理：清除或隔离可燃物,隔绝氧气或空气,使温度降到可燃物的着火点如下，据此结合灭火措施进行分析判断;C、根据骑自行车或步行的方式出行,能减少燃油、燃气等交通工具的使用,从而减少二氧化碳的排放分析;D、根据煤气泄漏,立即打开排气扇电源开关，会引起爆炸进行分析解答：解：A、大量焚烧秸秆可以产生烟尘，直接进入大气,会增长空气中PM2,故A不符合题意；B、用水灭火是运用了使温度降到可燃物的着火点如下的灭火原理,故B不符合题意;C、骑自行车或步行的方式出行，能减少燃油、燃气等交通工具的使用，从而减少二氧化碳的排放，故C符合题意；D、煤气泄漏,立即打开排气扇电源开关,会引起爆炸,故不符合题意.故选点评：环保问题已经引起了全球的注重,有关“三废”的解决问题,是中考的热点问题,化学上倡导绿色化学工艺，要从源头上杜绝污染本考点重要出目前选择题和填空题中.(分)(广安）下列实验操作对的的是(）A过滤B测溶液的pC加固体药物D稀释浓硫酸考点：过滤的原理、措施及其应用;固体药物的取用;浓硫酸的性质及浓硫酸的稀释；溶液的酸碱度测定专项：常用仪器及化学实验基本操作分析：A、过滤操作需要玻璃棒引流；B、根据pH试纸的使用措施分析解答；C、根据取用固体药物的对的措施分析;D、根据稀释浓硫酸的对的措施分析.解答:解:、过滤操作需要玻璃棒引流,故错误；B、H试纸可测定溶液的酸碱度，但使用时不能直接浸入待测液测定溶液，而应当用玻璃棒沾取少量溶液涂在pH试纸上，而后再与原则比色卡对照，故错误；C、取用粉末状固体药物时,试管横放,用药匙把药物送入试管底部,然后慢慢竖起试管，故图示错误;D、稀释浓硫酸时,要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中,同步用玻璃棒不断搅拌,以使热量及时地扩散，故对的故答案为:D点评:本题考察化学实验的基本操作，题目难度不大，注意基本实验操作的要领和实验规定.5.(.分)(广安）下列有关的粒子构造示意图说法错误的是（) .核外有18个电子 B最外层上电子的能量高于次外层 C.该粒子是氯原子D最外层达稳定构造考点：原子构造示意图与离子构造示意图.专项:化学用语和质量守恒定律.分析:根据当质子数核外电子数,为原子；当质子数核外电子数，为阳离子;当质子数核外电子数，为阴离子;粒子构造示意图中,圆圈内数字表达核内质子数，弧线表达电子层,弧线上的数字表达该层上的电子数，离圆圈最远的弧线表达最外层；据此进行分析解答解答：解：、由图中粒子的构造示意图,核外有2+8+8=8个电子，故选项说法对的.B、离核越近,电子具有的能量越低，最外层上电子的能量高于次外层,故选项说法对的C、该粒子质子数=17,核外电子数=8，质子数铜，由此可得的三种金属活动性是锌铁铜故该方案能达到预期目的,故对的.故选.点评：本题考察内容较广，可根据已有的知识解答. 9（.分）(广安)炒菜时加入料酒和食醋，炒出的菜别具香味,其因素之一是料酒中的乙醇（C2H6）与食醋中的乙醇（CO2）反映生成乙酸乙酯（C8O2）,下列说法错误的是( ）乙醇、乙酸、乙酸乙酯都是由C、O三种元素构成B乙醇、乙酸、乙酸乙酯都是有机物 C.乙酸乙酯中碳、氢两种元素的质量比为:1D.乙醇与乙酸反映生成乙酸乙酯是化合反映考点：化学式的书写及意义；有机物与无机物的区别；元素质量比的计算;反映类型的鉴定.专项:化学用语和质量守恒定律分析：、根据乙醇、乙酸、乙酸乙酯化学式的含义进行分析判断、具有碳元素的化合物叫有机化合物,简称有机物.C、根据化合物中各元素质量比=各原子的相对原子质量原子个数之比,进行分析判断.、乙醇与乙酸反映生成乙酸乙酯，同步生成水,据此进行分析判断解答:解：A、由乙醇、乙酸、乙酸乙酯的化学式可知,它们都是由C、H、O三种元素构成的，故选项说法对的.B、乙醇、乙酸、乙酸乙酯都是含碳元素的化合物，都是有机物，故选项说法对的.C、乙酸乙酯中碳、氢两种元素的质量比为(124）:（18)=：1,故选项说法对的D、乙醇与乙酸反映生成乙酸乙酯,同步生成水,该反映的生成物是两种，不符合“多变一”的特性，不属于化合反映，故选项说法错误故选：.点评：本题难度不大，考察同窗们结合新信息、灵活运用化学式的含义与有关计算等进行分析问题、解决问题的能力 10(5分）(广安）如图是甲、乙、丙三种固体物质溶解度曲线，下列论述对的的（ ）A时乙物质的饱和溶液溶质的质量分数为2% B.t2时三种物质溶解度关系为：甲乙丙 C.随温度的升高,甲、乙、丙三种物质溶解度都增大 D.甲物质的饱和溶液从t1升温到时,溶质质量分数增大考点:固体溶解度曲线及其作用;溶质的质量分数、溶解性和溶解度的关系.专项：溶液、浊液与溶解度分析:根据题目信息和溶解度曲线可知:甲、乙两种固体物质的溶解度,都是随温度升高而增大,而丙的溶解度随温度的升高而减少;t2时乙物质的饱和溶液溶质的质量分数=0%;t时三种物质溶解度关系为:甲=乙丙,不是甲乙丙；随温度的升高，甲、乙、丙三种物质溶解度都增大是错误的,由于丙的溶解度随温度的升高而减少；甲物质的饱和溶液从1升温到t3时,溶质质量分数不变，增大是错误的.解答：解：A、t2时乙物质的饱和溶液溶质的质量分数=2%,故选项对的；B、t2时三种物质溶解度关系为:甲=乙丙,不是甲乙丙;故选项错误；C、随温度的升高,甲、乙、丙三种物质溶解度都增大是错误的，由于丙的溶解度随温度的升高而减少;故选项错误；D、甲物质的饱和溶液从t1升温到t时,溶质质量分数不变，增大是错误的,故选项错误；故选A点评：本考点考察了溶解度曲线及其应用,通过溶解度曲线我们可以获得诸多信息；还考察了有关溶液和溶质质量分数的计算,有关的计算要精确，本考点重要出目前选择题和填空题中.11.（15分）（广安)下列各组物质在p2的溶液中能共存且溶液无色的是( ） AKN3、HCl、CSO4BNa2SO4、Z(NO3）2、H24 CCl2、NaH、FeO4D.Na2CO、（）2、KS4考点：离子或物质的共存问题;溶液的酸碱性与H值的关系.专项：物质的分离、除杂、提纯与共存问题.分析：为2的水溶液显酸性，水溶液中具有大量的+；根据复分解反映发生的条件可知，若物质之间互相互换成分不能生成水、气体、沉淀，则可以在溶液中大量共存;本题还要注意能得到无色溶液，不能具有明显有颜色的铜离子、铁离子和亚铁离子等解答：解：pH为的水溶液显酸性,水溶液中具有大量的+：A、三种物质在酸性条件下两两之间不反映，可以共存,但硫酸铜溶液显蓝色，故选项错误；B、三种物质在酸性条件下两两之间不反映，可以共存，且不存在有色离子,故选项对的；、氢氧化钠和氢离子、氯化镁、硫酸亚铁都能反映,不能共存，且硫酸亚铁溶液显浅绿色,故选项错误；D、氢离子和碳酸钠中的碳酸根离子结合生成水和二氧化碳,和氢氧化钡中的氢氧根离子结合生成水,不能大量共存，氢氧化钡和碳酸钠、硫酸钾都能产生沉淀，不能共存,故选项错误;故选项为：B.点评:本题考察物质的共存问题,判断物质在溶液中能否共存，重要看溶液中的各物质之间能否发生反映生成沉淀、气体、水；还要注意特定离子的颜色. 2(15分)(广安)将相似状态的铁和镁分别与相似质量分数,足量的稀盐酸反映,产生氢气的质量与反映时间的关系如图所示,下列说法对的的是（ ）A.铁和镁的质量相似甲是铁、乙是镁C.铁和镁完全反映所消耗的稀盐酸质量相似D.反映后溶液的质量均减少考点：金属的化学性质.专项:金属与金属材料.分析:A、根据生成的氢气质量相似进行分析；、根据活泼金属与酸反映的速率快进行分析;C、根据质量守恒定律进行分析；D、根据活泼金属和酸反映后的溶液质量增长进行分析解答：解：、通过图象可以看出,生成的氢气质量相似，因此参与反映的铁和镁质量不同,故A错误；B、镁比铁活泼,因此镁与酸反映的速率快，故B错误；C、通过图象可以看出,生成的氢气质量相似，因此铁和镁完全反映所消耗的稀盐酸质量相似，故C对的；、2份质量的镁和酸反映生成份质量的氢气,溶液质量增大，5份质量的铁和酸反映,生成2份质量的氢气,溶液质量增大,故D错误.故选：C点评:本题考察金属与酸反映的有关知识,综合性较强,不仅需要根据图象和题意分析出直接信息，还需要根据计算得出用量问题.二、填空题（共4小题,每题3分，满分17分)13.（3分)(广安）在“宏观”“微观”“符号”三者之间建立联系是化学学科特有的思维方式.（1)符号“Al3+”的名称是铝离子(2)硝酸铵中的铵根离子的符号为 NH4+ ()若“”表达一种氢原子，则“”表达H2 (填化学符号）考点:化学符号及其周边数字的意义.专项:化学用语和质量守恒定律.分析：本题考察化学用语的意义及书写,解题核心是分清化学用语所体现的对象是分子、原子、离子还是化合价,才干在化学符号前或其他位置加上合适的计量数来完整地体现其意义,并能根据物质化学式的书写规则对的书写物质的化学式，才干纯熟精确的解答此类题目解答:解：(）离子的表达措施：在表达该离子的元素符号右上角,标出该离子所带的正负电荷数，数字在前,正负符号在后，带1个电荷时,要省略故可表达铝离子;（）根据离子的表达措施：在表达该离子的元素符号右上角,标出该离子所带的正负电荷数,数字在前，正负符号在后，带1个电荷时,要省略.若表达多种该离子,就在其元素符号前加上相应的数字;因此铵根离子表达为:NH4+;(3)若用“”表达一种氢原子,则“”表达由2个氢原子构成的分子，是氢分子；其符号为：H;故答案为：（1)铝离子;（2）H；(3)H2;点评:本题重要考察学生对化学用语的书写和理解能力，题目设计既涉及对化学符号意义的理解，又考察了学生对化学符号的书写，考察全面，注重基本,题目难度较易14（6分）(广安)5.1假期，小明和父母到华蓥山革命老区参观游览,感受大自然的美，接受革命老式教育，请你用学过的化学知识解决她们在游览中遇到的问题.（1）她们进入景区大门,场地上多种鲜花盛开,香气扑鼻，用分子观点解释闻到花香的因素 分子是不断运动的，她们看到员工正在给花草施用化肥硝酸钾,小明给父母解释施用的化肥中具有营养元素是N、K （填元素符号）(2）她们在山顶进行了简朴的午餐,下面的食品重要补充维生素的是 C A面包 B.香肠 C.苹果 D.高钙牛奶(3）返回下山途中，小明拾取了某些不文明游客乱扔的物品，其中属于金属材料的是BA.矿泉水瓶 B.易拉罐 C.塑料袋 D.门票及导游图（)小明用空瓶装了一瓶山泉水带回实验室，与同窗们分享检查山泉水是硬水还是软水，可选择的物质是 C A氧化钠 B.盐酸 C.肥皂水 .明矾对该山泉水进行净化提纯，其净化限度最高的措施是A过滤 .蒸馏 沉淀 D吸附.考点:运用分子与原子的性质分析和解决问题;水的净化;硬水与软水;金属材料及其应用；常用化肥的种类和作用；食品、药物与健康食品中的有机营养素.专项：化学与生活.分析：（1)根据分子是不断运动的、硝酸钾中具有的农作物需要的营养元素分析回答(2)根据常用的食品中具有的营养素分析回答;（3)根据金属材料的种类分析判断;()根据用水软水的鉴别措施、净化水的原理分析判断.解答:解：(）闻到花香的因素分子是不断运动的,花香的微粒通过运动分散到周边的空气中；硝酸钾中具有农作需要的氮元素和钾元素，符号分别为:、K；(2)在苹果中具有丰富的维生素;(3）易拉罐属于金属材料；（4）检查山泉水是硬水还是软水，可选择的物质是肥皂水，遇肥皂水产生的泡沫少的是硬水,遇肥皂水产生的泡沫多的是软水；对该山泉水进行净化提纯，其净化限度最高的措施是蒸馏，蒸馏得到的水是纯净物故答为：（)分子是不断运动的,、K；(2）C；();(),B.点评：本题通过参观游览考察了某些化学知识，体现了化学就在我们身边，生活中到处有化学,由于于增进化学的学习.15(分)(广安)常温下,氯气（2)是一种黄绿色由刺激性气味比空气重的有毒气体，常用于自来水消毒，因素是氯气能与水反映生成次氯酸（HCl）和氯化酸,其中次氯酸能杀菌消毒,次氯酸不稳定，见光易分解成氯化氢和一种单质气体根据以上信息回答问题:(）氯气的物理性质是(只写2点）常温下氯气是一种黄绿色、有刺激性气味(或比空气重的气体）(）写出次氯酸中氯元素的化合价+1（3)写出氯气与水反映的化学反映方程式Cl2H2HCl+HClO（4）写出次氯酸分解的化学反映方程式 2HCl+O .考点:化学性质与物理性质的差别及应用;有关元素化合价的计算;书写化学方程式、文字体现式、电离方程式.专项:结合课本知识的信息.分析：(1）物理性质是不需要通过化学变化体现出来的性质;（2)根据在化合物中正负化合价代数和为零进行计算；(3)氯气和水反映生成Cl和HClO，书写出方程式即可；(4）根据反映物和生成物写出化学方程式即可解答:解：（1)常温下氯气是一种黄绿色、有刺激性气味比空气重的气体，属于物理性质；(2）HClO中为+1价，O为2价,Cl为1价，故答案为:1；(3）氯气和水反映生成C和HCO，方程式为Cl+OHCl+HlO，故答案为:l2+H2OHClHO；(4）次氯酸分解生成氯化氢和氧气,因此方程式是：2Hl2HCl+O2故答案为:()常温下氯气是一种黄绿色、有刺激性气味(或比空气重的气体）；(）1；（3）Cl2+H2OHC+HlO；（4）HC2HCl+2点评:物理性质和化学性质的区别是:与否通过化学变化体现出来,书写方程式的基本环节是:一写二配三注明四等号1.(分）(广安)A、B、C、是初中常用的化学物质，A是由核电荷数分别为6、8、1的三种元素构成的化合物,是一种微溶性碱，C是一种可溶性盐酸盐，D是一种可溶性碱，它们之间存在的关系如图所示，图中“”表达物质间能发生的化学反映，“”表达物质间的转化关系（)A的俗名叫纯碱（）写出C的化学式 CaCl （3）写出的一种作用 改良酸性土壤 （4）写出与A反映的化学反映方程式 Ca(OH)2NaO3=CO3+2NaOH考点：物质的鉴别、推断;书写化学方程式、文字体现式、电离方程式专项：框图型推断题分析:根据A、B、C、是初中常用的化学物质,A是由核电荷数分别为、8、1的三种元素构成的化合物，质子数等于核电荷数,因此A是有碳、氧、钠三种元素构成,A是碳酸钠,B是一种微溶性碱，A会与B生成的D,因此B是氢氧化钙,氢氧化钙和碳酸钠反映生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，D是一种可溶性碱,因此D是氢氧化钠,是一种可溶性盐酸盐，会与碳酸钠反映,因此C是氯化钙，然后将推出的物质进行验证即可解答：解：(1)、B、C、D是初中常用的化学物质,A是由核电荷数分别为6、8、1的三种元素构成的化合物，质子数等于核电荷数,因此是有碳、氧、钠三种元素构成，A是碳酸钠,是一种微溶性碱，A会与B生成的D，因此B是氢氧化钙,氢氧化钙和碳酸钠反映生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，D是一种可溶性碱,因此D是氢氧化钠，C是一种可溶性盐酸盐，会与碳酸钠反映,因此C是氯化钙，通过验证，推导对的,因此A是碳酸钠，俗称纯碱；()通过推导可知，的化学式是:Ca;(）通过推导可知,B是氢氧化钙,可以用来改良酸性土壤；（)B与A的反映是碳酸钠和氢氧化钙反映生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，化学方程式为：Ca（H)2+Na2CO3=32aOH故答案为：（1）纯碱；（2)CCl2；(3)改良酸性土壤；（4)a(OH)NO3=CaCO3+Na点评：在解此类题时，一方面将题中有特性的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的多种物质代入转化关系中进行验证即可三、解答题（共1小题，满分5分)17.（5分)（广安)测定石灰石中的碳酸钙的含量,取出2.克石灰石样品,逐渐加入稀盐酸，充足反映后测得剩余固体质量与加入稀盐酸的质量关系如图所示(已知CaCO3+HClCaCl2+H+CO2杂质不参与反映,也不溶于水)(）石灰石样品中碳酸钙的质量是2 (2)石灰石样品中碳酸钙的质量分数是 80% (3）计算稀盐酸溶质的质量分数.考点：根据化学反映方程式的计算；有关溶质质量分数的简朴计算.专项:综合计算（图像型、表格型、情景型计算题)分析：根据图示可知固体质量的减少量就是参与反映的碳酸钙质量，根据碳酸钙的质量除以石灰石样品的质量乘以百分之百，根据碳酸钙质量算出氯化氢的质量，再除以0g即可解答:解：（1）根据图示,样品中碳酸钙的质量为2.5g0.5g=2g(2)该石灰石样品中碳酸钙的质量分数 10%80 (3）设正好反映时,氯化氢的质量为xCC3+2Hl=Cal2+O2+HO (1分）1 732g x根据：= 解得x146g. 稀盐酸溶质的质量分数为10%=14%故答案为:（1）2g（2）8%（）14.6%点评：在对数形结合类问题中的表达变化的曲线进行分析时，曲线的折点的特殊意义是常是分析解题的重点四、实验与探究1.(4分）（广安)下列是实验室制取气体和收集气体的实验装置，根据装置图回答问题（1)实验室用氯酸钾与二氧化锰制取氧气，分数装置应选择A (填编号)，装置中还缺少的玻璃仪器是酒精灯 (2)实验室用过氧化氢溶液与二氧化锰制取氧气，其化学反映方程式是22O222O+O ,为了便于观测氧气与否集满,应选用的收集装置是 E (填编号)考点：氧气的制取装置;氧气的收集措施；氧气的检查和验满；书写化学方程式、文字体现式、电离方程式.专项：常用气体的实验室制法、检查、干燥与净化分析：（）氯酸钾在二氧化锰的催化作用下,受热分解生成氯化钾和氧气;(2)一般状况下，过氧化氢在二氧化锰的催化作用下，分解生成水和氧气；氧气的密度比空气的密度大,不易溶于水解答:解:(1)实验室用氯酸钾与二氧化锰制取氧气需要加热，应当用装置作为发生装置;装置中还缺少的玻璃仪器是酒精灯，酒精灯用来加热反映物.故填：；酒精灯（2)实验室用过氧化氢溶液与二氧化锰制取氧气,其化学反映方程式为:2O22H2O+O2;由于氧气的密度比空气大,可以用向上排空气法收集，即用C装置收集，氧气不易溶于水，可以用排水法收集，即用装置收集，为了便于观测氧气与否集满,应选用的收集装置是E，当观测到气泡从集气瓶口出向外逸出时,阐明气体已经收集满.故填:2H2O22H2OO2；点评:合理设计实验，科学地进行实验、分析实验，是得出正的确验结论的前提,因此要学会设计实验、进行实验、分析实验,为学好化学知识奠定基本19(6分)（广安)实验室中用一氧化碳还原纯净的Fe2O粉末反映后装置中玻璃管内固体粉末由红色所有变为黑色小明同窗觉得该黑色固体所有是铁，但小军同窗提出了质疑,于是同窗们提出查阅资料，谋求真理【查阅资料】一氧化碳还原e2O3的固体产物的成分与反映温度、时间有关,产物也许是Fe3O4、eO、e几种物质的性质 物质性质Fe e2O FO Fe3O4 颜色 黑色 红色黑色 黑色 能否被磁铁吸引 能不能 不能 能已知反映：FeO4+8Cl=FeC2+2eCl+4H2O，FeCl3溶液呈棕黄色【实验探究(1）该小组同窗将反映后的黑色固体研细后，用磁铁吸引，发现黑色粉末所有能被吸引，则该黑色粉末中不也许具有Fe2O3和FeO (填化学式)(2)黑色固体粉末的成分是什么?猜想:所有为Fe猜想：所有为FeO4猜想: 和eO4(填化学式）将黑色粉末加入到足量的稀盐酸中，所有溶解,观测现象:有无色气体产生,证明该固体中一定具有 e（填化学式)溶液呈棕黄色由上述实验现象，得出上述猜想对的【评价与反思】装置中澄清石灰水的作用是 检查生成物中的二氧化碳若撤出装置中点燃的酒精灯也许导致的后果污染环境.考点:实验探究物质的构成成分以及含量；常用气体的检查与除杂措施;金属的化学性质；一氧化碳还原氧化铁;酸的化学性质;书写化学方程式、文字体现式、电离方程式.专项：科学探究分析:【实验探究】根据实验现象可以判断黑色粉末中不也许具有的物质;黑色固体粉末也许所有为Fe，也也许所有为Fe3O，也也许是F和Fe3；铁和稀盐酸反映生成氯化亚铁和氢气;【评价与反思】二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊;一氧化碳有毒,扩散到空气中会污染环境解答:解：【实验探究】（1)黑色粉末所有能被吸引，则该黑色粉末中不也许具有Fe2O和FeO；(2)黑色固体粉末也许所有为Fe，也也许所有为Fe3O4，也也许是Fe和Fe3O4;有无色气体产生,证明该固体中一定具有Fe；溶液呈棕黄色,阐明该固体中一定具有FO4;由上述实验现象，得出上述猜想对的故填：FeO；和F3O4；Fe;.【评价与反思】装置中澄清石灰水的作用是检查生成物中的二氧化碳,如果反映产生二氧化碳，则澄清石灰水变浑浊;若撤出装置中点燃的酒精灯也许导致的后果是一氧化碳扩散到空气中污染环境故填:检查生成物中的二氧化碳；污染环境点评:合理设计实验,科学地进行实验、分析实验,是得出正的确验结论的前提，因此要学会设计实验、进行实验、分析实验，为学好化学知识奠定基本.