【初中物理】重庆市南开中学九年级上学期12月月考物理试卷-人教版

重庆市南开中学九年级上学期12月月考物理试卷一、选择题（每题3分，共30分）1（3分）下列选项中，对的描述电功单位的是（）AVBVAsCkwDC考点：电功.专项：应用题；电能和电功率分析：根据我们对于电功单位的理解来作答；电功的单位有两个：焦耳和千瓦时解答：解：A、V是电压的单位，因此A是错误的；B、VAs是电压、电流与时间的单位，由W=UIt可知它们的积是电功的单位，因此B是对的的；C、kW是电功率的单位，因此C是错误的；D、C是电量的单位，因此D是错误的故选B点评：本题考察的是我们对于电功单位的理解，是一道基本题2（3分）（威海）下面有关热现象的说法，对的的是（）A物体温度升高一定是吸取了热量B冰在融化时温度不变内能增长C从游泳池里上来感觉冷是由于水蒸发放热D汽车发动机用水作冷却液是由于水的比热容较小考点：温度、热量与内能的关系；熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点；水的比热容的特点及应用.专项：热和能；温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华分析：（1）温度升高，内能一定增大；内能增大，也许是从外界吸取了热量，也也许是外界物体对它做功导致的；（2）冰是晶体，晶体熔化的特点是温度不变，但要继续吸热，其内能不断增大（3）物质由液态变为气态叫汽化，汽化涉及蒸发和沸腾两种方式，汽化时要吸取热量；（4）由于水的比热容较大，相似质量的水和其他物质比较，吸取或放出相似的热量，水的温度升高或减少的少；升高或减少相似的温度，水吸取或放出的热量多解答：解：A、物体温度升高，也也许是外界对它做了功，不一定吸取了热量；故A错误；B、冰是晶体，0的冰熔化成0水，吸取热量，内能增长，但温度不变故B对的；C、从游泳池里出来后，附着在身上的水发生汽化变为水蒸气，在这一过程中水要吸取小明身体的热量，是由于汽化吸热；故C错误；D、汽车发动机用水作冷却液是由于水的比热容较大，故D错误故选B点评：此题波及到温度、热量与内能的关系，熔化与熔化吸热特点，汽化与汽化吸热特点，水的比热容的特点及应用，综合性很强，规定学生具有较为夯实全面的物理知识，难易限度适中，是一道好题3（3分）（株洲）今年春季，株洲持续了较长时间的“回潮”现象，地面、墙壁全是湿的此现象属于（）A汽化B液化C升华D凝华考点：液化及液化现象.专项：应用题分析：“回潮”指的是瓷砖地板和墙壁上浮现小水珠，根据物态变化的知识（物体由气态变为液态的现象叫液化，物体由固态变为液态的现象叫熔化）可知，液化和熔化会浮现小水珠，房间内没有固态的水小冰晶等，因此是由空气中的水蒸气形成的，是液化现象解答：解：阴雨天气空气中的水蒸气比较多，遇到温度比较低的瓷砖地板和墙壁，就会液化形成小水珠，也就是“回潮”现象故选B点评：物态变化知识是中考必考的一种知识点，判断物态变化现象一方面要懂得物态变化的定义，然后看物体由什么状态变为了什么状态，从而得出结论4（3分）学习了电学知识后，判断下列说法对的是（）A电功是描述电流做功快慢的物理量B导体和绝缘体之间界线分明，不可互相转化C导体电阻的大小与导体两端的电压成正比，与通过导体电流成反比D通过导体的电流大小与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比考点：电功；导体和绝缘体的区别；电阻；欧姆定律的应用.专项：错解分析题；电压和电阻；欧姆定律；电能和电功率分析：（1）电功率是描述电流做功快慢的物理量；（2）根据导电性的不同，材料可分为导体、半导体、绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体它们之间没有严格的界线（3）电阻是导体自身的一种性质，它与两端的电压和通过电流无关；（2）根据欧姆定律可知：通过导体的电流大小与导体两端的电压和电阻有关解答：解：A、电功是描述电流做功多少的，电功率是描述电流做功快慢的物理量，故A错误；B、导体和绝缘体之间的没有绝对的界线，在一定的条件下，绝缘体可以变为导体，故B错误；C、公式R=只阐明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值，与它两端的电压和通过的电流无关，故C错误；D、根据欧姆定律可知：通过导体的电流大小与导体两端的电压和电阻有关，通过导体的电流大小与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，故D对的故选D点评：本题考察电功和电功率、导体与绝缘体的定义以及欧姆定律的理解，要懂得导体与绝缘体之间的界线不是绝对的在一定条件可以转化；懂得影响电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积和温度，与导体两端的电压和通过的电流没有关系；通过导体的电流大小与导体两端的电压和电阻有关5（3分）（金湾区一模）如图所示电路，电源电压不变，滑动变阻器上标有“2A 20”字样如下四个图象中，能对的表达当开关S闭合后，通过小灯泡L 的电流I与滑动变阻器连入电路的电阻R的关系的是（）ABCD考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用.专项：应用题；推理法分析：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，当滑片P处在最左端时，电路为灯泡L的简朴电路，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最大；当滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；当滑片P处在最右端时，电路中的电阻最大，电流最小且不为0，根据以上分析得出答案解答：解：当滑片P处在最左端时，电路为灯泡L的简朴电路，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最大；当滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变小；滑片P处在最右端时，电路中的电阻最大，电流最小且不为0；综合以上分析可知符合题意的图象为C图故选C点评：本题考察了串联电路的特点和欧姆定律的应用，核心是滑动变阻器接入电路电阻变化时对电路中电流影响的对的分析6（3分）如图电路中R1R2，电压表V的示数为8V，电压表V1的示数（） A等于8VB等于4VC不不小于4VD不小于4V，不不小于8V考点：欧姆定律的应用.专项：欧姆定律分析：已知R1R2，判断电压表所测谁的电压，再根据串联电路两端的电压等于各部分电压之和可作出选择解答：解：已知R1R2，电压表V的示数为8V，即电源电压为8V，电压表V1测R1两端的电压，根据串联电路两端的电压等于各部分电压之和可知，电压表V1的示数不小于4V而不不小于8V，故选D点评：此题考察串联电路的电压规律，比较简朴，属于基本知识7（3分）在如图所示电路中，电源电压不变当滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动时，下列说法对的的是（）A电流表的示数变小B电压表的示数变小C电路的总电阻不变D电压表和电流表的比值不变考点：欧姆定律的应用.专项：欧姆定律分析：根据图示电路图分析清晰电路构造，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用并联电路特点与欧姆定律分析答题解答：解：由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源电压，电流表测通过灯泡的电流；当滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动时，电源电压不变，电压表达数不变，灯泡两端电压不变，通过灯泡的电流不变，电流表达数不变，电压表与电流表比值等于灯泡电阻，灯泡电阻不变，电压表与电流表达数比值不变；当滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，灯泡电阻不变，灯泡与滑动变阻器并联电阻变大，电路总电阻变大；故ABC错误，D对的；故选D点评：本题是电路动态分析题，分析清晰电路构造，应用并联电路特点与欧姆定律即可对的解题8（3分）下晚自习回家后，刻苦努力的小俊同窗想用台灯照明继续看书学习当她把台灯的插头插入插座后，闭合开关时，室内所有用电器所有停止工作，再用测电笔测双孔插座的两个孔时，氖管都不发光，则故障也许是（）A插座短路B灯座短路C干路零线断路D台灯灯丝熔断考点：家庭电路的故障分析.专项：应用题；电与热、生活用电分析：家庭电路中的保险丝熔断，是由于电路中的电流过大而产生电流过大的因素有两个：一是用电器的总功率过大，另一种是发生短路由生活常识可知，台灯的功率一般较小，因此导致保险丝熔断的因素不会是因台灯的功率过大；用测电笔分别测试插座的两个孔，发现测电笔都不发光，阐明没有电，即为断路解答：解：A、若插座短路，即在没有插入插头中时，保险丝就会烧断了，故不符合题意；B、灯座短路，当插头插入插座后，闭合开关，会导致火线与零线间的短路，进户火线上的熔丝熔断，整个电路没电，不会使测电笔的氖管发光，故对的；C、干路上的零线断路，即火线没有断，即当测电笔测双孔插座的两个孔时，有一种孔氖管会发光，故不合法题意；D、若台灯的灯丝断路，则即当测电笔测双孔插座的两个孔时，有一种孔氖管会发光，故不合法题意故选B点评：本题考核对家庭电路故障的分析判断能力解题的核心是对产生短路因素的理解9（3分）如图所示，将一段粗细均匀的电阻丝折叠成正方形ABCD若将AC两端接入电路中，电流表达数为0.6A；若将AB两端接入电路中，电流表达数为（）A0.2AB0.375AC0.8AD1A考点：欧姆定律的应用.专项：电路和欧姆定律分析：由电路图可知，将AC两端接入电路中电路的连接方式，根据电阻的串并联求出电路中的总电阻，运用欧姆定律表达出电路中的电流；再分析将AB两端接入电路中电路的连接方式，根据电阻的串并联求出电路中的总电阻，运用欧姆定律求出此时电流表的示数，进一步得出答案解答：解：设RAB=RBC=RAD=RDC=R，当将AC两端接入电路中时，RAB与RBC串联，RAD与RDC串联，然后它们再并联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，因此，电路中的总电阻：RAC=R，电流表的示数：I=0.6A，当将AB两端接入电路中时，RAD、RDC、RBC串联后与RAB并联，则电路中的总电阻：RAB=R，因此，电流表的示数：I=0.6A=0.8A故选C点评：本题考察了电阻的串并联和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式是核心10（3分）如图所示的电路中，电源电压不变，R1=20，滑动变阻器R2的最大值为60，小灯泡L的额定电压为5V，电流表的量程（03A）只闭合S2时，电流表的示数为0.4A；只闭合S3，且滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.3A（不考虑灯丝的电阻变化）当开关S1、S2、S3都闭合时，为了保证电路安全，下列说法对的的是（）A电源电压为l0VB电路中小灯泡电阻为5C电流表的变化范畴为00.8AD变阻器R2的可调范畴为560考点：欧姆定律的应用.专项：欧姆定律分析：（1）只闭合S2时，R1与灯泡L串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表达出电源的电压；只闭合S3，且变阻器的滑片P在正中点时，灯泡L与滑动变阻器最大阻值的一半串联，电流表测电路中的电流，再根据电阻的串联和欧姆定律表达出电源的电压，运用电源的电压不变建立等式即可求出电源的电压和灯丝电阻；（2）闭合S1、S2、S3时，R1与R2并联，电流表测干路电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电流表的示数最小，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出其大小；当电流表的示数最大为3A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，运用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小值即可得出答案解答：解：（1）只闭合S2时，R1与灯泡L串联，电流表测电路中的电流；由于串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，因此根据欧姆定律可得，电源的电压：U=I1（R1+RL）=0.4A（20+RL），只闭合S3，且变阻器的滑片P在正中点时，灯泡L与滑动变阻器最大阻值的一半串联，电流表测电路中的电流，电源的电压：U=I2（R2+RL）=0.3A（60+RL），由于电源的电压不变，则有：0.4A（20+RL）=0.3A（60+RL）解得：RL=10；电源的电压U=0.4A（20+RL）=0.4A（20+10）=12V；故AB错误；（2）闭合S1、S2、S3时，R1与R2并联，电流表测干路电流；当滑动变阻器接入电路中的电阻R2=60时电流表的示数最小；由于并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，因此电流表的最小示数：Imin=+=+=0.6A+0.2A=0.8A；当电流表选接03A，且示数为3A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小；此时通过滑动变阻器的电流：I2=ImaxI1=3A0.6A=2.4A，滑动变阻器接入电路中的最小阻值： R2=5，综合上述分析可得：变阻器R2的可调范畴为560，电流表的示数范畴为3A0.8A，故C错误，D对的故选D点评：本题考察了串联电路特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，核心是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别，要注意滑动变阻器变化时和电流表达数的相应关系二、填空题（每空l分，兴17分）11（2分）毛皮摩掠过的橡胶棒得到（选填“得到”、“失去”）电子而带电，将该橡胶棒接近带负电的泡沫塑料小球时，小球将会被排斥（选填“吸引”、“排斥”、“不动”）考点：摩擦起电的实质.专项：电流和电路分析：（1）人们规定，用毛皮摩掠过的橡胶棒带负电，用丝绸摩掠过的玻璃棒带正电；摩擦起电的实质是电子发生了转移，使物体的正负电荷数不相等；失去电子的带正电荷，得到电子的带负电荷（2）电荷间的互相作用规律是：同种电荷相排斥，异种电荷相吸引解答：解：（1）毛皮摩掠过的橡胶棒因得到电子带负电；（2）将该橡胶棒接近带负电的泡沫塑料小球时，小球将会被排斥故答案为：得到；排斥点评：（1）记住正电荷和负电荷的规定掌握电荷间的作用（2）排斥的物体带有同种电荷，吸引的也许带有异种电荷，也许带电体吸引不带电体12（3分）根据欧姆定律可知，某个标有“8V、8”定值电阻正常工作时，流过该电阻的电流为1A；若将该电阻接在电压为12V的电源中，至少要串联一种4的电阻才干保证不损坏该定值电阻考点：欧姆定律的应用.专项：欧姆定律分析：（1）已知定值电阻的额定电压和阻值，根据欧姆定律求出定值电阻正常工作的电流；（2）电源电压不小于电阻的额定电压，要使电阻正常发光，根据串联电路具有分压作用可知需要在电路中串联一种电阻分压；根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的总电阻，运用电阻的串联求出串联电阻的大小解答：解：（1）定值电阻正常工作时，流过该电阻的电流：I=1A；（2）由于串联电路中各处的电流相等，因此定值电阻正常工作时，电路中的总电阻：R总=12；由于串联电路中总电阻等于各分电阻之和，因此串联电阻的阻值：R=R总R=128=4故答案为：1；串；4点评：本题考察了串联电路的特点和欧姆定律的应用，核心是懂得串联电路具有分压作用、并联电路具有分流特点13（2分）如图所示电源两极间的电压不变R1=6、R2=8当S1闭合时、S2断开且都是电流表时，两表的示数之比为3：7；当S1、S2都闭合且都是电压表时，两表达数之比为7：4考点：欧姆定律的应用.专项：欧姆定律分析：（1）当S1闭合S2断开，都是电流表时，两电阻并联，电流表测R2支路的电流，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比，根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比；（2）当S1、S2都闭合，都是电压表时，两电阻串联，电压表测电源的电压，电压表测R2两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出两电压表的示数之比解答：解：（1）当S1闭合S2断开，都是电流表时，两电阻并联，电流表测R2支路的电流，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，因此，两支路的电流之比：=，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，两电流表的示数之比：=；（2）当S1、S2都闭合，都是电压表时，两电阻串联，电压表测电源的电压，电压表测R2两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，且总电阻等于各分电阻之和，两电压表的示数之比：=故答案为：3：7；7：4点评：本题考察了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是核心14（2分）如图所示，电源电压恒定，R1=15，闭合开关S，断开开关S1，电流表达数是0.3A；若再闭合S1，发现电流表达数增大了0.5A，则电源电压为5 V，R2的阻值为25考点：欧姆定律的应用.专项：欧姆定律分析：（1）闭合S，断开S1时，电路为R1的简朴电路，根据欧姆定律求出电源的电压；（2）若再闭合S1时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点可知电流表达数的变化即为R2支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R2的阻值解答：解：（1）闭合S，断开S1时，电路为R1的简朴电路，电源的电压U=U1=I1R1=0.3A15=5V；（2）若再闭合S1时，两电阻并联，则U2=U=6V，电流表达数的变化量即为R2支路的电流，则I2=0.5A0.3A=0.2A，因此R2=25；故答案为：5；25点评：本题考察了并联电路的特点和欧姆定律公式的灵活运用，核心是能判断出开关S1时电流表达数的变化即为通过R2支路的电流15（2分）甲、乙两个定值电阻上标有“3V、1A”、“6V、0.5A”的额定值，把甲乙两个电阻串联在电路中时，电路容许的最大电源电压为7.5V；当把甲乙两个电阻并联在电路中时，电路容许通过的最大电流为1.25A考点：欧姆定律的应用.专项：应用题；电路和欧姆定律分析：已知两电阻容许所加的最大电压和容许通过的最大电流，根据欧姆定律求出两电阻的阻值（1）根据串联电路的电流特点可知，两电阻串联时电路容许通过的最大电流为两个容许通过最大电流的较小值，然后根据电阻的串联和欧姆定律求出两端容许加的最大电压；（2）根据并联电路的电压特点可知，两电阻并联时，并联电路两端容许加的最大电压为较小的一种，然后由欧姆定律求出通过两电阻的电流，再根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流解答：解：由I=可得，两定值电阻的阻值分别为：R甲=3，R乙=12；（1）因串联电路中各处的电流相等，因此，两只电阻串联时，电路中的最大电流I=I乙=0.5A，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，因此，两端容许加的最大电压：U=I（R甲+R乙）=0.5A（3+12）=7.5V；（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，因此，两只电阻并联时，电路中的最大电压U=U甲=3V，此时通过甲的电流为1A，通过乙的电流I乙=0.25A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，因此，干路最大电流：I=I甲+I乙=1A+0.25A=1.25A故答案为：7.5；1.25点评：本题考察电压、电流的计算，核心是公式及其变形的灵活运用，难点是懂得串联时容许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一种，两只电阻并联时，电压也选最小16（3分）如图所示是电阻甲和乙的UI图象，电阻甲的阻值为20；当把电阻甲和乙并联在电源电压为2V的电路中，干路电流是0.3A；当把电阻甲和乙串联在电压为6V的电路中，串联电路的电流为0.2A考点：欧姆定律的应用.专项：应用题；电路和欧姆定律分析：（1）由图象可知，甲电阻的UI图象为正比例函数，则甲电阻为定值电阻，根据图象得出任意一组电压和相应的电流值，根据欧姆定律求出甲电阻的阻值；（2）并联电路中各支路两端的电压相等，根据图象读出甲、乙并联在电源电压为2V时通过的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流；（3）两电阻串联时通过它们的电流相等，总电压等于各分电压之和，根据图象读出符合题意的电流和电压值即可得出答案解答：解：（1）由图象可知，甲电阻为定值电阻，当U甲=2V时，通过的电流I甲=0.1A，由I=可得，甲的电阻：R甲=20；（2）当甲、乙并联在电路中，电源电压为2V时，因并联电路中各支路两端的电压相等，因此，U甲=U乙=2V，由图象可知，通过甲、乙的电流分别为I甲=0.1A，I乙=0.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，因此，干路电流：I=I甲+I乙=0.1A+0.2A=0.3A；（3）当把电阻甲和乙串联在电压为6V的电路中，因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，因此，由图象可知，电路中的电流为0.2A，甲两端的电压为4V，乙两端的电压为2V时符合故答案为：20；0.3；0.2点评：本题考察了并联电路的特点和欧姆定律的应用，核心是根据图象读出电压和电流的相应值17（1分）如图所示的电路中，电源电压不变，开关S闭合后，移动滑片P，变化滑动变阻器接入电路的阻值，电压表的示数变化范畴是2V6V，同步观测到电流表的示数变化范畴是0.5A1A，则电阻R0的阻值为8考点：欧姆定律的应用.专项：电路和欧姆定律分析：由电路图可知，电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑片向左移动时接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，滑动变阻器两端的电压变小，据此得出两电表相应的示数关系；根据串联电路的特点和欧姆定律表达出电源的电压，运用电源的电压不变建立等式即可求出R0的阻值和电源的电压解答：解：当电路中的电流为0.5A时，电压表的示数为6V，串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，电源的电压：U=I1R0+U滑=0.5AR0+6V当电路中的电流为1A时，电压表的示数为2V，电源的电压：U=I2R0+U滑=1AR0+2V电源的电压不变，则：0.5AR0+6V=1AR0+2V，解得：R0=8故答案为：8点评：本题考察了串联电路的特点和欧姆定律的应用，核心是滑片移动时电压表和电流表达数相应关系的判断18（2分）半导体材料的导电能力介于导体和绝缘体之间，其电阻受温度的影响较大下表是小白同窗对某种半导体材料的电阻R随温度变化所测量的有关数据环境温度/2030406080100半导体材料电阻R/50.024.920.013.211.110.0根据这种半导体材料电阻的特性，小白同窗设计了一种如图所示的电路，可以测量某一空间的环境温度使用器材如下：半导体R，电源，电流表（00.6A），开关S，定值电阻R0（10），导线若干当环境温度为20时，电流表读数为0.3A；电源电压为18V根据该半导体材料的特性，可将其改导致为一种测量环境温度的温度计：在安全使用电路的状况下，由表格数据可知，该半导体对环境温度的测量范畴为20100考点：欧姆定律的应用.专项：电路和欧姆定律分析：由表格可得40时半导体的电阻值R，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源电压解答：解：由表中数据知：当t=20时，半导体材料电阻R=50.0，串联电路的总电压等于各分电压之和，根据欧姆定律可得：电源的电压：U=IR+IR0=0.3A50.0+0.3A10=18V；由表中数据可知，测温范畴是：20100；故答案为：18；20100点评：本题考察了串联电路的特点和欧姆定律的计算，能根据表格获取某温度下的电阻值是解题的前提与核心三、实验作图题（19题2分，20题5分，21题8分，共15分）19（2分）（包头）把带有开关的电灯，三孔插座对的地连入如图的家庭电路中考点：家庭电路的连接.专项：作图题；电与热、生活用电分析：（1）火线一方面进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入螺旋套火线接在灯泡的顶端，在更换灯泡时，断开开关，切断火线，更安全（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线解答：解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全；三孔插座接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线如下图所示点评：掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同步考虑使用性和安全性20（5分）小光和小强同窗在学习了电功的知识后，开动脑筋运用简朴的电学器材设计了探究影响电功大小因素的实验如图所示，将电阻丝R1、R2（R1R2）串联在电路中，分别把2根相似的火柴m、n放在两电阻丝上；闭合开关后，看到m火柴一方面被点燃（1）该实验通过观测火柴先后着火的顺序来阐明电功大小，运用了转换法的思想；（2）小光同窗觉得该实验可以用来探究电功大小与电压的关系；如果把R1、R2并联，分别把2根相似的火柴放在两电阻丝上，则可以探究电功大小与电流的关系，这种研究措施叫控制变量法（3）小强同窗思考后觉得火柴可以被点燃，是由于电流对电阻丝做功把电能转化为内能，使得电阻丝温度升高传热给火柴，达到着火点而点燃火柴考点：控制变量法与探究性实验方案.专项：实验题；探究型实验综合题分析：（1）实验中通过火柴着火的先后顺序阐明电功大小，运用了转换法；（2）串联电流相似、并联电压相似，从而可判断影响因素；（3）电流通过导体发热，是电流的热效应，将电能转化为内能解答：解：（1）该实验通过观测火柴先后着火的顺序来阐明电功大小，运用了转换法的思想；（2）由图知，两电阻串联，电流和通电时间相似，两电阻两端的电压不同，则该实验可以用来探究电功大小与电压的关系；如果把R1、R2并联，两电阻两端的电压和通电时间相似，电流不同，分别把2根相似的火柴放在两电阻丝上，则可以探究电功大小与电流的关系，这种研究措施叫控制变量法（3）火柴可以被点燃，是由于电流对电阻丝做功把电能转化为内能故答案为：（1）转换；（2）电压；电流；控制变量；（3）电能点评：本题是探究影响电功大小的因素实验，重要考察了控制变量法及转换法的应用21（8分）小新同窗运用电压表和电流表测量定值电阻R1的阻值（约9左右），电源选用两节新的干电池（1）按图甲电路，将图乙中电流表对的连入电路（注意选择量程）（2）小新同窗连接好电路后，合上开关，可是无论如何移动滑片，电压表达数总为3v不变，电流表有示数，你觉得发生故障的因素也许是R1处断路R2处短路（3）清除故障后，小新同窗将滑片P向左滑动时，电压表达数将增大（选填“增大”、“减小”、“不变”），当P滑到某一位置时，两表读数如图丙所示，由此可知R1=10你觉得这个成果可靠吗？不可靠：（选填“可靠”、“不可靠”）理由是没有多次测量求平均值（4）若在测量过程中，电压表意外损坏不能使用；小新同窗思考之后取下电压表，只用电流表继续测量设计了如图丁所示电路（R0为已知阻值的定值电阻），并设计了如下实验环节，请帮她把缺少的环节补全，并写出Rx的体现式实验环节：A按照设计的电路图连接电路B断开S2、闭合S1记录电流表达数为l1C断开S1、闭合S2记录电流表达数为I2；D体现式：Rx=R0（用已知和测量的物理量的符号表达）考点：伏安法测电阻的探究实验.专项：实验题；探究型实验综合题分析：（1）电源电压是3V，电阻R19，根据I=可以估算出干路中的电流大概在0.33A左右，因此选择电流表的量程为00.6A；（2）电压表达数总为3V不变，阐明电压表测量的是电源两端的电压，寻找也许的因素，一是滑动变阻器短路或被测电阻断路；（3）在测量电阻的实验中，应通过滑动变阻器变化电路中的电流，多次测量求平均值，以减小实验的误差，由于导体的电阻与电流和电压无关；（4）在没有电压表时，使定值电阻与待测电阻并联，根据开关的状态、电流表的示数以及欧姆定律得出定值电阻两端电压，然后根据公式R=计算出被测电阻的阻值解答：解：（1）由于电源是两节干电池串联，电源电压为3V，故电压表量程选择03V，根据R=可判断电路中的最大电流在0.33A左右，故电流表的量程选择00.6A；电路图如图所示：（2）移动滑片，电压表达数总为3V，阐明电压表测的是电源电压，即R1处断路或R2处短路；（3）清除故障后，将滑片P向左滑动时，其电阻减小，整个电路的电流增大，电压表达数将增大；由图丙知：U=2V，I=0.2A，因此R=10；这个成果不可靠，应多次测量求平均值，以减小实验的误差；（4）实验环节：（1）按电路图连接电路（2）断开S2、闭合S1记录电流表达数为I1；（3）断开S1、闭合S2记录电流表达数为I2；（4）由上知，U=I1R0，则Rx=R0故答案为：（1）电路如上图所示；（2）R1处断路R2处短路；（3）增大；10；不可靠；没有多次测量求平均值；（4）C、闭合S2记录电流表达数为I2；D、R0点评：此题是测量电阻的实验环节的设计，本题的难点较多，一是电流表量程的选用，二是故障因素的判断，需要学生在平时的学习中积累措施与技巧在实验中用一种定值电阻和一块电流表替代了电压表，设计实验环节的宗旨是如何能间接地测出电阻两端的电压四、计算题（22题5分，23题6分，24题7分，共l8分）22（5分）如图所示的电路中，电源电压6V保持不变，电阻R1=10只闭合开关S2，通过电阻R2的电流为0.2A求：（1）R2的电阻值；（2）断开开关S2，只闭合开关S1和S3时，通电2min时R1消耗的电能考点：欧姆定律的应用；电功的计算.专项：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析：（1）只闭合开关S2时，两电阻串联，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的总电阻，运用电阻的串联求出R2的电阻值；（2）断开开关S2，只闭合开关S1和S3时，两电阻并联，根据并联电路的电压特点和W=UIt=t求出通电2min时R1消耗的电能解答：解：（1）只闭合开关S2时，两电阻串联，因串联电路中各处的电流相等，因此，由I=可得，电路中的总电阻：R=30，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，因此，R2的电阻值：R2=RR1=3010=20；（2）断开开关S2，只闭合开关S1和S3时，两电阻并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，因此，通电2min时R1消耗的电能：W2=t=260s=216J答：（1）R2的电阻值为20；（2）断开开关S2，只闭合开关S1和S3时，通电2min时R1消耗的电能为216J点评：本题考察了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功公式的灵活运用，要注意开关闭合、断开时电路的串并联23（6分）风行全球的最快电动跑车特斯拉，有着优越的性能，良好的操作性，使用经济便宜等诸多长处型号为Model5该车配备65kWh电池，作为汽车动力来源，为了以便车主充电，特斯拉工厂在全球多种都市配备了超级充电站，超级充电时的充电电压为380V，充电电流为195A，求：（1）充电完毕一半需要多长时间；（2）布满电的汽车电池能续航500公里，而特斯拉电动车的能量转换效率可以高达90%，则该车匀速运营的牵引力是多大考点：电功率与电能、时间的关系；二力平衡条件的应用；功的计算公式的应用.专项：电能和电功率；运动和力；功、功率、机械效率分析：（1）运用W=UIt求出时间；（2）根据题意转化的机械能W=W，再运用W=Fs求出牵引力解答：解：（1）由W=UIt得t=1578.95s=0.44h；（2）根据题意转化的机械能W=W=653.6106J90%=2.106108J则当匀速行驶时，牵引力为F=421.2N答：（1）充电完毕一半需要0.44h；（2）布满电的汽车电池能续航500公里，而特斯拉电动车的能量转换效率可以高达90%，则该车匀速运营的牵引力421.2N点评：此题重要考察学生对于电功、力学中功的理解和掌握24（7分）如图甲所示，是汽车油量表的工作原理图，油箱内无油时，P在b端；油箱装满时，P在a端李教师发现她的小车油量表失灵了经检查发现R烧坏了，再看变阻器R的铭牌，上面标有“50 1A”的字样，为了拟定被烧坏的电阻R，她拆下车上的油量表，此外找来电源、滑动变阻器R、定值电阻R2、电压表和开关等器材，用导线连接成如图乙所示的电路进行实验，通过调节滑动变阻器R的滑片P的位置，得到如表所示的数据（其中R2=5）电压表达数V0.511.522.53油量表达数I01020304560求：（1）油量表有最大读数时，通过油量表的电流；（2）图甲中被烧焦的电阻R的阻值；（3）图甲中电路消耗电功率的最大值和最小值考点：欧姆定律的应用.专项：电路和欧姆定律分析：（1）由乙电路图可知油量表与R1、R2串联，电压表测R2两端的电压；由表格信息可知，当油量表的读数最大时，电压表的示数为3V，当油量表的读数为0时，电压表的示数为0.5V；根据串联电路的电流特点和欧姆定律分别求出两种状况通过油量表的电流强度（2）由甲图可知，当油箱装满时，P在a端，电路为R的简朴电路；油箱内无油时，当P在b端，R与R的最大阻值串联；根据电阻的串联特点和欧姆定律结合电源的电压不变得出等式，即可求出电阻R的阻值；（3）运用P=UI求解功率解答：解：（1）由乙电路图可知油量表与R1、R2串联，电压表测R2两端的电压；由表格信息可知：当油量表有最大读数时，电压表的示数为3V，根据欧姆定律可得，通过油量表的电流强度：Imax=0.6A；当油量表的读数为0时，电压表的示数为0.1V，油量表的读数：Imin=0.1A；（2）由甲图可知：当油箱装满时，P在a端，电路为R的简朴电路，此时电路中的电流Imax=0.6A，当P在b端，R与R的最大阻值串联，此时电路中的电流Imin=0.1A，串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，根据电源的电压不变可得：U=ImaxR=Imin（R+R），即0.6AR=0.1A（R+50），解得：R=10（3）由题（2）可知Pmax=UImax=3V0.6A=1.8W；Pmin=UImin=3V0.1A=0.3W答：（1）油量表有最大读数时，通过油量表的电流强度为0.6A；（2）图甲中被烧焦的电阻R的阻值为10；（3）图甲中电路消耗电功率的最大值1.8W；最小值0.3W点评：本题考察了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，核心是能把甲乙两图的电流联系到一块和从表格中得出有关的信息