2022年高二物理上学期10月月考试卷（含解析）

2022年高二物理上学期10月月考试卷（含解析）一选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第19题只有一项符合题目要求，第1012题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240m的近似圆形轨道，当环中的电流是10mA时（设电子的速度是3107m/s），在整个环中运行的电子数目为（电子电量e=1.61019C）（） A 51011 B 51010 C 1102 D 11042“神舟”六号载人飞船上的电子仪器及各种动作的控制都是靠太阳能电池供电的由于光照而产生电动势的现象称为光伏效应“神舟”飞船上的太阳能电池就是依靠光伏效应设计的单晶硅太阳能电池在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达23%单片单晶硅太阳能电池可产生0.6V的电动势，可获得0.1A的电流，求每秒照射到单片单晶硅太阳能电池上太阳光的能量是（） A 0.24J B 0.25J C 0.26J D 0.28J3一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为（） A B 3R C D R4有三个电阻，R1=2，R2=3，R3=4，现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为I1：I2：I3是（） A 6：4：3 B 3：4：6 C 2：3：4 D 4：3：25用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（） A 两只电表的指针偏转角相同 B 两只电表的指针都不偏转 C 电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角 D 电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角6一段粗细均匀的金属导体的横截面积是S，导体单位长度内的自由电子数为n，金属内的自由电子电荷量为e，自由电子做无规则热运动的速率为v0，导体中通过的电流为I，以下说法中正确的有（） A 自由电子定向移动的速率为v0 B 自由电子定向移动的速率为v= C 自由电子定向移动的速率为真空中的光速c D 自由电子定向移动的速率为v=7欧姆表电路及刻度盘如图所示，现因表头损坏，换用一个新表头甲表头满偏电流为原来表头的2倍，内阻与原表头相同；乙表头满偏电流与原表头相同，内阻为原表头的2倍，则换用甲表头和换用乙表头后刻度盘的中值电阻分别为（） A 100，100 B 200，100 C 50，100 D 100，2008如图所示的电路中，开关闭合时，灯L1、L2正常发光由于电路出现故障，灯L1突然变亮，灯L2变暗，电流表的读数变小则发生的故障可能是（） A R1断路 B R2断路 C R3断路 D R4断路9如图所示，电路中电源的电动势为E，内电阻为r，开关S闭合后，当滑动变阻器R的滑动片P向右移动的过程中，三盏规格相同的小灯泡L1、L2、L3的亮度变化情况是（） A 灯L1、L2变亮，灯L3变暗 B 灯L2、L3变亮，灯L1变暗 C 灯L1、L3变亮，灯L2变暗 D 灯L1变亮，灯L2、L3变暗10如图，直线A为电源的UI图线，直线B和C分别为电阻R1和R2的UI图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2，电源的效率分别为1、2，则（） A P1P2 B P1=P2 C 12 D 1211如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（） A 电压表读数减小 B 电流表读数减小 C 质点P将向下运动 D 流过R3的电流逐渐增大12在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示当开关闭合后，下列判断正确的是（） A 灯泡L1的电阻为12 B 通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍 C 灯泡L1消耗的电功率为0.75W D 灯泡L2消耗的电功率为0.30W二、填空题（本题共2小题，每空3分，共计24分请把答案填写在答题纸的相应位置上）13某课题研究小组，收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池，及从废旧收音机上拆下的电阻、二极管、电池等元件现从这些材料中选取两个待测元件，一是电阻R0（约为2k），二是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA）在操作台上还准备了如下实验器材：A电压表V（量程4V，电阻RV约为4.0k）B电流表A1（量程100mA，电阻RA1约为5）C电流表A2（量程2mA，电阻RA2约为50）D滑动变阻器R1（020，额定电流1A）E电阻箱R2（0999.9，最小分度值0.1）F开关S一只、导线若干（1）一位同学使用伏安法测定电阻R0的阻值，滑动变阻器应该采用（填“限流式”或“分压式”）接法，电流表应该用 （选B或C） 并采用电流表的（“内接法”或“外接法”）测量在实验操作过程中发现滑动变阻器R1、电流表A1损坏，请用余下的器材测量锂电池电动势E和内阻r请在如图的方框中画出实验电路图（标注所用器材符号）引起该实验系统误差的主要原因是14在测定金属丝电阻率的实验中，用螺旋测微器测得金属丝的直径如图甲所示，d=mm；用多用电表的“1”欧姆挡，调零后测得金属丝的电阻值如图乙所示，R=若实验中测出金属丝的长度为L，则该金属丝电阻率的表达式=（用符号表示）三、计算题（本题共3小题，共28分第15题8分，第16题10分，第17题10分要求解答应写出必要的文字说明和相关方程以及重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位）15在图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2，限流电阻R=3当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V求：（1）通过电动机的电流是多大？电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？16在如图所示电路中，定值电阻R0=2，安培表和伏特表均为理想电表闭合开关K，当滑动变阻器Rx滑片P从一端移向另一端时，发现电压表的电压变化范围为0V到3V，安培表的变化范围为0.75A到1.0A求：（1）电源的电动势和内阻；移动变阻器滑片时，能得到的电源的最大输出功率17如图所示的电路，电源电动势E=6V，内阻r=1，电阻R1=3，R2=6，电容器的电容C=3.6F，二极管D具有单向导电性，开始时，开关S1闭合，S2断开（1）合上S2，待电路稳定以后，求电容器上电量变化了多少？合上S2，待电路稳定后再断开S1，求断开S1后流过R1的电量是多少？辽宁省沈阳二中高二上学期月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第19题只有一项符合题目要求，第1012题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240m的近似圆形轨道，当环中的电流是10mA时（设电子的速度是3107m/s），在整个环中运行的电子数目为（电子电量e=1.61019C）（） A 51011 B 51010 C 1102 D 1104考点： 电流、电压概念专题： 恒定电流专题分析： 根据电子转一圈的时间，求出在该时间内通过圆形轨道某一横截面的电量，即为整个环中电子的电量再除以一个电子的电流，即为整个环中电子的数目解答： 解：电子转一圈的时间 整个环中电子的电量Q=It=101038106C=8108C所以电子的数目n=故A正确，B、C、D错误故选A点评： 解决本题的关键掌握电流的定义式，会根据公式求出某段时间内同过横截面的电量2“神舟”六号载人飞船上的电子仪器及各种动作的控制都是靠太阳能电池供电的由于光照而产生电动势的现象称为光伏效应“神舟”飞船上的太阳能电池就是依靠光伏效应设计的单晶硅太阳能电池在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达23%单片单晶硅太阳能电池可产生0.6V的电动势，可获得0.1A的电流，求每秒照射到单片单晶硅太阳能电池上太阳光的能量是（） A 0.24J B 0.25J C 0.26J D 0.28J考点： 电源的电动势和内阻专题： 恒定电流专题分析： 由欧姆定律即可求得电流，由电功公式W=UIt可求得太阳能电池吸收的光能，由光电转换效率可求得太阳光的能量解答： 解：电阳能电池每秒产生的电能为W=UIt=0.6V0.1A1s=0.06J；则照到太阳能电池上的光能为W光=0.26J；故选C点评： 本题考查用物理学在一些新科技的应用，这类题型出现较多，不但能很好的考查知识，而且可以激发我们学习物理的动力3一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为（） A B 3R C D R考点： 电阻定律专题： 恒定电流专题分析： 一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，长度和横截面积均没有改变，根据电阻定律判断解答： 解：一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，长度和横截面积均没有改变，根据电阻定律公式R=，其电阻不变，为R；故选D点评： 本题关键根据电阻定律判断，记住公式R=即可，基础题4有三个电阻，R1=2，R2=3，R3=4，现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为I1：I2：I3是（） A 6：4：3 B 3：4：6 C 2：3：4 D 4：3：2考点： 串联电路和并联电路专题： 恒定电流专题分析： 根据并联电路中支路电流与支路电阻的比值关系进行分析，即电流之比等于电阻的反比解答： 解：因为R1：R2：R3=2：3：4=2：3：4；所以I1：I2：I3=6：4：3故选：A点评： 会熟练应用欧姆定律，知道并联电路电阻与电流的比值关系5用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（） A 两只电表的指针偏转角相同 B 两只电表的指针都不偏转 C 电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角 D 电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角考点： 把电流表改装成电压表专题： 实验题分析： 电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小解答： 解：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD错误，C正确；故选：C点评： 本题关键是明确电流表和电压表的改装原理，熟悉串联电路的电流特点，基础题6一段粗细均匀的金属导体的横截面积是S，导体单位长度内的自由电子数为n，金属内的自由电子电荷量为e，自由电子做无规则热运动的速率为v0，导体中通过的电流为I，以下说法中正确的有（） A 自由电子定向移动的速率为v0 B 自由电子定向移动的速率为v= C 自由电子定向移动的速率为真空中的光速c D 自由电子定向移动的速率为v=考点： 电流、电压概念专题： 恒定电流专题分析： 已知电流及电子的电量等，根据电流的微观表达式可求得电子定向移动的速率解答： 解：单位时间内通过的电量q=vten由电流的定义可知电流的微观表达式为：I=nev；则v=；故D正确；故选：D点评： 本题要求能掌握电流的微观表达式，同时注意区分电子的定向移动速率、无规则热运动的速率以及电能的传导速率7欧姆表电路及刻度盘如图所示，现因表头损坏，换用一个新表头甲表头满偏电流为原来表头的2倍，内阻与原表头相同；乙表头满偏电流与原表头相同，内阻为原表头的2倍，则换用甲表头和换用乙表头后刻度盘的中值电阻分别为（） A 100，100 B 200，100 C 50，100 D 100，200考点： 用多用电表测电阻专题： 实验题分析： 电流表改装成欧姆表的原理是闭合电路欧姆定律中值电阻对应的电流是满偏电流的一半根据闭合电路欧姆定律和中值电阻的意义，分别原来、甲、乙三个电流列式，即可求解解答： 解：设原来满偏电流为Ig，中值电阻为Rx0，换用甲乙两表头后的中值电阻分别为Rx1，Rx2对于原来表头，根据闭合电路欧姆定律得： Ig=Ig=联立可得：Rx0=换用甲表头后，由闭合电路欧姆定律得： 2Ig= Ig=联立解得：Rx1=则得：Rx1=Rx0=100=50换用乙表头，由闭合电路欧姆定律得： Ig=Ig=联立解得：Rx2=Rx0=100故选：C点评： 本题关键要理解欧姆表的工作原理：闭合定律欧姆定律，明确中值电阻的意义，能运用闭合电路欧姆定律即可正确解题8如图所示的电路中，开关闭合时，灯L1、L2正常发光由于电路出现故障，灯L1突然变亮，灯L2变暗，电流表的读数变小则发生的故障可能是（） A R1断路 B R2断路 C R3断路 D R4断路考点： 闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 首先认识电路的结构：没有发生故障前，R1与L1并联，R2与R3串联后与R4并联，再与R2串联将选择逐一代入，根据欧姆定律分析，选择符合题意的选项解答： 解：A、若R1断路，总外电阻变大，总电流减小，L1两端电压变大，L1变亮；根据串联电路分压规律可知：右侧并联电路的电压减小，通过L2、R4的电流都减小，L2变暗，电流表的读数变小符合题意故A正确B、若R2断路，电路中没有电流，两灯都不亮，与题不符，故B错误C、若R3断路，总外电阻变大，总电流减小，L1两端电压变小，L1变亮暗；根据串联电路分压规律可知：R4的电压增大，电流表的读数变大，L2不亮，不符合题意故C错误D、若R4断路，总外电阻变大，总电流减小，L1两端电压变小，L1变亮暗；根据串联电路分压规律可知：电流表的读数为零，不符合题意故D错误故选：A点评： 本题是电路中动态变化分析问题，首先要识别电路的结构，其次按照“局部整体局部”的思路进行分析9如图所示，电路中电源的电动势为E，内电阻为r，开关S闭合后，当滑动变阻器R的滑动片P向右移动的过程中，三盏规格相同的小灯泡L1、L2、L3的亮度变化情况是（） A 灯L1、L2变亮，灯L3变暗 B 灯L2、L3变亮，灯L1变暗 C 灯L1、L3变亮，灯L2变暗 D 灯L1变亮，灯L2、L3变暗考点： 闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 首先认识电路的结构：变阻器与灯L3并联后与灯L2串联，再与灯L1并联灯L1的电压等于路端电压将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化和路端电压的变化，确定灯L1亮度的变化由干路电流和L1电流的变化，来确定灯L2电流的变化，分析其亮度的变化根据灯L3的电压变化分析亮度的变化解答： 解：图中变阻器与灯L3并联后与灯L2串联，再与灯L1并联灯L1的电压等于路端电压将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律得知：干路电流I减小，路端电压增大，则灯L1变亮流过灯L2电流I2=II1，I减小，I1增大，则I2减小，灯L2变暗灯L3的电压U3=UU2，U增大，U2减小，U3增大，L3灯变亮故C正确故选：C点评： 本题是电路中动态变化分析问题，首先要搞清电路的结构，再按照“局部整体局部”顺序进行分析10如图，直线A为电源的UI图线，直线B和C分别为电阻R1和R2的UI图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2，电源的效率分别为1、2，则（） A P1P2 B P1=P2 C 12 D 12考点： 欧姆定律；电功、电功率专题： 恒定电流专题分析： 电源的效率等于电源输出功率与电源总功率的百分比，根据效率的定义，找出效率与电源路端电压的关系，由图读出路端电压，就能求出效率；电源与电阻的UI图线的交点，表示电阻接在电源上时的工作状态，可读出电压、电流，算出电源的输出功率，进而比较大小解答： 解：AB、由图线的交点读出，B接在电源上时，电源的输出输出功率P1=UI=8WC接在电源上时，电源的输出输出功率P2=UI=8W 故A错误，B正确CD、电源的效率=，效率与路端电压成正比，B接在电源上时路端电压大，效率高，12故C正确，D 错误故选：BC点评： 本题首先要知道效率与功率的区别，电源的效率高，输出功率不一定大其次，会读图电源与电阻的伏安特性曲线交点表示电阻接在该电源上时的工作状态11如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（） A 电压表读数减小 B 电流表读数减小 C 质点P将向下运动 D 流过R3的电流逐渐增大考点： 闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况解答： 解：由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；B、当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；A、因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；C、因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故C正确；D、因R3两端的电压减小，根据欧姆定律可知，流过R3的电流逐渐减小； 故D错误；故选：AC点评： 解决闭合电路欧姆定律的题目，一般可以按照整体局部整体的思路进行分析，注意电路中某一部分电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的12在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示当开关闭合后，下列判断正确的是（） A 灯泡L1的电阻为12 B 通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍 C 灯泡L1消耗的电功率为0.75W D 灯泡L2消耗的电功率为0.30W考点： 电功、电功率专题： 恒定电流专题分析： 当开关闭合后，灯泡L1的电压等于3V，由图读出其电流I，由欧姆定律求出电阻，并求出其功率灯泡L2、L3串联，电压等于1.5V，由图读出电流，求出电阻解答： 解：A、C、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻R1=12，功率P1=U1I1=0.75W，故A正确，C正确；B、灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V，由图读出其电流I2=I3=0.20A，灯泡L2、L3的功率均为P=UI=1.5V0.20A=0.30W，故B错误，D正确；故选ACD点评： 本题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的电压读图能力是基本功二、填空题（本题共2小题，每空3分，共计24分请把答案填写在答题纸的相应位置上）13某课题研究小组，收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池，及从废旧收音机上拆下的电阻、二极管、电池等元件现从这些材料中选取两个待测元件，一是电阻R0（约为2k），二是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA）在操作台上还准备了如下实验器材：A电压表V（量程4V，电阻RV约为4.0k）B电流表A1（量程100mA，电阻RA1约为5）C电流表A2（量程2mA，电阻RA2约为50）D滑动变阻器R1（020，额定电流1A）E电阻箱R2（0999.9，最小分度值0.1）F开关S一只、导线若干（1）一位同学使用伏安法测定电阻R0的阻值，滑动变阻器应该采用分压式（填“限流式”或“分压式”）接法，电流表应该用C （选B或C） 并采用电流表的内接法（“内接法”或“外接法”）测量在实验操作过程中发现滑动变阻器R1、电流表A1损坏，请用余下的器材测量锂电池电动势E和内阻r请在如图的方框中画出实验电路图（标注所用器材符号）引起该实验系统误差的主要原因是电压表的分流作用或电流表的分压作用考点： 伏安法测电阻专题： 实验题分析： 本题（1）应根据I=求出的最大电流来选择电流表量程；根据变阻器的全电阻远小于待测电阻可知变阻器应采用分压式接法；根据待测电阻满足可知电流表应用内接法；题根据测量电动势可以使用“安欧法”（电流表与电阻箱）或“伏欧法”（电压表与电阻箱）即可求解；题根据闭合电路欧姆定律讨论即可解答： 解：（1）：由I=1.85mA，所以电流表应选择C；根据闭合电路欧姆定律可知电路中需要的最大电阻应为：=5550，所以应选择变阻器D且采用分压式接法；由于待测电阻满足，所以电流表应用内接法；：若电流表和变阻器损坏，根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir可知，考虑使用电压表V与电阻箱并联（“伏欧法”）或将与电流表与电阻箱串联（“安欧法”）以完成测量，电路图如图所示：或：由E=U+Ir可知，采用“伏欧法”时，=U+，由于电压表的分流作用使得根据求出的电流小于通过电源的实际电流；采用“安欧法”时，=I+Ir，由于电流表的分压作用，使得根据I求出的电压小于电源两端的实际电压故答案为：（1）分压式，C，内接法；如图，电压表的分流作用或电流表的分压作用点评： 应明确：应根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表量程；当变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法；当待测电阻满足时电流表应用内接法，满足时电流表应用外接法；测量电源电动势和内阻实验有“伏安法”、“安欧法”、“伏欧法”等14在测定金属丝电阻率的实验中，用螺旋测微器测得金属丝的直径如图甲所示，d=0.730mm；用多用电表的“1”欧姆挡，调零后测得金属丝的电阻值如图乙所示，R=8.0若实验中测出金属丝的长度为L，则该金属丝电阻率的表达式=（用符号表示）考点： 测定金属的电阻率专题： 实验题分析： 螺旋测微器固定刻度与可动刻度的示数之和是螺旋测微器的示数；欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表的示数；根据实验所测数据，应用电阻定律可以求出金属丝的电阻率解答： 解：（1）由图甲所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0.5mm，可动刻度所示为23.00.01mm=0.230mm，螺旋测微器的示数为0.5mm+0.230mm=0.730mm由图乙所示多用电表可知，金属丝电阻阻值R=8.01=8.0（3）金属丝电阻R=故答案为：0.730； 8.0； 点评： 螺旋测微器固定刻度与可动刻度的示数之和是螺旋测微器的示数，对螺旋测微器读数时要注意估读三、计算题（本题共3小题，共28分第15题8分，第16题10分，第17题10分要求解答应写出必要的文字说明和相关方程以及重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位）15在图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2，限流电阻R=3当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V求：（1）通过电动机的电流是多大？电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？考点： 电功、电功率；闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 电动机与电阻串联，根据欧姆定律求解电流；根据P=UI求解输入到电动机的电功率；根据P出=UII2r求解输出功率解答： 解：（1）通过电动机的电流I与流过限流电阻R的电流相同，由I=得：I=0.1 A由E=Ir+U+UD可得电动机两端电压：UD=EIrU=6 V0.11 V0.3 V=5.6 V所以电动机输入的电功率：P入=UDI=0.56 W电动机的发热功率：P热=I2R=0.02 W电动机的输出功率：P出=P入P热=0.54 W答：（1）通过电动机的电流是0.1A；电动机输入的电功率为0.56W、转变为热量的功率为0.02W和输出机械功率是0.54W点评： 在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的16在如图所示电路中，定值电阻R0=2，安培表和伏特表均为理想电表闭合开关K，当滑动变阻器Rx滑片P从一端移向另一端时，发现电压表的电压变化范围为0V到3V，安培表的变化范围为0.75A到1.0A求：（1）电源的电动势和内阻；移动变阻器滑片时，能得到的电源的最大输出功率考点： 闭合电路的欧姆定律；电功、电功率专题： 恒定电流专题分析： （1）由题分析可知，当滑片P滑到a端时，电压表读出为3V，电流表读数为0.75A，根据欧姆定律求出Rx的总阻值；根据闭合电路欧姆定律，分别对滑片P滑到a端和b端两种情况进行研究，得出方程组成方程组，求解电动势和内能当滑动变阻器的滑片在b处时，变阻器接入电路的电阻为零，根据欧姆定律求出电路中电流，再求解电源的输出功率和电源的热功率解答： 解：（1）据题意可知：Rx的最大值为Rm=4当Rx1=0时，Ux1=0，对应电流为I1=1A，由闭合电路欧姆定律得， E=I1（R0+r） 当Rx为最大值时，Ux2=3V，对应电流为I2=0.75A，有 E=I2（R0+r）+Ux2 由两式代入数据得，E=12V，r=10电源的输出功率P出=当Rx+R0=r时，电源有最大输出功率，但Rx+R0恒小于r，由输出功率随外电阻变化的关系知，当Rx+R0取最大值时输出功率最大，即P出=答：（1）电源的电动势和内阻为12V，10；移动变阻器滑片时，能得到的电源的最大输出功率点评： 本题首先要会分析变阻器电阻变化时，电压表和电流表的示数如何变化基本题17如图所示的电路，电源电动势E=6V，内阻r=1，电阻R1=3，R2=6，电容器的电容C=3.6F，二极管D具有单向导电性，开始时，开关S1闭合，S2断开（1）合上S2，待电路稳定以后，求电容器上电量变化了多少？合上S2，待电路稳定后再断开S1，求断开S1后流过R1的电量是多少？考点： 闭合电路的欧姆定律；电容专题： 恒定电流专题分析： （1）开关S2断开时，电阻R1和电源构成闭合电路，电容器上端带正电，根据闭合电路欧姆定律求出R1两端的电压，即为电容器两端的电压合上S2，由于二极管的单向导电性，知R1和R2并联，电容器上端带正电，根据闭合电路欧姆定律求出其两端的电压，即为电容器两端的电压根据Q=（U2U1）C求出电容器电量的变化量断开S1后，R1和R2的电流与阻值成反比，因而流过的电量与阻值也成反比，知道合上S2时电容器的带电量，即可求出流过R1的电量解答： 解：（1）设开关S1闭合，S2断开时，电容器两端的电压为U1，干路电流为I1，根据闭合电路欧姆定律有U1=I1R1=4.5V合上开关S2后，设电容器两端电压为U2，干路电流为I2，根据闭合电路欧姆定律有所以电容器上电量变化了故电容器的电量减少了1.8106C合上S2后，设电容器上的电量为Q，则断开S1后，R1和R2的电流与阻值成反比，因而流过的电量与阻值也成反比，故流过R1的电量故断开S1后流过R1的电量是9.6106C点评： 解决本题的关键掌握闭合电路欧姆定律，以及掌握处理含容电路的方法