2018届高考生物预测卷二.doc

2018届高考生物预测卷二注意事项：1本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答第I卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。3回答第II卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。4考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H：1 C：12 O：16 Na：23 1下列关于物质运输的叙述，错误的是A膜泡运输离不开膜蛋白的识别作用B分泌蛋白的加工及分泌、mRNA进入细胞质穿过的生物膜层数相同C葡萄糖被小肠上皮细胞吸收和从小肠上皮细胞进入组织液的方式可能不同D温度影响K+的跨膜运输，不影响O2的跨膜运输2关于人体造血干细胞的叙述，错误的是A造血干细胞与B淋巴细胞中蛋白质的种类存在差异B造血干细胞分化为成熟红细胞的过程往往是不可逆的C造血干细胞只能分化为血细胞或淋巴细胞D造血干细胞分化形成的红细胞和白细胞寿命不同3某校四个生物兴趣小组用紫色洋葱不同部位进行了相关实验(如下表)，但均未达到预期效果。下列分析中合理的是A甲组所取细胞的细胞质中无RNA分布B乙组实验中未用盐酸处理鳞片叶内表皮C丙组实验中研磨不够充分是主要原因D丁组实验中可能未观察到分生区部位4下列关于神经调节的叙述，错误的是A树突膜上可能含有神经递质的受体B狐追赶兔的过程中，兴奋沿反射弧双向传导C反射弧中的突触数量越多，反射完成的越慢D静息状态时，若神经细胞膜对Na+通透性增大，会导致静息电位的绝对值减小5先天性夜盲症是一种单基因遗传病，且父母正常的家庭中也可能有患者，另外自然人群中正常男性个体不携带该遗传病的致病基因。不考虑突变，下列关于该遗传病的叙述，错误的是A该遗传病往往呈现(隔代)交叉遗传的特点B不患该遗传病的女性，其子女均不患该病C某女性携带者与正常男性婚配，生一正常女孩的概率为12D可运用基因诊断的检测手段，确定胎儿是否患有该遗传病6某野生动物种群数量超过环境容纳量(K值)后，其种群数量的变化趋势有图中的I、II、III三种可能性。下列相关叙述错误的是A环境被破坏时环境容纳量下降，体现了环境的制约作用Ba点出生率大于死亡率，c点死亡率大于出生率C三种可能中，曲线I说明该种群栖息地的受破坏程度较轻D当曲线III趋近零时，对该动物种群应采取就地保护29(10分)探究在适合生长的氮素浓度范围内，不同土壤氮素水平对菠菜叶片光合作用的影响，实验结果如下表所示。回答下列问题： (1)氮元素进入植物体细胞的方式为_。(2)在氮素水平为515mmolL范围内，随着土壤氮素水平升高，叶绿素含量增加的原因是_。绿色植物的叶片在光下大多呈绿色，原因是_。(3)实验结果显示，氮素水平在_mmolL的范围内，叶绿素含量不变，净光合速率仍然增加。此时，净光合速率增加的原因是_。(4)请你再列举氮元素在植物体内的作用：_。(至少2种)30(10分)鸣禽是鸟类中最善于鸣叫的一类。鸣禽的鸣唱是在脑中若干功能区(图中字母所示)的控制下，通过鸣管和鸣肌来完成的。请分析回答： (1)图中的HVC等功能区是鸣禽鸣唱反射弧结构中的_。在繁殖季节，雄鸟之间竞相鸣唱，这体现出生态系统信息传递的功能是_。(2)研究发现雄鸟的HVC区体积明显大于雌鸟。雄鸟脑中HVC区体积较大与新生神经元所占比例较高有关，而新生神经元数量的雌雄差异与鸟体中激素有关，这类激素最可能是_。为验证这一观点，最好选用_性幼鸟若干只，平均分成两组。实验步骤：在实验组幼鸟皮下植入含适量雄性激素的包埋物，在对照组幼鸟皮下植入_；一段时间后，检测两组鸟脑中HVC区新生神经元的数量。结果预测：若_，说明上述观点成立。问题讨论：本实验设置对照组的目的是：_。31(11分)玉米(2N=20)为单性花、雌雄同株，是我国主要的粮食作物之一，也是遗传学实验常用的材料。请回答有关问题：(1)在杂交过程中，玉米相对于豌豆可以简化_环节，在开花前直接给雌、雄花序_处理即可。(2)除了上述优点之外，选择玉米作为遗传学实验材料的原因是_(至少答出两项)。(3)在玉米种群中发现了“硬粒型”这一突变性状后，连续培育到第三代才选出能稳定遗传的纯合突变类型，该突变应该是_(显性或隐性)突变。(4)自然界中偶尔会出现单倍体玉米，一般不育，原因是_。(5)现有长果穗(M)白粒(n)和短果穗(m)黄粒(N)两个玉米杂合子品种(两对基因独立遗传)，为了达到长期培育长果穗黄粒(MmNn)杂交种玉米的目的。请你选择育种方式在最短时间达到目的，并以遗传图解方式简要说明你的方案。32(8分)草鱼在幼鱼阶段，主要取食小型浮游动物和昆虫幼虫，体长10cm后，主要以高等水生植物为主，稻田中常见的杂草，多数是其天然饵料。请回答下列问题：(1)为调查稻田养鱼对农业害虫的控制效果，可采用_调查农业害虫的幼虫的发生情况，估算各种害虫的种群密度。(2)稻田养鱼可以增加稻田生态系统物种的_，提高稻田生态系统的稳定性。(3)从种间关系分析，稻田养鱼可以_，从而达到水稻增产的目的。(4)从生态系统的物质循环分析，_，可在一定程度上减少对化肥的使用，有利于土壤环境的保护。37【生物选修1生物技术实践】(15分)在微生物连续培养时，一部分旧的液体培养基以一定的速度流出，同时不断有等量的新鲜液体培养基流入以保证微生物对营养物质的需要。研究人员将大肠杆菌JA122菌株接种到葡萄糖含量受到限制的液体培养基中，连续培养多代，然后取样分析其中存在的新菌株。请回答下列问题：(1)液体培养基中除了把葡萄糖作为_外，还应该含有氮源、水、无机盐以及_。(2)样品中还发现了CV101、CV103新品种，对其菌株的代谢差异进行分析发现，CV103对葡萄糖吸收率最高，代谢终产物是醋酸盐。进一步研究表明，CV101可以在过滤的培养过CV103的培养基中生长，从代谢的角度分析，可作出的推测是：_；从遗传的角度分析，体现出大肠杆菌具有_多样性。请再设计并完成下列实验，来验证你的观点。配制_的固体培养基(A组)和不含碳源的固体培养基(B组)；将_的CV101菌液分别接种到A、B培养基中培养一段时间，并观察记录菌株的生长情况。实验过程应在_条件下进行。预期实验结果：_。38【生物选修3现代生物科技专题】(15分) 科研人员发现埃博拉病毒(EBO)呈纤维状，EBO衣壳外有包膜，包膜上有5种蛋白棘突(VP系列蛋白和GP蛋白)，其中GP蛋白最为关键，能被宿主细胞强烈识别。EBO结构及基因组如下图所示，目前尚无针对该病毒的特效药或疫苗。 (1)从免疫学分析，GP蛋白本质上属于_。埃博拉病毒(EBO)容易变异的原因是_。(2)科研人员利用经EBO免疫后小鼠的_细胞与小鼠的骨髓瘤细胞进行杂交，制 备纯净的单克隆抗体。操作过程中需要经过两次筛选，第一次筛选的目的是_。(3)研究者还运用转基因技术生产埃博拉病毒蛋白疫苗与重组病毒粒子疫苗。该技术的目 的基因最好选择_。(4)实验发现，用昆虫细胞替代酵母菌承担辅助重组质粒与重组病毒的共转染，也能收集 到目的基因表达的蛋白质，这一现象说明_。重组病毒中须除去病毒复制激活基因(E)，目的是_。以EBO病毒包膜蛋白作为疫苗比较安全，其原因是_。 高三生物参考答案1D 【解析】膜泡运输是一种高度有组织的定向运输，各类运输泡之所以能够被准确地运到靶细胞器，主要是因为细胞器的胞质面具有特殊的膜蛋白，A正确。分泌蛋白的加工及分泌属于囊泡运输，穿过0层生物膜；mRNA通过核孔进入细胞质，穿过0层生物膜，B正确。葡萄糖被小肠上皮细胞吸收是主动运输，从小肠上皮细胞进入组织液通常是协助扩散，C正确。温度影响膜的流动性，故O2的跨膜运输也会受到温度的影响，D错误。2C 【解析】由于基因的选择性表达，造血干细胞与B细胞中mRNA、蛋白质的种类存在差异，A正确。细胞分化具有普遍性、持久性、稳定性和不可逆性，B正确。各种血细胞、免疫细胞（包括淋巴细胞和吞噬细胞）均来自于造血干细胞，C错误。红细胞和白细胞的形态、结构和功能不同，其中红细胞没有细胞核，寿命短，D正确。3D 洋葱鳞片叶外表皮还有紫色色素，对实验结果有干扰，A错误。观察线粒体内膜不需要用盐酸，要用电子显微镜，B错误。丙组中提取色素是用无水乙醇，分离是用层析液，C错误。观察染色体形态应先找到分生区，D正确。4B 【解析】突触可分轴突树突型和轴突细胞体型等，所以树突膜可以充当突触后膜，其上有受体，具有识别功能，A正确。在生物体内，兴奋沿反射弧只能单向传导，B错误。反射弧中的突触数量越多，突触延搁的时间越长，反射完成的越慢，C正确。静息状态时，若神经细胞膜对Na通透性增大，会导致膜外Na内流，缩小膜内外的电位差。5B 【解析】父母正常的家庭中也可能有患者，说明先天性夜盲症是隐性遗传病，自然人群中正常男性个体不携带该遗传病的致病基因，说明该遗传病为伴X隐性遗传病；伴X隐性遗传病具有男性患者明显多于女性患者、（隔代）交叉遗传、母患子必患等特点，A正确。不患该遗传病的女性可能是携带者，其子女可能患病，B错误。女性携带者与正常男性婚配，所生女孩均正常，故生一个正常女孩的概率为1/2，C正确。产前诊断的技术手段包括羊水检查、B超检查、孕妇血细胞检查以及基因诊断等，D正确。6D 【解析】环境会影响环境容纳量，所以当环境破坏时环境容纳量下降，体现了环境的制约作用，A正确。a点后数量上升说明出生率大于死亡率，c点时种群数量下降，说明死亡率大于出生率，B正确。比较曲线、和，曲线的环境容纳量最大，说明种群栖息地的受破坏程度较轻，C正确。当曲线趋近零时，即面临濒危，对该动物应采取易地保护，而不是就地保护，D错误。29【答案】（10分，除注明外，每空2分）（1）主动运输（1分）（2）氮元素是叶绿素的重要组成元素（合理给分） 叶绿素对绿光吸收最少（3）1520（1分） 氮素水平提高有利于合成更多的酶，与光合作用有关酶的数量增多导致光合速率增加（4）可用于合成核酸（DNA、RNA）、蛋白质、磷脂（类囊体膜等）、NADH、NADPH、生长素等含氮化合物（回答出其中两项即可）【解析】（1）根尖成熟区的表皮细胞通常以主动运输的方式从土壤中吸收各种无机盐离子（可能是NH4+、NO3、尿素等）。该实验是探究在适合生长的氮浓度范围内，不同氮素水平对菠菜叶片光合作用的影响，由实验结果可知：随着氮素水平升高，叶绿素的含量先增加，后稳定在103，净光合速率不断提高。（2）氮元素是叶绿素的重要组成元素，所以在一定的范围内，随着土壤氮素水平升高，叶绿素含量逐渐增加。叶绿素主要吸收红光和蓝紫光，而对绿光几乎不吸收，所以绿色植物的叶片在光下大多呈绿色。（3）根据表格数据可知，氮素水平在1520 mmol/L的范围内，叶绿素含量不变，而净光合速率仍然增加，可能的原因是氮素水平提高有利于合成更多的酶，与光合作用有关酶的数量增多导致光合速率增加。（4）植物从土壤中吸收的氮元素除用于合成叶绿素、光合作用相关酶外，还可用于合成核酸（DNA、RNA）、蛋白质、磷脂（类囊体膜等）、NADH、NADPH、生长素等含氮化合物。30【答案】（10分，除注明外，每空1分）（1）神经中枢 生物种群的繁衍，离不开信息传递（2分）（2）雄性激素 雌 实验步骤：等量的不含雄性激素的包埋物 结果预测：实验组鸟脑中新生神经元的数量多于对照组的（2分） 问题讨论：排除植入手术对实验结果的影响、排除包埋物对实验结果的影响、提供正常激素水平动物的数据作为参照（2分，回答出其中两项即可）【解析】（1）图中显示，HVC等功能区位于脑中，是鸣禽鸣唱反射弧结构中的神经中枢。题干中的事实，反映出生物种群的繁衍，离不开信息传递。（2）据图可知，这类激素最可能是雄性激素。 该实验的自变量是雄性激素（的有无），因变量为HVC区的新生神经元的数量。选用 雌性幼鸟可排除雄性幼鸟自身合成雄性激素对实验所造成的影响，使实验结果更具说服力。 由于是验证性实验，结果和预期一致，即实验组鸟脑中新生神经元的数量多于对照组。 本实验设置对照组的目的包括：排除植入手术对实验结果的影响、排除包埋物对实验结果的影响、提供正常激素水平动物的数据作为参照等。31【答案】（11分，除注明外，每空1分）（1）去雄 套袋（2）花大，便于人工杂交；籽粒多，使统计结果准确；生长周期短，繁殖速度快；有易于区分的相对性状等（合理给分，回答出两项即可给分）（2分）（3）显性（4）无同源染色体，不能完成正常的减数分裂，从而不能形成可育配子（2分）（5）如图（4分） 【解析】（1）玉米是单性花，可以简化去雄环节，在开花前为防止同株异花传粉，需要在开花前给雌、雄花序套袋处理。（2）选择玉米作为遗传实验材料的优点：具有容易区分的相对性状；产生的后代数量较多，结论更可靠使统计结果准确；生长周期短，繁殖速度快；染色体数目少，便于观察；雌雄异花同株，杂交、自交均可进行。（3）隐性性状一旦出现就是纯合子，可以稳定遗传，由题意知，玉米种群中发现了“硬粒型”这一突变性状后，连续培育到第三代才选出能稳定遗传的纯合突变类型，说明该突变是显性突变。（4）玉米是二倍体，含有2个染色体组，单倍体只含有1个染色体组，没有同源染色体，因此不能完成正常的减数分裂。（5）由题意知，长果穗（M）白粒（n）和短果穗（m）黄粒（N）两个玉米杂合子品种的基因型分别是Mmnn、mmNn，为了达到长期培育长果穗黄粒（MmNn）杂交种玉米的目的，可以先通过单倍体育种获得长果穗（M）白粒（n）和短果穗（m）黄粒（N）两个纯合体，两个纯合体一部分自交留种，一部分杂交获得杂种玉米，用遗传图解表示如下： 32【答案】（8分，除注明外，每空1分）（1）样方法（2）丰富度（或多样性）（3）降低杂草与水稻的竞争，减少农业害虫对水稻的捕食（4分，若仅回答出其中之一的，给2分）（4）分解者分解鱼的粪便，为水稻提供矿质元素（合理给分，2分）【解析】（1）农业害虫的幼虫活动能力较弱，范围较小，可以使用样方法进行调查。（2）稻田养鱼可以增加稻田生态系统物种的丰富度（多样性），提高稻田生态系统的稳定性。（3）稻田中常见的杂草多数是草鱼天然饵料，草鱼主要取食小型浮游动物和昆虫幼虫，所以稻田养鱼可以降低杂草与水稻的竞争，减少农业害虫对水稻的捕食。（4）从生态系统的物质循环分析，分解者分解鱼的粪便为水稻提供矿质元素，可在一定程度上减少对化肥的使用，有利于土壤环境的保护。37【答案】（15分，除注明外，每空2分）（1）碳源（1分） 特殊营养物质（或生长因子）（2）CV101菌株能以CV103菌株产生的醋酸盐为碳源 基因 以醋酸盐为唯一碳源 等量且适量稀释 无菌（或适宜的温度等） A组菌株生长（形成菌落），B组菌株不能生长（无菌落）【解析】（1）根据题意，微生物连续培养时，一部分旧的培养基以一定的速度流出，同时不断有等量的新鲜培养基流入以保证微生物对营养物质的需要，因此该培养基一定为液体培养基；培养基的基本营养成分为碳源、氮源、水、无机盐和生长因子，其中葡萄糖为碳源。（2）由题意知，CV103对葡萄糖吸收率最高，代谢终产物是醋酸盐。进一步研究表明，CV101可以在过滤的培养过CV103的培养基中生长，从代谢的角度分析，CV101菌株能以CV103菌株产生的醋酸盐为碳源；在遗传上则是基因多样性的体现。（3）若要验证CV101菌株能以CV103菌株产生的醋酸盐为碳源这一推论，就要配制以醋酸盐为唯一碳源的培养基，将CV101菌株分别接种到以醋酸盐为唯一碳源的培养基和不含碳源培养基中培养一段时间，并观察记录菌株的生长状况；接种的CV101菌株，需要进行稀释，并确保等量、适量，培养要求在无菌条件下。如果A组菌株生长（形成菌落），B组菌株不能生长（无菌落）则可以证明这一结论。38【答案】（除注明外，每空2分，共15分）（1）抗原（1分） 埃博拉病毒的遗传物质是RNA，RNA是单链结构，稳定性较差（2）B淋巴（效应B或浆） 筛选出能无限增殖的杂交瘤细胞（3）GP蛋白基因（回答“GP”或“GP基因”可给分）（4）不同生物共用一套遗传密码 使重组病毒不能在人体内大量复制，提高了疫苗的安全性 蛋白质不具侵染性，不会破坏细胞结构【解析】（1）GP蛋白在免疫学中属于抗原。制备单克隆抗体时，需要提前对小鼠注射特定的抗原蛋白GP蛋白。根据图形可知埃博拉病毒（EBO）的成分是蛋白质和RNA，其遗传物质是单链RNA，结构稳定性弱，导致EBO病毒容易变异。（2）利用经EBO免疫后小鼠的B淋巴细胞与鼠的瘤细胞进行杂交获得杂交瘤细胞，能分泌单克隆抗体。制备单克隆抗体，需要经过两次筛选，第一次（使用特定的选择培养基）筛选的目的是筛选出能无限增殖的杂交瘤细胞；第二次筛选（需要经过克隆化培养和抗体检测）的目的是，筛选出能产生专一抗体的杂交瘤细胞。（3）根据题意可知，埃博拉病毒（EBO）的GP蛋白最为关键，能被宿主细胞强烈识别，所以该技术的目的基因最好选择GP蛋白基因。 用昆虫细胞替代酵母菌承担辅助重组质粒与重组病毒的共转染，也能收集到目的基 因表达的蛋白质，这一现象说明不同生物共用一套遗传密码。 由于蛋白质不具侵染性，不会破坏细胞结构，因此以EBO病毒包膜蛋白作为疫苗比直接用改造的病毒作为疫苗更安全。 除去重组病毒中腺病毒复制激活基因（E）后，重组病毒就不能在人体内大量复制，提高了疫苗的安全性。高三化学参考答案7【答案】B 【解析】铜在空气中发生吸氧腐蚀转化为铜绿Cu2(OH)2CO3。加入醋提供酸性环境，但Cu在H的后面，不能置换出H2。8【答案】A 【解析】K2FeO4中铁显+6价，具有强氧化性，可消毒杀菌，还原成Fe3+，Fe3+水解生成Fe(OH)3胶体，胶体粒子表面强大，具有强的吸附能力，可净水。9【答案】B 【解析】SO2密度比空气大，应用向上排空气法收集，长进短出；锥形瓶中有黄绿色气体，氧化性KMnO4 Cl2，试管中有黄色沉淀，氧化性Cl2S；溴、苯、四氯化碳互溶无法萃取分离；溶液配制时，应在烧杯中溶解。10【答案】B 【解析】从物料守恒的角度看：选出了氢气和氟气，则电解过程中需要不断补充HF。由元素化合价变化可知阳极室生成氟气、阴极室生成氢气，若二者接触会发生剧烈反应甚至爆炸，故必须隔开阳极室与阴极室，防止氟气与氢气接触。由氟氢化钾的氟化氢无水溶液可以导电，可推知氟氢化钾在氟化氢中发生了电离。11【答案】D【解析】N属于羧酸，W属于酯，二者不是同类物质不互为同系物；有苯环都能与H2发生加成反应，M与Cl2可取代，NW发生取代反应，W的水解发生取代反应；W不是高级脂肪酸的甘油酯不属于油脂，油脂在碱性条件下的水解才是皂化反应；M的二氯代物有十种，苯环上有6种，甲基上1种，苯环和甲基上各取代一个氢原子3种。12【答案】D 【解析】若a为氧，c为硫，氧无正价；若b为Be（4号元素），d为Mg（12号元素），12是4的3倍；若c为Na，d为 Mg、NaOH与Mg (OH)2不反应；D选项c只能是S，d为Cl，Cl2具有强氧化性。13【答案】D【解析】y = -lgx是一个减函数。c点在A线内侧，是AgCl的过饱和溶液，有晶体析出最终到达a点；b点c(Ag+)= c(Cl-)，加入AgNO3形成AgCl的饱和溶液后c(Ag+) c(Cl-)，a点c(Ag+)= c(Cl-)，应在A线上且a点的左上方；由图象可知Ksp(AgCl)=10-10，Ksp(AgBr)=10-14，等体积混合后c(Br-)变为原来的1/2，此时c(Ag+)- c(Br-) Ksp(AgBr)，因此有AgBr沉淀生成。26【答案】（14分）（1）4MgCO3Mg(OH)25H2O+5H2SO45MgSO4+11H2O+4CO2（2分）（2）debcb（2分） 除去生成的CO2中的水蒸气（2分）（3）将装置中残留的CO2全部赶出，使其被完全吸收（2分）（4）E（1分）（5）将样品连续两次高温煅烧，冷却称量质量相差0.1g 以内（2分）（6）错误（1分） 该反应的发生不影响固体质量差（合理即给分，2分）【解析】（1）4MgCO3Mg（OH）25H2O与稀硫酸反应产生硫酸镁、水和二氧化碳。（2）取一定质量的样品，与稀硫酸充分反应，通过测试生成的CO2的质量计算纯度，打开K，通过装置甲吸收通入的空气中的二氧化碳，防止干扰产生的二氧化碳的测定，排净装置内空气，关闭K，通过装置乙的分液漏斗滴入稀硫酸发生反应生成二氧化碳、水和硫酸镁，通过装置丁吸收气体中的水蒸气，通过装置丙吸收生成的二氧化碳测定其质量，为避免空气中二氧化碳、水蒸气进入干燥管，可以在连接一个干燥管。（3）关闭K，向样品中加入足量的稀硫酸，当样品充分反应后，为测定准确还应进行的操作是缓慢通入空气，将装置内残留的CO2全部赶出，使其被完全吸收。（4）煅烧固体需要在坩锅内进行，且温度较高，用到的仪器有三脚架，泥三角，酒精喷灯等，冷却应在干燥器中进行，据此分析判断。（5）判断样品完全分解的方法是将样品连续两次高温煅烧，冷却称量质量相差0.1g以内。（6）发生反应,不影响生成CO2和水蒸气的量，这位同学的观点是错误的。27【答案】（14分）（1）CO(g)+2H2(g) CH3OH（l）H=-127.8 kJmol-1 （2分） CH4+H2O-2e-CH3OH+2H+（2分）（2）0.06 molL-1min-1（2分）9.375（2分） 使用了催化剂（2分）（3）78.75%（2分）（4）1：180（2分）【解析】（1）根据CO、H2、CH3OH的燃烧热可写出相应的热化学方程式： H=-283.0 kJmol-1 i； H=-285.8 kJmol-1 ii；H=-726.8 kJmol-1 iii。利用盖斯定律，根据i+2ii-iii即得目标热化学方程式：H=-127.8 kJmol-1。阳极发生氧化反应，由装置可知，CH4CH3OH即为氧化反应，故阳极反应式为。（2）。平衡常数。5 min时反应速率明显加快，其原因可能是使用了催化剂。（3）假设甲醇和一氧化碳的配料均为m g，此反应中CO的转化率为 (0.9mg32gmol-1)28gmol-1mg100%=78.75%。（4）pH=7，则c(H+)=c(OH-)，由电荷守恒可知c(Na+)=c(CH3COO-)，而 Ka(CH3COOH)=，1.810-5=，同一溶液中，粒子的物质的量之比等于其物质的量浓度之比，。28【答案】（15分）（1）分批慢慢加入硫酸（或边加入边搅拌）（2分）（2）、Al3+（2分）（2分）（3）防止因温度下降使从溶液中析出（2分）（4）加压升温结晶（或加压升温结晶并过滤）（2分）（5）（3分）（6）bd（2分）【解析】（1）慢慢加入硫酸使产生的CO2速度变慢，或搅拌使产生的CO2气体快速逸出。（2）酸性条件下H2O2将Fe2+氧化成Fe3+，MgO调节pH使Fe3+，Al3+转化为沉淀除去。（3）生成的H3BO3溶解度随温度的升高而增大，热过滤减少H3BO3的损失。（4）由信息加压沸点高，温度高析出的晶体多。（5）三段式解题H3BO3 (ag)+H2O()B(OH)4-(ag)+H+(ag)起 0.7OO反 平0.7-=5.710-10，太小进引忽略计算=5.710-100.7=410-10，=210-5，c(H+)=210-5。（6）a项H2CO3酸性大于H3BO3，无气泡产生；b项强酸制弱酸，且碳酸钠少有气泡产生；c项碳酸酸性强，同浓度碳酸的pH小；d项越弱越水解，碳酸钠溶液的pH大。35【答案】（15分）（1）d（1分） （2分）（2）NOC（2分） （3）4（1分） FHF或FHO或OHF或OHO（任意画一种，1分）（4）SiO2CO2（1分） 平面三角形（1分） sp2（1分） SO3 或BF3（任意写一种，1分）（其它合理答案均可）（5）H4Cu3Au（2分） （2分）36【答案】化学有机化学基础（15分）（1）萘（1分）（2）羟基、醚键（2分）；取代反应（1分）（3）（1分）; （2分）（4）（2分）（5）（任写两种，2分）（6）（4分）