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2019-2020学年高一物理下学期期中试题（含解析） (III)一、单选题（本题共16小题，每小题3分，共48分。每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的。）1. 下列物理量中属于矢量的是A. 速率 B. 电势 C. 电流 D. 位移【答案】D【解析】既有大小又有方向的物理量叫做矢量，如速度，位移，力等于；只有大小没有方向的物理量叫做标量，如速率，电势，电流，时间等，D正确2. 在国际单位制中，电场强度单位的符号是A. N B. N/C C. N/(Am) D. N/A【答案】B【解析】试题分析：在国际单位制中，电场强度单位的符号是N/C，故选B考点：电场强度3. 如图所示，比赛中足球被踢出后在空中飞行时受到的力有A. 脚对球的作用力B. 重力、脚对球的作用力C. 重力、空气阻力D. 重力、惯性力、空气阻力【答案】C【解析】在空中飞行的物体受到竖直向下的重力作用，最终落回地面，同时还有空气阻力，故C正确4. 北京时间8月19日，xx里约奥运会田径比赛在200米决赛中，“飞人”博尔特以19秒79的成绩夺得冠军，下列说法正确的是A. 200米指位移 B. 19秒79为时间间隔C. 博尔特撞线时可以看成质点 D. 博尔特夺冠是因为他的加速度最大【答案】B【解析】A项：200米是运动轨迹的长度，是路程，故A错误；B项：19秒79对应一段位移，是指时间间隔，故B正确；C项：研究博尔特跑步时摆手的动作时如看成质点，由于质点没有形状，所以则无法研究，故C错误；D项：博尔特夺冠是因为他的平均速率最大，不是因为加速度最大，故D错误。5. 某物体运动的v-t图象如图所示，则该物体A. 做往复运动B. 做匀速直线运动C. 朝某一方向做直线运动D. 以上说法都不正确【答案】C【解析】试题分析：由图线知，速度都为正值，知速度的方向不变，一直向某一方向做直线运动，由于图线的斜率有正有负，知加速度有正有负，即加速度的方向在改变，则该运动不是匀变速直线运动物体先做匀加速直线运动然后做匀减速直线运动到零，再重复以前的运动故C正确，A、B、D错误故选C6. 下列说法正确的是A. 牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因B. 万有引力定律中的引力常量由牛顿测定C. 库仑定律中的平方反比关系由库仑通过库仑扭称实验获得D. 奥斯特首先发现了磁场对电流的作用规律【答案】C【解析】试题分析：伽利略最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因，选项A错误；万有引力定律中的引力常量由卡文迪许测定的，选项B错误；库仑定律中的平方反比关系由库仑通过库仑扭称实验获得，选项C正确；奥斯特首先发现了电流的周围存在磁场，选项D错误；故选C考点：物理学史7. 下列说法正确的是A. 物体在完全失重的状态下不受重力B. 动摩擦因素没有单位C. 重力势能有正负，所以是矢量D. 电容器的电容与其所带的电荷量成正比【答案】B【解析】物体在完全失重状态下仍受重力，故A错误；动摩擦因数是没有单位的，故B正确；重力势能有正负之分，但重力势能是标量，故C错误；电容器的电容与其所带电量以及电压无关，其大小由电容器本身的因素决定，故D错误。故选B。【点睛】本题考查超重和失重的性质，动摩擦因数、重力势能以及电容等，要注意明确它们各自的意义，知道它们的决定因素才能准确求解。8. 如图为“中国好歌声”娱乐节目所设计的“导师战车”，战车可以在倾斜直轨道上运动。当坐在战车中的导师按下按钮，战车就由静止开始沿长10米的斜面冲到学员面前，最终刚好停在斜面的末端，此过程约历时4秒。在战车在运动过程中，下列说法正确的是A. 战车在运动过程中导师处于失重状态B. 战车在运动过程中所受外力始终不变C. 战车在倾斜导轨上做匀变速直线运动D. 根据题中信息可以估算导师运动的平均速度【答案】D【解析】试题分析：由题可知，“导师战车”沿斜面的方向先加速后减速，加速的过程中有沿斜面向下的分加速度，车处于失重状态；当车减速时，车有向上的分加速度，车处于超重状态故A错误；由题可知，“导师战车”沿斜面的方向先加速后减速，结合牛顿第二定律可知，车受到的合外力先沿斜面向下，后沿斜面向上故B错误；“导师战车”沿斜面的方向先加速后减速故C错误；车的位移是10m，时间是4s，所以可以求出平均速度：故D正确故选D考点：失重和超重；牛顿定律的应用9. “玉兔号”月球车依靠太阳能电池板提供能量，如图ABCD是一块矩形电池板，能绕CD转动，E为矩形的几何中心（未标出），则电池板旋转过程中A. B、E两点的转速相同B. A、B两点的角速度不同C. A、B两点的线速度不同D. A、E两点的向心加速度相同【答案】A【解析】试题分析：根据题意，绕CD匀速转动的过程中，电池板上各点的角速度相同，则转速相等故A正确，B错误；根据线速度与角速度关系式v=r，转动半径越小的，线速度也越小，由几何关系可知，A、B两点的线速度相等，故C错误；A、E两点因角速度相同，半径不同，由向心加速度的公式：a=2r可知，它们的向心加速度不同，故D错误；故选A考点：角速度；线速度和向心加速度10. 我国首颗量子科学实验卫星“墨子”已于酒泉成功发射，将在世界上首次实现卫星和地面之间的量子通信。“墨子”将由火箭发射至高度为500千米的预定圆形轨道。此前6月在西昌卫星发射中心成功发射了第二十三颗北斗导航卫星G7。G7属地球静止轨道卫星（高度约为36000千米），它将使北斗系统的可靠性进一步提高。关于卫星以下说法中正确的是A. 这两颗卫星的运行速度可能大于7.9 km/sB. 通过地面控制可以将北斗G7定点于西昌正上方C. 量子科学实验卫星“墨子”的周期比北斗G7小D. 量子科学实验卫星“墨子”的向心加速度比北斗G7小【答案】C【解析】根据，知道轨道半径越大，线速度越小，第一宇宙速度的轨道半径为地球的半径，所以第一宇宙速度是绕地球做匀速圆周运动最大的环绕速度，所以静止轨道卫星和中轨卫星的线速度均小于地球的第一宇宙速度。故A错误；地球静止轨道卫星即同步卫星，只能定点于赤道正上方。故B错误；根据，得，所以量子科学实验卫星“墨子”的周期小。故C正确；根据，得，半径小的量子科学实验卫星“墨子”的向心加速度比北斗G7大。故D错误。故选C。【点睛】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，会根据轨道半径的关系比较向心加速度、线速度和周期。11. 真空中两个完全相同、带等量同种电荷的金属小球A和B（可视为点电荷），分别固定在两处，它们之间的静电力为F。用一个不带电的同样金属球C先后与A、B球接触，然后移开球C，此时A、B球间的静电力为A. B. C. D. 【答案】C【解析】两个相同的带等量的异种电荷的导体小球A和B，设它们的电荷量都为Q，原来它们之间的库仑力为：，一个不带电的同样的金属小球C先和A接触，A和C的电量都为，C再与B接触后，B、C分电量均为：，此时A、B两球之间的相互作用力的大小为：，故ABD错误，C正确。故选C。【点睛】根据库仑定律求解库仑力，完全相同的带电小球接触后，电荷电量平分，从而即可求解。12. 如图为某一电场的电场线，M、N、P为电场线上的三个点，M、N是同一电场线上两点，下列判断正确的是A. M、N、P三点中N点的场强最大B. M、N、P三点中N点的电势最高C. 负电荷在M点的电势能大于在N点的电势能D. 正电荷从M点自由释放，电荷将沿电场线运动到N点【答案】A【解析】电场线的疏密反应了场的强弱，N点处电场线最密，所以N点场强最大，故A正确；顺着电场线的方向，电势降低，所以M点的电势最高，故B错误；根据EP=q，MPN可知，负电荷在M点电势能小于在N点的电势能，故C正确；在M点静止释放，正电荷在电场力的作用下运动，但是运动轨迹并不是电场线，故D错误故选A.点睛：解答此题的关键是知道电场线的特点：电场线的疏密反应了场的强弱；顺着电场线的方向，电势降低判断电势能的大小也可通过电场力做功来判断：电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加13. 在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极，紧贴边缘内壁放一个圆环形电极，并把它们与电池的两极相连，然后在玻璃皿中放入导电液体，例如盐水。如果把玻璃皿放在磁场中（如图所示）通过所学的知识可知，当接通电源后从上向下看A. 液体将顺时针旋转B. 液体将逆时针旋转C. 若仅调换N、S极位置，液体旋转方向不变D. 若仅调换电源正、负极位置，液体旋转方向不变【答案】B【解析】试题分析：在电源外部，电流由正极流向负极；由左手定则可以判断出导电液体受到的安培力方向，从而判断出液体的旋转方向14. 如图所示，某人将质量为m的石块从距地面h高处斜向上方抛出，石块抛出时的速度大小为v0，不计空气阻力，石块落地时的动能为A. B. C. D. 【答案】D【解析】初状态的机械能为，则根据机械能守恒定律得：，故选D。【点睛】石块在下落过程中只受重力作用，即只有重力做功，则可以根据机械能守恒定律求出石块落地时的动能大小15. 两根长直通电导线互相平行，电流方向相同，它们的截面处于等边ABC的A和B处，如图所示.两通电导线在C处产生磁场的磁感应强度大小都是B0，则C处磁场的总磁感应强度大小是 A. 0 B. B0 C. D. 2B0【答案】C【解析】试题分析：根据右手螺旋定则得出两根通电导线在C点的磁感应强度的方向，根据平行四边形定则得出合场强的大小解：根据安培定则可知，导线A在C处产生的磁场方向垂直于AC方向向右，导线B在C处产生的磁场方向垂直于BC方向向右，如图，根据平行四边形定则得到，C处的总磁感应强度为B总=2Bcos30=B0故选：C【点评】解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断通电电流周围的磁场方向，以及知道磁感应强度是矢量，合成遵循平行四边形定则16. 某电力公司曾举办“计量日进您家”活动，免费上门为市民做出家庭用电耗能诊断分析，针对每户家庭提出个性化的节能建议。在上门实测过程中，电力技术人员发现，家电待机耗电成为最容易被市民忽略的问题。以电视机为例，待机一天的耗电量在0.2度左右，小小机顶盒一天待机耗电量更是高达0.4度。根据专家统计:每使用l度(千瓦时)电，就相应消耗了0.4kg标准煤，同时产生0.272kg碳粉尘、0.997kg二氧化碳、0.03kg二氧化硫、0.015kg氮氧化物，根据下表提供的数据，估算一户普通家庭待机一年相应产生的二氧化碳为A. 1.4kg B. 10kg C. 140kg D. 1000kg【答案】C【解析】一户普通家庭所有家电待机功率约为16W，由W=Pt，待机一年消耗电能为：；根据题意，每消耗1度（千瓦时）电，相应产生0.997kg的二氧化碳，所以一户普通家庭电器待机一年相应产生的二氧化碳约为140kg；故选C。【点睛】首先从表格数据得到一个家庭电器待机的总功率，根据W=Pt求解一年消耗的电量，再根据题意每消耗1度（千瓦时）电产生0.997kg的二氧化碳求解一户普通家庭待机一年相应产生的二氧化碳二、课题研究与实验（本题有2小题9空，每空2分，共18分。）17. 在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，a电火花计时器正常工作时，其打点的周期取决于_（单选）。A. 交流电压的高低 B. 交流电的频率C. 墨粉纸盘的大小 D. 纸带的长度b下列操作中正确的有_（单选）。A在释放小车前，小车要靠近打点计时器B打点计时器应放在长木板的有滑轮一端C电火花计时器应使用低压交流电源c如下图所示为同一打点计时器在四条水平运动的纸带上打出的点，四条纸带的a、b间的间距相等，则a、b间的平均速度最小的是_（单选）。d下列说法中不正确或不必要的是_ （双选）。A长木板的一端必须垫高，使小车在不持钩码时能在木板上做匀速运动B连接钩码和小车的细线应与长木板保持平行C小车应靠近打点计时器，先接通电源，后释放小车D选择计数点时，必须从纸带上第一个点开始【答案】 (1). B (2). A (3). D (4). AD【解析】（1）打点计时器的打点周期取决于交流电的频率，与交变电压的高低、纸带的长度、墨粉纸盘的大小无关，故选B（2）为了充分利用纸带，释放小车时小车要靠近打点计时器，远离有滑轮一端；故A正确，B错误；电火花计时器采用220V的交流电源；故C错误；故选A；（3）由于打点计时器打点的时间间隔相等，在打下相同个数点的过程中，所用的时间相同，平均速度等于位移与时间的比值，由图可以知道，在相等的距离内，D中的时间最长，所以平均速度最小故选D（4）探究小车的速度与时间的变化，并没有要求小车需要在光滑水平面上运动，即轨道是否光滑不是必要的，故A不是必要的。在处理纸带时，由于第一点并不确定，因此常常将前面的点去掉，从清晰可辨的点取点后处理实验数据，故D不是必要的。连接小车的细绳需要与木板平行，否则就要涉及到绳子拉力分解问题，即拉力是一个变力，故B是必要的。操作时应先开电源在释放小车，故C是必要的。故不必要的，选AD。【点睛】本题考查“探究小车速度随时间变化规律”的实验，要注意明确实验原理以及注意事项；并且要知道打点计时器的工作原理，掌握基本仪器的使用和基础实验的操作细节。18. 用如图所示装置做“探究功与速度变化的关系”实验时，除了图中已给出的实验器材外，还需要的测量工具有_（单选）。A秒表 B天平 C刻度尺 D弹簧测力计【答案】C【点睛】了解探究功与物体速度变化的关系实验要探究的内容、实验方法与实验技巧探究实验数据的处理方法后作答19. 用如图所示装置做“验证机械能守恒定律”实验时，释放重物前有下列操作，其中正确的是_（双选）。A将打点计时器的两个限位孔调节到同一竖直线上B手提纸带任意位置C使重物靠近打点计时器【答案】AC【解析】将打点计时器的两个限位孔调节到同一竖直线上，可以减小纸带运动过程中的摩擦力。故A正确；手提纸带应使重物靠近打点计时器，可以提高纸带使用率。故B错误，C正确；故选AC。【点睛】根据实验的原理以及注意事项确定没有必要进行的步骤和不当的步骤。20. (1)某同学欲测量一节干电池的电压，下述操作正确的是_（单选）。A欧姆调零、选择挡位、表笔接触电池两极(其中红表笔接触正极)、读数B机械调零、选择挡位、表笔接触电池两极(其中红表笔接触正极)、读数C选择挡位、机械调零、表笔接触电池两极(其中黑表笔接触正极)、读数D选择挡位、欧姆调零、表笔接触电池两极(其中黑表笔接触正极)、读数(2)该同学欲测量如图甲所示插座的电压，则应把多用电表的选择开关打到如图乙所示的_位置。（选填A、B、C、Q字母）(3)经过正确操作后，电表指针指向如图丙所示，则插座的电压为_V。【答案】 (1). B (2). H (3). 200【解析】试题分析：（1）使用多用电表测电压时，应该先机械调零，然后选择适当的档位，表笔接触电池两极（其中红表笔接触正极），待示数稳定后读数即可，故B正确，ACD错误。（2）甲所示插座的电压为交流电源，所以应把多用电表的选择开关打到如图乙所示的H位置。（3）根据电表指针可知，插座的电压为。考点：用多用电表测电阻【名师点睛】使用多用电表时应该先机械调零，然后选择适当的档位，最后测量，我国民用电是220V交流电源，根据电表指针读数即可。三、计算题（本题有3小题，19题11分、20题10分、21题13分，共34分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分。）21. 跳伞运动员做低空跳伞表演，他离开飞机后先作自由落体运动，当距离地面75m时打开降落伞，伞张开后运动员就以4m/s2的加速度作匀减速运动，到达地面时速度为5m/s，实现安全着陆。问：(1)运动员打开降落伞时的速度。 (2)运动员离开飞机时距离地面的高度。(3)运动员离开飞机后，经过多少时间才到达地面？【答案】(1) (2) (3)【解析】试题分析：（1）（2）离开飞机后先作自由落体运动，然后做匀减速直线运动，可根据匀加速直线运动过程中速度位移公式求出自由落体运动的末速度，再根据自由落体运动的公式求出自由落体运动的位移，两段位移之和就是运动员离开飞机时距地面的高度；（3）分别求出自由落体运动和匀减速直线运动的时间，两者之和就是到达地面的时间（1）以下降方向为正方向，由题意可得从打开降落伞到到达地面，跳伞运动员做匀减速运动，令为从打开到落地的位移根据代入数据解得：（2）假设从运动自由下落到打开降落伞下降了开始运动员做自由落体运动，则有：解得：所以运动员离开飞机时总高度（3）为自由下落时间，为匀减速时间则有：，所以下落总时间【点睛】该题是自由落体运动和匀减速运动基本公式的直接应用，要求同学们能根据已知条件选择合适的公式进行求解。22. 放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系，如图甲、乙所示。取重力加速度g10m/s2。由两图线求：(1)物块的质量m;(2)物块与地面之间的动摩擦因数.【答案】(1)m=0.5kg (2)【解析】试题分析：（1）由v-t图象看出，物体在4s-6s做匀速直线运动，由平衡条件知由速度图象可知，2-4s物体加速度为，此时有由牛顿第二定律得：代入解得：（2）由。解得考点：牛顿第二定律的应用，运动图像23. 如图甲所示，弯曲部分AB和CD是两个半径都为R1=0.3m的光滑圆弧轨道，中间的BC段是竖直的薄壁细圆管(细圆管内径略大于小球的直径)，分别与上下圆弧轨道相切连接，BC段的长度L为0.2m。下圆弧轨道与光滑水平地面轨道相切，其中D、A分别是上下圆弧轨道的最高点与最低点，整个轨道固定在竖直平面内。质量m=0.3kg的小球以一定的初速度从A点水平进入轨道（计算结果可以用根式表示）(1)如果小球从D点以5m/s的速度水平飞出，求落地点与D点的水平距离;(2)如果小球能从D点以5m/s的速度水平飞出，求小球过A点时对A点的压力大小;(3)如果在D点右侧平滑连接一半径R2=0.4m的半圆形光滑轨道DEF，如图乙所示，要使小球在运动过程中能不脱离轨道，求初速度大小的范围.【答案】(1) (2) (3)或【解析】试题分析：（1）小球从D点以5m/s的速度水平飞出后做平抛运动，由平抛运动的规律可求得落地点与D点的水平距离； （2）根据机械能守恒定律可求得小球经过A点的速度，在A点，由合力提供向心力，由牛顿定律求小球过圆弧A点时对轨道的压力； （3）要使小球不脱离轨道，则小球可能由C点返回A点，也可能超过D点后沿DEF轨道回到A点，根据临界条件和机械能守恒定律可求得初速度的范围（1）小球从D点以5m/s的速度水平飞出后做平抛运动由平抛运动规律可得：据题，则几何关系可知：代入数据解得：t=0.4s所以落地点与D点的水平距离：（2）由A到D的过程，由机械能守恒定律可得：在A点，由牛顿第二定律可得：联立解得：N=44N由牛顿第三定律知，小球过圆弧A点时对轨道的压力：（3）讨论一：小球进入轨道最高运动到C点，之后原路返回由机械能守恒定律，有：解得：讨论二：小球进入轨道后恰好能通过圆弧最高点D，之后沿DEF运动而不脱离轨道在D点，则有：，其中R=0.4m从A到D由机械能守恒定律可得：解得：所以要使小球在运动过程中能不脱离轨道，初速度大小的范围为：或。【点睛】本题考查机械能守恒定律的应用以及平抛运动规律的应用，要注意正确分析物理过程，正确进行受力分析，再通过平衡条件等选择正确的物理规律列式求解关键要注意正确选择物理过程和规律