2018-2019学年高二物理上学期第九次双周考试题实验班.doc

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xx-2019学年高二物理上学期第九次双周考试题实验班一、选择题(共12个小题,18为单选,912为多选,每小题4分,共48分)1.下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解,其中正确的是()A.根据电场强度的定义式E可知,电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B.根据电容的定义式C可知,电容器的电容与其所带电荷量成正比,与两极板间的电压成反比C.根据真空中点电荷的电场强度公式Ek可知,电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关D.根据电势差的定义式UAB可知,带电荷量为1 C的正电荷,从A点移动到B点克服电场力做功为1 J,则A、B两点间的电势差为1 V2、如所示,将两个摆长均为l的单摆悬于O点,摆球质量均为m,带电荷量均为q(q0)。将另一个带电荷量也为q(q0)的小球从O点正下方较远处缓慢移向O点,当三个带电小球分别处在等边三角形abc的三个顶点上时,两摆线的夹角恰好为120,则此时摆线上的拉力大小等于()A.mg B.mgC.2 D. 3、如图所示,一圆环上均匀分布着正电荷,x轴垂直于环面且过圆心O。下列关于x轴上的电场强度和电势的说法中正确的是()A.O点的电场强度为零,电势最低B.O点的电场强度为零,电势最高C.从O点沿x轴正方向,电场强度减小,电势升高D.从O点沿x轴正方向,电场强度增大,电势降低4、在x轴上关于原点对称的a、b两点处固定两个电荷量相等的点电荷,如图所示的Ex图象描绘了x轴上部分区域的电场强度(以x轴正方向为电场强度的正方向)。对于该电场中x轴上关于原点对称的c、d两点,下列结论正确的是()A.两点场强相同,c点电势更高B.两点场强相同,d点电势更高C.两点场强不同,两点电势相等,均比O点电势高D.两点场强不同,两点电势相等,均比O点电势低5在某个电场中,x轴上各点电势随x坐标变化如图所示,一质量m、电荷量q的粒子只在电场力作用下能沿x轴做直线运动,下列说法正确的是() Ax轴上xx1和xx1两点电场强度和电势都相同B粒子运动过程中,经过xx1和xx1两点时速度一定相同C粒子运动过程中,经过xx1点的加速度大于xx2点加速度D若粒子在xx1点由静止释放,则粒子到达O点时刻加速度为零,速度达到最大6在竖直平面内有一方向斜向上且与水平方向成30角的匀强电场,电场中有一质量为m,电荷量为q的带电小球,用长为L的不可伸长的绝缘细线悬挂于O点,如图所示开始时小球静止在M点,细线恰好水平现用外力将小球拉到最低点P,然后由静止释放,则以下判断正确的是()A小球再次到M点时,速度刚好为零B小球从P到M过程中,合外力对它做的功为mgLC小球从P到M过程中,其机械能增加了mgLD如果小球运动到M点时,细线突然断裂,小球将做匀变速直线运动7、甲所示的电路,不计电表内阻的影响,改变滑动变阻器的滑片位置,得到电压表V1和V2的示数随电流表A的示数变化的两条实验图象,如图乙所示下列关于这两条实验图象的说法不正确的是()A图线b的延长线一定过坐标的原点OB图线a的延长线与纵轴交点的纵坐标值等于电源的电动势C图线a、b交点的横坐标和纵坐标值的乘积小于在该点情况下电源的输出功率D图线a、b交点的横坐标和纵坐标值的乘积等于在该点情况下电阻R0消耗的电功率8、阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E(内阻可忽略)连接成如图所示电路。开关S断开且电流稳定时,C所带的电荷量为Q1;闭合开关S,电流再次稳定后,C所带的电荷量为Q2。Q1与Q2的比值为()A. B. C. D.9、(多选)某种小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示,三个完全相同的这种小灯泡连接成如图乙所示的电路,电源的内阻为1.0 .现闭合开关S,理想电压表V的示数为4.0 V,则()A三个灯泡的总电阻为8.3 B电源的电动势为5.6 VC电源消耗的热功率为3.0 WD电源的效率为89.3%10、(多选)如图所示,三个质量相同,带电荷量分别为q、q和0的小液滴a、b、c,从竖直放置的两板中间上方由静止释放,最后从两板间穿过,轨迹如图所示,则在穿过极板的过程中()A.电场力对液滴a、b做的功相同B.三者动能的增量相同C.液滴a电势能的增加量等于液滴b电势能的减小量D.重力对三者做的功相同11 、(多选)如图所示,用绝缘细线拴一带负电小球,在竖直平面内做圆周运动,匀强电场方向竖直向下,则()A.当小球运动到最高点a时,线的张力一定最小B.当小球运动到最低点b时,小球的速度一定最大C.当小球运动到最高点a时,小球的电势能最小D.小球在运动过程中机械能不守恒12、(多选)虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面,已知平面b上的电势为2V。一电子经过a时的动能为10eV,从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV。下列说法正确的是( ) A.平面c上的电势为零B.该电子可能到达不了平面f C.该电子经过平面d时,其电势能为4eV D.该电子经过平面b时的速率是经过d时的2倍二、实验(13题6分,14题8分,共14分)13、一合金制成的圆柱体。为测量该合金的电阻率,现用伏安法测量圆柱体两端之间的电阻,用螺旋测微器测量该圆柱体的直径,用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图4甲和乙所示。 (1)由图读得圆柱体的直径为_mm,长度为_ cm。(2)若流经圆柱体的电流为I,圆柱体两端之间的电压为U,圆柱体的直径和长度分别用D、L表示,则用D、L、I、U表示的电阻率的关系式为_。14、用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组(电动势约4.5 V,内电阻约1 )的电动势和内电阻,除待测电池组、电键、导线外,还有下列器材供选用:A电流表:量程0.6 A,内电阻约1 B电流表:量程3 A,内电阻约0.2 C电压表:量程3 V,内电阻约30 kD电压表:量程6 V,内电阻约60 kE滑动变阻器:01 000 ,额定电流0.5 AF滑动变阻器:020 ,额定电流2 A 图实141(1)为了使测量结果尽量准确,电流表应选用_,电压表应选用_,滑动变阻器应选用_(均填仪器的字母代号)(2)图实101为正确选择仪器后,连好的部分电路为了使测量误差尽可能小,还需在电路中用导线将_和_相连、_和_相连、_和_相连(均填仪器上接线柱的字母代号) (3)实验时发现电流表坏了,于是不再使用电流表,剩余仪器中仅用电阻箱替换掉滑动变阻器,重新连接电路,仍能完成实验实验中读出几组电阻箱的阻值R和对应电压表的示数U.用图象法处理采集到的数据,为在直角坐标系中得到的函数图象是一条直线,则可以_为纵坐标,以_为横坐标三、计算题(共38分,其中15题8分,16题8分,17题10分18题12分。)15、如图所示,A、B、C为一等边三角形的三个顶点,某匀强电场的电场线平行于该三角形平面。现将电荷量为108 C的正点电荷从A点移到B点,电场力做功为3106 J,将另一电荷量为108 C的负点电荷从A点移到C点,克服电场力做功3106 J。若AB边长为2 cm,则电场强度的大小为多大?方向如何?16.电量为q1104 C的带正电小物块置于绝缘水平面上,所在空间存在沿水平方向且方向始终不变的电场,电场强度E的大小与时间t的关系,以及物块速度v与时间t的关系如图所示。若重力加速度g取10 m/s2,求: (1)物块的质量m;(2)物块与水平面之间的动摩擦因数。17.如图所示的电路中,R13 ,R26 ,R31.5 ,C20 F。当开关S断开时,电源所释放的总功率为 2 W;当开关S闭合时,电源所释放的总功率为4 W,求: (1)电源的电动势和内电阻;(2)闭合S时,电源的输出功率;(3)S断开和闭合时,电容器所带的电荷量各是多少?18.如图所示,固定于同一条竖直线上的点电荷A、B相距为2d,电量分别为Q和Q.MN是竖直放置的光滑绝缘细杆,另有一个穿过细杆的带电小球p,质量为m、电量为q(可视为点电荷,q远小于Q),现将小球p从与点电荷A等高的C处由静止开始释放,小球p向下运动到距C点距离为d的O点时,速度为v.已知MN与AB之间的距离也为d.静电力常量为k,重力加速度为g.求: (1)C、O间的电势差UC O;(2)小球p经过O点时加速度的大小;(3)小球p经过与点电荷B等高的D点时速度的大小中牟一高试验部第九次双周考高二物理试题一、选择题(共12个小题,18为单选,912为多选,每小题4分,共48分)1.D 2、B 3、B 4、A 5D 6B 7、C 8、C 9、ABD 10、AD 11、CD 12、AB二、实验(13题6分,14题8分,共14分)13、答案(1)1.842(1.8411.844均可)4.240(2)14、【答案】(1)ADF(2)adcgfh(3) , 三、计算题15、.解析正点电荷从A点移到B点时,电场力做正功,故A点电势高于B点,可求得UAB V300 V。负点电荷从A点移到C点,克服电场力做功,同理可判断A点电势高于C点,可求得UAC V300 V。因此B、C两点电势相等,UBC0。由于匀强电场中的等势线是一簇平行直线,因此,BC为一等势线,故电场线方向垂直BC。设D为直线BC的中点,则电场方向为由A指向D。直线AB在电场方向的距离d等于线段AD的长度,故由匀强电场中电势差与电场强度的关系式可得:E V/m104 V/m。答案104 V/m垂直B、C连线,由A指向BC16.解析(1)由vt图象可知,前2 s物块做匀加速直线运动,由牛顿第二定律有qE1mgma2 s后物块做匀速直线运动,由平衡条件有qE2mg,联立得q(E1E2)ma。由Et图象和vt图象可得E13104 N/C,E22104 N/C,a1 m/s2,代入数据可解得m1 kg。(2)0.2。答案(1)1 kg(2)0.217.解析(1)S断开时外电路R2、R3串联:EI1(R2R3)I1rP1EI1S闭合时:外电路R1、R2并联后与R3串联R外R3代入数据R外(1.5) 3.5 对闭合电路EI2R外I2rP2EI2由可得(2)闭合S时,电源的输出功率PIR外123.5 W3.5 W(3)S断开时Q1CUR2201060.56 C6105 CS闭合,电容器两端的电势差为零,则Q20答案(1)4 V0.5 (2)3.5 W(3)6105 C018.【解析】(1)小球p由C运动到O时,受重力和电场力作用,由动能定理得:mgdqUC Omv20解得:UC O.(2)小球p经过O点时受力分析如图所示,由库仑定律得:F1F2k二者的合力为FF1cos 45F2cos 45由牛顿第二定律得:mgFma解得:ag.(3)小球p由O运动到D的过程,由动能定理得:mgdqUO Dmvmv2由电场分布的对称性可知UC OUO D解得:vDv. 【答案】(1)(2)g(3)v
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