2018-2019高二上第四次月考物理答案.doc

xx-2019高二上第四次月考物理答案1A【解析】AB、若三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则A、C一定是同种电荷，A、B一定异种电荷，即“两同夹异”的思想，故A正确，B错误；C、由于AC间的距离大于BC间的距离，由C物体的平衡kQAQCRAC2=kQBQCRBC2，可得QAQB，故C错误；D、由于AC间的距离大于AB间的距离，由A物体的平衡kQAQBRAB2=kQAQCRAC2，可知QBmamc，故B正确，ACD错误。6A【解析】试题分析： 由安培定则可知，通电直导线在其下方的磁场垂直纸面向里，如下图所示：根据左手定则可知，电子所受洛伦兹力的方向向上，所以沿轨迹I运动，故CD错误；因离导线越近，磁感应强度越大，根据可知，轨迹半径越来越小，所以A正确、B错误；7 B【解析】A.时刻释放电子，电子将先向N板加速运动，时速度向右最大，向右减速，向左加速运动，向左减速运动，然后周期性往返运动，不能到达N板，故A错误；B.时刻释放电子，电子向N板运动，反向运动，向N板运动时间短，向M板运动时间长，所以最终到达M板，故B正确；C.在时刻释放电子，电子向N板运动，向M板运动，向N板运动时间短，向M板运动时间长，所以最终到达M板，故C错误；D.在时刻释放电子，电子先向N板运动，再向M板运动，向N板运动时间长，利用位移公式可知，经过1个周期电子向N板移动间距的，因为电子是有返回运动，所以不到6个周期电子到达N板，故D错误。故选B。8C【解析】当粒子在磁场中运动半个圆周时，打到圆形磁场的位置最远。则当粒子射入的速度为v1，如图，由几何知识可知，粒子运动的轨道半径为r1=Rcos60=12R；同理，若粒子射入的速度为v2，由几何知识可知，粒子运动的轨道半径为r2=Rcos30=32R；根据r=mvqBv，则v2:v1=r2:r1=3:1，故选C。9B【解析】ABC.当滑动变阻器R2的滑动触头P向下滑动，其阻值变大，总电阻变大，电流表示数I变小，路端电压U3增大，R1的电压U1减小，故R2的电压U2增大；因R1是定值电阻，不变；，变大；变大；，不变；根据闭合电路欧姆定律得U3=E-Ir，则，不变；U2=E-I（R1+r），则，不变，故B正确，AC错误；D.根据P=EI可知电源的输出功率减小，故D错误。故选B。10BCD【解析】根据C=S4kd，当A板向上平移一小段距离，间距d增大，其它条件不变，则导致电容变小，故A错误；在A板上移过程中，导致电容减小，由于极板电压不变，那么电量减小，因此电容器处于放电状态，电阻R中有向上的电流，故B正确；根据E=U/d可知间距d增大，E减小，选项C错误； 因场强变小，导致P点与B板的电势差减小，因B板接地，电势为零，即P点电势降低，故D正确；故选BD。11.BC【解析】由图象A可知电源的电动势E=6 V，短路电流为6 A，内阻为1 ，故A错误；该电源和R1组成闭合电路时路端电压为U1=4 V，电流I1=2 A，此时电源的输出功率为P1=U1I1=42 W=8 W，电源的总功率为：P总1=EI1=62 W=12 W，所以电源的效率为：1=P1P总1100%=812100%=66.7%；该电源和R2组成闭合电路时路端电压为U2=2 V，电流I2=4 A，此时电源的输出功率分别为P2=U2I2=24 W=8 W，则P1=P2，电源的总功率为：P总2=EI2=64 W=24 W，所以电源的效率为：2=P2P总2100%=824100%=33.3%，则12，故B正确，D错误；UI图线的斜率等于电阻的阻值：R1=42=2 ，R2=24=0.5 ，故C正确。故选BC。12BD【解析】试题分析：利用电场力做功W=qU ，可以找到两点之间电势差的关系，要知道中点电势和两端点电势之间的关系。A、选项根据题意无法判断，故A项错误。B、由于电场为匀强磁场，M为a、c连线的中点，N为b、d连线的中点，所以M=cca2=c+a2 N=ddb2=d+b2 若该粒子从M点移动到N点，则电场力做功一定为W=qUMN=qMN=qc+a2qd+b2=qUcd+qUab2=W1+W22 ,故B正确；C、因为不知道匀强电场方向，所以场强大小不一定是W2qL，故C错误；D、若W1=W2，说明Ucd=Uab UaMUbN=aMbN 由因为M=cca2=c+a2；N=ddb2=d+b2解得：UaMUbN=0 ，故D正确；故选BD13AC【解析】试题分析：先利用右手定则判断通电导线各自产生的磁场强度，然后在利用矢量叠加的方式求解各个导体棒产生的磁场强度。L1在ab两点产生的磁场强度大小相等设为B1，方向都垂直于纸面向里，而L2在a点产生的磁场强度设为B2，方向向里，在b点产生的磁场强度也为B2，方向向外，规定向外为正，根据矢量叠加原理可知B0B1B2=13B0 B2+B0B1=12B0 可解得：B1=712B0 ;B2=112B0 故AC正确；实验题10个空共计14分，除2个电路图和电源电动势、内阻这四个问题每空2分外，其余六空每空1分。故选AC14（1） d= 3.206 (或3.205 .3.207 ) L= 5.015 （2）A2 R2 B【解析】（1）金属丝的直径d=3mm+0.01mm20.6=3.206mm。工件的长度L=5cm+30.05mm=5.015cm。（2）A2R2B【解析】(1)灯泡额定电流是0.5A，所以电流表的量程选择500mA的A2，灯泡电压要能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，使用选择电阻值比较小的滑动变阻器R2(2)因为灯泡的电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻大约为Rx=UmIm=30.5=6，满足Rx2=36RA2RV=0.45000，属于小电阻，所以电流表采用外接法，电路图如图所示:(3)由图可知，图象上某点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，而图象的斜率越来越小，故说明电阻逐渐增大;故选B.15 R0=U20U10U10Rm E=kak1 r=R0k1 【解析】（1）因无电流表，故可用定值电阻与电压表配合来得到电流，电路如图所示；（2）由电路图可知，R0=U20U10U10Rm=U20U10U10Rm ；（3）根据闭合电路的欧姆定律可知，E=U2+U2U1R0r ，变形可知：U1=R0+rrU2ER0r ，由图可知R0+rr=k ；a=ER0R0+r ，解得r=R0k1，E=kak1 16（满分8分）1分【解析】金属棒通电后，闭合回路电流1分导体棒受到安培力2分根据安培定则可判断金属棒受到安培力方向竖直向下开关闭合前2分2分开关闭合后17（满分10分，第一问6分，第二问4分）1分1分2分2分解：斜上抛至最高点A时的速度vA=v0cos水平向右由于AA段沿水平方向直线运动，所以带电小球所受的电场力与重力的合力应为水平向左的恒力：F=mgtan=qEcos带电小球从A运动到A过程中作匀加速度运动有（v0cos）2=2qEcossm由以上三式得：E=mv04cos4+4g2s22qs。（2）小球斜抛运动到A点的时间t1=v0sing（1分），从A到A的运动时间t2=svA2=2sv0cos，（1分）根据运动的对称性，则t=2（t1+t2）（1分）所以小球沿AA做匀减速直线运动，于A点折返做匀加速运动所需时间t=2v0sing+4sv0cos。（1分）答：（1）匀强电场的场强E的大小为mv04cos4+4g2s22qs；（2）从O点抛出又落回O点所需的时间为t=2v0sing+4sv0cos。18 （满分16分，第一问3分，第二问5分，第三问8分）（1）轨迹图如图所示：（2）v0=2ElBl （3）qm=43ElB2l2 ; t=BlE(1+3l18l)【解析】试题分析：（1）粒子在电场中做类平抛，然后进入磁场做圆周运动，再次进入电场做类平抛运动，结合相应的计算即可画出轨迹图（2）在电场中要分两个方向处理问题，一个方向做匀速运动，一个方向做匀加速运动。（3）在磁场中的运动关键是找到圆心，求出半径，结合向心力公式求解。