2018-2019学年高一物理上学期期末考试试题（含解析） (II).doc

xx-2019学年高一物理上学期期末考试试题（含解析） (II)一、单选题1.“空手把锄头，步行骑水牛，人从桥上过，桥流水不流。”是中国诗词大会某期节目里选用的古诗，从物理学的角度看，其中“桥流水不流”所选择的参考系是：A. 水 B. 牛 C. 桥 D. 人【答案】A【解析】【详解】“桥流水不流”可以理解为“桥动水不动”，意思就是说桥在运动，水在静止。以水的参照物，则水就是静止的，而桥和水的位置发生了变化，则桥是运动的，与题意相符，故A正确；以牛为参照物，牛与桥的位置要发生变化，桥是运动的，水与牛的位置也发生了变化，所以水也是运动的，故B错误。以桥为参照物，则桥是静止的，而水与桥的位置发生了变化，则水是运动的，与题意不符，故C错误；以人为参照物，因为人在桥上走，人与桥的位置发生了变化，桥是运动的，而水与人的位置也发生了变化，所以水也是运动的，与题意不符，故D错误；故选A。【点睛】参照物可以任意选择，具体选择什么物体做参照物，应根据研究的对象来定，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论.2.在长为50 m的游泳池中举行200 m蛙泳比赛，运动员从比赛开始到结束的过程中，游过的路程的最大值和位移大小的最大值分别是()A. 0，50 m B. 0，200 mC. 200 m，50 m D. 200 m，0【答案】C【解析】在200米游泳中，实际通过的路程就是表示运动轨迹的长度，即为；由于泳池长，故200米蝶泳中需要一个来回，故又会回到终点，故位移最大值分别是为，故选项C正确。点睛：解决本题的关键是掌握位移和路程的区别：位移是指位置的移动，由初位置指向末位置，有大小有方向；路程是表示运动轨迹的长度，只有大小，没有方向。3.某汽车做匀加速直线运动。已知其加速度为1.5 m/s2，则下列说法正确的是A. 任意1 s内汽车的末速度一定是初速度的1.5倍B. 任意1 s内汽车的末速度比初速度大1.5m/sC. 第3秒的初速度一定比第2秒的末速度大1.5m/sD. 第3秒的末速度一定比第2秒的初速度大1.5 m/s【答案】B【解析】【分析】物体做匀加速直线运动，根据速度时间公式分析末速度与初速度的关系由v=at分析速度的变化量。【详解】A项：加速度为1.5m/s2，由公式v=v0+at知物体的末速度不一定等于初速度的1.5倍，故A错误；B项：汽车做匀加速直线运动，根据v=at知，任意一秒内的末速度一定比初速度大1.5m/s，故B正确；C项：第3s初和第2s末是同一时刻，汽车速度相同，故C错误；D项：第3s末与第2s初间的时间间隔为2s，故速度大3m/s，故D错误。故应选B。【点睛】掌握加速的概念及其物理意义是正确答题的基础，能区分时间与时刻，是正确解题的关键。4.一辆汽车以20m/s的速度行驶，现因故刹车，并最终停止运动，已知汽车刹车过程的加速度大小是5m/s2。则汽车从刹车起经过5s所通过的距离是（）A. 60m B. 50m C. 40m D. 30m【答案】C【解析】【详解】取初速度方向为正方向，则刹车时汽车的加速度a=-5m/s2；汽车由刹车到静止所需时间，由v=v0+at得汽车刹车后运动的时间 ，则汽车5s内的位移实为汽车匀减速运动4s内的位移即：x5x4204+(5)42m40m，故选C.【点睛】本题易错点有二，一是汽车匀减速运动加速度取值的正负，二是汽车做匀减速运动的时间；解题时不能硬套公式，否则会出现不符合实际的结果.5.升降机的运动情况可由传感器采集并显示在电脑屏幕上。一次运送货物时，电脑屏幕上显示出一段时间t0内升降机运动的v-t图象，如图所示，由此可判断升降机（ ）A. 一定做匀速直线运动B. 一定做匀加速直线运动C. 运动的方向一定是斜向上的D. 在这段时间内的位移大小是v0t0【答案】B【解析】【分析】速度-时间图象反映了物体速度随时间的变化规律，不是物体运动轨迹，倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动，位移由图线与坐标轴所围的“面积”求出【详解】由图知，升降机的速度均匀增大，加速度不变，说明升降机做匀加速直线运动，故A错误，B正确。速度-时间图象反映了物体速度随时间的变化规律，不是物体运动轨迹，并不表示运动方向斜向上，故C错误。在这段时间内的位移大小为：x=v0t0故D错误。故选B。6.如图是某质点运动的速度图象由图象可求得，质点在02s内的加速度和3s末的瞬时速度分别是（ ） A. 4m/s2 ， 4m/s B. 2m/s2 ， 2m/sC. 2m/s2 ， 4m/s D. 4m/s2 ， 0【答案】C【解析】【分析】速度时间图线反映质点的速度随时间的变化情况，能直接读出瞬时速度，其斜率表示加速度，由数学知识求解【详解】质点在0-2s内的加速度等于这段图线的斜率，为：；3s末的瞬时速度为v=4m/s。故C正确，ABD错误。故选C。7.下列哪组力作用在物体上，有可能使物体处于平衡状态（ ）A. 3N，4N，8N B. 7N，9N，6NC. 4N，7N，8N D. 3N，5N，1N【答案】BC【解析】【分析】物体处于平衡状态，合力为零，两个大小不变的共点力的合力范围是：|F1-F2|F合F1+F2三个大小不变的共点力的合力最小值能否为零要看任意一个力的大小是否在其他两个力的合力范围之内【详解】物体处于平衡状态，合力为零，A中3N，4N的合力范围是1NF合7N，8N不在其范围之内，所以3N，4N，8N合力的最小值为1N故A错误。B中7N，9N的合力范围是2NF合16N，6N在其范围之内，7N，9N，6N合力的最小值为0N故B正确。C中4N、7N的合力范围是3NF合11N，8N在其范围之内，4N，7N，8N合力的最小值为0N故C正确。D中3N，5N的合力范围是2NF合8N，1N不在其范围之内，3N，5N，1N合力的最小值为1N故D错误。故选：BC。【点睛】本题关键要明确两个共点力的合力的范围，同时要明确三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线8.如图所示，三段不可伸长的细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，其中OB是水平的，A端、B端固定， 若逐渐增加C端所挂物体的质量，则最先断的绳A. 必定是OAB. 必定是OBC. 必定是OC D. 可能是OB，也可能是OC【答案】A【解析】：选A.法一：三根绳子能承受的最大拉力相同，在增大C端物体质量的过程中，判断谁先断，实际是判断三根绳子谁承担的拉力最大O点所受三力如图甲所示，由于三力平衡，即F1与F2的合力F与F3相平衡，从图中直接看出，F1是直角三角形的斜边，F2、F3均为直角边，因此F1必大于F2和F3.当增大C端重物质量时，OA首先承受不住，先断，选A.法二：三力F1、F2、F3平衡，则首尾相接必成一封闭三角形，如图乙所示，由图看出F1是直角三角形的斜边，最大，因而OA先断法三：F1沿水平和竖直两方向正交分解，如图丙所示，F1的水平分量与F2平衡，则有F1F1xF2；同理F1的竖直分量与F3平衡，有F1F1yF3，因此F1最大，OA先断9.已知力F的一个分力F1跟F成30角，F1大小未知，如图所示，当另一个分力F2取最小值时，分力F1大小为（ ） A. B. C. D. F【答案】C【解析】试题分析：已知力F的一个分力跟F成30角，的大小未知，根据三角形定则知，当另一个分力与垂直时，最小，从而即可求解根据三角形定则知，当另一个分力与垂直时，最小如图所示则，C正确10.关于超重和失重，下列说法正确的是（ ）A. 超重就是物体受的重力增加了 B. 失重就是物体受的重力减小了C. 完全失重就是物体一点重力都不受了 D. 不论超重或失重物体所受重力是不变的【答案】D【解析】【分析】物体对支持物的压力或者对悬挂物的拉力大于物体的重力称为超重，小于重力则称为失重，处于超重或失重状态时物体的质量或重力并不变【详解】物体处于超重或者失重是指视重与重力的关系，并不是重力发生变化。物体对支持物的压力或者对悬挂物的拉力小于重力叫失重，物体对支持物的压力或者对悬挂物的拉力大于重力叫超重。故AB错误；当物体处于完全失重状态是指重力完全提供加速度，重力大小不变。故C错误；不论超重或失重甚至完全失重，物体所受重力是不变的。故D正确。故选D。【点睛】明确超重和失重的性质，知道所谓超重或失重都是指物体的视重发生变化，而物体受到的重力保持不变11.下列表示物体做匀变速直线运动的图象是A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】匀加速直线运动的速度-时间图象是倾斜的直线，位移-时间图象是抛物线。【详解】A项：该图的斜率等于零，表示物体处于静止状态，故A错误；B项：该图表示物体的位移均匀减小，速度不变，做匀速直线运动，故B错误；C项：该图表示物体的速度均匀减小，做匀减速直线运动，故C正确；D项：该图表示物体的速度不变，做匀速直线运动，故D错误。故应选：C。【点睛】本题考查识别和理解物理图象的能力，首先要分清什么图象；其次根据形状分析物体的运动的情况，不能搞混淆。12.如图，在光滑水平桌面上有一物体A，通过绳子与物体B相连，设绳子的质量以及绳子与定滑轮之间的摩擦力都可以忽略不计，绳子不可伸长，如果，则绳子对物体A的拉力大小为A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：AB连在一起，加速度相同；对整体分析可知整体沿绳方向只受B的拉力，则由牛顿第二定律可知，加速度为：；选取A为研究的对象水平方向A只受到绳子的拉力，所以绳子的拉力：FmAamAg，故选B。考点：牛顿第二定律【名师点睛】本题为连接体，注意本题中注意应沿绳子方向进行分析；当然本题也可以对两物体分别受力分析，此时应注意分析绳子的拉力。二、多选题13.一立方体木块从高处自由下落到深水中，取竖直向下为正方向，其速度时间图象如图所示，由图象可知（）A. ab段木块的加速度大于bc段的加速度B. b时刻木块达到最深处C. c时刻木块达到最深处D. d时刻木块速度方向竖直向上【答案】CD【解析】根据图线的斜率表示加速度，斜率越大，加速度越大，可知ab段木块的加速度小于bc段的加速度故A错误由图知Oc段木块一直向下，cd段表示木块向上运动，所以c时刻木块到达最深处，故B错误，C正确因竖直向下为正方向，则d时刻木块速度方向竖直向上，故D正确故选CD点睛：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率、速度符号表示的含义14.为了节省能量,某商场安装了智能化的电动扶梯.无人乘行时,扶梯运转得很慢;有人站上扶梯时,它会先慢慢加速,再匀速运转.一顾客乘扶梯上楼,恰好经历了这两个过程,如图所示.那么下列说法中正确的是()A. 顾客先受到三个力的作用后受到两个力的作用B. 顾客始终处于超重状态C. 顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方,再竖直向下D. 顾客对扶梯作用力的方向先指向右下方,再竖直向下【答案】AC【解析】以人为研究对象，加速过程中，人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的作用下沿电梯加速上升，而匀速运动的过程中顾客受到重力与支持力的作用故A正确；顾客有竖直向上的加速度，因此顾客处于超重状态，而匀速运动的过程中顾客处于平衡状态故B错误；顾客处于超重状态时，顾客受到水平方向的静摩擦力作用，对扶梯的压力大于顾客的重量，顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方；而匀速运动的过程中顾客处于平衡状态，顾客对扶梯作用力的方向竖直向下故C正确, D错误故选AC.点睛：本题考查了牛顿第二定律在生活中的应用，要熟练应用牛顿第二定律解决生活中的具体问题，提高理论联系实际的能力三、实验探究题15.“探究力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳图乙是在白纸上根据实验结果画出的图(1)图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_(2)本实验采用的科学方法是_A理想实验法 B等效替代法C控制变量法 D建立物理模型法【答案】（1）F （2）B【解析】(1)当采用一个弹簧称做实验时，弹簧的拉力一定沿着OA方向（2）本实验采用的科学方法是等效替代法，B对；16.探究加速度与力、质量的关系实验如下：(1)在探究物体的加速度与力的关系时，应保持_不变，分别改变施加在物体上的力F，测出相对应的加速度a.(2)在探究物体的加速度与物体的质量的关系时，应保持_不变，分别改变物体的质量m，测出相应的加速度a.(3)为了更直观地反映物体的加速度a与物体质量m的关系，往往用二者的关系图象表示出来，该关系图象应选用_A.am图象 Bma图象C.a图象 D. a图象【答案】 (1). （1）质量m (2). （2）力F (3). （3）C【解析】【分析】“探究加速度与力、质量的关系”实验采取控制变量法探究加速度与力、质量的关系，为了直观地反映物体的加速度与物体质量的关系，需作a1/m 图象，因为a与M的关系图线是曲线，无法得出a与M的定量关系【详解】（1、2）该实验采取控制变量法，在探究物体的加速度与力的关系时，应保持质量m不变，在探究物体的加速度与物体的质量的关系时，应持力F不变（3）因为a与m的关系是一条曲线，无法得出a与m的定量关系，所以选择a1/m图象，因为该图线是一条过原点的直线，能够说明在质量一定的条件下，a与m成反比故选C【点睛】解决本题的关键掌握该实验的原理，知道本实验采取控制变量法以及知道如何运用图象得出加速度与质量和力的关系四.综合题17.如图所示，质量为m的物体放在与水平方向成a角的斜面上处于静止状态，（1）在答题卷上画出物体的受力示意图 （2）求斜面对物体的摩擦力f和支持力FN大小 。【答案】（1）Failed to download image : null；（2）f=mgsin；FN=mgcos。【解析】【分析】（1）对物体受力分析，受重力、支持力和摩擦力，画出力的示意图；（2）由平衡知识求解斜面对物体的摩擦力f和支持力FN大小 。【详解】（1）对物体受力分析，受重力、支持力和摩擦力，如图（2）由平衡知识可知，斜面对物体的摩擦力f=mgsin；支持力FN=mgcos。18.如图所示，一个质量m=20kg的物块，在F=60N的水平拉力作用下，从静止开始沿光滑的水平地面向右做匀加速直线运动物块与地面间的动摩擦因数=0.10取重力加速度g=10m/s2 （1）求物块运动的加速度大小； （2）求物块速度达到v=6.0m/s时移动的距离【答案】（1）2.0m/s2 （2）9.0m【解析】【分析】作出受力分析图，根据牛顿第二定律求出物块的加速度大小，结合速度位移公式求出物块运动的距离【详解】（1）受力如图所示；建立如图所示的直角坐标系，根据牛顿第二定律x方向F-Ff=may方向FN-mg=0摩擦力Ff=FN解得a=2.0m/s2（2）根据v2=2ax解得x=9.0m【点睛】本题考查牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁19.在海滨游乐场里有一种滑沙的游乐活动如图所示，人坐在滑板上从斜坡的高处由静止开始滑下，滑到斜坡底端B点后沿水平的滑道再滑行一段距离到C点停下来若某人和滑板的总质量m=60.0kg，滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数相同，大小为=0.50，斜坡的倾角=37斜坡与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计，重力加速度g取10m/s2（1）斜坡滑下的加速度为多大？（2）若由于场地的限制，水平滑道的最大距离为L=20.0m，则人在斜坡上滑下的距离AB应不超过多少？（sin37=0.6，os37=0.8）【答案】（1）2.0 m/s2；（2）50m【解析】（1）设滑板在斜坡上时的加速度为a1（1分）（1分）(1分)解得a1=2m/s2 (2分)（2）设滑板在水平滑道上时的加速度为a2(1分)(2分)(2分)(2分)