2019届高三物理考前得分训练试题(六)(含解析).doc

2019届高三物理考前得分训练试题(六)(含解析)二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1. 下列关于矢量和标量的说法正确的是（ ）A. 取定正方向，做直线运动的甲、乙两物体的位移x甲3m，x乙5m，因为甲的位移为正，乙的位移为负，所以x甲x乙B. 甲、乙两运动物体的位移大小均为50m，这两个物体的位移必定相同C. 有方向的物理量一定是矢量D. 温度计读数的正、负号表示温度高低，不表示方向，温度是标量【答案】D【解析】位移的正负号只代表方向而不代表大小，选项A错误；位移有大小和方向，甲、乙两运动物体的位移大小均为50m，这两个物体的位移不一定相同，选项B错误；有方向的物理量同时还要满足平行四边形定则的物理量才是矢量，选项C错误；温度计读数的正、负号表示温度高低，不表示方向，温度是标量，选项D正确；故选D.2. 如图蜘蛛在地面于竖直墙壁间结网，蛛丝AB与水平地面之间的夹角为450，A到地面的距离为1m，已知重力加速度g取10m/s2 ，空气阻力不计，若蜘蛛从竖直墙上距地面0.55m的C点以水平速度v0 跳出，要到达蛛丝，水平速度v0 至少为（ ）A. 2m/sB. 2.5m/sC. 3m/sD. 3.5m/s【答案】C【解析】蜘蛛的运动轨迹如下所示：AC之间的距离为：1m-0.55m=0.45m，由图可知：x=y+0.45m；根据平抛运动规律有：x=v0t；y=gt2 ；联立解得：v0=3m/s故选C.点睛：本题要掌握平抛运动的分解方法：水平方向的分运动是匀速直线运动，竖直方向的分运动是自由落体运动，然后熟练应用几何知识找到水平位移和竖直位移之间的关系3. 如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电 阻为R2，则下列说法正确的是（ ）A. R1R2=31B. 把R1拉长到原来的3倍长后电阻等于R2C. 将R1与R2串联后接于电源上，则功率之比P1P2=13D. 将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1I2=13【答案】C【解析】根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1：R2=1：3，故A正确；把R1拉长到原来的3倍长后，可得横截面积减小为原来的，根据电阻定律公式：，可知电阻增加为9倍，故B错误；串联电路电流相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流之比I1：I2=1：1；又由于R1：R2=1：3根据电功率表达式：P=I2R，可得功率之比为1：3，故C正确；并联接入电路后，电压相等，由 ，可知电流比为：I1：I2=3：1，所以D错误。所以AC正确，BD错误。4. 回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电源两极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示。设D形盒半径为R。若用回旋加速器加速质子时，匀强磁场的磁感应强度为B，高频交流电频率为f , 则下列说法正确的是（ ）A. 质子在匀强磁场每运动一周被加速一次B. 质子被加速后的最大速度与加速电场的电压大小有关C. 质子被加速后的最大速度不可能超过2fRD. 不改变B和f，该回旋加速器也能用于加速粒子【答案】C【解析】试题分析：质子在匀强磁场每运动一周被加速二次，A错误；质子被加速后的最大速度与加速电场的电压大小无关，而与D形金属盒的半径有关，半径越大，加速的最大速度就越大，B错误；由于R=，加速的频率f=，将二者联立起来得，最大速度为v=2fR，C正确；不改变B和f，当加速粒子时，由于它与质子的荷质比不同，故周期不同，所以该回旋加速器不能用于加速粒子，D错误。考点：回旋回速器。5. 如图所示的两个平行板电容器水平放置，A板用导线与M板相连，B板和N板都接地。让A板带电后，在左边电容器间有一个带电油滴P处于静止状态。AB间电容为C1，电压为U1，带电量为Q1，MN间电容为C2，电压为U2，带电量为Q2。下列说法正确的是（ ）A. 如果将MN间的绝缘介质抽出、带电油滴P将向上移动B. 如果将MN间的绝缘介质抽出、 U1增大，U2增大C. 如果将N板下移，Q1增大，Q2减小D. 如果将N板下移，U1减小，U2增大【答案】ABC【解析】如果将MN间的绝缘介质抽出，则根据可知，C2减小，带电量Q2减小，则Q1增大，根据可知，U1变大，因U1=U2,可知U2增大，AB两板间场强变大，则带电油滴P将向上移动，选项AB正确；如果将N板下移，根据可知，C2减小，带电量Q2减小，则Q1增大，根据可知，U1变大，因U1=U2,可知U2增大，选项C正确，D错误；故选ABC.6. 在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，当线框的转速为n1时， 产生的交变电动势的图线为甲，当线框的转速为n2时，产生的交变电动势的图线为乙。则（ ）A. t0时，穿过线框的磁通量均为零B. t0时，穿过线框的磁通量变化率均为零C. n1n232D. 乙的交变电动势的最大值是V【答案】BCD【解析】由图象知t=0时，电动势为零，穿过线框的磁通量最大，A错误；当t=0时，穿过线框的磁通量变化率均为零，B正确；由图象知，所以n1：n2=3：2，C正确；由图象知NBS2n1=10V，所以，乙的交变电动势的最大值是NBS2n2=V，D正确；故选BCD.点睛：本题考查了交流电的产生和原理，能够从图象中获取对我们解决问题有利的物理信息；同时要知道线圈从中性面开始计时，磁通量最大，磁通量变化率为零.7. 如图所示，光滑水平面上放着长为L木板B，木板B上放着木块A。A、B接触面粗糙，现用一水平拉力F作用在B上使其由静止开始运动，用f1代表B对A的摩擦力，f2代表A对B的摩擦力, 当滑块运动到木板左端时，木板在地面上移动的距离为x下列说法正确的有（ ）A. 力F做的功一定等于A、B系统动能的增加量B. 其他条件不变的情况下，木板质量越大，x越大C. 力f1对A做的功等于A动能的增加量与系统产生的热量之和D. 其他条件不变的情况下，AB间摩擦力越大，滑块与木板间产生的热量越多【答案】BD【解析】拉力足够大，A与B有相对运动，对整体分析可知，F做功转化为转化为两个物体的动能及系统的内能；故拉力F做的功大于AB系统动能的增加量；故A错误其他条件不变的情况下，木板质量越大，则木板的加速度越小，因A的加速度恒为g，根据，可知t越大，根据可得x越大，选项B正确；根据动能定律可知，力f1对A做的功等于A动能的增加量，选项C错误；滑块与木板间产生的热量Q=fd，则AB间摩擦力越大，滑块与木板间产生的热量越多，选项D正确；故选BD.点睛：本题考查了能量守恒定律和动能定理的运用，要灵活选择研究对象，正确分析能量是如何转化的，这是解决这类问题的关键8. 如图所示，间距为L的两根平行金属导轨弯成“L ”形，竖直导轨面与水平导轨面均足够长，整个装置处于竖直向上大小为B的匀强磁场中。质量均为m、阻值均为R的导体棒ab、cd均垂直于导轨放置，两导体棒与导轨间动摩擦因数均为，当导体棒cd在水平恒力作用下以速度v0沿水平导轨向右匀速运动时，释放导体棒ab，它在竖直导轨上匀加速下滑。某时刻将导体棒cd所受水平恒力撤去，经过一段时间，导体棒cd静止，此过程流经导体棒cd的电荷量为q （导体棒ab、cd与导轨间接触良好且接触点及金属导轨的电阻不计，已知重力加速度为g），则（ ）A. 导体棒cd受水平恒力作用时流经它的电流B. 导体棒ab匀加速下滑时的加速度大小C. 导体棒cd在水平恒力撤去后它的位移为D. 导体棒cd在水平恒力撤去后它产生的焦耳热为【答案】BCD【解析】试题分析：cd切割磁感线产生感应电动势，感应电动势为 E=BLv0，ab没有切割磁感线，不产生感应电动势根据闭合电路欧姆定律求得导体棒cd受水平恒力作用时流经它的电流I；根据牛顿第二定律和安培力公式F=BIL求解ab棒的加速度大小根据感应电量公式q=求解s根据能量守恒定律求解Q解：A、cd切割磁感线产生感应电动势为 E=BLv0，根据闭合电路欧姆定律得：I=，故A错误B、对于ab棒：由牛顿第二定律得：mgf=ma，摩擦力f=N，N为轨道对ab棒的弹力，水平方向，由平衡条件得：N=BIL，解得：a=g，故B正确C、对于cd棒，通过棒的电量：q=，解得：s=，故C正确D、设导体棒cd在水平恒力撤去后产生的焦耳热为Q，由于ab的电阻与cd相同，两者串联，则ab产生的焦耳热也为Q根据能量守恒得：2Q+mgs=mv02，已知：s=，解得：Q=mv02，故D正确故选：BCD【点评】解决本题要知道cd相当于电源，ab是外电路，掌握感应电量公式q=，会正确分析能量如何转化三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3340题为选考题，考生根据要求作答。9. 利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图所示，水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为M，左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连；遮光片两条长边与导轨垂直；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间t，用d表示A点到光电门B处的距离， b表示遮光片的宽度，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处由静止开始运动。（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度b，结果如图所示，由此读出b=_mm；（2）滑块通过B点的瞬时速度可表示为_；（3）某次实验测得倾角，重力加速度用g表示，滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量可表示为Ek=_，系统的重力势能减少量可表示为Ep=_，在误差允许的范围内，若Ek= Ep则可认为系统的机械能守恒；（4）在上次实验中，某同学改变A、B间的距离，作出的图象如图所示，并测得M=m，则重力加速度g_m/s2。【答案】 (1). (1)3.85mm; (2). (2)b/t (3). (3) (4). (5). (4)9.6m/s210. 在“测定金属丝的电阻率”实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时其刻度的位置如图所示（1）从图中可读出金属丝的直径为_mm.（2）在用伏安法测定金属丝的电阻时（金属丝的电阻约为5），除被测金属丝外，还有如下实验器材供选择：A直流电源：电动势约12V，内阻很小；B电流表A1：量程00.6A，内阻约为0.5；C电流表A2：量程03.0A，内阻约为0.1；D电压表V：量程03V，内阻约为10k；E滑动变阻器R：最大阻值5；F开关、导线若干为了提高实验的测量精度，在可供选择的器材中，应该选用的电流表是_（填A1，或A2）（3）根据所选的器材，在虚线框中画出完整的实验电路图（要求电阻丝上的电压从零开始变化）【答案】 (1). (1)0.5200.522 (2). (2)A1 (3) 实验电路如下图所示；【解析】（1）由图示螺旋测微器可知，固定刻度示数是0.5mm，可动刻度示数是：2.00.01mm=0.020mm，则螺旋测微器示数是0.5mm+0.020mm=0.520mm；（2）电压表量程是3V，通过待测电阻的最大电流约为 ，则电流表应选A1：（3）为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法；因RVRx，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示点睛：选择实验器材时，要注意保证电路安全、注意所选实验器材方便实验操作；确定滑动变阻器的接法与电流表接法是正确设计实验电路的关键.四、计算题：本题共2小题，共计33分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。11. 如图所示，光滑水平面上，轻弹簧两端分别拴住质量均为m的小物块A和B，B物块靠着竖直墙壁。今用水平外力缓慢推A，使A、B间弹簧压缩，当压缩到弹簧的弹性势能为E时撤去此水平外力，让A和B在水平面上运动。求：当弹簧达到最大长度时A、B的速度大小；当B离开墙壁以后的运动过程中，弹簧弹性势能的最大值。【答案】（1） （2） 以后运动中，当弹簧弹性势能最大时，弹簧达到最大程度时，A、B速度相等，设为v，由动量守恒有：2mvmv0解得根据机械能守恒，最大弹性势能为则：； EpE考点：机械能守恒；动量守恒12. 如图所示，质量为m带电量为q的带电粒子（不计重力），从左极板处由静止开始经电压为U的加速电场加速后，经小孔O1进入宽为L的场区，再经宽为L的无场区打到荧光屏上。O2是荧光屏的中心，连线O1O2与荧光屏垂直。第一次在宽为L整个区域加入电场强度大小为E、方向垂直O1O2竖直向下的匀强电场；第二次在宽为L区域加入宽度均为L的匀强磁场，磁感应强度大小相同、方向垂直纸面且相反。两种情况下带电粒子打到荧光屏的同一点。求：（1）带电粒子刚出小孔O1时的速度大小；（2）加匀强电场时，带电粒子打到荧光屏上的点到O2的距离d；（3）左右两部分磁场的方向和磁感应强度B的大小。【答案】（1） （2） （3） 【解析】试题分析：(1)带电粒子在加速电场中加速过程，由动能定理得； 2分解得：1分(2)带电粒子在偏转电场中，设运动时间为t，加速度为a，平行电场的分速度为vy，侧移距离为y。由牛顿第二定律得：qE=ma 1分由运动学公式得：L=v0t 1分vy =at 1分由得： 1分带电粒子从离开电场到打到荧光屏上的过程中，设运动时间为t，侧移距离为y由运动学公式得：=v0t 1分由得：y=vyt 1分由得带电粒子打到荧光屏上的点到O2的距离：d=y+ y= 1分(3)磁场的方向如图所示，左半部分垂直纸面向外，右半部分垂直纸面向里。 1分带电粒子运动轨迹与场区中心线交于N点，经N点做场区左边界的垂线交于M点，经N点做过N点速度的垂线交场区左边界于O点，O点就是带电粒子在左半区域磁场中做圆周运动的圆心。带电粒子在两部分磁场中的运动对称，出磁场的速度与荧光屏垂直，所以O1M= 。(意思明确即可) 2分设带电粒子做圆周运动的半径为R，由几何关系得： 2分由牛顿第二定律得： 1分由v0、d的结论和式解得：B= ()(未代入原始数据不得分) 2分考点：考查了带电粒子在电场中的运动点评：注意类平抛运动过程水平方向的运动与竖直方向的运动具有等时性，然后分别应用匀速运动规律和初速度为零匀加速直线运动规律解题13. 下列说法正确的是_。A当分子间的引力与斥力平衡时，分子势能最大B由熵的定义可知，熵较大的宏观状态就是无序程度很大的宏观状态，也就是出现概率较大的宏观状态。C液体的饱和汽压与饱和汽的体积有关D若一定质量的理想气体被压缩且吸收热量，则压强一定增大E若一定质量的理想气体分子平均动能减小，且外界对气体做功，则气体一定放热【答案】BDE【解析】当分子间的引力与斥力平衡时，分子势能最小，选项A错误；由熵的定义可知，熵较大的宏观状态就是无序程度很大的宏观状态，也就是出现概率较大的宏观状态，选项B正确；液体的饱和汽压与饱和汽的温度有关，与体积无关，选项C错误；若一定质量的理想气体被压缩且吸收热量，则内能增大，温度升高，根据可知，则压强一定增大，选项D正确；若一定质量的理想气体分子平均动能减小，则内能减小，且外界对气体做功，根据可知，气体一定放热，选项E正确；故选BDE.14. 如图所示，开口向上的汽缸C静置于水平桌面上，用一横截面积S50cm2的轻质活塞封闭了一定质量的理想气体，一轻绳一端系在活塞上，另一端跨过两个定滑轮连着一劲度系数k2800N/m的竖直轻弹簧A，A下端系有一质量m14 kg的物块B。开始时，缸内气体的温度t127，活塞到缸底的距离L1120cm，弹簧恰好处于原长状态。已知外界大气压强恒为p01.0105 Pa，取重力加速度g10m/s2，不计一切摩擦。现使缸内气体缓慢冷却，求：（1）当B刚要离开桌面时汽缸内封闭气体的温度；（2）气体的温度冷却到93时B离桌面的高度H。（结果保留两位有效数字）【答案】(1)66(2)15 cm【解析】 (1)B刚要离开桌面时弹簧拉力为kx1mg，由活塞受力平衡得p2Sp0Skx1，根据理想气体状态方程有，代入数据解得T2207 K，当B刚要离开桌面时缸内气体的温度t266 (2)由(1)得x15 cm，当温度降至66 之后，若继续降温，则缸内气体的压强不变，根据盖吕萨克定律，有，代入数据解得H15 cm15. 下列说法中正确的是（_）A 除了从光源直接发出的光以外，我们通常看到的绝大部分光都是偏振光B 简谐机械波在给定的介质中传播时，振动的频率越高，则波传播速度越大C 光速不变原理是指真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的D 两列波相叠加产生干涉现象，在干涉图样中，振动加强区域的质点，其位移始终保持最大；振动减弱区域的质点，其位移始终保持最小E 用绿光做双缝干涉实验，在光屏上呈现出明、暗相间的条纹，相邻两条绿条纹间的距离为x，如果只增大双缝到光屏之间的距离，x将增大【答案】ACE【解析】除了从光源直接发出的光以外，我们通常看到的绝大部分光都是偏振光，选项A正确；机械波的传播速度只与介质有关，与频率无关，选项B错误；光速不变原理是指真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，选项C正确；两列波相叠加产生干涉现象，在干涉图样中，振动加强区域的质点，其振幅最大，但位移不是始终保持最大；振动减弱区域的质点，其振幅最小，但位移不是始终保持最小，选项D错误；用绿光做双缝干涉实验，在光屏上呈现出明、暗相间的条纹，相邻两条绿条纹间的距离为x，根据可知，如果只增大双缝到光屏之间的距离l，x将增大，选项E正确；故选ACE.16. 一劲度系数k=400 N/m的轻弹簧直立在地面上，弹簧的上端与盒子A连接在一起，盒子内装有物体B，B的上、下表面恰与盒子接触，如图所示已知A和B的质量mA=mB=1 kg，g=10 m/s2，不计阻力，先将A向上抬高使弹簧伸长5cm后从静止释放，A和B一起做上下方向的简谐运动试求：（1）A的振幅（2）A、B处于最高点和最低点时A对B的作用力大小【答案】(1)10 cm；(2)10 N；30 N【解析】(1)当A、B处于平衡位置时弹簧的压缩量，将A抬高使弹簧伸长后释放，由简谐运动的对称性知振子的振幅.(2)当A、B位于最高点时，A、B的加速度大小为：，方向竖直向下，对于B有：，解得：A对B的弹力，方向竖直向下当A、B位于最低点时，由简谐运动的对称性知加速度大小也为，方向竖直向上对于B有：，解得：A对B的弹力，方向竖直向上。点睛：本题要紧扣振幅的定义，运用胡克定律、牛顿第二定律和机械能守恒结合进行分析和求解。