2019-2020年高二物理上学期第一次月考试题（含解析）新人教版.doc

2019-2020年高二物理上学期第一次月考试题（含解析）新人教版一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题意1电场线是画在电场中的一条条有方向的曲线，用电场线可以形象地描述电场的强弱和方向。最早提出用电场线描述电场的物理学家是（ ）A牛顿 B开普勒 C法拉第 D伽利略【答案】C【解析】A、牛顿对物理学的贡献主要在力学部分，如牛顿三大定律、万有引力定律等等；故A错误；B、开普勒发现了行星沿椭圆轨道运行的规律故B错误；C、法拉第是最早用电场线描述电场的物理学家，故C正确；D、伽利略设想了理想斜面实验，证明了力不是维持物体运动的原因，故D错误。故选C。【考点】物理学史2下列的电场线分布图中哪个是等量异种的电场线分布图（ ）【答案】C【解析】A、是正点电荷的电场线，故A错误；B、是负点电荷的电场线，故B错误；C、真空中两个等量异种电荷是相互吸引的，它们产生的电场线应该是对称的，并且电场线都是从正电荷发出，到负电荷终止的，故C正确；D、是等量的同种电荷的电场线分布图，故D错误。故选C。【考点】电场线3在如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是（ ）【答案】C【解析】A、在负点电荷产生的电场中，同心球面上的点的场强大小相等A、B两点的场强大小相等，但方向不同，故A错误；B、正点电荷产生的电场中，AB两点场强的方向相同，大小不同，故B错误；C、两平行板间的电场是匀强电场，场强大小方向都相等，故C正确；D、AB两点处的电场线的疏密和切线方向都不同即A、B两点的场强大小和方向都不同，故D错误。故选C。【考点】电场强度4下列说法中正确的是（ ）A、物体的动量改变，一定是速度大小改变 B、物体的动量改变，一定是速度方向改变C、物体的运动状态改变，其动量一定改变 D、物体的速度方向改变，其动能一定改变【答案】C【解析】AB、动量是矢量，动量改变可能是方向发生改变，也可能是大小发生变化，故AB错误；C、运动状态改变，速度就发生变化，则动量一定发生变化，故C正确；D、速度方向改变，大小不一定变化，所以动能不一定发生变化，故D错误。故选C。【考点】动量；动能5一个静止的质量为m的原子核、由于不稳定，当它放射出一个质量为，速度为的粒子后，剩余部分获得的反冲速度大小为（）A、 B、 C、 D、【答案】C【解析】规定后质量为m的粒子的速度方向为正，根据动量守恒定律：得：即剩余部分获得的反冲速度大小为，方向与规定正方向相反。故选C。【考点】动量守恒定律6如右图所示，在光滑水平面上质量分别为mA=2kg、mB=4kg，速率分别为vA=5m/s、vB=2m/s的A、B两小球沿同一直线相向运动（ ）A它们碰撞前的总动量是18kgm/s，方向水平向右B它们碰撞后的总动量是18kgm/s，方向水平向左C它们碰撞前的总动量是2kgm/s，方向水平向右D它们碰撞后的总动量是2kgm/s，方向水平向左【答案】C【解析】取水平向右方向为正方向，设碰撞后总动量为P；则碰撞前，A、B的速度分别为：vA=5m/s、vB=-2m/s；根据动量守恒定律得：，P0，说明碰撞后总动量方向水平向右，则碰撞前总动量方向也水平向右。故选C。【考点】动量守恒定律7一个带电小球所带的电荷量为Q，则Q可能是（元电荷的电量为：1.61019 C）（ ） 【答案】B【解析】最小的电荷量是e=1.610-19C，我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍；A、，故A错误；B、，故B正确；C、，故C错误；D、，故D错误。故选B。【考点】元电荷、点电荷8两个分别带有电荷量-Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为的两处，它们间库仑力的大小为F。两小球相互接触后将其固定距离变为r/2，则两球间库仑力的大小为（ ）A B C D【答案】C【解析】接触前两个点电荷之间的库仑力大小为：；两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，距离又变为原来的12，库仑力为：，所以两球间库仑力的大小为。故选C。【考点】库仑定律二、双项选择题：本题包括8小题，每小题4分，共32分。每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求。全选对得4分，只选1个且正确得2分，错选、不选得0分。9下列说法不正确的是：（ ）A、三种起电方式中的摩擦起电不遵守电荷守恒定律B、任何带电体的电荷量是元电荷的整数倍。元电荷由实验测定。C、点电荷和试探电荷都是一种理想模型D、自然界只存在正电荷和负电荷，同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥【答案】AD【解析】A、任何起电方式，均遵守电荷守恒定律，故A错误；B、任何带电体的电荷量是元电荷的整数倍，元电荷可以由实验测定，故B正确；C、点电荷和试探电荷都是一种理想模型，故C正确；D、只存在正电荷和负电荷，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故D错误故选AD。【考点】电荷守恒定律；元电荷、点电荷10下列关于电场的叙述中正确的是（ ）A.以点电荷为圆心，r为半径的球面上，各点的场强大小都相等B.正电荷周围的场强一定比负电荷周围的场强大C.取走电场中某点的试探电荷后，该点的场强为零D.电荷在电场中某点所受电场力的方向与该点电场的方向不一定相同【答案】AD【解析】A、点电荷为圆心，r为半径的球面上，各点的电场强度大小相同，但方向不同，故A正确；B、正电荷周围的电场强度不一定比负电荷周围的电场强度强，除与各自电荷量外，还与电荷的距离有关，故B错误；C、在电场中某点放入试探电荷q，该点的场强为，取走q后，没有了电场力，但该点的电场强度仍不变，故C错误；D、正电荷在电场中某点所受电场力的方向与该点电场的方向一定相同，负电荷正好相反，故D正确。故选AD。【考点】电场强度；点电荷的场强11木块a和b用一根轻弹簧连接起来，放在光滑水平面上，a紧靠在墙壁上，在b上施加向左的水平力使弹簧压缩，如图所示，当撤去外力后，下列说法中正确的是（ ）A.a尚未离开墙壁前，a和b组成的系统动量守恒，机械能不守恒B.a尚未离开墙壁前，a和b组成的系统动量不守恒，机械能守恒C.a离开墙壁后，a和b组成的系统动量守恒，机械能守恒D.a离开墙壁后，a和b组成的系统动量不守恒，机械能不守恒【答案】BC【解析】AB、当撤去外力F后，a尚未离开墙壁前，系统受到墙壁的作用力，系统所受的外力之和不为零所以和b组成的系统的动量不守恒，故A错B正确；CD、a离开墙壁后，系统所受的外力之和为0，所以a、b组成的系统的动量守恒，故C正确D错误。故选BC。【考点】动量守恒定律12以下关于动能和动量的关系正确的是（ ）A.物体的动能改变，其动量也一定改变。 B.物体的动量改变，则其动能一定改变。C.动能是矢量，动量是标量。 D.物体的速度不变，则其动量不变，动能也不变。【答案】AD【解析】A、物体的质量一定时，若动能变化，其速度大小一定变化，物体的动量一定变化，故A正确；B、物体的动量改变，可能是方向变而大小不变，故动能可以不变化，也可以变化，故B错误；C、动能是标量，动量是矢量，故C错误；D、物体的速度不变，则其动量不变，动能也不变，故D正确。故选AD。【考点】动能；动量 冲量13电荷在电场中某两点间移动时，电场力做功，由此可算出两点间的电势差为，若让电量为的电荷在电场中的这两点间移动则（ ）A电场力做功仍为 B电场力做功2 C两点间的电势差为 D两点间的电势差仍为【答案】BD【解析】电场中两点的电势差由电场本身决定，与电荷量q和电场力做功W无关，因此电荷的电量加倍，电场中两点的电势差是不变的，仍为U，根据W=QU，可知，W=2QU=2W，故BD正确。故选BD。【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系14关于场强的三个公式的适用范围，下列说法正确的是A 三个公式都只能在真空中适用B公式能在真空中适用，公式和在真空中和介质中都适用C公式和能在真空中适用，公式在真空中和介质中都适用D公式适用于任何电场，公式只适用于点电荷形成的电场，公式只适用于匀强电场【答案】BD【解析】因公式为电场强度的定义式，故适用于任意电场；而公式是由库仑定律得出的直空中点电荷周围的场强，故只能适用于真空中点电荷形成的电场；公式是匀强电场中场强与电势关系，故只能适用于匀强电场。故选BD。【考点】电场强度15某同学在研究电子在电场中的运动时，得到了电子由a点运动到b点的轨迹（图中实线所示），图中未标明方向的一组虚线是电场线，则下列说法正确的判断是：（ ）A电子在a点动能较小 B电子在b点电势能较大Ca点的场强大于b点的场强 Da点电势低于b点电势【答案】BC【解析】AB、从轨迹弯曲方向可知电场力沿着电场线向左，由a到b电场力做负功，动能减小，电势能增大，故A错误B正确；C、由电场线的密集程度可看出a点的场强较大，故C正确；D、从电子曲线轨迹向下弯曲可知电场线方向向右，沿着电场线方向电势越来越低，故a点电势较大，故D错误。故选BC。【考点】电场线；电场强度；电势16如图是密立根油滴实验的示意图。油滴从喷雾器的喷嘴喷出，落到图中的匀强电场中，调节两板间的电压，通过显微镜观察到某一油滴静止在电场中。下列说法正确的是（ ）A油滴带负电B油滴质量可通过天平来测量C只要测出两板间的距离和电压就能求出油滴的电量D该实验测得油滴所带电荷量等于元电荷的整数倍【答案】AD【解析】A、由图，电容器板间电场方向向下，油滴所受的电场力向上，则知油滴带负电，故A正确；B、油滴的质量很小，不能通过天平测量，故B错误；C、根据油滴受力平衡得：，得，所以要测出两板间的距离、电压和油滴的质量才能求出油滴的电量，故C错误；D、根据密立根油滴实验知：该实验测得油滴所带电荷量等于元电荷的整数倍，故D正确。故选AD。【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；共点力平衡四计算题：本大题共4小题，共46分。解答时请写出必要的文字说明、图形、图像、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分，有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位。17（10分）如图所示，用绝缘轻质细线，把一个质量为m带电小球悬挂在带等量异种电荷的平行金属板之间，平行金属板间的距离为d，两板间电压为U静止时，绝缘线偏离竖直方向角，求：（1）两板间电场强度的大小和方向；（2）小球带的电荷量 【答案】方向由正极板指向负极板【解析】(1)板间场强的大小，场强方向由正极板指向负极板（2）对小球由平衡条件得：小球带的电量：【考点】共点力平衡；力的合成与分解18（10分）在真空中O点放一个点电荷Q=+1.010-9C，直线MN通过O点，OM的距离r30cm，M点放一个点电荷q=-1.010-10C，（k=9.0109）如图所示，求：（1）q在M点受到的作用力。（2）M点的场强。 （3）拿走q后M点的场强。（4）如果把+q换成-110-10C的点电荷，M点的场强？【答案】（1）方向沿MO指向Q； （2）方向由O指向M；（3）100 N/C，方向由O指向M； （4）100 N/C，方向由O指向M。【解析】(1) 根据库仑定律，得因为Q带正电，q带负电，库仑力是吸引力，所以力的方向沿MO指向Q (2)由电场强度的定义式得：，方向由O指向M(3)拿走q后M点的场强仍为100 N/C，方向由O指向M，(4)场强仍为100 N/C，方向由O指向M。【考点】电场强度；库仑定律19（10分）质量为6 kg的小球A在光滑水平面上以9 m/s的速度向右运动，质量为3kg的小球B静止在水平面上，小球A与B发生弹性碰撞，求碰撞后小球B的速度大小【答案】A、B发生弹性碰撞，由动量守恒定律得：由机械能守恒定律得碰撞后小球B的速度大小： 【考点】动量守恒定律20（14分）如图所示，BC是半径为R的1/4圆弧形光滑绝缘轨道，轨道位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为E。现有一质量为m的带电小滑块（体积很小可视为质点），在BC轨道的D点释放后可以静止不动。已知OD与竖直方向的夹角为 =37，随后把它从C点由静止释放，滑到水平轨道上的A点时速度减为零。若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为u=0.25，且tan37=0.75。求：（1）画出带电小滑块在D点的受力；（2）滑块甲的带电量q1和带电种类；（3）滑块下滑通过B点时的速度大小vB ；（4）水平轨道上A、B两点之间的距离L；【答案】如图 ，带正电 【解析】 （1）滑块在D点受重力、支持力、电场力三个力处于平衡，带电小滑块在D点的受力图如图；（2）小球在D点由平衡条件得：得，带正电；（3）小滑块从C到B的过程中，只有重力和电场力对它做功，设滑块经过圆弧轨道B点时的速度为vB，根据动能定理有解得；（4）小滑块在AB轨道上运动时，所受摩擦力为f=mg小滑块从C经B到A的过程中，重力做正功，电场力和摩擦力做负功。设小滑块在水平轨道上运动的距离（即A、B两点之间的距离）为L，根据动能定理有解得【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理xx年惠州市东江高级中学高二第一次月考物理答案一、单选择题题号12345678答案CCCCCCBC二、双选择题题号910111213141516答案ADADBCADBDBDBCAD17、(1)板间场强的大小 3分场强方向由正极板指向负极板 2分 ( “水平向左”也给分)（2）对小球由平衡条件得：qE=mgtan 3分 小球带的电量：2分18、(1) 根据库仑定律，得FMkQq/r22分9.01091.01091.01010/0.32 N1.0108 N1分因为Q带正电，q带负电，库仑力是吸引力，所以力的方向沿MO指向Q. 1分 (2)由电场强度的定义式得：EMFM/q2分1.0108/1.01010 N/C100 N/C，方向由O指向M. 2分(3)拿走q后M点的场强仍为100 N/C，方向由O指向M.(4)场强仍为100 N/C，方向由O指向M.说明：（3）（4）问表述全对各给1分，如有不完善的不给分19、A、B发生弹性碰撞，由动量守恒定律和机械能守恒定律得：mV0=mBVB+mAVA 5分 4分碰撞后小球B的速度大小： (只要写对一项就全给分)20、（1）(见图，缺一个力扣一分，没有标字母算错) 2分（2）小球在D点由平衡条件得：q1E=mgtan 2分q1= 3mg/4E 1分 （不用q1 扣1分） 带正电 2分（3）小滑块从C到B的过程中，只有重力和电场力对它做功，设滑块经过圆弧轨道B点时的速度为vB，根据动能定理有 （2分）解得 （1分）（4）小滑块在AB轨道上运动时，所受摩擦力为 f=mg （1分）小滑块从C经B到A的过程中，重力做正功，电场力和摩擦力做负功。设小滑块在水平轨道上运动的距离（即A、B两点之间的距离）为L，则根据动能定理有mgR-qE（R+L）-mgL=0 （2分）解得L=R/4 （1分）或： q1E+f=ma 1分VB2=2aL 1分