2019-2020年高二物理下学期入学试卷（含解析）.doc

2019-2020年高二物理下学期入学试卷（含解析）一不定项选择题（每小题6分，全部正确得6分，部分正确得3分，选错得零分共42分）1（6分）如图所示，蹲在树枝上的一只松鼠看到一个猎人正在用枪水平对准它，就在子弹出枪口时，松鼠开始运动，下述各种运动方式中，松鼠不能逃脱厄运而被击中的是（设树枝足够高）（） 自由落下竖直上跳迎着枪口，沿AB方向水平跳离树枝背着枪口，沿AC方向水平跳离树枝ABCD2（6分）质量为m的物体，在F1、F2、F3三个共点力的作用下做匀速直线运动，保持F1、F2不变，仅将F3的方向改变90（大小不变）后，物体可能做（）A加速度大小为的匀变速直线运动B加速度大小为的匀变速直线运动C加速度大小为的匀变速曲线运动D匀速直线运动3（6分）3个人造地球卫星A、B、C，在地球的大气层外沿如图所示的方向做匀速圆周运动，已知mA=mBmC，则关于三个卫星的说法中错误的是（）A线速度大小的关系是vavb=vcB周期关系是TaTb=TcC向心力大小的关系是Fa=FbFcD轨道半径和周期的关系是=4（6分）如图所示质量为m的小球，从桌面上竖直抛出，桌面离地面高为h小球能达到离桌面最大高度为H，若以桌面为零势能参考平面，不计空气阻力，则小球落地时的机械能为（）AmgHBmghCmg（H+h）Dmg（Hh）5（6分）如图所示，MN是一负点电荷产生的电场中的一条电场线一个带负电的粒子（不计重力）从a到b 穿越这条电场线的轨迹如图中虚线所示下列结论正确的是（）A点电荷一定位于N点的右侧B带电粒子从a到b的过程中动能逐渐减小C带电粒子在a点的加速度小于在b点的加速度D带电粒子在a点时具有的电势能大于在b点时具有的电势能6（6分）如图所示，某段滑雪道倾角为30，总质量为m（包括雪具在内）的滑雪运动员从雪道上距底端高为h处由静止开始匀加速下滑，加速度大小为g，他沿雪道滑到庑端的过程中，下列说法正确的是（）A运动员减少的重力势能全部转化为动能B运动员获得的动能为mghC运动员克服摩擦力做功为mghD下滑过程中系统减少的机械能为mgh7（6分）用水平力拉一物体在水平地面上从静止开始做匀加速运动，到t1秒末撤去拉力F，物体做匀减速运动，到t2秒末静止其速度图象如图所示，且若拉力F做的功为W，平均功率为P；物体在加速和减速过程中克服摩擦阻力做的功分别为W1和W2，它们的平均功率分别为P1和P2，则下列选项正确的是（）AW=W1+W2BPP1+P2CW1=W2DP1P2二、解答题（共5小题，满分68分）8（9分）如图，用一根结实的细绳，一端栓一个小物体，在足够大的光滑水平桌面上抡动细绳，使小物体做圆周运动 当你抡动细绳，使小物体做匀速圆周运动时，作用在小物体的拉力A沿绳指向圆心 B沿绳背向圆心 C垂直于绳与运动方向相同 D垂直于绳于运动方向相反松手后，物体做A半径更大的圆周运动B半径更小的圆周运动C平抛运动D直线运动若圆周运动的半径为0.4m，小物体质量0.3kg，每分钟匀速转300转，则细绳的拉力是N9（8分）用自由落体法进行“验证机械能守恒定律”的实验实验完毕后选出一条纸带如图所示，其中O点为电磁打点计时器打下的第一个点，A、B、C为三个计数点，打点计时器通以50Hz的交流电用刻度尺测得OA=12.41cm，OB=18.60cm，OC=27.21cm，在计数点A和B、B和C之间还各有一个点，重物的质量为1.00kg，取g=10.0m/s2甲同学根据以上数据算出：当打点计时器打到B点时重物的重力势能比开始下落时减少了J；此时重物的动能比开始下落时增加了J（结果均保留三位有效数字）某同学利用他自己实验时打出的纸带，测量出了各计数点到打点计时器打下的第一个点的距离h，算出了各计数点对应的速度v，以h为横轴，以v2为纵轴画出了如图的图线图线未过原点O的原因是10（15分）如图所示，质量m=2.2kg的金属块放在水平地板上，在与水平方向成=37角斜向上、大小为F=10N的拉力作用下，以速度v=5.0m/s向右做匀速直线运动（cos37=0.8，sin37=0.6，取g=10m/s2）求：（1）金属块与地板间的动摩擦因数；（2）如果从某时刻起撤去拉力，撤去拉力后金属块在水平地板上滑行的最大距离11（17分）如图所示，半径R=1.0m的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连线与水平方向间的夹角=37，另一端点C为轨道的最低点C点右侧的光滑水平面上紧挨C点静止 放置一木板，木板质量M=1kg，上表面与C点等高质量为m=1kg的物块（可视为质点）从空中A点以v0=1.2m/s的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道已知物块与木板间的动摩擦因数=0.2，取g=10m/s2求：（1）物块经过B点时的速度vB大小；（2）物块经过C点时的动能Ek（3）若木板足够长，物块在木板上相对滑动过程中产生的热量Q12（19分）如图所示，在竖直平面内固定一光滑圆弧轨道AB，轨道半径为R=0.4m，轨道最高点A与圆心O等高有一倾角=30的斜面，斜面底端C点在圆弧轨道B点正下方、距B点H=1.5m圆弧轨道和斜面均处于场强E=100N/C、竖直向下的匀强电场中现将一个质量为m=0.02kg、带电量为q=+2103C的带电小球从A点静止释放，小球通过B点离开圆弧轨道沿水平方向飞出，当小球运动到斜面上D点时速度方向恰与斜面垂直，并刚好与一个以一定初速度从斜面底端上滑的不带电的物块相遇若物块与斜面间动摩擦因数=，空气阻力不计，g取10m/s2，小球和物块都可视为质点求：（1）小球经过B点时的速度大小；（2）B、D两点间竖直高度h；（3）物块上滑初速度v0满足的条件四川省内江六中xx学年高二下学期入学物理试卷参考答案与试题解析一不定项选择题（每小题6分，全部正确得6分，部分正确得3分，选错得零分共42分）1（6分）如图所示，蹲在树枝上的一只松鼠看到一个猎人正在用枪水平对准它，就在子弹出枪口时，松鼠开始运动，下述各种运动方式中，松鼠不能逃脱厄运而被击中的是（设树枝足够高）（） 自由落下竖直上跳迎着枪口，沿AB方向水平跳离树枝背着枪口，沿AC方向水平跳离树枝ABCD考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：子弹做的是平抛运动，在竖直方向上就是自由落体运动，所以如果松鼠在竖直方向上也是自由落体运动，那么松鼠必定被击中解答：解：松鼠做自由落体运动，那么松鼠和子弹在竖直方向上的运动是一样的，它们始终在一个高度上，所以松鼠一定会被击中，故正确；竖直上跳时，在竖直方向上和子弹的运动过程不一样，能逃过厄运，故错误迎着枪口，沿AB方向水平跳离树枝，背着枪口，沿AC方向水平跳离树枝这两种运动在竖直方向上也是自由落体运动，松鼠同样会被击中，都不能逃脱厄运，故正确；故选：C点评：了解各种运动的运动规律，自由落体、迎着枪口，沿AB方向水平跳离树枝、背着枪口，沿AC方向水平跳离树枝，它们在竖直方向的运动是一样的2（6分）质量为m的物体，在F1、F2、F3三个共点力的作用下做匀速直线运动，保持F1、F2不变，仅将F3的方向改变90（大小不变）后，物体可能做（）A加速度大小为的匀变速直线运动B加速度大小为的匀变速直线运动C加速度大小为的匀变速曲线运动D匀速直线运动考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：当物体受到的合外力恒定时，若物体受到的合力与初速度不共线时，物体做曲线运动；若合力与初速度共线，物体做直线运动解答：解：物体在F1、F2、F3三个共点力作用下做匀速直线运动，三力平衡，必有F3与F1、F2的合力等大反向，当F3大小不变，方向改变90时，F1、F2的合力大小仍为F3，方向与改变方向后的F3夹角为90，故F合=，加速度a=，则物体可能做加速度大小为的匀变速直线运动，可能做加速度大小为的匀变速曲线运动故B正确，A、C、D错误故选：B点评：本题关键先根据平衡条件得出力F3变向后的合力大小和方向，然后根据牛顿第二定律求解加速度，根据曲线运动的条件判断物体的运动性质3（6分）3个人造地球卫星A、B、C，在地球的大气层外沿如图所示的方向做匀速圆周运动，已知mA=mBmC，则关于三个卫星的说法中错误的是（）A线速度大小的关系是vavb=vcB周期关系是TaTb=TcC向心力大小的关系是Fa=FbFcD轨道半径和周期的关系是=考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：熟悉利用万星受到的万有引力提供卫星环绕地球运动的向心力列式求解解答：解：根据卫星所受万有引力提供向心力有：A、卫星的线速度，得因为RARB=RC，所以vavb=vc故A正确；B、卫星运动行的同期，因为RARB=RC，所以TaTb=Tc故B正确；C、，RARB=RC，mA=mBmC所以FAFB，FCFB，RARC，mAmC故FA和FC大小不确定，故C错误；D、，可得，故D正确本题选错误的，故选C点评：在卫星运动中，万有引力提供向心力，熟悉掌握万有引力表达式，以及向心力的不同表达式，由万有引力和向心力表达式列式求解4（6分）如图所示质量为m的小球，从桌面上竖直抛出，桌面离地面高为h小球能达到离桌面最大高度为H，若以桌面为零势能参考平面，不计空气阻力，则小球落地时的机械能为（）AmgHBmghCmg（H+h）Dmg（Hh）考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：小球落到地面瞬间重力势能为mgh，但动能不知道，机械能不好直接确定但最高点时速度为零，动能为零，机械能很快求出，根据小球下落过程中机械能守恒，落地时与刚下落时机械能相等，就能求出小球落到地面前的瞬间的机械能解答：解：以桌面为参考平面，小球在最高点时机械能为：E=mgH小球下落过程中机械能守恒，则小球落到地面前瞬间的机械能等于最高点的机械能，为mgH故A正确，BCD错误故选：A点评：本题如根据机械能的定义，不好直接求落地时小球的机械能技巧在于选择研究最高点，此处动能为零，重力势能为mgH，机械能为mgH，运用机械能守恒，从而定出落地时的机械能，方法简单方便5（6分）如图所示，MN是一负点电荷产生的电场中的一条电场线一个带负电的粒子（不计重力）从a到b 穿越这条电场线的轨迹如图中虚线所示下列结论正确的是（）A点电荷一定位于N点的右侧B带电粒子从a到b的过程中动能逐渐减小C带电粒子在a点的加速度小于在b点的加速度D带电粒子在a点时具有的电势能大于在b点时具有的电势能考点：电场线；电势能分析：解答本题的突破口是根据粒子的运动轨迹确定其所受电场力方向，从而确定电场线MN的方向以及负点电荷的位置，然后根据负点电荷周围电场分布情况，进一步解答解答：解：A、带负电的粒子所受电场力向右，电场线由N指向M，说明负电荷在直线N点左侧故A错误B、由于该粒子只受电场力作用且做曲线运动，电场力指向轨迹的内侧，电场力方向大致向右，对带电粒子做做正功，其动能增加故B错误C、a点离点电荷较近，a点的电场强度大于b点的电场强度，带电粒子在a点的电场力大于在b点的电场力，根据牛顿第二定律得知，带电粒子在a点的加速度大于在b点的加速度故C错误D、电场力对带电粒子做正功，电势能减小，则带电粒子在a点的电势能大于在b点的电势能故D正确故选：D点评：依据带电粒子的运动轨迹确定其所受电场力方向是解决带电粒子在电场中运动问题的突破口，然后可进一步根据电场线、电场力做功等情况确定电势、电势能的高低变化情况6（6分）如图所示，某段滑雪道倾角为30，总质量为m（包括雪具在内）的滑雪运动员从雪道上距底端高为h处由静止开始匀加速下滑，加速度大小为g，他沿雪道滑到庑端的过程中，下列说法正确的是（）A运动员减少的重力势能全部转化为动能B运动员获得的动能为mghC运动员克服摩擦力做功为mghD下滑过程中系统减少的机械能为mgh考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：由几何关系可知运动员下滑的位移，则由速度和位移公式可得出运动员的末速度，则可得出运动员的动能；由动能定理可得出运动员克服摩擦力所做的功；由功能关系即可得出机械能的改变量解答：解：A、若物体不受摩擦力，则加速度应为a=gsin30=g，而现在的加速度小于g，故运动员应受到摩擦力，故减少的重力势能有一部分转化为了内能，故A错误；B、运动员运动员下滑的距离：L=2h； 由运动学公式可得：V2=2aL，得：V=； 动能为：Ek=mV2=，故B正确；C、由动能定理可知mghWf=mV2； 解得Wf=mgh； 故C错误；D、机械能的减小量等于阻力所做的功，故下滑过程中系统减少的机械能为，故D正确；故选：BD点评：在解决有关能量问题时，要注意明确做功和能量转化间的关系；合外力做功等于动能的改变量；重力做功等于重力势能的改变量；阻力做功等于内能的增加量7（6分）用水平力拉一物体在水平地面上从静止开始做匀加速运动，到t1秒末撤去拉力F，物体做匀减速运动，到t2秒末静止其速度图象如图所示，且若拉力F做的功为W，平均功率为P；物体在加速和减速过程中克服摩擦阻力做的功分别为W1和W2，它们的平均功率分别为P1和P2，则下列选项正确的是（）AW=W1+W2BPP1+P2CW1=W2DP1P2考点：功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像专题：功率的计算专题分析：由动能定理可得出物体拉力做的功与克服摩擦力做功的关系，由功的公式可求得加速和减速过程中克服摩擦力做功的大小；由摩擦力做功利用P=FV可求得摩擦力的功率关系解答：解：A、对于整个过程由动能定理可知：WW1W2=0，故W=W1+W2，故A正确；BD、根据匀变速直线运动规律知道加速和减速运动中平均速度相等，故由P=FV可知，摩擦力的功率相等，故P1=P2，由功率关系可知W=P（t1+t2）=P1t1+P2t2，而P1=P2，所以得：P=P1=P2，故BD错误；C、由图可知，加速过程的位移要大于减速过程的位移，因摩擦力不变，故加速时摩擦力所做的功大于减速时摩擦力所做的功，故C错误；故选：A点评：本题要注意在运动过程中灵活利用功率公式及动能定理公式，同时要注意图象在题目中的应用二、解答题（共5小题，满分68分）8（9分）如图，用一根结实的细绳，一端栓一个小物体，在足够大的光滑水平桌面上抡动细绳，使小物体做圆周运动 当你抡动细绳，使小物体做匀速圆周运动时，作用在小物体的拉力AA沿绳指向圆心 B沿绳背向圆心 C垂直于绳与运动方向相同 D垂直于绳于运动方向相反松手后，物体做DA半径更大的圆周运动B半径更小的圆周运动C平抛运动D直线运动若圆周运动的半径为0.4m，小物体质量0.3kg，每分钟匀速转300转，则细绳的拉力是122N考点：向心力；牛顿第二定律专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析：物体做匀速圆周运动时，合外力提供向心力，方向始终指向圆心，一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，根据向心力公式求解绳子的拉力解答：解：小物体做匀速圆周运动时，合外力提供向心力，对物体进行受力分析可知，绳子的拉力提供向心力，所以绳子作用在小物体的拉力沿绳指向圆心，故A正确；松手后，物体在水平方向将不受力的作用，所以将保持松手时的速度做匀速直线运动，故D正确故选：D根据向心力公式得：F=m2r=0.3（2）20.4=122N故答案为：A；D；122点评：本题考查了对小球运动状态的判断，对小球正确受力分析是正确解题的关键，难度不大，属于基础题9（8分）用自由落体法进行“验证机械能守恒定律”的实验实验完毕后选出一条纸带如图所示，其中O点为电磁打点计时器打下的第一个点，A、B、C为三个计数点，打点计时器通以50Hz的交流电用刻度尺测得OA=12.41cm，OB=18.60cm，OC=27.21cm，在计数点A和B、B和C之间还各有一个点，重物的质量为1.00kg，取g=10.0m/s2甲同学根据以上数据算出：当打点计时器打到B点时重物的重力势能比开始下落时减少了1.80J；此时重物的动能比开始下落时增加了1.71J（结果均保留三位有效数字）某同学利用他自己实验时打出的纸带，测量出了各计数点到打点计时器打下的第一个点的距离h，算出了各计数点对应的速度v，以h为横轴，以v2为纵轴画出了如图的图线图线未过原点O的原因是该同学做实验时先释放了纸带，然后再合上打点计时器的开关考点：验证机械能守恒定律专题：实验题分析：（1）根据下降的高度求出重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度，从而得出动能的增加量（2）根据机械能守恒有，因此在以为纵轴，以h为横轴的图线中，斜率表示重力加速度，图线不过原点，说明开始物体已经具有动能解答：解：（1）O到B的过程中，重力势能的减小量Ep=mgxOB=1100.18J=1.80JB点的速度m/s=1.85m/s，则动能的增加量=1.71J（2）根据机械能守恒有，因此在以为纵轴，以h为横轴的图线中，斜率表示重力加速度，图线不过原点，说明开始时，物体已经具有了动能，因此该同学做实验时先释放了纸带，然后再合上打点计时器的开关故答案为：（1）1.80，1.71，（2）该同学做实验时先释放了纸带，然后再合上打点计时器的开关点评：解决本题的关键掌握纸带的处理，会通过下降的高度求出重力势能的减小量，会根据纸带求解瞬时速度，从而得出动能的增加量10（15分）如图所示，质量m=2.2kg的金属块放在水平地板上，在与水平方向成=37角斜向上、大小为F=10N的拉力作用下，以速度v=5.0m/s向右做匀速直线运动（cos37=0.8，sin37=0.6，取g=10m/s2）求：（1）金属块与地板间的动摩擦因数；（2）如果从某时刻起撤去拉力，撤去拉力后金属块在水平地板上滑行的最大距离考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）分析金属块的受力情况，根据平衡条件和滑动摩擦力公式求解动摩擦因数；（2）撤去拉力后金属块水平方向只受滑动摩擦力，根据牛顿第二定律求出加速度，再由位移速度公式求解金属块在桌面上滑行的最大距离解答：解：（1）因为金属块匀速运动，受力平衡则有 Fcos37（mgFsin37）=0得=（2）撤去外力后金属块的加速度大小为：a=g=5m/s2金属块在桌面上滑行的最大距离：s=2.5m答：（1）金属块与地板间的动摩擦因数为0.5；（2）如果从某时刻起撤去拉力，撤去拉力后金属块在水平地板上滑行的最大距离为2.5m点评：本题是物体的平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图撤去F后动摩擦因数不变11（17分）如图所示，半径R=1.0m的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连线与水平方向间的夹角=37，另一端点C为轨道的最低点C点右侧的光滑水平面上紧挨C点静止 放置一木板，木板质量M=1kg，上表面与C点等高质量为m=1kg的物块（可视为质点）从空中A点以v0=1.2m/s的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道已知物块与木板间的动摩擦因数=0.2，取g=10m/s2求：（1）物块经过B点时的速度vB大小；（2）物块经过C点时的动能Ek（3）若木板足够长，物块在木板上相对滑动过程中产生的热量Q考点：机械能守恒定律；功能关系分析：（1）根据平抛运动的规律得出物体在B点的速度；（2）对B到C段运用动能定理，求出物块经过C点的速度（3）物块在木板上滑动时，做匀减速运动，木板做匀加速直线运动，当速度相同后一起做匀速运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出共同运动的速度，根据能量守恒求出物块在木板上相对滑动过程中产生的热量Q解答：解：（1）设物体在B点的速度为vB，在C点的速度为vC，从A到B物体做平抛运动，有：vBsin=v0则 vB=2m/s（2）从B到C，根据动能定理有：mgR（1+sin）=解得：vC=6m/s动能为 EkC=18J（3）物块在木板上相对滑动过程中由于摩擦力作用，最终将一起共同运动设相对滑动时物体加速度为a1，木板加速度为a2，经过时间t达到共同运动速度为v，则根据牛顿第二定律得： mg=ma1 mg=Ma2由速度公式有 v=vCa1t，v=a2t根据能量守恒定律有：（m+M）v2+Q=联立以上五式解得得：Q=9J答：（1）物块经过B点时的速度vB大小是2m/s（2）物块经过C点时的动能为18J；（3）物块在木板上相对滑动过程中产生的热量Q为9J点评：本题考查了动能定理、能量守恒的综合运用，对于第二问，也可以通过动量守恒求出共同的速度，也可以根据牛顿第二定律和运动学公式求出相对运动的位移大小，结合摩擦力与相对位移的乘积等于产生热量求出热量的大小12（19分）如图所示，在竖直平面内固定一光滑圆弧轨道AB，轨道半径为R=0.4m，轨道最高点A与圆心O等高有一倾角=30的斜面，斜面底端C点在圆弧轨道B点正下方、距B点H=1.5m圆弧轨道和斜面均处于场强E=100N/C、竖直向下的匀强电场中现将一个质量为m=0.02kg、带电量为q=+2103C的带电小球从A点静止释放，小球通过B点离开圆弧轨道沿水平方向飞出，当小球运动到斜面上D点时速度方向恰与斜面垂直，并刚好与一个以一定初速度从斜面底端上滑的不带电的物块相遇若物块与斜面间动摩擦因数=，空气阻力不计，g取10m/s2，小球和物块都可视为质点求：（1）小球经过B点时的速度大小；（2）B、D两点间竖直高度h；（3）物块上滑初速度v0满足的条件考点：带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）小球从A运动到B的过程，运用动能定理可求出小球到达B点的速度（2）小球由B点到D点做类平抛运动，根据D点的速度与斜面垂直，由速度分解和速度时间公式可求出从B到D的时间，由牛顿第二定律和位移公式求出下落的高度h（3）根据牛顿第二定律和运动学公式得到物块上滑的位移表达式，结合几何关系可以求出滑块的初速度解答：解：（1）设小球到达B点的速度为vB，由动能定理有：mgR+qER=mvB20，代入数据解得：vB=4m/s；（2）设小球由B点到D点的运动时间为t，加速度为a，下落高度为h有：tan=，由牛顿第二定律得：Eq+mg=ma，h=at2，解得：h=1.2m；（3）作出小球与物块的运动示意如图所示，设C、D间的距离为x，由几何关系有：x=，设物块上滑加速度为a，由牛顿运动定律有：mgsin+mgcos=ma，根据题意，要物块与小球相遇，有：x，解得：v0m3.10m/s；答：（1）小球经过B点时的速度大小为4m/s；（2）B、D两点间竖直高度h为1.2m（3）物块上滑初速度v0满足的条件为v03. 10m/s点评：本题是复杂的力电综合题，本题关键分析清楚小球和滑块的运动情况，根据类平抛运动速度分解，由力学规律求解