2019-2020年高考物理模拟试卷（4月份）含解析.doc

2019-2020年高考物理模拟试卷（4月份）含解析一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分每小题只有-个选项符合题意，选对得3分，错选或不答的得0分1如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向右运动时，物体A的受力情况是（）A 绳的拉力大于A的重力B 绳的拉力等于A的重力C 绳的拉力小于A的重力D 拉力先大于重力，后变为小于重力2用电流传感器可以清楚地演示一些电学元件对电路中电流的影响，如图所示，在AB间分别接入电容器、电感线圈、定值电阻闭合开关时，计算机显示的电流随时间变化的图象分别如图a、b、c所示，则下列判断中正确的是（）A AB间接入定值电阻显示图象aB AB间接入电容器显示图象bC AB间接入电感线圈显示图象cD AB间接入电感线圈显示图象b3用轻弹簧竖直悬挂质量为m的物体，静止时弹簧伸长量为L现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m的物体，系统静止时弹簧伸长量也为L斜面倾角为30，如图所示，则物体所受摩擦力（）A 等于零B 大小为mg，方向沿斜面向下C 大小为mg，方向沿斜面向上D 大小为mg，方向沿斜面向上4如图所示匀强电场E的区域内，在O点处放置一点电荷+Q，a、b、c、d、e、f为以O点为球心的球面上的点，aecf平面与电场平行，bedf平面与电场垂直，则下列说法中正确的是（）A b、d两点的电场强度相同B a点的电势等于f点的电势C 点电荷+q在球面上任意两点之间移动时，电场力一定做功D 将点电荷+q在球面上任意两点之间移动，从球面上a点移动到c点的电势能变化量一定最大5如图所示，两条水平虚线之间有垂直于纸面向里，宽度为d，磁感应强度为B的匀强磁场质量为m，电阻为R的正方形线圈边长为L（Ld），线圈下边缘到磁场上边界的距离为h将线圈由静止释放，其下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度都是v0，则在整个线圈穿过磁场的全过程中（从下边缘进入磁场到上边缘穿出磁场），下列说法中正确的是（）A 线圈可能一直做匀速运动B 线圈可能先加速后减速C 线圈的最小速度一定是D 线圈的最小速度一定是二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，满分l6分每题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分6我国曾发射一颗绕月运行的探月卫星“嫦娥1号”设想“嫦娥1号”贴近月球表面做匀速圆周运动，其周期为T“嫦娥1号”在月球上着陆后，自动机器人用测力计测得质量为m的仪器重力为P已知引力常量为G，由以上数据可以求出的量有（）A 月球的半径B 月球的质量C 月球表面的重力加速度D 月球绕地球做匀速圆周运动的向心加速度7如图所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为（）A 物块先向左运动，再向右运动B 物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动C 木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动D 木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零8为了测量某化工厂污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口，在垂直于上下底面方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在前后两个内侧固定有金属板作为电极，污水充满管口以一定的速度从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U若用Q表示污水流量（单位时间内排出的污水体积），下列说法中正确的是（）A 若污水中正离子较多，则前表面比后表面电势高B 前表面的电势一定低于后表面的电势，与哪种离子多无关C 污水中离子浓度越高，电压表的示数将越大D 污水流量Q与U成正比，与a、b无关9如图所示，斜面上有a、b、c、d四个点，ab=bc=cd，从a点以初动能E0水平抛出一个小球，它落在斜面上的b点；若小球从a点以初动能 2E0水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是（）A 小球可能落在d点与c点之间B 小球一定落在c点C 小球落在斜面的速度方向与斜面的夹角一定变大D 小球落在斜面的速度方向与斜面的夹角一定相同三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，满分18分请将解答填在答题纸相应的位置10有一个标有“2.5V 0.3A”字样的小灯泡，现要测定其在0到2.5V的区间内不同电压下的电功率，并作出其电功率P与其两端电压的平方U2的关系曲线有下列器材可供选择：A电压表V1 （03V，内阻3k）B电压表V2 （015V，内阻15k）C电流表A1 （00.6A，内阻约1D定值电阻R1=3kE定值电阻R2=15kF滑动变阻器R3（10 2A）G滑动变阻器R4（1k 0.5A）H电源（直流6V，内阻不计）（1）实验中中尽量减小实验误差，则应选用的器材除小灯泡、电源、电流表、开关、导线外，还需（均用序号字母填写）（2）根据你设计的实验电路，完成下图连线（3）若测定“4.8V 2A”的小灯泡，如果选用电压表V1的量程偏小，而选用电压表V2则量程又过大，为了能完成该实验则除了选用小灯泡、电源、电流表、开关、导线外，还需（均用序号字母填写）11在用落体法验证机械能守恒定律时，某同学按照正确的操作选得纸带如右其中O是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图中（单位cm）（1）这三个数据中不符合有效数字读数要求的是，应记作cm（2）该同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，已知当地的重力加速度g=9.80m/s2，他用AC段的平均速度作为跟B点对应的物体的即时速度，则该段重锤重力势能的减少量为，而动能的增加量为，（均保留3位有效数字，重锤质量用m表示）这样验证的系统误差总是使重力势能的减少量动能的增加量，原因是（3）另一位同学根据同一条纸带，同一组数据，也用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，不过他数了一下：从打点计时器打下的第一个点O数起，图中的B是打点计时器打下的第9个点因此他用vB=gt计算跟B点对应的物体的即时速度，得到动能的增加量为，这样验证时的系统误差总是使重力势能的减少量动能的增加量，原因是【选做题】请从A、B和C三部分中选定两部分作答，如都作答则按B、C两部分评分A【选修模块3-3】（12分）12一定质量的理想气体状态变化过程如图所示，第1种变化是从A到B，第2种变化是从A到C，比较两种变化过程则：（）A A到C过程气体吸收热量较多B A到B过程气体吸收热量较多C 两个过程气体吸收热量一样D 两个过程气体内能增加相同13某人做一次深呼吸，吸进400cm3的空气，据此估算他吸入的空气分子总数约为个（取一位有效数字，NA=6.021023mol1）14在一个恒定标准大气压P=1.0105 Pa下，水在沸腾时，1g的水由液态变成同温度的气态，其体积由1.0cm3变为1701cm3已知水的汽化热为L=2264J/g则体积膨胀时气体对外做的功为；气体吸收的热量为；气体的内能变化量为B【选修模块3-4】（12分）15A、B、C是三个完全相同的时钟，A放在地面上，B、C分别放在两个火箭上，以速度vb和vc朝同一方向飞行，vbvc在地面上的人看来，关于时钟快慢的说法正确的是（）A B钟最快，C钟最慢B A钟最快，C钟最慢C C钟最快，B钟最慢D A钟最快，B钟最慢16一列沿x轴正方向传播的简谐波，在 t=0时刻刚好到达x=2m处，该波的波长为m，此时x=1m 处的质点振动方向为（选填“y轴正方向”或“y轴负方向”），已知该波的速度为v=4m/s，则经s时间x=5m处的质点第一次到达波峰17如图为一圆柱形的玻璃棒过中心轴线的剖面图，该玻璃的折射率为n=，现有一束光线l 从AB面射入，入射角=60，则折射角=，该束光线能否从 AD边射出（填“能”或“不能”）C【选修模块3-5】（12分）1012溧阳市校级模拟）太阳以“核燃烧”的方式向外界释放能量，这种燃烧过程使太阳的“体重”每秒钟减少400万吨，这里“核燃烧”是指（）A 重核裂变B 轻核聚变C 原子能级跃迁D 衰变1012溧阳市校级模拟）在研究光电效应实验中，铝的逸出功为4.2eV，现用波长为200nm的光线照射铝板，则光电子的最大初动能为eV，若增加该入射光的强度，则单位时间内从铝板表面逸出的光电子数（填“增加”、“减少”或“不变”） （普朗克常量h=6.301034 JS，结果保留两位有效数字）xx溧阳市校级模拟）质量相等且m1、m2都等于1kg的两个小球在光滑的水平面上分别以速度v1=2m/s、v2=1m/s同向运动并发生对心碰撞，碰后m2被右侧的墙原速弹回，又与m1相碰，碰后两球都静止求两球第一次碰后m2球的速度大小四、计算题：本题共3小题，满分47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位21矩形裸导线框长边的长度为2l，短边的长度为l，在两个短边上均接有阻值为R的电阻，其余部分电阻均不计导线框的位置如图所示，线框内的磁场方向及分布情况如图，大小为一电阻为R的光滑导体棒AB与短边平行且与长边始终接触良好起初导体棒处于x=0处，从t=0时刻起，导体棒AB在沿x方向的外力F的作用下做速度为v的匀速运动试求：（1）导体棒AB两端的感应电动势随时间的变化规律；（2）导体棒AB从x=0运动到x=2l的过程中外力F随时间t变化的规律；（3）导体棒AB从x=0运动到x=2l的过程中整个回路产生的热量22如图所示，直角坐标系xOy位于竖直平面内，在水平x轴下方存在匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度为B，方向垂直xOy平面向里，电场线平行于y轴一质量为m、电荷量为q的带正电的小球，从y轴上的A点水平向右抛出，经x轴上的M点进入复合场，恰能做匀速圆周运动，从x轴上的N点第一次离开复合场区，MN之间的距离为L，小球过M点时的速度方向与x轴夹角为不计空气阻力，重力加速度为g，求：（1）电场强度E的大小和方向；（2）小球从A点抛出时初速度v0的大小；（3）A点到x轴的高度h23从地面上以初速度v0竖直向上抛出一质量为m的球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比关系，球运动的速率随时间变化规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地时速率为v1，且落地前球已经做匀速运动求：（1）球从抛出到落地过程中克服空气阻力所做的功；（2）球抛出瞬间的加速度大小；（3）球上升的最大高度Hxx年江苏省常州市溧阳市竹箦中学高考物理模拟试卷（4月份）参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分每小题只有-个选项符合题意，选对得3分，错选或不答的得0分1如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向右运动时，物体A的受力情况是（）A 绳的拉力大于A的重力B 绳的拉力等于A的重力C 绳的拉力小于A的重力D 拉力先大于重力，后变为小于重力考点：物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于A的速度，根据平行四边形定则判断出A的速度变化，从而得出A的加速度方向，根据牛顿第二定律判断拉力和重力的大小关系解答：解：小车沿绳子方向的速度等于A的速度，设绳子与水平方向的夹角为，根据平行四边形定则，物体A的速度vA=vcos，小车匀速向右运动时，减小，则A的速度增大，所以A加速上升，加速度方向向上，根据牛顿第二定律有：TGA=mAa知拉力大于重力故A正确，BCD错误故选：A点评：解决本题的关键知道小车沿绳子方向的分速度等于物体A的速度，根据平行四边形定则进行分析2用电流传感器可以清楚地演示一些电学元件对电路中电流的影响，如图所示，在AB间分别接入电容器、电感线圈、定值电阻闭合开关时，计算机显示的电流随时间变化的图象分别如图a、b、c所示，则下列判断中正确的是（）A AB间接入定值电阻显示图象aB AB间接入电容器显示图象bC AB间接入电感线圈显示图象cD AB间接入电感线圈显示图象b考点：常见传感器的工作原理分析：根据电流时间图象的特点和电容器、电感线圈的特性，分析判断AB、BC、CD各是什么元件解答：解：由图a看出，a接入电路时有瞬间的电流，电容器充电过程有短暂的电流，电路稳定后电路中没有电流说明AB间是电容器由b图看出，此元件接入电路时，电流逐渐增大，是由于线圈中产生自感电动势的阻碍作用，电流只能逐渐增大，说明AB间是电感线圈从c图看出，此元件接入电路时电流恒定不变，说明AB是定值电阻故D正确，ABC错误；故选D点评：本题要掌握电容器、电感线圈和定值电阻的特性：电容器具有充放电气特性，电感线圈能产生自感电动势3用轻弹簧竖直悬挂质量为m的物体，静止时弹簧伸长量为L现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m的物体，系统静止时弹簧伸长量也为L斜面倾角为30，如图所示，则物体所受摩擦力（）A 等于零B 大小为mg，方向沿斜面向下C 大小为mg，方向沿斜面向上D 大小为mg，方向沿斜面向上考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用分析：弹簧竖直悬挂物体时，对物体受力分析，根据共点力平衡条件求出弹簧拉力；物体放在斜面上时，再次对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件求出摩擦力解答：解：弹簧竖直悬挂物体时，对物体受力分析，根据共点力平衡条件F=mg 根据胡克定律F=kL 物体放在斜面上时，再次对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有F+f2mgsin30=0 其中F=kL 由以上四式解得f=0故选：A点评：本题关键对物体受力分析，然后运用共点力平衡条件列式求解4如图所示匀强电场E的区域内，在O点处放置一点电荷+Q，a、b、c、d、e、f为以O点为球心的球面上的点，aecf平面与电场平行，bedf平面与电场垂直，则下列说法中正确的是（）A b、d两点的电场强度相同B a点的电势等于f点的电势C 点电荷+q在球面上任意两点之间移动时，电场力一定做功D 将点电荷+q在球面上任意两点之间移动，从球面上a点移动到c点的电势能变化量一定最大考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：空间任何一点的电场都是由匀强电场和点电荷的电场叠加面成，根据平行四边形定则分析各点场强关系场强是矢量，只有大小和方向都相同时，场强才相同根据叠加原理，判断各点的电势关系若两点间电势差不为零，电场力做功不为零解答：解：A、点电荷+Q在b点产生的电场方向为竖直向上，在d点产生的电场方向为竖直向下，匀强电场方向水平向右，根据平行四边形定则可知，b点的合场强斜向右上方，d点的合场强斜向左下方，两点场强大小相同，方向不同，电场强度不同故A错误B、讲一个试探正电荷由a点移动到f点，点电荷电场力不做功，匀强电场的电场力做正功，故合力做正功，电势能减小，电势降低，故B错误；C、当电荷+q沿着球面上的bedf移动时，匀强电场的电场力不做功，点电荷电场力也不做功，故合电场力不做功，故C错误；D、将点电荷+q在球面上任意两点之间移动，点电荷电场力不做功，从a点移动到c点，匀强电场的电场力做功最大，故合力做功最大，故D正确；故选D点评：本题还是要将电场看作是由匀强电场和点电荷的电场组合而成，再分析电场力做功、电场强度和电势能时更是如此5如图所示，两条水平虚线之间有垂直于纸面向里，宽度为d，磁感应强度为B的匀强磁场质量为m，电阻为R的正方形线圈边长为L（Ld），线圈下边缘到磁场上边界的距离为h将线圈由静止释放，其下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度都是v0，则在整个线圈穿过磁场的全过程中（从下边缘进入磁场到上边缘穿出磁场），下列说法中正确的是（）A 线圈可能一直做匀速运动B 线圈可能先加速后减速C 线圈的最小速度一定是D 线圈的最小速度一定是考点：导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；电磁感应中的能量转化专题：压轴题；电磁感应功能问题分析：线圈由静止释放，其下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度都是v0，又因为线圈全部进入磁场不受安培力，要做匀加速运动可知线圈进入磁场先要做减速运动解答：解：A、根据线圈下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度都是v0，且全部进入磁场将做加速运动，所以进磁场时将做减速运动故A、B错误 C、因为进磁场时要减速，可知线圈完全进入磁场时速度最小，从完全进入磁场到下边刚接触磁场的下边界过程中，做匀加速直线运动，有v=从静止开始下落到线圈下边接触磁场上边界的过程中做自由落体运动，有，所以最小速度v=故C错误，D正确故选D点评：解决本题的关键根据根据线圈下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度都是v0，且全部进入磁场将做加速运动，判断出线圈进磁场后先做变减速运动，也得出全部进磁场时的速度是穿越磁场过程中的最小速度二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，满分l6分每题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分6我国曾发射一颗绕月运行的探月卫星“嫦娥1号”设想“嫦娥1号”贴近月球表面做匀速圆周运动，其周期为T“嫦娥1号”在月球上着陆后，自动机器人用测力计测得质量为m的仪器重力为P已知引力常量为G，由以上数据可以求出的量有（）A 月球的半径B 月球的质量C 月球表面的重力加速度D 月球绕地球做匀速圆周运动的向心加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：根据万有引力等于重力，列出等式表示出重力加速度根据万有引力提供向心力，列出等式求出中心天体的质量解答：解：A、自动机器人用测力计测得质量为m的仪器的重力为P，即P=mg，根据万有引力等于重力得：=P，其中M为月球质量，R为月球半径，研究“嫦娥一号”登月飞船贴近月球表面做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式得：=，由得R=故A正确B、由得M=，故B正确C、由P=mg 得：g=，故C正确D、本题研究的是“嫦娥一号”登月飞船贴近月球表面做匀速圆周运动，不能求出月球绕地球做匀速圆周运动的向心加速度，故D错误故选ABC点评：贴近月球表面做匀速圆周运动，轨道半径可以认为就是月球半径7如图所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为（）A 物块先向左运动，再向右运动B 物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动C 木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动D 木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题分析：据题，当物块相对木板滑动了一段距离仍有相对运动时撤掉拉力，此时物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，根据摩擦力的方向分别分析两个物体的运动情况解答：解：由题知道：当物块相对木板滑动了一段距离仍有相对运动时撤掉拉力，此时物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，物块受到木板的滑动摩擦力方向向右，与其速度方向相同，向右做加速运动，而木板受到物块的滑动摩擦力方向向左，与其速度方向相反，向右做减速运动，当两者速度相等时一起向右做匀速直线运动故选BC点评：本题关键要分析得到撤掉拉力时两个物体之间仍存在摩擦力，考查分析物体受力情况和运动情况的能力8为了测量某化工厂污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口，在垂直于上下底面方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在前后两个内侧固定有金属板作为电极，污水充满管口以一定的速度从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U若用Q表示污水流量（单位时间内排出的污水体积），下列说法中正确的是（）A 若污水中正离子较多，则前表面比后表面电势高B 前表面的电势一定低于后表面的电势，与哪种离子多无关C 污水中离子浓度越高，电压表的示数将越大D 污水流量Q与U成正比，与a、b无关考点：霍尔效应及其应用分析：根据左手定则判断洛伦兹力的方向，从而得出正负离子的偏转方向，确定出前后表面电势的高低最终离子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡求出两极板间的电压，以及求出流量的大小解答：解：AB、根据左手定则，正离子向后表面偏转，负离子向前表面偏转，所以后表面的电势高于前表面的电势，与离子的多少无关故A错误、B正确CD、最终离子在电场力和洛伦兹力作用下平衡，有：qvB=q，解得U=vBb，电压表的示数与离子浓度无关v=，则流量Q=vbc=，与U成正比，与a、b无关故D正确，C错误故选：BD点评：解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及抓住离子在电场力和洛伦兹力作用下平衡进行求解9如图所示，斜面上有a、b、c、d四个点，ab=bc=cd，从a点以初动能E0水平抛出一个小球，它落在斜面上的b点；若小球从a点以初动能 2E0水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是（）A 小球可能落在d点与c点之间B 小球一定落在c点C 小球落在斜面的速度方向与斜面的夹角一定变大D 小球落在斜面的速度方向与斜面的夹角一定相同考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：因小球落在斜面上，说明几次运动中小球的位移方向相同，即位移与水平方向的夹角相同；由公式可得出时间与初速度的关系；再由竖直方向的位移公式可求得小球的落点；由速度夹角与位移夹角的关系tan=2tan可得出速度方向解答：解：设斜面的倾角为，小球落在斜面上，竖直方向上的位移与水平方向位移的比值tan=；解得：t=；在竖直方向上的位移y=gt2=；当初动能变为原来的2倍，即速度的平方变为原来的两倍，则竖直位移变为原来的两倍；故小球应落在c点，故A错误，B正确；因下落时速度夹角正切值一定为位移夹角正切值的两倍，因两次下落中的位移夹角相同，故速度夹角也一定相同，故C错误，D正确；故选BD点评：物体在斜面上做平抛运动落在斜面上时，竖直方向的位移与水平方向上的位移比值是一定值同时应知道在任一时刻速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，满分18分请将解答填在答题纸相应的位置10有一个标有“2.5V 0.3A”字样的小灯泡，现要测定其在0到2.5V的区间内不同电压下的电功率，并作出其电功率P与其两端电压的平方U2的关系曲线有下列器材可供选择：A电压表V1 （03V，内阻3k）B电压表V2 （015V，内阻15k）C电流表A1 （00.6A，内阻约1D定值电阻R1=3kE定值电阻R2=15kF滑动变阻器R3（10 2A）G滑动变阻器R4（1k 0.5A）H电源（直流6V，内阻不计）（1）实验中中尽量减小实验误差，则应选用的器材除小灯泡、电源、电流表、开关、导线外，还需AF（均用序号字母填写）（2）根据你设计的实验电路，完成下图连线（3）若测定“4.8V 2A”的小灯泡，如果选用电压表V1的量程偏小，而选用电压表V2则量程又过大，为了能完成该实验则除了选用小灯泡、电源、电流表、开关、导线外，还需ADF（均用序号字母填写）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）已知灯泡的额定电压，则可选择电压表，分压式接法滑动变阻器要选择小电阻；（2）要求电压从零开始连续调节，则应采用分压接法；同时考虑灯泡内阻与电流表内阻的大小关系可以确定电流表的接法；（3）采用串联分压电阻改装电压表量程的方法使电压表量程扩大，其余方法上解答：解：（1）由题意可知，灯泡的额定电压为2.5V，为减小读数误差，故电压表选择A；滑动变阻器采用分压式接法时，待测电阻越大，滑动变阻器阻值越小，待测电阻两端的电压变化越是均匀，越是便于测量，故滑动变阻器选择小电阻，即选择F；（2）电压要从零开始连续调节，故应采用分压接法；额定电压下，小灯泡电阻：R=；小灯泡电阻较小，大内小外，故采用安培表外接法；电路如图所示：连接实物图，如图所示：（3）测定的是“4.8V 2A”的小灯泡，如果选用电压表V1则量程偏小，而选用电压表V2则量程又过大，可以串联一个电阻进行分压；由题意可知，选择3K的电阻可以使量程扩大2倍，故选用D即可；故可以选取3V的电压表和3k的电阻串联充当电压表使用；滑动变阻器依然选择较小的，即选择F；故还需选择ADF故答案为：（1）A、F；（2）电路如图（3）A、D、F点评：本题为探究型实验，应注意两个电压表均无法保证要求时，可以采用串联分压电阻的方式对电压表进行改装；此类题目近几年出现几率逐渐增加，应注意把握11在用落体法验证机械能守恒定律时，某同学按照正确的操作选得纸带如右其中O是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图中（单位cm）（1）这三个数据中不符合有效数字读数要求的是15.7，应记作15.70cm（2）该同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，已知当地的重力加速度g=9.80m/s2，他用AC段的平均速度作为跟B点对应的物体的即时速度，则该段重锤重力势能的减少量为1.22m，而动能的增加量为1.20m，（均保留3位有效数字，重锤质量用m表示）这样验证的系统误差总是使重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是在重锤下落过程中由于摩擦生热，机械能有损失，减少的重力势能一部分转化为内能（3）另一位同学根据同一条纸带，同一组数据，也用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，不过他数了一下：从打点计时器打下的第一个点O数起，图中的B是打点计时器打下的第9个点因此他用vB=gt计算跟B点对应的物体的即时速度，得到动能的增加量为1.23m，这样验证时的系统误差总是使重力势能的减少量小于动能的增加量，原因是式中用g=9.8m/s2计算，而实际上重锤下落的加速度小于这个值考点：验证机械能守恒定律专题：实验题；恒定电流专题分析：毫米刻度尺测量长度，要求估读即读到最小刻度的下一位纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值解答：解：（1）由图中信息可知，测量所用的刻度尺的最小分度是毫米，因此按有效数字的读数要求，应读到毫米的十分位上，故图中 OC段数据不合要求，应读作15.70（2）重力势能的减小量EP=mghB=m9.800.1242=1.22m，B点的速度为：，EK=1.20m，由计算结果得物体重力势能的减少量 大于 物体动能的增加量这是因为v是实际速度，在重锤下落过程中由于摩擦生热，机械能有损失，减少的重力势能一部分转化为内能（3）EK=1.23m，由这种方法算得的重力势能的减少量将 小于动能的增加量，这是因为v的计算值偏大，原因：式中用g=9.8m/s2计算，而实际上重锤下落的加速度小于这个值故答案为：（1）15.7，15.70，（2）1.22m，1.20m，大于，在重锤下落过程中由于摩擦生热，机械能有损失，减少的重力势能一部分转化为内能（3）1.23m，小于，式中用g=9.8m/s2计算，而实际上重锤下落的加速度小于这个值点评：纸带问题的处理时力学实验中常见的问题我们可以纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，这是纸带法实验中考查的重点【选做题】请从A、B和C三部分中选定两部分作答，如都作答则按B、C两部分评分A【选修模块3-3】（12分）12一定质量的理想气体状态变化过程如图所示，第1种变化是从A到B，第2种变化是从A到C，比较两种变化过程则：（）A A到C过程气体吸收热量较多B A到B过程气体吸收热量较多C 两个过程气体吸收热量一样D 两个过程气体内能增加相同考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：理想气体内能由温度决定，根据图示分析清楚气体状态变化情况，应用气态方程与热力学第一定律分析答题解答：解：由图象可知，两个过程初末状态的温度相等，则两个过程中气体内能的增加量相同，故D正确；由图象可知，A到C过程，气体压强与热力学温度成正比，由理想气体状态方程可知，该过程是等容过程，气体体积不变；两过程的初状态参量相同，B与C状态的温度相同而B的压强大，由理想气体状态方程可知，B的体积小于C的体积，由于A、C体积相等，则B的体积小于A的体积，从A到B气体体积减小，外界要对气体做功，A到C过程，气体体积不变，外界对气体做功为零，由于两个过程内能变化量相等，由热力学第一定律可知，AC过程吸收的热量多，故A正确，BC错误；故选AD点评：结合图象应用力学气体状态方程判断两个过程的状态参量变化情况、应用热力学第一定律即可正确解题13某人做一次深呼吸，吸进400cm3的空气，据此估算他吸入的空气分子总数约为11022个（取一位有效数字，NA=6.021023mol1）考点：阿伏加德罗常数专题：阿伏伽德罗常数的应用专题分析：根据理想气体状态方程求出吸进的空气相当于标准状态下的体积从而通过标准状态下气体的体积求出气体的摩尔数，根据阿伏伽德罗常数求出气体的分子数解答：解：他吸入的空气分子总数约为n=（个）=11022个故答案为：11022点评：本题的关键掌握在标准状态下气体的摩尔体积为22.4L14在一个恒定标准大气压P=1.0105 Pa下，水在沸腾时，1g的水由液态变成同温度的气态，其体积由1.0cm3变为1701cm3已知水的汽化热为L=2264J/g则体积膨胀时气体对外做的功为170J；气体吸收的热量为2264J；气体的内能变化量为2094J考点：热力学第一定律专题：热力学定理专题分析：根据水的汽化热求出气体吸收的热量根据热力学第一定律U=W+Q求解气体的内能变化量解答：解：已知水的汽化热为L=2264J/g1g的水由液态变成同温度的气态，所以气体吸收的热量是2264J在一个恒定标准大气压P=1.0105 Pa下，其体积由1.0cm3变为1701cm3所以体积膨胀时气体对外做的功为170J根据热力学第一定律U=W+Q得U=170J+2264J=2094J故答案为：170J，2264J，2094J点评：在热学的学习过程中涉及概念、定律较多，要注意平时多看课本，不断积累，多和生活实际联系加强理解和记忆B【选修模块3-4】（12分）15A、B、C是三个完全相同的时钟，A放在地面上，B、C分别放在两个火箭上，以速度vb和vc朝同一方向飞行，vbvc在地面上的人看来，关于时钟快慢的说法正确的是（）A B钟最快，C钟最慢B A钟最快，C钟最慢C C钟最快，B钟最慢D A钟最快，B钟最慢考点：狭义相对论专题：常规题型分析：根据相对论效应（钟慢效应）分析钟的快慢解答：解：A放在地面上，在地面上的人看来，A钟没有变化B、C两钟放在两个火箭上，根据爱因斯坦相对论可知，B、C变慢，由于vbvc，B钟比C钟更慢，所以A钟最快，B钟最慢故选D点评：要理解记住爱因斯坦相对论效应之一：钟慢效应16一列沿x轴正方向传播的简谐波，在 t=0时刻刚好到达x=2m处，该波的波长为2m，此时x=1m 处的质点振动方向为y轴负方向（选填“y轴正方向”或“y轴负方向”），已知该波的速度为v=4m/s，则经0.75s时间x=5m处的质点第一次到达波峰考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象分析：简谐波的波长是相邻的两个波峰之间的距离或相邻的两个波谷之间的距离；判断某点振动方向的方法常采用t+t的方法；解答：解：从图中可以看出，高波的波长是2m；经过一小段时间t之后，x=1处将会出现波谷，故此时，x=1处的质点振动的方向是y轴的负方向；t=0的时刻第一个波峰的位置在x=1.5m处，所以波还需要传播：x=5m1.5m=3.5m，故需要经历的时间：s故答案为：2；y轴负方向；0.75点评：本题考查识别、理解振动图象和波动图象的能力和把握两种图象联系的能力及作图能力17如图为一圆柱形的玻璃棒过中心轴线的剖面图，该玻璃的折射率为n=，现有一束光线l 从AB面射入，入射角=60，则折射角=30，该束光线能否从 AD边射出不能（填“能”或“不能”）考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：根据折射定律求出光在端面上的折射角，通过几何关系求出光在AD面上的入射角，与临界角比较，判断能否发生全反射解答：解：根据折射定律得，n=解得=30根据几何关系知，光在AD边上的入射角为60因为sin60=，所以光在AD边上发生全反射，不能从AD边上射出故答案为：30，不能点评：解决本题的关键掌握折射定律，以及掌握全反射的条件C【选修模块3-5】（12分）1012溧阳市校级模拟）太阳以“核燃烧”的方式向外界释放能量，这种燃烧过程使太阳的“体重”每秒钟减少400万吨，这里“核燃烧”是指（）A 重核裂变B 轻核聚变C 原子能级跃迁D 衰变考点：轻核的聚变分析：太阳内部进行的轻核聚变，又称热核反应解答：解：太阳以“核燃烧”的方式向外界释放能量，这种燃烧过程使太阳的“体重”每秒钟减少400万吨，这里“核燃烧”是指轻核聚变故B正确，A、C、D错误故选B点评：解决本题的关键知道轻核聚变和重核裂变都向外辐射能量，以及知道轻核聚变和重核裂变的区别1012溧阳市校级模拟）在研究光电效应实验中，铝的逸出功为4.2eV，现用波长为200nm的光线照射铝板，则光电子的最大初动能为1.7eV，若增加该入射光的强度，则单位时间内从铝板表面逸出的光电子数增加（填“增加”、“减少”或“不变”） （普朗克常量h=6.301034 JS，结果保留两位有效数字）考点：爱因斯坦光电效应方程专题：光电效应专题分析：根据光电效应方程求出光电子的最大初动能，入射光的强度影响单位时间内发出光电子的数目解答：解：光电子的最大初动能=J=2.721019J=1.7eV当入射光的强度增加，单位时间内从铝板表面逸出的光电子数增加故答案为：1.7，增加点评：解决本题的关键掌握光电效应方程，以及知道入射光的强度不影响光电子的最大初动能，影响单位时间内发出的光电子数目xx溧阳市校级模拟）质量相等且m1、m2都等于1kg的两个小球在光滑的水平面上分别以速度v1=2m/s、v2=1m/s同向运动并发生对心碰撞，碰后m2被右侧的墙原速弹回，又与m1相碰，碰后两球都静止求两球第一次碰后m2球的速度大小考点：动量守恒定律专题：压轴题分析：两个球发生碰撞的过程中，系统受到外力的合力为零，故两个球构成的系统动量守恒，根据动量守恒定律联立方程组求解即可解答：解：两个球两次碰撞过程中，系统动量守恒，根据动量守恒定律得：解得：v2=答：两球第一次碰后m2球的速度大小为1.5m/s点评：本题关键抓住系统动量守恒，根据动量守恒定律多次列式后，联立方程组求解四、计算题：本题共3小题，满分47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位21矩形裸导线框长边的长度为2l，短边的长度为l，在两个短边上均接有阻值为R的电阻，其余部分电阻均不计导线框的位置如图所示，线框内的磁场方向及分布情况如图，大小为一电阻为R的光滑导体棒AB与短边平行且与长边始终接触良好起初导体棒处于x=0处，从t=0时刻起，导体棒AB在沿x方向的外力F的作用下做速度为v的匀速运动试求：（1）导体棒AB两端的感应电动势随时间的变化规律；（2）导体棒AB从x=0运动到x=2l的过程中外力F随时间t变化的规律；（3）导体棒AB从x=0运动到x=2l的过程中整个回路产生的热量考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应功能问题分析：（1）导体棒匀速运动，其坐标为x=vt，由e=Blv求出导体棒产生的感应电动势，（2）根据闭合电路欧姆定律求出 通过AB棒的感应电流i，由F安=Bil求安培力，即可由平衡条件求得外力与t关系的表达式；（3）导体棒AB在切割磁感线的过程中产生半个周期的正弦交流电，由感应电动势的瞬时表达式，求出感应电动势的有效值，由焦耳定律求出热量解答：解：（1）在t时刻AB棒的坐标为：x=vt感应电动势：（2）回路总电阻：R总=R+R=R 回路感应电流：i=棒匀速运动时有：F=F安=BIl解得：（3）导体棒AB在切割磁感线的过程中产生半个周期的正弦交流电，感应电动势的有效值为：回路产生的电热：Q=t通电时间t=联立解得Q=答：（1）某一时刻t产生的电动势e=B0lvcos；（2）某一时刻t所受的外力；（3）整个回路产生的热量Q=点评：本题以正弦式电流的产生来考查电磁感应的应用；关键要掌握电磁感应和电路的基本规律，知道在计算热量时一定要用到有效值22如图所示，直角坐标系xOy位于竖直平面内，在水平x轴下方存在匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度为B，方向垂直xOy平面向里，电场线平行于y轴一质量为m、电荷量为q的带正电的小球，从y轴上的A点水平向右抛出，经x轴上的M点进入复合场，恰能做匀速圆周运动，从x轴上的N点第一次离开复合场区，MN之间的距离为L，小球过M点时的速度方向与x轴夹角为不计空气阻力，重力加速度为g，求：（1）电场强度E的大小和方向；（2）小球从A点抛出时初速度v0的大小；（3）A点到x轴的高度h考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：小球从A到M做平抛运动，从M到N做匀速圆周运动，说明重力与电场力平衡，洛伦兹力提供向心力由几何知识求得半径，进而求出速度，并机械能守恒定律求出A点到x轴的高度h解答：解：（1）小球在电场、磁场中恰能做匀速圆周运动，说明电场力和重力平衡，有 qE=mg，得到E=，电强度方向竖直向上 （2）小球做匀速圆周运动，O为圆心，MN为弦长，MOP=，如图所示设半径为r，由几何关系知设小球做圆周运动的速率为v，有由速度的合成与分解知得：（3）设小球到M点时的竖直分速度为vy，vy=v0tan由匀变速直线运动规律得答：（1）电场强度E的大小为，电强度方向竖直向上；（2）小球从A点抛出时初速度v0的大小为；（3）A点到x轴的高度h为点评：本题属于带电粒子在组合场中运动问题，磁场中圆周运动处理的基本方法是画轨迹，重力场中也可运用运动的合成和分解23从地面上以初速度v0竖直向上抛出一质量为m的球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比关系，球运动的速率随时间变化规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地时速率为v1，且落地前球已经做匀速运动求：（1）球从抛出到落地过程中克服空气阻力所做的功；（2）球抛出瞬间的加速度大小；（3）球上升的最大高度H考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律专题：动能定理的应用专题分析：（1）直接运用动能定理可求解球从抛出到落地过程中克服空气阻力所做的功（2）落地前匀速运动，则mgkv1=0刚抛出时加速度大小为a0，则根据牛顿第二定律mg+kv0=ma0，即可解得球抛出瞬间的加速度大小a0（3）上升时根据牛顿第二定律（mg+kv）=ma可计算加速度a，取极短t时间，速度变化v，有：v=at，上升全程v=0v0=at，把a值代入，分析计算，可求得球上升的最大高度H解答：解：（1）由动能定理得克服空气阻力做功（2）空气阻力f=kv落地前匀速运动，则mgkv1=0刚抛出时加速度大小为a0，则mg+kv0=ma0解得（3）上升时加速度为a，（mg+kv）=ma取极短t时间，速度变化v，有：又vt=h上升全程则答：（1）球从抛出到落地过程中克服空气阻力所做的功为；（2）球抛出瞬间的加速度大小为；（3）球上升的最大高度H为点评：本题综合运用了动能定理和牛顿运动定律，运用动能定理和牛顿运动定律解题注意要合理地选择研究的过程，列表达式求解本题第（3）问较难，对数学的要求较高