2019-2020年高三9月模块学分认定考试物理试题含答案.doc

2019-2020年高三9月模块学分认定考试物理试题含答案本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。满分100分，考试用时60分钟。第卷（选择题，共40分）注意事项：答第I卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目涂在答题卡上.一、选择题（本题共10小题；每小题4分。在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。全选对的得4分，部分对得2分，有选错或不答的得0分）1.关于惯性，下列说法正确的是A.在渣土车上加装限速器限速是为了减小车的惯性B.做平抛运动的物体因完全失重而失去惯性C.惯性是物体抵抗运动状态改变的“本领”，物体速度越大，该“本领”越强D.战斗机战斗前抛弃副油箱，是为了减小战斗机的惯性，提高作战性能2.以下说法正确的是A.物体在变力作用下一定做曲线运动B.在探究共点力的合成时用到了等效替代的思想方法C.伽利略用斜面实验和逻辑推理说明了做自由落体运动的物体加速度相同D.伽利略通过理想斜面实验，指出了力是维持物体运动状态的原因Ot/sv/(ms-1)123456763.将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的v-t图象如图所示以下判断正确的是A.前3 s内货物处于超重状态【本资料高考网、中考网；教学网为您提供最新最全的教学资源。】B.3 s末货物运动至最高点C.前3 s内与最后2 s内货物的平均速度相同D.第3 s末至第5 s末的过程中，货物静止4.如图所示，用两细线将小球a、b连接并悬挂于O点保持静止现使水平力F作用于a，使Oa缓慢的偏离竖直方向60角，在此过程中，Oa绳的拉力T及F的变化情况为bO60aFA.T变大，F变大 B.T变小，F变小 C.T变大，F变小 D.T变小，F变大5.从地面以相同的初速度先后竖直向上抛出两个小球，不计空气阻力，则在小球落地前A.某一时刻两小球的速度可能相同B.某一时刻两小球的位移可能相同C.任意时刻两小球的位移差都相同D.任意时刻两小球的速度差都相同6.如图所示，光滑斜面固定，A、B两物体叠放在一起，B上表面水平，A、B由静止沿斜面下滑，且始终保持相对静止，则关于物体B的受力，以下正确的是BAGBfNGBfNGBfN2N1GBN1N2A B C D7.质量为lkg的质点在水平面内做曲线运动，已知相互垂直的两个方向上的分运动的速度-时间图象如图所示，下列说法正确的是Ot/svx/(ms-1)1 23Ot/svy(ms-1)1 24A.质点的初速度大小为5m/s B.质点所受的合力大小为1.5NC.2s末质点速度大小为5m/s D.02s内的位移大小为11mMmRO8.如图所示，电动机质量为M，将质量为m的重物固定在电动机飞轮上，重物到转轴的距离为R，g为重力加速度。为使电动机不从地面上跳起，电动机飞轮转动的最大角速度为A. B. C. D.9.如图所示，斜面倾角为，从斜面的P点分别以v0和2v0的速度水平抛出A、B两个小球，不计空气阻力，若两小球均落在斜面上且不发生反弹，则PA.A、B两球的水平位移之比为1：4B.A、B两球的速度增量之比为1：2C.A、B下落的高度之比为1：2D.A、B两球落到斜面上的速度大小之比为1：421OO10.如图所示，在水平转台上放置有用轻绳相连的质量相同的滑块1和滑块2，在转台绕转轴OO以角速度匀速转动的过程中，轻绳始终处于水平状态，两滑块始终相对转台静止，且与转台之间的动摩擦因数相同，滑块1到转轴的距离小于滑块2到转轴的距离。关于滑块1和滑块2受到的摩擦力f1和f2与角速度2的关系图线，以下可能正确的是O2f1O2f1O2f2O2f2ABCD第卷（非选择题 共60分）题号二三总分14151617得分得分评卷人二、本题共3小题，共18分。把答案填在题中的横线上或按要求作图11.（5分）小丽用如图丙所示的装置验证“力的平行四边形定则”。用一木板竖直放在铁架台和弹簧所在平面后。请完成下列相关操作内容：（1）如图丙，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；（2）卸下钩码后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧称将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的 及两弹簧称相应的读数。图丁中B弹簧称的读数为 N；（3）小丽在坐标纸上画出两弹簧拉力FA、FB的大小和方向如图丁所示，请在图戊中作出FA、FB的合力F；（4）已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图戊所示，观察比较F和F，得出结论。12.（6分）在“探究弹力与弹簧伸长的关系，并测定弹簧的劲度系数”的实验中，实验装置如图，所用的钩码的重力相当于对弹簧提供了向右的拉力，实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相应的弹簧总长度。（1）某同学通过以上实验测量后把6组数据描点在了坐标图中，请作出F-L图线（2）该弹簧的原长为L0= cm，劲度系数k= N/m0.51.02.02.51.5510152025L/(10-2m)OF/N砂桶长木板小车13（7分）在探究“物体加速度与力的关系”的实验中，某实验小组使用的实验装置如图所示；(1)由于没有打点计时器，该小组让小车由静止开始运动，发生位移x，记录时间t，则小车的加速度a= .(2)指出该实验中一个明显的疏漏: .OFa(3)纠正了疏漏之处后，保持小车的质量M不变，改变砂桶与砂的总重力F，多次实验，根据得到的数据，在a-F图象中描点，如图所示。结果发现右侧若干个点明显偏离直线，造成此误差的主要原因是下列四个选项中的 .A轨道倾斜不够 B轨道倾斜过度C砂桶与砂的总重力太大 D所用小车的质量太大三、计算题（本大题4小题，共42分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）得分评卷人14.（8分）如图所示，水平面上A、B两点相距x0=0.1m.甲球从B点向右做匀速运动的同时，乙球从A点由静止向右做匀加速运动，到达B点后以到B点的速度匀速运动.乙球从开始运动，到追上甲球所用时间t=1s，运动的位移x=0.9m，求：AB甲乙（1）甲球的速度；（2）乙球加速过程所用的时间和加速度.得分评卷人15.（10分）如图所示，质量为M的光滑圆环竖直放置于空中，圆环上穿着一质量为m的小球，小球能沿圆环自由滑动，开始时，小球静止在圆环最下端.P为圆环上的点，OP与竖直方向间的夹角=60，重力加速度为g；（1）若圆环固定，对小球施加力F1，使小球静止于P点，此时F1与OP垂直，求F1的大小；P60MmO（2）若保持圆环竖直，对圆环施加恒力F2，使小球在P点与圆环保持相对静止，一起水平向右做匀加速直线运动，求F2的大小及方向.得分评卷人16.（12分）如图所示，足够长的木板质量M=3kg，静止在光滑的水平面上。用水平向右F=11N的力拉木板，当木板速度达到v0=1m/s时，将质量m=4kg的物块无初速度的放到木板上，一段时间后，物块与木板达到共同速度.已知物块与木板间动摩擦因数=0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取 g=10m/s2；（1）在物块放上木板到与木板达到共同速度的过程中，求物块运动的时间及相对木板滑动的距离；（2）MmF物块与木板达到共同速度后，能否与木板保持相对静止？若能，求出物块相对木板静止时受到的摩擦力；若不能，说明理由.得分评卷人127ADCBOv017（12分）如图所示，圆弧轨道BC竖直固定放置，半径R=1.5m，轨道末端与水平面相切于C点，O为圆弧轨道的圆心，BOC=127.一质量m0.5kg的小球从O点正上方A处以v0水平抛出，恰能沿B点切线方向进入圆弧轨道，当小球运动到C点时，对圆轨道的压力FN=17N，最终小球停在水平面上的D点，已知小球与水平面间的动摩擦因数=0.5，取g10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6，求：（1）v0 的大小；（2）C、D间的距离.高三模块学分认定物理参考答案一、选择题（每小题4分，共40分，部分得分2分。）1.D 2.BC 3.AC 4.A 5.BD 6.C 7.BC 8.B 9.AB 10.AD二、本题共3小题，共18分。11.方向（1分)11.3811.42 (2分) 如图 (2分)12.（6分）（1）如右图 (2分)（2）10 (2分)0.51.02.02.51.5510152025L/(10-2m)OF/N（3）25（2228范围内都对） (2分)13（1） (2分)（2）没有倾斜轨道，以抵消摩擦力的影响 (2分)（3）C (3分)三、计算题（本大题4小题，共42分）14.解：（1）甲球做匀速运动，甲球的速度v=代入数据得v=0.8m/s（2）对乙球，设加速所用时间为t1，加速度为ax0=at1(t-t1)=x-x0解得t1=0.2sa=5m/s260Tmg图23060TF1mg图1评分标准：本题共8分，每式2分，其余每式1分。15.解：（1）对m，受力分析如图1由平衡条件F1sin30=Tsin60F1cos30+Tcos60=mg解得F1=（2）在P位置，对m，受力如图2，由牛顿第二定律F2(M+m)g图3mgtan60=ma对M、m，受力分析如图3，设F2与水平方向夹角为由牛顿第二定律F2cos=（M+m）aF2sin=（M+m）g解得F2=2（M+m）g=30评分标准：本题共10分，每式2分，其余每式1分16.解：（1）放上物体后，由牛顿第二定律对m，有mg=ma1 对M，有a2=两物体达共同速度a1t=v+a2t得t=1sm的位移x1=M的位移x2=x=x2-x1=0.5m（2）达到共同速度后，假设M、m保持相对静止对M、m，有F=（M+m）a对m，有f=mafmgFmax=14N11N，即M、m保持相对静止解得f=N评分标准：本题共12分。每式1分。17.解：（1）设小球在B点竖直速度为vy由几何关系tan53=AB，小球做平抛运动v0t = Rsin53vy=gt代入数据得v0=3m/s（2）在C点，由牛顿第三定律小球受到的支持力FN=FN由牛顿第二定律FN-mg=从CD，-2asCD=0-vC2mg=ma代入数据得sCD=3.6m评分标准：本题共12分，每式2分，其余每式1分。