2019-2020年高二（下）月考化学试卷含解析.doc

2019-2020年高二（下）月考化学试卷含解析一、选择题（本题包括16小题，1题每题2分；916题每题分，共40分。每小题只有一个选项符合题意）分）（xx春汕头期末）下列有机物命名正确的是（）A 3，3二甲基丁烷B3甲基1戊烯C 2，2二甲基1戊烯D3甲基2乙基戊烷考点：有机化合物命名分析：按照名称写出结构，再根据烷烃和烯烃的命名原则进行命名，据此进行判断A、碳链编号不正确B、符合烷烃命名原则C、此物质不存在；D、主链选择不正确解答：解：A、对主链上的碳原子编号时，应从离支链近的一端开始编，故正确的名称为：2，2二甲基丁烷，故A错误；B、烯烃命名时，应选择含官能团的最长碳链为主链，从离官能团近的一端开始编号，故此化合物的命名正确，故B正确；C、当双键处于1号和2号碳原子之间时，2号碳上不可能连接2个甲基，故此物质不存在，故C错误；D、烷烃命名时，应选择最长的碳链为主链，故此物质的正确名称为3，4二甲基己烷，故D错误故选B点评：考查烷烃的命名，难度不大，烷烃命名要抓住五个“最”：最长选最长碳链为主链；最多遇等长碳链时，支链最多为主链；最近离支链最近一端编号；最小支链编号之和最小（两端等距又同基，支链编号之和最小）；最简两不同取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面分）（xx春潍坊期中）下列叙述错误的是（）A乙烯和苯都能使溴水褪色，褪色的原理相同B淀粉、油脂、蛋白质都能水解，但水解产物不同C乙酸乙酯中的少量乙酸可用饱和Na2CO3溶液除去D煤油可由石油分馏获得，可用作燃料和保存少量金属钠考点：有机物的结构和性质；乙烯的化学性质；苯的性质；煤的干馏和综合利用；油脂的性质、组成与结构；淀粉的性质和用途；氨基酸、蛋白质的结构和性质特点专题：有机物的化学性质及推断分析：A乙烯与溴发生加成反应，而苯不反应；B根据物质的性质判断；C乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，而乙酸与碳酸钠反应；D石油分馏和得到煤油，钠和煤油不反应，可保存在煤油中解答：解：A乙烯与溴发生加成反应，而苯不反应，与溴水发生萃取，为物理过程，二者原理不同，故A错误；B淀粉水解生成葡萄糖，油脂水解生成高级脂肪酸和甘油，蛋白质水解生成氨基酸，故B正确；C乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，而乙酸与碳酸钠反应，可用于除杂，故C正确；D石油分馏和得到煤油，钠和煤油不反应，且钠的密度比煤油大，可保存在煤油中，故D正确故选A点评：本题考查较为综合，涉及乙烯、糖类和蛋白质、乙酸乙酯以及石油的分馏等知识，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力的考查，注意相关基础知识的积累，难度不大分）（xx春河北校级期中）1mol CH4与Cl2发生取代反应，待反应完成后测得4种取代物的物质的量相等，则消耗的Cl2为（）A0.5molB2molC2.5molD4mol考点：化学方程式的有关计算分析：根据碳原子守恒判断四种有机物的物质的量，发生取代反应时甲烷消耗的H原子和氯气的物质的量之比为1：1，据此计算总共消耗的氯气的物质的量解答：解：1mol CH4与Cl2发生取代反应，待反应完成后测得4种取代物物质的量相等，则CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4的物质的量都是0.25mol，CH4与Cl2发生取代反应时消耗的氢原子和氯气的物质的量之比是1：1，生成0.25molCH3Cl需要Cl2的物质的量为0.25mol，生成0.25molCH2Cl2需要Cl2的物质的量为0.25mol2=0.5mol，生成0.25molCHCl3需要Cl2的物质的量为0.25mol3=0.75mol，生成0.25molCCl4需要Cl2的物质的量为0.25mol4=1mol，所以总共消耗的氯气的物质的量=（0.25+0.5+0.75+1）mol=2.5mol，故选C点评：本题考查了根据方程式计算、取代反应，难度中等，明确取代反应中被取代的氢原子的物质的量与氯气分子的物质的量的关系是解本题的关键分）（2011江西）分子式为C5H11Cl的同分异构体共有（不考虑立体异构）（）A6种B7种C8种D9种考点：同分异构现象和同分异构体专题：同分异构体的类型及其判定分析：判断和书写烷烃的氯代物的异构体可以按照以下步骤来做：（1）先确定烷烃的碳链异构，即烷烃的同分异构体 （2）确定烷烃的对称中心，即找出等效的氢原子 （3）根据先中心后外围的原则，将氯原子逐一去代替氢原子 （4）对于多氯代烷的同分异构体，遵循先集中后分散的原则，先将几个氯原子集中取代同一碳原子上的氢，后分散去取代不同碳原子上的氢解答：解：分子式为C5H11Cl的同分异构体有主链有5个碳原子的：CH3CH2CH2CH2CH2Cl；CH3CH2CH2CHClCH3；CH3CH2CHClCH2CH3；主链有4个碳原子的：CH3CH（CH3）CH2CH2Cl；CH3CH（CH3）CHClCH3；CH3CCl（CH3）CH2CH3；CH2ClCH（CH3）CH2CH3；主链有3个碳原子的：CH2C（CH3）2CH2Cl；共有8种情况故选C点评：本题考查以氯代物的同分异构体的判断，难度不大，做题时要抓住判断角度，找出等效氢原子种类一般说来，同一个碳原子上的氢原子等效，同一个碳原子上连的所有甲基上的氢原子等效，处于镜面对称位置上的氢原子等效氯原子取代任意一个等效氢原子所得的一氯代物是同一种只要这样就可以了比如说丙烷有两种一氯代物分）（xx春潍坊期中）将体积均为5mL的甲、乙、丙三种液体依次沿试管壁缓缓滴入试管中（严禁振荡），出现如图的实验现象，则甲、乙、丙的组合可能是（）甲乙丙A1，2二溴乙烷水苯B溴苯液溴乙醇C水大豆油溴水D乙醇乙酸乙酸乙酯AABBCCDD考点：卤代烃简介；醇类简介；油脂的性质、组成与结构专题：有机化学基础分析：根据图示可知，试管中分为3层，说明甲和乙之间、乙和丙之间互不相溶，然后根据各选项中提供的试剂进行判断，是否满足以上条件即可解答：解：A甲1，2二溴乙烷与水不相容，水与苯也不相容，且苯的密度小于水，1，2二溴乙烷密度大于水，将甲、乙、丙三种液体依次沿试管壁缓缓滴入试管中会出现图示现象，故A正确；B由于溴苯能够与液溴、乙醇都是有机物，三者能够溶解，混合后不会分层，所以不会出现图示现象，故B错误；C大豆油不溶于水，密度比水小，将大豆油加入水中，会浮在水面，再加入溴水后，大豆油能够萃取溴，最终混合液分成2层，不会为3层，故C错误；D乙醇、乙酸和乙酸乙酯都是有机物，三者混合后不会分层，故D错误；故选A点评：本题考查了有机物性质，侧重物理性质的考查，题目难度中等，注意掌握常见的有机物结构、组成及性质，正确理解题中信息是解答本题关键分）（xx春罗庄区期中）下列说法中错误的是（）A1mol CH2=CH2可以与Br2发生加成反应，消耗1 mol Br2B苯的邻位二元取代物只有一种，可以说明苯分子不具有碳碳单键和碳碳双键的交替结构C甲苯中所有原子都在同一平面内D苯乙烯（CH=CH2）与立方烷（ ）互为同分异构体考点：常见有机化合物的结构；同分异构现象和同分异构体；取代反应与加成反应分析：A、碳碳双键与溴以1：1加成；B、苯中若存在单、双键交替，则邻位二元取代物在单键、双键上为不同物质；C、甲苯中甲基为四面体构型；D、分子式相同、结构不同的有机物互为同分异构体解答：解：A、碳碳双键与溴以1：1加成，则1mol CH2=CH2可以与Br2发生加成反应，消耗1 mol Br2，故A正确；B、苯中若存在单、双键交替，则邻位二元取代物在单键、双键上为不同物质，而苯的邻位二元取代物只有一种，可以说明苯分子不具有碳碳单键和碳碳双键的交替，故B正确；C、甲苯中甲基为四面体构型，则甲苯中所有原子不可能共面，故C错误；D、苯乙烯与立方烷的分子式相同（C8H8）、结构不同，二者互为同分异构体，故D正确；故选C点评：本题考查较综合，涉及有机物的结构与性质、分子共面及同分异构体，把握常见有机物的结构、性质及其官能团为解答的关键，注重基础知识的考查，题目难度不大分）（xx春潍坊期中）某有机化合物的结构简式为，它可以发生的反应类型有（）取代反应加成反应消去反应酯化反应水解反应中和反应ABCD全部考点：有机物的结构和性质专题：有机物的化学性质及推断分析：分子中含有酚羟基，可发生取代、氧化和显色反应，含有羧基，具有酸性，可发生中和、酯化反应，含有羟基，可发生取代、氧化和消去反应，以此解答该题解答：解：分子中含有酚羟基，可发生取代、氧化和显色反应，则正确；含有羧基，具有酸性，可发生中和、酯化反应，则正确；含有羟基，可发生取代、氧化和消去反应，则正确，不能发生水解反应，含有苯环，可发生加成反应，则正确故选C点评：本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的结构特点和官能团的性质，为解答该题的关键，难度不大分）（xx春济南校级期中）向有机物X中加入合适的试剂（可以加热），检验其官能团下列有关结论错误的是（）选项试剂现象结论A金属钠有气体产生含羟基或羧基或羟基、羧基B银氨溶液产生银镜含有醛基C碳酸氢钠溶液产生气泡含有羧基D溴水溶液褪色含有碳碳双键AABBCCDD考点：有机物（官能团）的检验分析：A与Na反应生成气体，则说明有机物X中含羟基和羧基中的至少一种；B遇银氨溶液产生银镜，则说明X中一定含醛基；C与碳酸氢钠溶液反应生成气体，说明有机物X中含羧基；D溴水与C=C或CC发生加成，溴水能与苯酚发生取代反应等解答：解：A与Na反应生成气体，则说明有机物X中含羟基和羧基中的至少一种，结论正确，故A正确；B遇银氨溶液产生银镜，则说明X中一定含醛基，结论正确，故B正确；C与碳酸氢钠溶液反应生成气体，说明有机物X中含羧基，结论正确，故C正确；D溴水与C=C或CC发生加成，溴水能与苯酚发生取代反应等，则不能说明X中一定含碳碳双键，故D错误；故选D点评：本题考查化学实验方案的评价，侧重有机物性质的考查，涉及羧酸、醇、不饱和烃、酚等物质的性质，注重基础知识的考查，题目难度不大分）（xx春潍坊期中）有机物分子中原子或原子团间的相互影响会导致化学性质的不同下列叙述不能说明上述观点的是（）A苯酚能与NaOH溶液反应，而乙醇不能B丙酮（CH3COCH3）分子中的H比乙烷分子中的H更易被卤原子取代C乙烯可发生加成反应，而乙烷不能D苯酚能与浓溴水反应，而苯不可以考点：有机物的结构和性质；有机化学反应的综合应用专题：有机反应分析：AOH连接的烃基不同；B、丙酮（CH3COCH3）分子中的氢原子更易被卤素原子取代说明羰基与羟基对氢原子产生了影响；C、乙烯与乙烷的官能团不同；D、酚OH影响苯环解答：解：A在苯酚中，由于苯环对OH的影响，酚羟基具有酸性，对比乙醇，虽含有OH，但不具有酸性，能说明上述观点，故A不选；B丙酮（CH3COCH3）分子中的氢原子比乙烷分子中氢原子更易被卤素原子取代，说明羰基与羟基对氢原子产生了影响，能由此规律解释，故B不选；C乙烯与乙烷的官能团不同，体现官能团对性质的影响，不能利用上述观点解释，故C选；D酚OH影响苯环，则苯的性质不如苯酚活泼，苯酚中苯环上的H易取代，可利用上述观点解释，故D不选故选C点评：本题考查有机物结构与性质关系、原子团的相互影响等，把握原子之间相互影响及官能团对性质影响的差别为解答的关键，题目难度不大，注意基础知识的把握1分）（xx春潍坊期中）据最近的美国农业研究杂志报道，美国的科学家发现半胱氨酸能增强艾滋病毒感染者的免疫力，对控制艾滋病毒的蔓延有奇效已知半胱氨酸的结构简式为，则下列说法错误的是（）A两分子半胱氨酸脱水形成的二肽结构简式为：B半胱氨酸是一种两性物质C可与过量NaOH溶液反应放出氨气D天然蛋白质水解产物均为氨基酸考点：人体必需的氨基酸专题：糖类与蛋白质专题分析：A反应原理为羧基脱羟基氨基脱氢；B半胱氨酸含有氨基和羧基两种官能团；C半胱氨酸在溶液中能电离出铵根离子；D天然蛋白质是氨基酸形成的解答：解：A解题时充分迁移COOH与OH、COOH与NH2的脱水原理半胱氨酸缩水成二肽应是羧基与氨基间缩水形成肽键，而选项中是硫羟基与羧基缩水成COSC，故A错误； B半胱氨酸含有氨基和羧基两种官能团，氨基显碱性，羧基显酸性，故B正确；C半胱氨酸在溶液中能电离出铵根离子，铵根离子可与NaOH溶液反应放出一种碱性气体，故C正确；D天然蛋白质水解的最终产物是氨基酸，故D正确故选A点评：本题考查氨基酸的性质，注意生成二肽反应原理为羧基脱羟基氨基脱氢，比较基础，侧重对基础知识的巩固，注意对基础知识的理解掌握1分）（xx长春一模）在同温同压下，某有机物和过量Na反应得到V1L氢气，另一份等量的该有机物和足量的NaHCO3反应得到V2L二氧化碳，若V1=V20，则该有机物可能是（）ABHOOCCOOHCHOCH2CH2OHDCH3COOH考点：有机物的推断专题：有机物的化学性质及推断分析：某有机物和过量Na反应得到V1L氢气，说明分子中含有ROH或COOH，另一份等量的该有机物和足量的NaHCO3反应得到V2L二氧化碳，说明分子中含有COOH，根据反应关系式ROHH2，COOHH2，以及COOHCO2进行判断解答：解：有机物和过量Na反应得到V1L氢气，说明分子中含有ROH或COOH，另一份等量的该有机物和足量的NaHCO3反应得到V2L二氧化碳，说明分子中含有COOH，存在反应关系式：ROHH2，COOHH2，以及COOHCO2，若V1=V20，说明分子中含有1个ROH和1个COOH，只有A符合，故选A点评：本题考查有机物的推断看，题目难度不大，本题注意官能团的性质，为解答该题的关键1分）（xx春新余期末）要检验某溴乙烷中的溴元素，正确的实验方法是（）A加入溴水振荡，观察水层是否有棕红色出现B滴入AgNO3溶液，再加入稀硝酸呈酸性，观察有无浅黄色沉淀生成C加入NaOH溶液共热，然后加入稀硝酸呈酸性，再滴入AgNO3溶液，观察有无浅黄色沉淀生成D加入NaOH溶液共热，冷却后滴入AgNO3溶液，观察有无浅黄色沉淀生成考点：溴乙烷的化学性质专题：有机物的化学性质及推断分析：检验溴乙烷中溴元素，应在碱性条件下水解，最后加入硝酸酸化，加入硝酸银，观察是否有黄色沉淀生成，据此即可解答解答：解：检验溴乙烷中含有溴元素首先将它转化为溴离子，采用卤代烃的水解方法，即加入氢氧化钠，在水解后生成的溴离子可以和银离子反应，生成淡黄色不溶于硝酸的沉淀溴化银，由此来检验溴乙烷中的溴元素，所以操作为：加入NaOH溶液，加热，溴乙烷在碱性条件下水解生成溴化钠和乙醇，冷却，加入稀HNO3酸化后加入AgNO3溶液，溴离子和银离子反应生成淡黄色不溶于硝酸的溴化银沉淀故选C点评：本题是一道考查检验某溴乙烷中的溴元素的实验题，考查实验分析能力，依据相关实验证实即可解答，难度不大1分）（xx春潍坊期中）一定量的某饱和一元醛发生银镜反应可得21.6g银；将等量的该醛完全燃烧，生成3.6g水此醛可能是（）A甲醛B乙醛C丙醛D丁醛考点：醛类简介；有机物实验式和分子式的确定专题：有机化学基础分析：根据关系式CHO2Ag，根据生成金属银的质量可以求得醛的物质的量，然后根据生成水的质量结合氢原子守恒可以获得H的个数，进而依据饱和一元醛的通式CnH2nO确定分子式即可解答：解：21.6g银物质的量是0.2mol，根据关系式CHO2Ag，故饱和一元醛为0.1mol醛完全燃烧时，生成的水为3.6g，即0.2mol，含H为0.4mol则该醛分子中有4个氢原子，根据通式为CnH2nO，可得n=2，即为乙醛；故选B点评：本题考查醛的银镜反应，解题关键抓住CHO2Ag关系确定醛的物质的量，难度不大1分）（xx春延边州校级期末）普伐他汀是一种调节血脂的药物，其结构简式如图（未表示出其空间构型）下列关于普伐他汀的描述正确的是（）A分子中含有3种官能团B可发生加成反应、氧化反应C在水溶液中羧基和羟基均能电离出H+D1mol该物质最多可与1mol NaOH反应考点：有机物的结构和性质专题：有机物的化学性质及推断分析：分子中含有OH，可发生取代、消去和氧化反应，含有COO，可发生水解反应，含有COOH，具有酸性可发生中和、取代反应，含有C=C，可发生加成、加聚和氧化反应，注意不含苯环解答：解：A分子中含有碳碳双键、OH、COOC、COOH等四种官能团，故A错误；B分子中含有碳碳双键，可发生加成、氧化反应，故B正确；C分子中的羟基不能电离，故C错误；D分子中含有羧基和酯基，都可与氢氧化钠发生反应，且酯基水解生成羧基和醇羟基，则1mol该物质最多可与2mol NaOH反应，故D错误故选B点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重烯烃、羧酸、醇及酯性质的考查，题目难度不大1分）（xx春安溪县校级期末）在一定条件下，动植物油脂与醇反应可制备生物柴油，化学方程式如下：下列叙述错误的是（）A生物柴油由可再生资源制得B生物柴油是不同酯组成的混合物C动植物油脂是高分子化合物D“地沟油”可用于制备生物柴油考点：油脂的性质、组成与结构；混合物和纯净物分析：A生物柴油其原料取自可再生的动植物资源；B生物柴油通常是指以动植物油脂为原料生产的、以脂肪酸甲酯为主要成份的液体燃料；C相对分子质量在10000以上的有机化合物为高分子化合物；D“地沟油”中含有动植物油脂，动植物油脂与醇反应可制备生物柴油解答：解：A生物柴油由可再生资源制得，故A正确；B生物柴油通常是指以动植物油脂为原料生产的、以不同脂肪酸甲酯组成的混合物，故B正确；C动植物油脂是高分子化合物相对分子质量小于10000，不是高分子化合物，故C错误；D“地沟油”中含有动植物油脂，动植物油脂与醇反应可制备生物柴油，故D正确；故选C点评：本题主要考查了油脂的性质与用途，题目难度不大，学习中注意相关基础知识的积累1分）（xx春潍坊期中）有八种物质：甲烷、苯、聚丙烯、聚异戊二烯、2丁炔、环己烷、邻二甲苯、裂解气既能使酸性KMnO4溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的是（）ABCD考点：有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构；有机化学反应的综合应用专题：有机反应分析：既能使酸性KMnO4溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，应为烯烃或炔烃类物质，以此来解答解答：解：甲烷均不能使高锰酸钾、溴水反应而褪色，故不选；苯均不能使高锰酸钾、溴水反应而褪色，故不选；聚丙烯中不含碳碳双键，均不能使高锰酸钾、溴水反应而褪色，故不选；聚异戊二烯中含碳碳双键，既能使酸性KMnO4溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故选；2丁炔中含碳碳三键，既能使酸性KMnO4溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故选；环己烷均不能使高锰酸钾、溴水反应而褪色，故不选，故不选；邻二甲苯能被高锰酸钾氧化，而不能与溴水反应褪色，故不选；裂解气中含不饱和烃，则既能使酸性KMnO4溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故选，故选B点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握不饱和烃的性质为解答的关键，注意苯的同系物不与溴水反应，注重基础知识的考查，题目难度不大二、解答题（共6小题，满分60分）1分）（xx春潍坊期中）欲分离苯和苯酚，一般可向其混合物中加入稍过量的浓氢氧化钠溶液，反应的离子方程式为C6H5OH+OHC6H5O+H2O再将该混合物转移到分液漏斗中，振荡，静置后溶液将出现分层现象，然后分液从分液漏斗放出下层液体，加入适量盐酸，再将其分成两份：向一份溶液中加入三氯化铁溶液，出现的现象是溶液变成紫色；向另一份溶液中加入浓溴水，发生反应的化学方程式是从分液漏斗上口倒出的上层液体是苯考点：物质的分离、提纯的基本方法选择与应用专题：化学实验基本操作分析：苯酚和与氢氧化钠溶液反应生成易溶于水的苯酚钠，而苯不溶于水，则在分液漏斗中溶液分层，在溶液中加入盐酸生成苯酚，加入氯化铁可发生显色反应，加入浓溴水，苯酚与溴发生取代反应生成三溴苯酚，以此解答解答：解：苯酚具有酸性能和氢氧化钠反应生成可溶性的苯酚钠，反应的离子方程式：C6H5OH+OHC6H5O+H2O，而苯不溶于水，则在分液漏斗中溶液分层，在溶液中加入盐酸生成苯酚，加入氯化铁可发生显色反应，溶液变成紫色，加入浓溴水，苯酚与溴发生取代反应生成三溴苯酚，反应的方程式为，苯的密度比水小，从分液漏斗上口倒出的上层液体是苯，故答案为：C6H5OH+OHC6H5O+H2O；分层；溶液变成紫色；苯点评：本题考查了苯酚的性质，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，为高频考点，难度不大，注意苯酚与溴水、氢氧化钠反应的性质，为易错点10分）（xx春潍坊期中）下面AF是几种常见烃的分子球棍模型根据上述模型，回答下列问题：（1）常温下含碳量最高的液态烃是E（2）能够发生加成反应的气态烃是C（3）一氯代物的同分异构体最多的是F（4）所有原子均在同一平面上的是CE（5）能使酸性高锰酸钾溶液褪色的是CF（填对应字母）考点：球棍模型与比例模型；有机物分子中的官能团及其结构；有机化学反应的综合应用专题：有机物的化学性质及推断分析：根据分子球棍模型可知A为甲烷，B为乙烷，C为乙烯，D为丙烷，E为苯，F为甲苯，根据物质的组成、分类、结构、性质进行解答解答：解：（1）常温下液态烃为苯和甲苯，其分子式分别为C6H6、C7H8，二者中含碳量最高的是C6H6，所以E正确，故答案为：E；（2）能够发生加成的烃为：乙烯、苯和甲苯，其中为气态的为乙烯，即C正确，故答案为：C；（3）一卤代物种类最多的是甲苯，共有4种一氯代物，即F正确，故答案为：F；（4）所有原子均在同一平面上的是乙烯和苯，即C、E正确，故答案为：CE；（5）乙烯和甲苯能够使酸性高锰酸钾溶液褪色，即CF正确，故答案为：CF点评：本题考查有机物的结构、性质及原子共平面的判断等知识，题目难度中等，注意把握有机物的结构特点，根据结构模型正确判断有机物的种类为解答该题的关键10分）（xx春潍坊期中）某有机化合物A的结构简式如下：请回答下列问题：（1）A的分子式是C17H23O5N（2）A在NaOH溶液中加热反应得到B和C，C分子中含有苯环B的结构简式是（3）室温下，C用稀盐酸酸化得到E，E的结构简式是（4）在下列物质中，能与E发生化学反应的是（填写序号）溴水 FeCl3溶液 Na2CO3溶液 丁烷（5）写出在铜作催化剂时，E与氧气反应的化学方程式：2+O22+2H2O考点：有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构专题：有机物的化学性质及推断分析：（1）根据有机物的结构简式判断有机物所含有的元素种类和原子个数，进而可确定有机物的分子式；（2）A含有COO，在碱性条件下可水解生成酸和醇，得到的产物分别是和，C含苯环是芳香化合物，应为；（3）用稀盐酸酸化得到；（4）E中含有OOH和OH，根据官能团的性质进行判断；（5）E中含OH，可发生催化氧化生成醛解答：解：（1）该有机物中含有17个C、23个H、5个O、1个N，则分子式为C17H23O5N，故答案为：C17H23O5N；（2）A含有COO，在碱性条件下可水解生成酸和醇，得到的产物分别是和，C中含苯环是芳香化合物，应为，则B为，故答案为：；（3）用稀盐酸酸化得到E为，故E的结构简式是，故答案为：；（4）E中含有OOH和醇OH，含COOH具有较强的酸性，只与Na2CO3溶液反应，故答案为：；（5）E中含OH，可发生催化氧化生成醛，该反应为2+O22+2H2O，故答案为：2+O22+2H2O点评：本题考查有机物结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重醇、酯性质的考查，注意醇不与碳酸钠反应，题目难度不大20分）（xx春潍坊校级月考）乙烯是一种重要的化工原料，以乙烯为原料衍生出部分化工产品的反应如下（部分反应条件已略去）请回答下列问题：（1）A的化学名称是乙醇（2）B和A反应生成C的化学方程式为，该反应的类型为酯化反应（3）D为环状化合物，其结构简式为（4）F的结构简式为（5）D的同分异构体的结构简式为CH3CHO考点：有机物的推断分析：乙烯与水加成生成A，A为乙醇，乙醇催化氧化生成B，B为乙酸，乙酸与乙醇反应生成C，C为乙酸乙酯，乙烯与氧气反应生成D（C2H4O），D为环氧乙烷（），DE是开环加成反应，故E为乙二醇，乙二醇与乙酸反应生成F（C6H10O4），F为二乙酸乙二酯（），据此解答解答：解：乙烯与水加成生成A，A为乙醇，乙醇催化氧化生成B，B为乙酸，乙酸与乙醇反应生成C，C为乙酸乙酯，乙烯与氧气反应生成D（C2H4O），D为，DE是开环加成反应，故E为乙二醇，乙二醇与乙酸反应生成F（C6H10O4），F为，（1）由上述分析可知，A是乙醇，故答案为：乙醇；（2）B和A反应生成C是乙酸与乙醇反应生成乙酸乙酯，反应方程式为 ，该反应的类型为酯化反应；故答案为：；酯化反应；（3）由上述分析可知，D为环氧乙烷，结构简式为，故答案为：；（4）由上述分析可知，F为二乙酸乙二酯，结构简式为，故答案为：；（5）的同分异构体的结构简式为CH3CHO，故答案为：CH3CHO点评：本题考查有机推断，涉及烯烃、醇、醛、羧酸等性质以及学生推理能力等，是对有机化合物知识的综合考查，能较好的考查考生的思维能力，根据乙烯与D的分子式，判断D的结构是解题的关键，难度中等，是高考热点题型20分）（xx山东）（化学有机化学基础）下图中X是一种具有水果香味的合成香料，A是有直链有机物，E与FeCl3，溶液作用显紫色请根据上述信息回答：（1）H中含氧官能团的名称是羧基BI的反应类型为消去反应（2）只用一种试剂鉴别D、E、H，该试剂是溴水（3）H与J互为同分异构体，J在酸性条件下水解有乙酸生成，J的结构简式为CH3OCH=CH2（4）D和F反应生成X的化学方程式为CH3CH2CH2COOH+C6H11OHCH3CH2CH2OC6H11+H2O考点：有机物的推断；有机物的鉴别专题：压轴题；有机物的化学性质及推断分析：（1）根据有机物H的结构简式来分析含氧官能团的名称，根据反应的特点分析反应类型；（2）根据物质的化学性质的差异来鉴别三种物质；（3）根据同分异构体的概念和物质具有的性质来书写结构简式；（4）根据物质的性质来书写化学方程式解答：解：（1）X是一种具有水果香味的合成香料，应属于酯，据E的分子式可以得到是苯酚，A是能发生银镜反应的直链化合物，所以A是含一个双键的直链醛，B是A加成还原得到的1丁醇，C是丁醛，D是丁酸F是环己醇；H是含一个双键的直链羧酸，I是B发生消去反应得到的1丁烯，故答案为：羧基；消去反应；（2）D、E、H分别是丁酸、苯酚、不饱和丁酸，鉴别从双键和苯酚入手，选用溴水，故答案为：溴水；（3）J能水解出乙酸应该属于不饱和酯：CH3OCH=CH2，故答案为：CH3OCH=CH2；（4）D是丁酸，F是环己醇，二者发生酯化反应，故答案为：CH3CH2CH2COOH+C6H11OHCH3CH2CH2OC6H11+H2O点评：本题是一道有机框图推断题，实是现在高考的热点和难点，考查学生根据所学知识分析和解决问题的能力24分）（xx春潍坊校级月考）有机物A1和A2分别和浓硫酸在一定温度下共热只生成烃B，B的蒸气密度是同温同压下H2密度的59倍，在催化剂存在下，1mol B可以和4mol H2发生加成反应，B的一元硝化产物有三种（同种类型）有关物质之间的转化关系（其中F的分子式为C9H10O3）如下：请回答下列问题：（1）反应中属于取代反应的是：（2）写出A2和F两物质的结构简式：A2；F（3）写出、两步反应的化学方程式：；（4）化合物E有多种同分异构体，其中属于酯类且具有两个对位侧链的同分异构体的结构简式：、考点：有机物的推断分析：烃B的蒸气密度是同温同压下H2密度的59倍，则B的相对分子质量为118，B苯环上的一硝基取代物有三种，说明B中含有苯环，1mol苯环和氢气发生完全加成反应需要3mol氢气，实际上1mol B可以和4mol H2发生加成反应，则B中还含有一个碳碳双键，一个苯环连接一个乙烯基，其相对分子质量为104，实际上B的相对分子质量为118，所以B中还含有一个CH2；B和溴发生加成反应生成溴代烃，溴代烃发生取代反应生成醇，醇能被氧化生成E，E能被氧化生成F，又F的分子式为C9H10O3，又能与A1在浓硫酸条件下反应，说明F中含有羧基和醇羟基，则E中中间醇羟基不能被氧化，则该碳原子上没有氢原子，所以B的结构简式为：，C为，D为，E为，F为；A1和A2分别和浓H2SO4在一定温度下共热都只生成烃B，则A1和A2中都含有醇羟基，A1能被氧化生成醛，则A1中醇羟基位于边上，所以A1的结构简式为，A2的结构简式为，A1被氧化生成H，H的结构简式为，H被氧化生成I，I的结构简式为，F在浓硫酸作用下可发生酯化反应生成X，结合物质的结构和性质分析解答解答：解：烃B的蒸气密度是同温同压下H2密度的59倍，则B的相对分子质量为118，B苯环上的一硝基取代物有三种，说明B中含有苯环，1mol苯环和氢气发生完全加成反应需要3mol氢气，实际上1mol B可以和4mol H2发生加成反应，则B中还含有一个碳碳双键，一个苯环连接一个乙烯基，其相对分子质量为104，实际上B的相对分子质量为118，所以B中还含有一个CH2；B和溴发生加成反应生成溴代烃，溴代烃发生取代反应生成醇，醇能被氧化生成E，E能被氧化生成F，又F的分子式为C9H10O3，又能与A1在浓硫酸条件下反应，说明F中含有羧基和醇羟基，则E中中间醇羟基不能被氧化，则该碳原子上没有氢原子，所以B的结构简式为：，C为，D为，E为，F为；A1和A2分别和浓H2SO4在一定温度下共热都只生成烃B，则A1和A2中都含有醇羟基，A1能被氧化生成醛，则A1中醇羟基位于边上，所以A1的结构简式为，A2的结构简式为，A1被氧化生成H，H的结构简式为，H被氧化生成I，I的结构简式为，F在浓硫酸作用下可发生酯化反应生成X，（1）通过以上分析知，属于消去反应，属于加成反应，属于取代反应，属于氧化反应，属于氧化反应，属于取代反应，故答案为：；（2）通过以上分析知，A2和F的结构简式分别为、，故答案为：； ；（3）为C在碱性条件下水解生成D，反应方程式为，为氧化反应，反应方程式为，故答案为：；（4）E的结构简式为，化合物E有多种同分异构体，其中属于酯类说明含有酯基，且具有两个对位侧链的同分异构体的结构简式为、，故答案为：、点评：本题考查有机物推断，侧重考查学生分析、推断能力，正确推断A结构是解本题关键，熟练掌握常见有机物结构、有机反应类型，难点是同分异构体种类的判断，有官能团异构、碳链异构，题目难度中等