2019-2020年高二物理上学期第二次月考试题培优班.doc

2019-2020年高二物理上学期第二次月考试题培优班1、 选择题。1关于电压和电动势，下列说法正确的是()A电动势就是电源两极间的电压B电压和电动势单位都是伏特，所以电压和电动势是同一物理量的不同叫法C电压UW/q和电动势EW/q中的W是一样的，都是静电力所做的功D电压和电动势有本质的区别，反映的能量转化方向不同2.（多选）如图所示，在一电场强度沿纸面方向的匀强电场中，用一绝缘丝线系一带电小球，小球的质量为m、电荷量为q，为保证当丝线与竖直方向的夹角为60时，小球处于平衡状态，则匀强电场的电场强度大小可能为()图A.B.C.D.3.（多选）如图所示，实线表示一簇关于x轴对称的等势面，在轴上有A、B两点，则()图AA点场强小于B点场强BA点场强方向指向x轴负方向CA点场强大于B点场强DA点电势高于B点电势4.如图所示，a、b两个带正电的粒子，以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行板间的匀强电场后，a粒子打在B板的a点，b粒子打在B板的b点，若不计重力，则()图Aa的电荷量一定大于b的电荷量Bb的质量一定大于a的质量Ca的荷质比一定大于b的荷质比Db的荷质比一定大于a的荷质比5.如图所示是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路，在减小电容器两极板间距离的过程中()图A电阻R中没有电流B电容器的电容变小C电阻R中有从a流向b的电流D电阻R中有从b流向a的电流6.铜的摩尔质量为m，密度为，每摩尔铜原子有n个自由电子，今有一根横截面为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动速率为()A光速cB.C.D.7在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是()图A灯泡L变亮B电源的输出功率变大C电容器C上的电荷量增加D电流表读数变小，电压表读数变小8.如图所示，直角三角形ABC的边长AB长为L，C为30，三角形所围区域内存在着磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场一质量为m、带电荷量为q的带电粒子(不计重力)从A点沿AB方向射入磁场，在磁场中运动一段时间后，从AC边穿出磁场，则粒子射入磁场时的最大速度vm是()图A.B.C.D.9如图所示，两个互连的金属圆环，粗金属环的电阻是细金属环电阻的.磁场垂直穿过粗金属环所在区域，当磁感应强度随时间均匀变化时，在粗环内产生的感应电动势为E，则a、b两点间的电势差为()图A.EB.EC.EDE10（多选）如图甲、乙所示的电路中，电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，且小于灯泡S的电阻，接通K，使电路达到稳定，灯泡S发光，则()图A在甲图中，断开K后，S将逐渐变暗B在甲图中，断开K后，S将先变得更亮，然后才变暗C在乙图中，断开K后，S将逐渐变暗D在乙图中，断开K后，S将先变得更亮，然后才变暗11一单匝闭合线框在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动在转动过程中，线框中的最大磁通量为m，最大感应电动势为Em.下列说法中正确的是 ()A当磁通量为零时，感应电动势为零B当磁通量减小时，感应电动势在减小C当磁通量等于0.5m时，感应电动势等于0.5EmD角速度等于12如图所示是一交变电流的it图像，则该交变电流的有效值为 ()图A4 A B2 AC. A D. A2、 试验题。13在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的实验仪器如下：小灯泡L，“3.8 V,0.3 A”电压表V，量程05 V，内阻5 k电流表A1，量程0100 mA，内阻4 电流表A2，量程0500 mA，内阻0.4 滑动变阻器R1，最大阻值10 ，额定电流1.0 A滑动变阻器R2，最大阻值5 ，额定电流0.5 A直流电源E，电动势约为6 V，内阻约为0.5 (1)在上述器材中，滑动变阻器应选_；电流表应选_(2)在虚线框内画出实验的电路图，并在图中注明各元件的符号(3)某实验小组完成实验后利用实验中得到的实验数据在IU坐标系中，描绘出如图6所示的小灯泡的伏安特性曲线根据此图给出的信息，可以判断下图中正确的是(图中P为小灯泡的功率)()图614用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻的实验中，被测电源是两节干电池串联的电池组可供选择的实验器材如下：A电流表，量程00.6 A3 AB电流表，量程0100 A100 mAC电压表，量程03 V15 VD滑动变阻器，01 000 ，0.1 AE滑动变阻器，020 ，2 AF电键一个，导线若干(1)为了尽量得到较好效果，电流表应选_，量程应选_，电压表量程应选_，滑动变阻器应选_(2)如图有甲、乙两个可供选择的电路，应选_电路进行实验实验中误差是由于_表的读数比实验值偏_(选填“大”或“小”)图3、 计算题。15.在方向水平的匀强电场中，一不可伸长的不导电细线一端连着一个质量为m、电荷量为q的带电小球，另一端固定于O点将小球拉起直至细线与场强平行，然后无初速度释放，则小球沿圆弧做往复运动已知小球摆到最低点的另一侧，此时线与竖直方向的最大夹角为(如图)求：图(1)匀强电场的场强；(2)小球经过最低点时细线对小球的拉力16如图所示，竖直平面内有一半径为r、电阻为R1、粗细均匀的光滑半圆形金属环，在M、N处与距离为2r、电阻不计的平行光滑金属导轨ME、NF相接，E、F之间接有电阻R2，已知R112R，R24R.在MN上方及CD下方有水平方向的匀强磁场和，磁感应强度大小均为B.现有质量为m、电阻不计的导体棒ab，从半圆环的最高点A处由静止下落，在下落过程中导体棒始终保持水平，与半圆形金属环及轨道接触良好，设平行导轨足够长已知导体棒下落时的速度大小为v1，下落到MN处时的速度大小为v2.图(1)求导体棒ab从A处下落时的加速度大小(2)若导体棒ab进入磁场后棒中电流大小始终不变，求磁场和之间的距离h和R2上的电功率P2.17.如图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO匀速转动，线圈的匝数n100、电阻r10 ，线圈的两端经集流环与电阻R连接，电阻R90 ，与R并联的交流电压表为理想电表在t0时刻，线圈平面与磁场方向平行，穿过每匝线圈的磁通量随时间t按图乙所示正弦规律变化求:(1)交流发电机产生的电动势的最大值；(2)电路中交流电压表的示数：图答案：1、 选择题。（每题4分）1.答案D解析电动势只是在数值上等于电源两极间的电压，但是不能说电动势是电压，A错；尽管电压和电动势单位都是伏特，但它们不是同一物理量，有本质的区别，电压反映静电力做功，电能转化为其他形式的能，而电动势反映非静电力做功，其他形式的能转化为电能，故B、C错，D对2.（多选）解析取小球为研究对象，它受到重力mg、丝线的拉力T和电场力Eq的作用因小球处于平衡状态，则它受到的合外力等于零，由平衡条件知，T和Eq的合力与mg是一对平衡力，根据力的平行四边形定则可知，当电场力Eq的方向与丝线的拉力方向垂直时，电场力最小，如图所示，则Eqmgsin 得E.所以，该匀强电场的电场强度大小可能值为E，故A、C、D选项正确答案ACD3.解析由于电场线与等势面总是垂直，所以B点电场线比A点密，B点场强大于A点场强，故A正确，C错误电场线由电势高的等势面指向电势低的等势面，故B错误由题图数据可知D正确4.答案C解析粒子在电场中做类平抛运动，h()2得：xv0.由v0v0得.5.答案D解析在减小电容器两极板间距离的过程中，电容器始终与电源相连，则两极板间电压U不变，由C知d减小，电容C增大，由QUC知电容器所带电荷量Q增加，电容器充电，电路中有充电电流，电流从电容器负极板通过电阻流向正极板，所以电阻R中的电流方向是从b流向a，故D正确6.解析假设电子定向移动的速率为v，那么在t时间内通过导体横截面的自由电子数相当于在体积vtS中的自由电子数，而体积为vtS的铜的质量为vtS，摩尔数为，所以电量q，I，于是得：v.答案D7.答案C解析当P向左移动时，电路中总电阻变大，总电流减小，故灯泡变暗，电源输出功率变小，电流表示数变小，电压表示数变大，电容器两端电压增大，电容器C上的电荷量增加，故选项C正确8.答案C解析经分析随着粒子速度的增大，粒子做圆周运动的半径也变大，当速度增大到某一值vm时，粒子运动的圆弧将恰好与 BC边相切，此时vm为粒子从AC边穿出磁场的最大速度，如果粒子速度大于vm粒子将从BC边穿出磁场，故粒子运动的最大半径为L，由qvmBmv/L，得到vm，故选项C正确9.C设粗环电阻为R，则细环电阻为2R，由于磁感应强度随时间均匀变化，故闭合电路中产生的感应电动势E恒定，由闭合电路欧姆定律得电路中感应电流I，由欧姆定律，a、b两点电势差(细环两端电压)UI2RE.10.AD自感线圈的一个重要作用是使通过线圈中的电流不能突变，电流从一个值变到另一个值总需要时间，这是解决这类问题的关键在甲图中，K闭合时，由电阻大小关系可推测流过S所在支路的电流等于流过L所在支路的电流，当K断开后，流过L所在支路的电流通过了S并逐渐减小，在此过程中，该电流始终不比S发光时的电流大，故S将逐渐变暗A选项正确同理，在乙图中，K闭合时，由电阻大小关系可推测流过S所在支路的电流小于流过L所在支路的电流，当K断开后，流过L所在支路的电流通过了S，并从大于S发光时的电流开始减小，故S将先变得更亮，然后才变暗D选项正确11.答案D解析根据正弦交变电流的产生及其变化规律(设从中性面开始)，eEmsin tBSsin tmsin t可知D项正确12.答案D解析设该交变电流的有效值为I，由有效值的定义得()2Rt1IRt2I2RT.而t1，t2，代入数据解得I A，故D正确二、试验题。（每空2分）13.答案(1)R1A2(2)见解析图(3)BD解析(1)本题变压器采用分压接法，通常应当选用最大阻值小的滑动变阻器，但本题中如果选用R2，则电路中的电流会超过R2允许通过的最大电流，故滑动变阻器应当选择R1.电流表A1的量程太小，故电流表应当选择A2.(2)电路如图所示，由于电压要从0开始调，滑动变阻器用分压接法；因为灯泡的内阻比较小，电流表用外接法(3)随着通过小灯泡电流的增大，小灯泡消耗的功率增大，小灯泡的电阻也增大，由P知B图正确，由PI2R知D图正确14.答案(1)A00.6 A03 VE(2)乙电流小解析(1)一般干电池允许通过的最大电流为0.5 A，故电流表应该选A，其量程应该选00.6 A两节干电池串联后的电动势为3.0 V，故电压表量程应该选03 V滑动变阻器的最大阻值只需要比电池组的内阻大几倍即可，故选择E.(2)应该选乙电路，电流表的内阻和滑动变阻器的阻值相差不大，其分压作用不可忽略，而电压表的内阻相对滑动变阻器的阻值来讲大很多，其分流作用可以忽略，故选择乙电路实验中电压表的示数是路端电压，电流表的示数比干路中的电流略小，所以实验中的误差是由于电流表的读数比实际值偏小所造成的三、计算题（每题10分）15.答案见解析解析(1)设细线长为l，匀强电场的场强为E，因带电小球的电荷量为正，故匀强电场的场强的方向为水平向右从释放点到左侧最高点，由动能定理有WGWEEk0，故mglcos qEl(1sin )解得E(2) 设小球运动到最低点的速度为v，此时细线的拉力为T，由动能定理可得mglqElmv2，由牛顿第二定律得Tmgm，联立解得Tmg3，方向竖直向上16(1)g(2)解析(1)以导体棒为研究对象，棒在磁场中切割磁感线，棒中产生感应电动势，导体棒ab从A下落r/2时，导体棒在重力与安培力作用下做加速运动，由牛顿第二定律，得mgBILma式中Lr，I式中R总4R由以上各式可得到ag(2)当导体棒ab通过磁场时，若安培力恰好等于重力，棒中电流大小始终不变即mgBI2rB2r式中R并3R解得vt导体棒从MN到CD做加速度为g的匀加速直线运动，有vv2gh，得h此时导体棒重力的功率为PGmgvt根据能量守恒定律，此时导体棒重力的功率全部转化为电路中的电功率即P电P1P2PG所以P2PG17.(1)200 V(2)127 V解析(1)交流发电机产生电动势的最大值EmnBS而mBS、，所以Em由t图线可知：m2.0102 Wb，T6.28102 s所以Em200 V(2)电动势的有效值EEm100 V由闭合电路的欧姆定律，电路中电流的有效值为I A交流电压表的示数为UIR90 V127 V