2019-2020年九年级（上）第二次月考物理.doc

2019-2020年九年级（上）第二次月考物理一、选择题（每题3分，共24分）1如图所示的家用电器中，其正常工作时的功率最接近1000W的是（）A电风扇B家用电视机C笔记本电脑D家用微波炉2冬天，我们常用热水袋取暖，这主要是因为水具有（）A较多的热量B较大的密度C较高的温度D较大的比热容3根据欧姆定律可以得到公式R=，关于这个公式的下列说法中正确的是（）A同一导体的电阻与加在它两端的电压成正比B同一导体的电阻与通过它的电流成反比C导体两端电压为零时，导体的电阻也为零D同一导体的两端的电压增大几倍，通过它的电流也增大几倍，电压和电流的比值不变4如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S闭合后，滑片P向右滑动时，（）A电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡变暗B电流表示数变小，电压表示数变大，灯泡变亮C灯泡的实际功率减小D灯泡的实际功率增大5下列说法正确的是（）A电功是表示电流做功快慢的物理量B电功率越大，电流做的功就越多C电流做功越多，消耗的电能就越多D电功率是表示电流做功多少的物理量6小明在实验考核时连接了如图所示电路，闭合开关后他看到灯泡L1发光，L2不发光，电压表有示数关于电路中L1、L2的连接方式和L2不发光的原因，以下判断正确的是（）ALl与L2串联，L2被短路BL1与L2串联，L2的实际功率比额定功率小得多CL1与L2并联，L2与灯座接触不良DL1与L2并联，L2的灯丝断了7如图所示的电路中，电源电压不变，移动滑动变阻器R1的滑片P，当电流表的示数变化范围为1A1.3A时，电压表的示数变化了3V，则该定值电阻R2所消耗功率的变化范围是（）A3W3.9WB3W5.07WC3.9W10WD10W16.9W8两个电阻R1=20和R2=30串联在电路中，经过一段相同时间它们产生的热量之比为（）A1：1B3：2C2：3D4：9二、填空题（每空1分，共16分）9如图所示，用铁锤连续敲打铁块，铁块变热，内能；铁块的内能是通过的方式改变的10海洋中有一种会放电的鱼叫电鳐，它放电时最高电压可高达200V，即为kV，游近电鳐的鱼会被电死或电晕，因为海水是11如图是四根高压输电线上的一个装置，利用这个装置将四根导线并联起来，相当于增大了导线的，从而减小了导线的，以达到减少输电线上电能损失的目的12在进行英语听力测试时，各考场的有线扬声器是同时开播，也是同时停播的它们的连接方式是联，原因是它们（选填“能”或“不能”）独立工作13台式电脑使用一段时间后，为保证电脑的稳定性，需要打开主机箱盖除尘，这是因为散热风扇的扇叶在转动过程中与空气摩擦带上了，可以轻小物体，所以灰尘会附着在扇叶上14如图所示，甲、乙是电流表或电压表当开关S闭合后，要使电阻R1、R2并联，甲表是，乙表是15在如图所示的电路中，电源电压保持不变当电键S由断开到闭合时，电流表的示数将，电压表与电流表示数的比值将（均选填“变大“、“不变“或“变小“）16电能表是测量的仪表某用户第一月份末和第二月份末的电能表示数分别为图甲、乙所示，则该用户在二月份内用电kWh三、解答题（共3小题，满分9分）17荡秋千时，停止用力，为什么秋千摆动的高度会逐渐降低？18电能是我们社会生活的重要资源，每个人都应具有节约电能的意识请根据所学过的物理知识W=Pt，从两个不同角度分别写出一种节约用电的具体方法19同样规格的灯泡，旧的总比新的发光要暗些，这是为什么？四、计算题（每题8分，共16分）20如图所示，电源电压不变，R1=20，只闭合开关S时电流表的示数是0.15A，再闭合开关S1时电流表示数是0.21A求：（1）电源电压（2）开关S、S1都闭合时，电阻R2的电功率21某家用电饭煲的简化电路图如图所示电源电压是220V，R1、R2都是发热电阻试求：（1）只闭合S1时为保温状态，保温功率是44W，则电阻R1的阻值是多少？（2）在保温状态时，工作2h所消耗的电能是多少千瓦时？（3）S1、S2都闭合时为加热状态，加热功率是550W，则电路中的总电流是多少？五、作图与实验题（22题4分，23题8分，24题8分，25题8分，26题7分，共35分）22把带有开关的电灯、三孔插座正确地连入下图的家庭电路中23物理学习小组在“测量定值电阻阻值”的实验中：（1）请用笔画线代替导线，将图中实物连接完整（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移到端（选填“A”或“B”）（3）小组同学在连线时，不小心将线连错了，开关闭合后，移动滑动变阻器的滑片P时，发现电流表示数变大，电压表示数变小，产生这一现象的原因是纠正错误后，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为3V时，电流表的示数如图，则该定值电阻阻值为他们认为这个结果就是定值电阻的准确阻值，你认为合理吗？理由是（4）小组同学做完该实验后，又思考该电路还是用来研究实验（写出一条即可）24小雷想知道小灯的亮暗程度与什么因素有关于是找来额定电流均小于0.6A，额定电压是2.5V的灯L1和额定电压是3.8V的灯L2，先后接在电源电压恒为6V的电路中，按照如图1所示的电路开始探究（1）请你用笔画线代替导线，根据图1的电路图，将图2所示实物图连接完整（2）连接电路后，他进行了以下实验：闭合开关，移动滑片P，使灯L1发光，测出灯L1的相关物理量，记录和计算结果如下表：次数电压/V实际功率/W电阻11.60.200.328.0022.50.240.6010.4232.80.260.7310.77请将记录数据时遗漏的物理量和单位填入表格的空格处（3）小雷注意到灯L1的亮度变化是：第二次比第一次亮，第三次比第二次更亮结合表中数据得出的结论小灯泡的实际功率越，灯泡越亮（4）用L2替换L1重复上面的实验时，需要改变表的量程（5）小雷在实验结束后与同学们讨论，认为“用上表中灯L1的3次电阻的平均值代表它的电阻更准确”这种说法正确吗？为什么25在“探究影响电流做功多少的因素”活动中，同学们设计了如图甲、乙、丙三个电路（1）经过讨论，认为不应该选择图甲电路，原因是（2）为研究电流做功与电压的关系，应该选择图 所示的电路（3）利用图丙电路研究某问题，当闭合开关后，发现两灯都不亮，电压表V1有示数，电压表V2无示数，则电路发生的故障是（4）小明想测灯泡的额定功率，将标有“12V 6W”灯泡L1和“6V 4W”灯泡L2按图丙电路连接，再接入电流表经分析，能测出灯泡 的额定功率26如图，在探究“电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验中：（1）两个透明容器中密闭着等量的空气，电阻产生热量的多少是通过U形管中来反映的，这种研究方法叫法（2）图甲是探究电热跟的关系，通过右边容器中电阻的电流是通过左边容器中电阻电流的倍（3）图乙中5和10两电阻串联，是为了控制和不变，探究电热跟的关系xx学年吉林省通化实验中学九年级（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题3分，共24分）1如图所示的家用电器中，其正常工作时的功率最接近1000W的是（）A电风扇B家用电视机C笔记本电脑D家用微波炉【考点】额定功率【分析】根据常见家庭用电器的额定功率进行选择，电功率为1kW以上的用电器属于大功率用电器【解答】解：电扇的功率约为50W，电视机的功率约为100W，笔记本电脑的功率约为70W，微波炉的功率约为1kW；故选D2冬天，我们常用热水袋取暖，这主要是因为水具有（）A较多的热量B较大的密度C较高的温度D较大的比热容【考点】水的比热容的特点及应用【分析】解答此题要知道：对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析回答【解答】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以用热水袋取暖故选D3根据欧姆定律可以得到公式R=，关于这个公式的下列说法中正确的是（）A同一导体的电阻与加在它两端的电压成正比B同一导体的电阻与通过它的电流成反比C导体两端电压为零时，导体的电阻也为零D同一导体的两端的电压增大几倍，通过它的电流也增大几倍，电压和电流的比值不变【考点】欧姆定律的变形公式；影响电阻大小的因素【分析】电阻是导体本身的一种性质，影响电阻的因素是材料、长度和横截面积，与导体两端是否有电压、导体中是否通过电流无关由欧姆定律知道，导体中的电流与加在导体两端的电压成正比；R=这个导出公式只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值【解答】解：导体的阻值是导体本身所具有的性质，其大小决定于导体的长度、材料和横截面积，与通过它的电流、它两端的电压无关，电阻不随着电压和电流的改变而改变，所以A、B、C说法错误，不符合题意由欧姆定律得出R=，若知道导体两端的电压和导体中的电流，我们可以计算导体的电阻；导体两端的电压增加几倍，导体中的电流也增加几倍，但电压和电流的比值不变，所以D说法正确，符合题意故选D4如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S闭合后，滑片P向右滑动时，（）A电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡变暗B电流表示数变小，电压表示数变大，灯泡变亮C灯泡的实际功率减小D灯泡的实际功率增大【考点】电路的动态分析【分析】由图可知灯泡及滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端电压；当滑片右移时，可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可得出电路中电流的变化及灯泡两端的电压变化；再根据P=UI可知灯泡实际功率的变化【解答】解：当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，故由欧姆定律可得电路中电流减小，即电流表示数变小；由U=IR可知，灯泡两端电压减小，即电压表示数减小由P=UI可知，灯泡的实际功率减小，故灯泡变暗故选C5下列说法正确的是（）A电功是表示电流做功快慢的物理量B电功率越大，电流做的功就越多C电流做功越多，消耗的电能就越多D电功率是表示电流做功多少的物理量【考点】电功；电功率【分析】电功是表示电流做功多少的物理量，电功率是表示电流做功快慢的物理量【解答】解：（1）电功是表示电流做功多少的物理量，电流做功越多，消耗的电能越多，故A错误，C正确；（2）电功率是描述电流做功快慢的物理量，电功率越大，表示电流做功越快，电流做功与电功率及做功时间有关，电功率大，电流做功不一定多，故BD错误；故选C6小明在实验考核时连接了如图所示电路，闭合开关后他看到灯泡L1发光，L2不发光，电压表有示数关于电路中L1、L2的连接方式和L2不发光的原因，以下判断正确的是（）ALl与L2串联，L2被短路BL1与L2串联，L2的实际功率比额定功率小得多CL1与L2并联，L2与灯座接触不良DL1与L2并联，L2的灯丝断了【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用；实际功率【分析】灯泡L1与L2顺次连接，电压表测灯L2电压要解答此题需掌握电压表在电路中的作用，会根据电压表的示数来判断电路故障【解答】解：因为两个灯泡顺次连接，因此两灯串联，并且电压表测量L2两端电压，故CD选项错误；又因为灯泡L1发光，电压表有示数，因此L2未被短路，由于L2的实际功率比额定功率小得多，所以L2不发光，故A选项错误，B选项正确故选 B7如图所示的电路中，电源电压不变，移动滑动变阻器R1的滑片P，当电流表的示数变化范围为1A1.3A时，电压表的示数变化了3V，则该定值电阻R2所消耗功率的变化范围是（）A3W3.9WB3W5.07WC3.9W10WD10W16.9W【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】根据欧姆定律分别表示出R2两端的电压，根据电压表的示数变化了3V建立等式即可求出R2的阻值，利用P=I2R分别求出定值电阻R2所消耗最大和最小功率，然后答题【解答】解：根据欧姆定律可得：当电路中的电流I1=1A时，电压表的示数U1=I1R2=1AR2，当电路中的电流I2=1.3A时，电压表的示数U2=I2R2=1.3AR2，因电流表的示数变化范围为1A1.3A时，电压表的示数变化了3V，所以，U2U1=1.3AR21AR2=3V，解得：R2=10，定值电阻R2所消耗的最小功率：P2min=I12R2=（1A）210=10W，定值电阻R2所消耗的最大功率：P2max=I22R2=（1.3A）210=16.9W，所以，该定值电阻R2所消耗功率的变化范围是10W16.9W故选D8两个电阻R1=20和R2=30串联在电路中，经过一段相同时间它们产生的热量之比为（）A1：1B3：2C2：3D4：9【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【分析】串联电路中，电阻产生的电热之比等于电阻比【解答】解：=，两个电阻串联时，电流相等，通电时间相等，=故选C二、填空题（每空1分，共16分）9如图所示，用铁锤连续敲打铁块，铁块变热，内能增大；铁块的内能是通过做功的方式改变的【考点】做功改变物体内能【分析】解决此题要知道做功可以改变物体的内能：当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小【解答】解：当用铁锤打铁块时，机械能转化为内能，铁块的内能增大，温度升高，是通过做功改变物体的内能；故答案为：增大，做功10海洋中有一种会放电的鱼叫电鳐，它放电时最高电压可高达200V，即为0.2kV，游近电鳐的鱼会被电死或电晕，因为海水是导体【考点】物理量的单位及单位换算【分析】根据1KV=1000V解答第一个空；根据导体的定义（容易导电的物体称为导体）解答第二空【解答】解：由1KV=1000V可得：200V=0.2kV容易导电的物体叫导体，因为海水容易导电，所以海水是导体故答案为：0.2；导体11如图是四根高压输电线上的一个装置，利用这个装置将四根导线并联起来，相当于增大了导线的横截面积，从而减小了导线的电阻，以达到减少输电线上电能损失的目的【考点】影响电阻大小的因素【分析】将四根导线并列的连接在一起等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，从外形上看，很容易得出其横截面积的变化根据导体的横截面积与电阻的关系，从而可以确定横截面积的变化造成导体的电阻如何变化【解答】解：四根导线并联在一起，等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，其横截面积变大了导体的电阻大小与导体的横截面积有关，在其他因素不变的情况下，其电阻的大小与导体的横截面积成反比所以横截面积增大，导体的电阻减小故答案为：横截面积；电阻12在进行英语听力测试时，各考场的有线扬声器是同时开播，也是同时停播的它们的连接方式是并联，原因是它们能（选填“能”或“不能”）独立工作【考点】串联电路和并联电路的辨别【分析】解决此题的关键是知道串联电路的特点是各用电器之间相互影响，有一处有问题则整个电路都处于断路状态；而并联电路中的各用电器之间互不影响【解答】解：各考场的有线扬声器是不能相互影响的，必须能够独立工作，所以它们之间是并联的；只需要在干路上加一个开关，控制它们同时开播或停播；故答案为：并，能13台式电脑使用一段时间后，为保证电脑的稳定性，需要打开主机箱盖除尘，这是因为散热风扇的扇叶在转动过程中与空气摩擦带上了电荷，可以吸引轻小物体，所以灰尘会附着在扇叶上【考点】摩擦起电；物体带电现象【分析】本题依据摩擦可以起电，带电的物体可以吸引轻小的物体的知识来填空【解答】解：散热风扇转动的过程中与空气摩擦，使扇叶带上了电，带电体的性质是可以吸引轻小的物体，所以扇叶就把灰尘吸附在表面上了故答案为：电（或电荷，或静电）；吸引14如图所示，甲、乙是电流表或电压表当开关S闭合后，要使电阻R1、R2并联，甲表是电压表，乙表是电流表【考点】电流表的使用；电压表的使用【分析】电压表并联在电路中，在电路中可以看作开路；电流表必须串联在电路中，在电路中相当于导线；电路元件首首相连、尾尾相连的连接方式是并联，因此根据仪表的连接方式以及在电路中的作用解答本题【解答】解：由电路图可知，当开关S闭合后，若乙是电流表、甲是电压表，两电阻首首相连、尾尾相连，两电阻R1、R2并联；故答案为：电压表；电流表15在如图所示的电路中，电源电压保持不变当电键S由断开到闭合时，电流表的示数将变大，电压表与电流表示数的比值将不变（均选填“变大“、“不变“或“变小“）【考点】欧姆定律的应用；电流表的使用；电压表的使用【分析】当开关断开时，电阻和灯泡串联，电压表测量电阻两端的电压，电流表测量总电流，当开关闭合时，电路中只有电阻，灯泡被短路，电流表测量电阻的电流，电压表测量电阻两端的电压，电路总电阻减小，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路总电流变大，电压表与电流表的比值始终等于电阻的阻值【解答】解：当开关断开时，电阻和灯泡串联，电流表测量总电流，当开关闭合时，电路中只有电阻，灯泡被短路，电流表测量电阻的电流，电路总电阻减小，电流表示数变大，不管开关断开还是闭合，电压表与电流表的比值始终等于电阻的阻值，所以不变故答案为：变大；不变16电能表是测量消耗电能多少的仪表某用户第一月份末和第二月份末的电能表示数分别为图甲、乙所示，则该用户在二月份内用电20.9kWh【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表；电能表读数时注意：最后一位是小数，单位kWh；每月用电等于月末的示数减去月初的示数【解答】解：电能表是测量用电器在一段时间内消耗电能多少的仪表；二月份用电245.6kWh224.7kWh=20.9kWh故答案为：消耗电能的多少；20.9三、解答题（共3小题，满分9分）17荡秋千时，停止用力，为什么秋千摆动的高度会逐渐降低？【考点】机械能和其他形式能的转化【分析】机械能守恒是一种理想的情况，只有在无摩擦、无空气阻力的情况下才能真正实现荡秋千的过程中，会受到摩擦和空气阻力的作用【解答】答：秋千自由摆动的过程中，因为有摩擦阻力和空气阻力的作用，所以机械能最终会转化为内能，所以，每次上升的高度逐渐减小，最后停下来18电能是我们社会生活的重要资源，每个人都应具有节约电能的意识请根据所学过的物理知识W=Pt，从两个不同角度分别写出一种节约用电的具体方法【考点】有利于节约能源的措施【分析】根据电能公式W=Pt可知，要想减少消耗的电能，可以从减小功率和用电时间两个方面进行考虑【解答】答：从功率角度：使用节能灯，这样可以保证在亮度相同的情况下减少灯的功率，从而降低能耗；从时间角度：随手关灯或条件允许的情况下适当减少用电器使用的时间，这样也会减少电能的消耗19同样规格的灯泡，旧的总比新的发光要暗些，这是为什么？【考点】电功率与电压、电流的关系；升华和凝华的定义和特点；影响电阻大小的因素【分析】物质由固态直接变成气态的过程叫做升华，物质由气态直接变成固态的过程叫做凝华电阻是导体自身的一种特性，电阻大小与导体的长度、材料、横截面积和温度有关若灯泡的电阻变大，而电源电压不变，由电功率公式P=分析灯泡实际功率变化情况【解答】答：白炽灯泡用久了，灯丝受热升华变为钨蒸气故变细；这样灯丝的电阻变大，当接在照明电路时由P=可知灯泡的实际功率变小，所以灯泡的亮度会比新的暗些四、计算题（每题8分，共16分）20如图所示，电源电压不变，R1=20，只闭合开关S时电流表的示数是0.15A，再闭合开关S1时电流表示数是0.21A求：（1）电源电压（2）开关S、S1都闭合时，电阻R2的电功率【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）当开关S闭合、S1断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；（2）当开关S和S1都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流；根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，然后由P=UI求出电阻R2的功率【解答】解：（1）当开关S闭合、S1断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中R1的电流I1，电压电压直接加在R1的两端，即U=U1，由欧姆定律：I=得：电源的电压U=U1=I1R1=0.15A20=3V；（2）当开关S和S1都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，I=I1+I2I2=II1=0.21A0.15A=0.06A，电阻R2的功率：P2=UI2=3V0.06A=0.18W；答：（1）电源电压为3V（2）开关S、S1都闭合时，电阻R2的电功率为0.18W21某家用电饭煲的简化电路图如图所示电源电压是220V，R1、R2都是发热电阻试求：（1）只闭合S1时为保温状态，保温功率是44W，则电阻R1的阻值是多少？（2）在保温状态时，工作2h所消耗的电能是多少千瓦时？（3）S1、S2都闭合时为加热状态，加热功率是550W，则电路中的总电流是多少？【考点】电功的计算；电功率的计算【分析】（1）只闭合S1时，电路为R1的简单电路，电饭煲处于保温状态，根据R=求出电阻R1的阻值；（2）根据W=Pt求出在保温状态时，工作2h所消耗的电能；（3）S1、S2都闭合时，两发热电阻并联，电饭煲处于加热状态，根据I=求出电路中的总电流【解答】解：（1）只闭合S1时，电路为R1的简单电路，且P保温=44W，则R1=1100；（2）在保温状态时，工作2h所消耗的电能：W=P保温t=0.044KW2h=0.088KWh；（3）S1、S2都闭合时，两发热电阻并联，电饭煲处于加热状态，电路中的总电流I=2.5A答：（1）电阻R1的阻值是1100；（2）在保温状态时，工作2h所消耗的电能是0.088千瓦时；（3）加热状态时电路中的总电流是2.5A五、作图与实验题（22题4分，23题8分，24题8分，25题8分，26题7分，共35分）22把带有开关的电灯、三孔插座正确地连入下图的家庭电路中【考点】家庭电路的连接【分析】（1）电灯的接法：火线首先接入开关，再接入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线【解答】解：安装三孔插座的原则，左孔接零线，中间插孔与地线相连，右孔接火线；灯泡接法：火线与开关串联，然后再接到灯泡顶端的金属点，零线直接与灯泡的螺旋套相连；电路图如下图所示：23物理学习小组在“测量定值电阻阻值”的实验中：（1）请用笔画线代替导线，将图中实物连接完整（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移到B端（选填“A”或“B”）（3）小组同学在连线时，不小心将线连错了，开关闭合后，移动滑动变阻器的滑片P时，发现电流表示数变大，电压表示数变小，产生这一现象的原因是电压表与滑动变阻器并联了纠正错误后，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为3V时，电流表的示数如图，则该定值电阻阻值为10他们认为这个结果就是定值电阻的准确阻值，你认为合理吗？理由是不合理，没有多次测量取平均值（4）小组同学做完该实验后，又思考该电路还是用来研究电流与电压的关系（测量电阻的功率）实验（写出一条即可）【考点】伏安法测电阻的探究实验；滑动变阻器的使用；电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】（1）根据滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中（2）闭合开关前，为防止电路中电流过大烧坏电路元件，保护电阻的滑动变阻器处于最大阻值处（3）电流表示数变大，根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压变大，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压，据此判断实验现象的原因；根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值；一次测量存在较大的误差，为了使测量值更接近于真实值，应进行多次测量求平均值（4）电压表测出电阻两端的电压，电流表测出通过电阻的电流，根据P=UI可知此电路图还可以测量电阻的功率；本实验中电阻的阻值不变，还可以用来探究电流与电压之间的关系【解答】解：（1）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，只要把开关与任意一上方接线柱连接即可，如下图所示：（2）闭合开关前，保护电路的滑动变阻器的滑片位于最大阻值的B端；（3）连线时，不小心将线接错了，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片P，电流表示数变大，电路中电流变大；根据欧姆定律可知，定值电阻两端的电压变大；根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压减小，故产生这一现象的原因是电压表并联在滑动变阻器两端电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.3A，定值电阻的阻值R=10仅做一次测量，测量误差较大，应移动滑动变阻器滑片，改变被测电阻两端的电压，进行多次测量（4）该电路还是用来研究电流与电压的关系，测量电阻的功率故答案为：（1）如上图所示；（2）B；（3）电压表与滑动变阻器并联了；10；不合理，没有多次测量取平均值；（4）电流与电压的关系（或测量电阻的功率）24小雷想知道小灯的亮暗程度与什么因素有关于是找来额定电流均小于0.6A，额定电压是2.5V的灯L1和额定电压是3.8V的灯L2，先后接在电源电压恒为6V的电路中，按照如图1所示的电路开始探究（1）请你用笔画线代替导线，根据图1的电路图，将图2所示实物图连接完整（2）连接电路后，他进行了以下实验：闭合开关，移动滑片P，使灯L1发光，测出灯L1的相关物理量，记录和计算结果如下表：次数电压/V实际功率/W电阻11.60.200.328.0022.50.240.6010.4232.80.260.7310.77请将记录数据时遗漏的物理量和单位填入表格的空格处（3）小雷注意到灯L1的亮度变化是：第二次比第一次亮，第三次比第二次更亮结合表中数据得出的结论小灯泡的实际功率越大，灯泡越亮（4）用L2替换L1重复上面的实验时，需要改变电压表的量程（5）小雷在实验结束后与同学们讨论，认为“用上表中灯L1的3次电阻的平均值代表它的电阻更准确”这种说法正确吗？为什么不正确，灯丝电阻受温度影响【考点】电功率的测量【分析】（1）电压表与灯泡并联，电流表选00.6A的量程且串联在电路中，注意正负接线柱的连接；滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中；（2）根据功率的计算公式P=UI可知表中缺少的物理量；（3）比较灯泡亮度增大时，可以判断灯泡的实际功率，因为灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定的；（4）L1的额定电压为2.5V，电压表选择03V量程；L2的额定电压为3.8V，电压表选择015V量程；更换灯泡，同时更换电压表的量程；（5）导体电阻大小跟导体长度、横截面积、材料、温度有关；灯丝电阻受温度影响较大，定值电阻阻值受温度影响较小，从温度上考虑；电流跟电阻和电压同时有关，L1换成定值电阻，电阻一定，可以探究电流跟电压的关系【解答】解：（1）电压表的负接线柱与灯泡的左接线柱相连，滑动变阻器的任意上方接线柱与电流表0.6的接线柱相连，如下图所示：（2）从表中数据可知，实际功率等于表中前两项之积，由P=UI可知，第二项数据为通过灯泡的电流/A；（3）从实验1实验2实验3，灯泡越来越亮，灯泡实际功率越大；（4）L1的额定功率为2.5V，电压表选择03V量程；L2的额定功率为 3.8V，电压表选择015V量程；所以L2替换L1，同时更换电压表量程；（5）灯丝电阻受温度影响较大，灯泡在不同电压下，温度不同，灯丝中电阻不同，计算平均值代表灯丝电阻无意义，小雷忽略温度对电阻的影响；故答案为：（1）如上图所示；（2）电流/A；（3）大；（4）电压；（5）不正确灯丝电阻受温度影响25在“探究影响电流做功多少的因素”活动中，同学们设计了如图甲、乙、丙三个电路（1）经过讨论，认为不应该选择图甲电路，原因是滑动变阻器滑片移动时，灯泡两端的电压和电流都在变化，无法控制电流或者电压不变（2）为研究电流做功与电压的关系，应该选择图丙 所示的电路（3）利用图丙电路研究某问题，当闭合开关后，发现两灯都不亮，电压表V1有示数，电压表V2无示数，则电路发生的故障是灯L1断路（或开路）了（4）小明想测灯泡的额定功率，将标有“12V 6W”灯泡L1和“6V 4W”灯泡L2按图丙电路连接，再接入电流表经分析，能测出灯泡L1 的额定功率【考点】电功的测量；串联电路的电流规律；电功率的计算【分析】（1）电流做功的大小与电压、电流和通电时间三个因素有关，当研究与其中某一个因素的关系时，应控制其余的因素不变；（2）研究电流做功与电压的关系，应控制电流的大小和通电时间相同，通过比较电压的大小，得出电流做功与电压的关系；（3）电压表有示数，说明电压表的两接线柱和电源连接的部分电路中没有断路；电压表无示数，说明可能电压表被短路，或者电压表与电源连接的部分电路有断路，综合分析就可以找出故障（4）额定功率是小灯泡在额定电压下发挥的功率，要测量灯泡的额定功率，灯泡两端的电压必须能达到其额定电压，电路中的电流为灯泡的额定电流【解答】解：（1）甲电路中，滑动变阻器滑片移动时，灯泡两端的电压和电流都在变化，无法控制电流或者电压不变，根据控制变量法的思想，不能研究电流做功与电压和电流的关系，因为电路中电压和电流同时改变，不能单独控制其中一个不变；（2）研究电流与电压的关系，就应该控制电路中的电流和通电时间不变，通过比较电压，研究电流做功与电压的关系，图丙中两只灯泡串联，控制了电流相同和通电时间相同；（3）图丙中，闭合开关后电压表V1有示数，说明V1开关电源滑动变阻器灯L2这部分电路无断路；电压表V2无示数，说明V2灯L1开关电源滑动变阻器这部分电路有断路，综合以上分析，电路故障就是灯L1断路（或开路）了（4）“12V 6W”灯泡L1额定电流I1=0.5A，“6V 4W”灯泡L2额定电流I2=0.67A，因为0.5A0.67A，根据串联电路电流相等，所以为保护灯L1，电路中的电流不能超过0.5A，因此灯泡L1能正常发光，即当L1的电压为12V时，灯L1正常工作（L2比正常发光暗），再接入电流表便能测量灯L1的额定功率故答案为：（1）滑动变阻器滑片移动时，灯泡两端的电压和电流都在变化，无法控制电流或者电压不变；（2）丙；（3）L1断路（或开路了）；（4）L1；26如图，在探究“电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验中：（1）两个透明容器中密闭着等量的空气，电阻产生热量的多少是通过U形管中液面高度的变化来反映的，这种研究方法叫转化法（2）图甲是探究电热跟电流的关系，通过右边容器中电阻的电流是通过左边容器中电阻电流的0.5倍（3）图乙中5和10两电阻串联，是为了控制电流和通电时间不变，探究电热跟电阻的关系【考点】控制变量法与探究性实验方案【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法；（2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；（3）探究电流产生热量跟通电时间关系时，控制电流和电阻不变【解答】解：（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法；（2）图甲装置中一个5的电阻与两个5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I1+I2，可知，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2=I右=I左；（3）如图乙，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系故答案为：（1）液面高度的变化；转换；（2）电流； 0.5（或1/2）；（3）电流；通电时间；电阻xx年11月11日