2019-2020年中考物理试卷(word版含解析）.doc

2019-2020年中考物理试卷(word版，含解析）一、选择题（每小题3分，共36分，下列各题的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）1（3分）（xx雅安）对如图中所示的情景，说法正确的是（）A踢出去的足球会停下来，说明物体的运动需要力来维持B跳远运动员助跑可以提高成绩，是利用了身体的惯性C男孩用力推车但没推动，是因为他的推力小于车受到的阻力D蹦蹦杆跃到最高点时，人动能最大，速度最大考点：力与运动的关系；惯性；平衡状态的判断；动能和势能的大小变化专题：运动和力分析：（1）物体的运动不需要力来维持；力是改变物体运动状态的原因；（2）运动员跳远助跑，是利用惯性增大距离；（3）物体处于静止状态时，若受力，则受力平衡；（4）跳跃到最高点时，重力势能最大，动能最小，速度为零解答：解：A、踢出去的足球会停下来，说明力可以改变物体的运动状态，故A错误；、B、跳远运动员助跑可以提高成绩，是利用了身体的惯性，故B正确；C、男孩用力推车但没推动，是因为他的推力等于车受到的阻力，故C错误；D、蹦蹦杆跃到最高点时，重力势能最大，动能最小，速度为零，故D错误故选：B点评：此题考查学生对于力和运动关系的理解和掌握，熟知力是改变物体运动状态的原因，是解题关键2（3分）（xx雅安）热现象在生活中随处可见，下列说法中正确的是（）A擦在皮肤上的酒精很快变干，这是升华现象，需要吸热B夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是升华现象，需要吸热C秋天的早晨花草上出现小的露珠，这是液化现象，需要放热D冬天的早上，有时地面上会出现白色的霜，这是凝固现象，需要放热考点：汽化及汽化吸热的特点；液化及液化现象；生活中的凝华现象专题：汽化和液化、升华和凝华分析：（1）物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华（2）吸收热量的物态变化过程有：熔化、汽化和升华；放出热量的物体变化过程有：凝固、液化和凝华；解答：解：A、擦在皮肤上的酒精变干是汽化现象，汽化吸热，该选项说法错误；B、夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，是空气中的水蒸气遇到温度较低的冰棒凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法错误；C、秋天的早晨花草上出现小露珠，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法正确；D、初冬的早晨地面上出现白色的霜，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，该选项说法错误故选C点评：本题考查三种物质三种状态之间六种物态变化，都是基础性的，要求学生在今后的学习中加强对所学的基础知识的储备，以便能够灵活应用3（3分）（xx雅安）有关压强知识的应用，下列说法错误的是（）A载重汽车装有许多车轮是为了减小车对路面的压强B人用吸管吸食饮料是靠大气压把饮料“压”进了嘴里C深海潜水员必须穿抗压潜水服是因为海水压强随深度的增加而增大D飞机的机翼能获得升力，是应用了流体中流速越大的位置压强越大的原理考点：增大压强的方法及其应用；液体的压强的特点；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系专题：压强、液体的压强；气体的压强、流体压强与流速的关系分析：A减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强在受力面积一定时，减小压力来减小压强；B生活中利用大气压的例子很多，钢笔吸墨水，吸管吸饮料，注射器吸药液，吸盘，抽水机等C液体的压强随着深度的增加而增大D伯努利原理告诉我们：流体在流速大的地方压强小、却在流速小的地方压强大解答：解：A、大型载重汽车有很多轮子，是在压力一定时，增大受力面积减小车对地面的压强，保护路面，故A正确；B、用吸管从瓶子中吸饮料时，是利用大气压工作的当吸气时，吸管中的气压减小，饮料在大气压的作用下进入嘴里，故B正确；C、因为液体的压强随着深度的增加而增大，所以深海潜水员必须穿抗压潜水服，是因为海水压强随深度的增加而增大正确；D、飞机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越小的原理，故D错故选B点评：平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力4（3分）（xx雅安）如图所示的四个装置，关于它们的说法中错误的是（）A图a可用来演示电磁感应现象B图b可用来演示电流的磁效应C图c中螺线管的右端是N极D图d可用来演示发电机的工作原理考点：电磁感应；通电直导线周围的磁场；通电螺线管的磁场；磁场对通电导线的作用专题：应用题；电和磁分析：题目给出了四个有关电和磁的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择解答：解：A、图a没有电池，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验，故A正确但不符合题意；B、图b验证了通电导体周围存在磁场，这是奥斯特的实验，说明了电流的磁效应，故B正确但不符合题意；C、图c电流大小一定，匝数多的线圈吸引较多的铁钉，验证了磁性强弱与线圈匝的关系，故C正确但不符合题意；D、图d有电池，验证通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置原理制造了电动机而不是发电机，故D错误但符合题意故选D点评：电与磁这一章的书中重点实验装置图要掌握好，记清实验名称和说明的原理及生活中的应用5（3分）（xx雅安）下列做法，符合安全用电原则的是（）A家庭电路中，可以由铜丝和铁丝代替保险丝B家用电器起火时，应该先灭火，然后切断电源C使用试电笔时，手不能接触试电笔上的金属部分D家庭电路中，控制灯泡的开关应接在灯泡与火线之间考点：安全用电原则专题：电与热、生活用电分析：利用下列知识分析判断：（1）铜丝和铁丝的电阻率小、熔点高，用铜丝和铁丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路保险丝越粗，电阻越小，通过较大电流时不易熔断；（2）家用电器起火时，应该先切断电源，然后灭火；（3）使用测电笔时，手接触笔尾金属体，笔尖接触被测导线，氖管发光的可以判断导线是火线，氖管不发光的是零线；（4）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间解答：解：A、铜丝和铁丝的电阻小、熔点高，在电流过大时，产生的热量不容易达到熔点，因此不会熔断，起不到保险的作用不符合安全用电原则B、家用电器起火时，避免发生触电事故，应该先切断电源，然后灭火不符合安全用电原则C、测电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体不符合安全用电原则D、控制电灯的开关应安装在火线与灯之间，开关接在了零线上时，更换灯泡时易发生触电事故，符合题意；故选D点评：本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反6（3分）（xx雅安）关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）A一个物体温度升高，它的内能一定增加B一个物体温度升高，一定是吸收了热量C一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高D一块0的冰没有内能，它的分子不会运动考点：温度、热量与内能的关系专题：热和能分析：（1）改变物体内能的方式：做功和热传递；（2）物体的温度升高，可能是物体从外界吸收了热量，也有可能是外界对物体做功；（3）物体吸收热量，温度不一定升高；（4）一切物体具有内能解答：解：A、物体的温度升高，内能一定增大，故A正确；B、一个物体的温度升高，可能是物体从外界吸收热量，也有可能是外界对物体做功，故B错误；C、一个物体吸收了热量，它的温度可能不变，例如，晶体熔化时，吸收热量，温度不变，故C错误；D、一块0的冰具有内能，它的分子不停运动，故D错误故选A点评：本题考查温度、热量和内能的关系，相对比较简单，属于基础题7（3分）（xx雅安）某小组同学在做凸透镜成像实验时，在图3所示光具座上得到一个清晰的像他们把一个近视眼镜镜片放在凸透镜与蜡烛之间，发现光屏上的像变得模糊不清他们想再次得到清晰的像，下面是他们的分析，正确的是（）A近视眼镜镜片对光线有发散作用，光屏应向左调B近视眼镜镜片对光线有发散作用，光屏应向右调C近视眼镜镜片对光线有会聚作用，光屏应向左调D近视眼镜镜片对光线有会聚作用，光屏应向右调考点：凸透镜成像的应用专题：应用题；透镜及其应用分析：首先明确近视镜是凹透镜，然后在明确凹透镜光学性质的基础上，即可确定放上凹透镜后像的位置的变化，然后调整光屏的移动方向解答：解：近视眼镜是凹透镜，它对光线有发散作用，所以在蜡烛和凸透镜之间放上凹透镜后，蜡烛在凸透镜后面成的像将远离凸透镜，为了使像再成在光屏上，所以要将光屏向右移动故选B点评：要确定光屏的移动方向，首先要明确放上的镜片对光线有何作用8（3分）（xx雅安）如图所示，足球以初速度沿着凹凸不平的草地从a运动到d下列分析正确的是（）A在b、d两点动能相等B在a、d两点机械能相等C从b到c的过程机械能减少D从c到d的过程重力势能减少考点：动能和势能的转化与守恒专题：机械能及其转化分析：（1）动能大小跟质量、速度有关，质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大；（2）足球和草地之间存在摩擦力，克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能不断减小，内能增大；（3）重力势能大小跟质量、高度有关，质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大解答：解：A、足球在 b点时，足球有一定的速度，足球具有一定的动能，动能不为零；足球在d 点时，足球速度为零，足球动能为零，该选项说法不正确B、由于草地存在摩擦力，因此从a到d的过程，一部分机械能转化成内能，机械能减小，该选项说法不正确；C、足球从b到c的过程中，足球和草地之间存在摩擦力，克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能不断减小，该选项说法正确；D、足球从c到d的过程中，足球质量不变，高度增大，重力势能不断增大，该选项说法不正确故选C点评：本题考查了机械能大小变化的分析，抓住影响动能、重力势能大小的因素是解决此类题目的关键9（3分）（xx雅安）如图所示，同一只鸡蛋先后放入甲、乙两杯盐水中，鸡蛋在甲杯处于漂浮状态，所受浮力为F甲，在乙杯处于悬浮状态，所受浮力为F乙以下判断正确的是（）AF甲F乙BF甲F乙C向甲杯中加入盐，鸡蛋所受浮力会增大D向乙杯中加入水，鸡蛋所受浮力会减小考点：物体的浮沉条件及其应用专题：浮力分析：掌握物体的浮沉条件若物体漂浮或悬浮，则浮力与重力相等，下沉时，浮力小于重力若物体漂浮，则物体的密度小于液体的密度，若物体悬浮，则物体的密度与液体的密度相等解答：解：AB、鸡蛋在甲中漂浮，所以浮力等于重力，在乙中悬浮，所以浮力等于重力，所以甲乙中受到的浮力相等，故A、B错误；C、鸡蛋在甲中漂浮，所以甲盐水的密度大于鸡蛋的密度；向甲杯中加入盐，则甲盐水的密度变大，仍大于鸡蛋的密度，所以在甲中仍处于漂浮；浮力等于重力，则鸡蛋所受浮力不变，故C错误；D、鸡蛋在乙中悬浮，乙盐水的密度等于鸡蛋的密度，向乙杯中加入水，则乙盐水的密度变小，根据阿基米德原理可知鸡蛋受到的浮力减小，则鸡蛋会下沉，故D正确；故选D点评：此题考查了学生对物体浮沉条件的应用，会根据物体重力和浮力的大小关系或密度关系判断物体的浮沉，同时也要会根据浮沉情况判断浮力与重力的关系或密度关系10（3分）（xx雅安）如图所示，电源电压不变，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由中点滑向最右端，以下分析正确的是（）A示数变大B电路的总电阻变大C电路的总功率变大DA1表示数与A2示数之差变大考点：电路的动态分析专题：电路变化分析综合题分析：闭合开关S后，灯泡与滑动变阻器并联接在电源两端，电压表测并联电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测滑动变阻器所在支路电流；根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P=UI和欧姆定律可知电路中总功率和总电阻的变化解答：解：闭合开关S后，滑动变阻器R与灯泡L并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测滑动变阻器所在支路电流；因为电源的电压保持不变，所以移动滑片时，电压表V的读数不变，故A不正确；因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以移动滑片时，通过灯泡L的电流不变；而滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动时，接入电路中的电阻变大，由I=可知，该支路的电流变小；因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A1的示数变小，由R=可知，电路中的总电阻增大，故B正确；根据P=UI可知，电路的总功率变小，故C不正确；因为A1表示数与A2示数之差等于通过灯泡的电流，而通过灯泡的电流不变，故D不正确故选B点评：本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、串联电路的电压关系以及功率的计算，分析电路图确定两电阻的连接方式和电压表、电流表的测量对象是本题关键11（3分）（xx雅安）如甲图所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它先后两次沿水平木板匀速滑动相同的距离，乙图是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象下列说法正确的是（）A两次木块运动的速度相同B木块第一次受到的摩擦力较大C两次拉力对木块做的功一样多D两次拉力对木块做功的功率一样大考点：速度与物体运动；功的大小比较；功率大小的比较专题：其他综合题分析：（1）根据速度的计算公式：v=利用图象形状可以确定物体的运动状态（2）先判断木块两次的运动状态，然后根据二力平衡的条件分析拉力和摩擦力的关系（3）根据作用在物体上的拉力和在拉力方向上通过的距离，利用公式W=FS比较两次做功的多少（4）根据决定功率的因素即木块的拉力和木块的速度进行分析解答：解：A、从图象中可看出，第一次实验的速度大于第二次的速度故A错误；B、用弹簧测力计拉木块沿水平木板匀速滑动，木块做匀速直线运动，不论其速度大小如何，都受到平衡力的作用，在水平方向上，摩擦力和拉力是一对平衡力；故两次实验的拉力和摩擦力均相等故B错误；C、在相同拉力作用下，木块两次运动的距离相同，由W=Fs可知，以木块两次所做的功一样多故C正确；故B错误；D、从图中可以看出第一次木块运动的速度较大，而木块所受的拉力不变，根据公式P=Fv可知，拉力第一次做功的功率大故D错误故选C点评：此题考查了二力平衡的条件、摩擦力大小的决定因素、速度的计算等知识点图象是形象描述物理状态、物理过程和物理规律的常用工具，也是应用数学知识解决物理问题的一个重要方面，它不仅可以使抽象的概念直观形象，也能使动态变化过程更为清晰12（3分）（xx雅安）如图所示电路，电源电压不变，R是定值电阻将一个“6V 2W”的小灯泡接在a、b两点间，小灯泡恰能正常发光；若换一个“6V 3W”的小灯泡接在a、b两点间，则这个小灯泡（）A比正常发光时暗些B比正常发光时亮些C恰能正常发光D灯丝将会被烧坏考点：电路的三种状态专题：应用题；电流和电路分析：灯泡的实际功率是由灯泡两端的实际电压决定的，所以要判断第二个小灯泡消耗的实际功率比2W大还是比2W小，我们就需要先判断出第二个小灯泡两端的实际电压比6V大还是比6V小，那么怎么才能判断出它两端的电压比6V大还是小呢？本题中，R是定值电阻，先后有两个灯泡与R串联第一个灯泡与R串联，灯泡分得的实际电压是6V（因为这个灯泡恰好正常发光）；第二个灯泡与R串联，这个灯泡能分多少电压呢？这就得看第二个灯泡的电阻比第一个灯泡的电阻大还是小了如果第二个灯泡的电阻比第一个灯泡的电阻大，则就会造成第二次电路的总电阻比第一次电路的总电阻大，电路中的电流就比第一次电路的电流小，R两端的电压就比第一次R两端的电压小，于是就可以得出第二个灯泡分得的电压比第一个灯泡分得的电压多，反之亦然所以解答本题，我们还需要先算出这两个灯泡的电阻，算电阻可根据公式R=来计算解答：解：根据公式R=可知，当电压相同时，电功率越大，电阻越小，故“6V 2W”的灯泡电阻比“6V 3W”灯泡电阻大；改接后，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路电流变大，对于定值电阻R来说，两端的电压变大，根据串联电路具有分压作用，“6V 3W”灯泡两端的电压将小于6V，所以实际功率小于3W，故比正常暗一些故选A点评：本题与我们常见的一道题其实是类似的：滑动变阻器与定值电阻串联，当滑动变阻器改变电阻时，分析电路中电流的变化情况、定值电阻和滑动变阻器两端电压变化情况本题中虽然没有滑动变阻器，但在电路中先后串联阻值不同的灯泡，其实就相当于滑动变阻器，所以本题可以和我们常见的滑动变阻器与定值电阻串联的题型归为一类通过解答本题我们要有所收获：在额定电压相同的情况下，电功率与电阻成反比；串联电阻的分压能力与电阻的阻值大小有关，阻值大的电阻分压能力强掌握了这两点，就可以帮助我们获得新的解题思路，就可以使问题变得简单化二、填空题（13、14、15题每空2分，16、17、18、19题每空1分，共17分）13（4分）（xx雅安）生活中处处皆有物理知识，看电视时“综艺节目”里常有人模仿韩红、刘欢等文艺名人的声音，从声音的特性看，他主要是模仿声音的音色；漫步在岸边看到蓝天白云在水中的倒影，水中倒影是由于光的反射（选填“直线传播”、“反射”或“折射”）形成的考点：音色；光的反射专题：声与光分析：（1）不同的物体发出声音的音色一般不同；（2）水中倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的解答：解：看电视时“综艺节目”里常有人模仿韩红、刘欢等文艺名人的声音，从声音的特性看，他主要是模仿声音的音色；漫步在岸边看到蓝天白云在水中的倒影，水中倒影是由于光的反射形成的故答案为：音色；反射点评：本题考查音色和反射的有关问题，相对比较简单，属于基础题14（2分）（xx雅安）如图所示，天平所测杯子和液体的总质量为37.4g考点：质量的测量与天平专题：应用题；基本仪器的使用专题分析：天平在读数时，被测物体的质量等于砝码的质量和标尺上游码所对应的示数之和解答：解：此时砝码的质量是：20g+10g+5g=35g；此时标尺的分度值是0.2g，故游码所对的示数是：2.4g；故此时待测物体的质量是：m=35g+2.4g=37.4g；故答案为：37.4；点评：知道并理解天平的正确读数是解决该题的关键15（2分）（xx雅安）一水箱中贮有10kg水，当水温从20升高到22时，水吸收的热量是8.4104JC水=4.2103J/（kg）考点：热量的计算专题：热和能分析：已知水的质量10kg，水温升高20，根据Q吸=cmt直接求出水吸收的热量解答：解：由于水的质量m=10kg，水温度升高t=2220=2，c水=4.2103J/（kg）则水吸收的热量：Q吸=cm=4.2103J/（kg）10kg2=8.4104J故答案为：水吸收的热量是8.4104J点评：本题考查了热量的计算，属于基本内容，比较简单16（2分）（xx雅安）水平桌上自由转动的小磁针，静止时指向地球北方的那端是小磁针的N（北）极；地磁场的北极在地理位置的南极附近考点：地磁场专题：磁现象、电生磁分析：要解答本题需掌握：水平桌上自由转动的小磁针，静止时指南的一端叫南极；（2）地球本身是一个大磁体，地磁的北极在地理的南极，地磁的南极在地理的北极解答：解：地磁的北极在地理的南极附近，地磁的南极在地理的北极附近指南针总是指向南北，而且是N（北）极指向北，S（南）极指向南故答案为：N（北）；南点评：本题主要考查学生对：地磁场一些知识的了解和掌握，是一道基础题17（2分）（xx雅安）小华发现家里单独使用某电器时，电能表的示数在3h内由变成了，则他家在这段时间内消耗的电能为1.2 kWh，该用电器的实际功率是200W考点：电功的计算；电功率的计算专题：电能和电功率分析：（1）用末时间的示数减去初时间的示数即为电能表该段时间的示数；注意电能表最后一位是小数而且单位是kWh（2）根据公式P=即可计算出用电器消耗的实际功率解答：解：（1）电能表是测量用电器在一段时间内消耗电能多少的仪表；小华家这段时间用电为2139.4kWh2138.2kWh=1.2kWh（2）因为3h消耗的电能为1.2kWh，用电器消耗的实际功率是：P=0.4kW=400W故答案为：1.2；400点评：此题主要考查了有关电能表参数的意义及有关的计算，同时考查了电功率的计算公式18（2分）（xx雅安）某工人在水平地面上，用100N水平推力以0.5m/s的速度匀速推动重500N的物体，使它沿水平方向移动10m，该过程中工人所做的功是1000 J，水平推力的功率是50W考点：功的计算；功率的计算专题：功、功率、机械效率分析：已知水平推力大小和物体在水平方向上移动的距离，利用W=Fs计算该过程中工人所做的功；又知道物体匀速运动的速度，利用P=Fv求水平推力的功率解答：解：工人所做的功：W=Fs=100N10m=1000J；水平推力的功率：P=Fv=100N0.5m/s=50W故答案为：1000；50点评：本题考查了功和功率的计算，注意推力做的功与物体的重力无关，这是一个易错点要注意19（3分）（xx雅安）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为6V闭合开关S后，当滑片P从R的一端滑到另一端的过程中，小灯泡的IU关系图象如图乙所示则小灯泡的额定功率为1.2W，电源电压为6V，滑动变阻器的最大阻值为45考点：欧姆定律的应用；额定功率专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析：（1）由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，此时灯泡两端的电压和额定电压相等也是电源的电压，根据P=UI求出灯泡的电功率即为额定功率；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图可知电表的示数，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值解答：解：（1）由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，由图象可知，电源的电压U=UL=6V，电路中的电流I=0.2A，则灯泡的额定功率：PL=ULI=6V0.2A=1.2W；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象可知，灯泡两端的电压UL=1.5V，电路中的电流I=0.1A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：UR=UUL=6V1.5V=4.5V，由I=可得，滑动变阻器的最大阻值：R=45故答案为：1.2；6；45点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象读出电表对应的示数三、作图题（20题2分，21题2分，共4分）20（2分）（xx雅安）如图是一束射向凹透镜且平行于主光轴的入射光线，请画出它通过透镜后的折射光线考点：透镜的光路图专题：作图题；图像综合题分析：在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图解答：解：入射光线平行于主光轴，所以该光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点连接入射光线一侧的焦点和折射点，并延长两点的连线，标出光线的方向故答案为：点评：凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变21（2分）（xx雅安）如图物体随水平传送带向右匀速移动，作出物体所受力的示意图考点：力的示意图专题：作图题；重力、弹力、摩擦力分析：物体做水平方向向右匀速运动，由于不计空气阻力，所以物体受重力和支持力作用，并且二力是一对平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心解答：解：由于物体和传送带一起匀速运动，相对静止，所以A不受摩擦力的作用，只受重力和支持力的作用；如图所示：点评：注意物体处于平衡状态时，受力平衡力作用；本题中物体只受重力和支持力作用；物体没有受到摩擦力作用四、实验与探究题（22题6分，23题7分，共13分）22（6分）（xx雅安）某实验小组在测滑轮组机械效率的实验中得到的数据如表所示，实验装置如图所示 实验次数物理量123钩码重G/N446钩码上升高度h/m0.10.10.1绳端拉力F/N1.81.62.4绳端移动距离s/m0.30.4机械效率74.1%62.5%（1）实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，使钩码上升（2）通过表中数据可分析出第2次实验是用乙（选填“甲”或“乙”）图所示装置做的实验（3）通过第1次实验和第2次实验的数据分析可得出结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大），滑轮组的机械效率越低（选填“越高”、“不变”或“越低”）（4）小组同学再用第1次实验中使用的装置做第3次试验，表中第3次试验中空缺的数据应为：绳端移动距离s=0.3 m，机械效率=83.3%（5）比较第1次实验和第3次实验可得出结论：使用同一滑轮组，提升的重物越重，滑轮组的机械效率越高考点：滑轮（组）机械效率的测量实验专题：探究型实验综合题分析：（1）应竖直匀速拉动测力计（2）根据钩码上升高度与测力计移动距离的关系分析答题（3）分析表中实验数据，得出结论（4）根据表中实验数据求出绳子移动的距离，应用效率公式求出滑轮组效率（5）根据实验控制的变量与表中实验数据分析答题解答：解：（1）实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，使钩码上升（2）由表中实验数据可知，第2次实验绳端移动的距离是钩码上升高度的4倍，由图示滑轮组可知，实验使用的是乙图所示装置做的实验（3）由表中第1次实验和第2次实验的数据可知，使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大），滑轮组的机械效率越低（4）由表中第1次实验数据可知，绳端移动的距离是钩码上升高度的3倍，第三次实验使用同样的装置，则第3次实验：绳端移动距离s=3h=30.1m=0.3m，机械效率=100%=100%=100%83.3%（5）由表中第1次实验和第3次实验数据可知：使用同一滑轮组，提升的重物越重，滑轮组的机械效率越高故答案为：（1）匀速；（2）乙；（3）越低；（4）0.3；83.3%；（5）提升的重物越重，滑轮组的机械效率越高点评：在此实验中，对滑轮组的分析、机械效率公式的运用是实验的基础，同时，实验中分别探究了机械效率高低与动滑轮个数、提升物体重力等多个量的关系，因此，控制变量法的运用也十分关键23（7分）（xx雅安）在探究电流与电压、电阻的关系中：【提出问题】通过导体的电流与导体两端电压及导体电阻的大小有什么关系？【猜想】导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比【实验器材】电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一只，开关一个，三个定值电阻（5、10、15），三只滑动变阻器（10 1.5A、20 1.5A、50 1A），导线若干【实验过程】（1）在图乙虚线框内画出图甲所示实物图的电路图（2）小明按图甲正确连接电路后，闭合开关前，应把滑动变阻器的滑片滑到最右端（选填“左”或“右”），闭合开关后，发现电流表示数为0，电压表指针超过量程你认为造成这一现象的原因是电阻处断路（3）小红在探究时，先将5的电阻连入电路中，闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V，并记下电流值接着断开开关，取下5电阻，改接10的电阻（滑动变阻器滑片位置未动），当他接入10电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器滑片向右端移动（选填“左”或“右”），直至电压表示数为1.5V，再次记下电流值（4）接着小红换用15的电阻重复上述实验，得到了下表中的实验数据，分析数据得出：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比电阻R/51015电流 I/A0.300.150.10（5）小红实验时所选择的滑动变阻器规格是50、1A考点：探究电流与电压、电阻的关系实验专题：探究型实验综合题分析：（1）由实物图可知，定值电阻、滑动变阻器、电流表、开关串联，电压表测量定值电阻两端电压（2）连接电路时，开关处于断开状态和滑动变阻器处于最大阻值处都能保护电路；电流表的指针几乎不动，说明电路是开路；电压表的指针有明显的偏转，说明电压表通过电流表和定值电阻与电源两极相连，因此定值电阻处出现开路（3）定值电阻变大时，两端电压相应变大，为保持电压一定，必须调节滑动变阻器滑片，使其接入电路电阻相应变化（5）根据表中数据，利用U=IR可知定值电阻两端电压，然后根据滑动变阻器两端电压和电路中最小的电流求出滑动变阻器接入电路的阻值，即可选择出符合要求的滑动变阻器解答：解：（1）从正极开始，依次连接开关、定值电阻、电流表、滑动变阻器，然后回到负极，电压表并联在定值电阻两端；（2）连接电路时，为防止电流过大烧坏电路元件、保护电路开关处于断开状态，滑动变阻器处于最大阻值处，即最右端；电流表无示数，说明电路中可能出现了断路；又因为电压表指针有明显偏转，说明电压表所并联部分即定值电阻断路（3）将10电阻换成15电阻、阻值变大分得电压变大，为控制定值电阻两端电压为1.5V，应向右滑动变阻器的滑片，增大滑动变阻器分得电压（5）由I=根据表中数据可知，定值电阻两端电压：UR=IR=0.1A15=1.5V；串联电路两端电压等于各部分电压之和滑动变阻器两端电压：U滑=3V1.5V=1.5V，则滑动变阻器接入电路的最大阻值：R=15故选50、1A的滑动变阻器故答案为：（1）电路图如图：（2）右、电阻处断路；（3）右、电压表示数为1.5V；（5）50、1A点评：研究导体中的电流与电阻的关系时，怎样调节才能保证导体两端的电压不变，是此题的重点五、计算题（24题6分，25题7分，26题7分，共20分）解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要演算步骤，有数值计算的答案须写出数值和单位，只写出最后答案的不得分24（6分）（xx雅安）我国某种新型坦克，其质量为2104kg（g=10N/kg）求：（1）坦克受到的重力；（2）坦克以36km/s的速度行驶5min通过的路程；（3）在某次任务中坦克发动机以500kw的功率工作了0.5h，求这次任务中发动机所做的功考点：重力的计算；速度公式及其应用；功的计算专题：其他综合题分析：（1）已知坦克的质量，利用G=mg可求得其重力；（2）已知坦克的速度和行驶的时间，利用速度公式变形可求得通过的路程；（3）已知坦克发动机的功率和时间，利用P=可求得这次任务中发动机所做的功解答：解：（1）G=mg=2104kg10N/kg=2105N；（2）v=36km/h=10m/s，t=5min=560s=300s，由v=得s=vt=10m/s300s=3103m；（3）由P=，可得W=Pt=500kW0.5h=250kWh=9108J答：（1）坦克受到的重力为2105N；（2）坦克以36km/s的速度行驶5min通过的路程为3103m；（3）这次任务中发动机所做的功为9108J点评：此题以新型坦克为载体，考查重力的计算，速度公式及其应用，功的计算等知识点，综合性较强，难度不大，属于基础知识25（7分）（xx雅安）水平桌面上放置一底面积为100cm2，重为6N的柱形容器，容器内装有20cm深的某液体将一体积为400cm3的物体A悬挂在弹簧测力计上，弹簧测力计示数为10N，让物体从液面上方逐渐浸入直到浸没在液体中（如图），弹簧测力计示数变为5.2N（柱形容器的厚度忽略不计，筒内液体没有溢出，物体未接触容器底g=10N/kg），求：（1）物体浸没在液体中时受到的浮力；（2）筒内液体密度；（3）物体浸没时，容器对桌面的压强考点：阿基米德原理；密度的计算；压强的大小及其计算专题：其他综合题分析：（1）根据图象分析出物体的重力和完全浸没时的拉力，根据公式F浮=GF计算出浮力的大小；（2）根据F浮=液gV排的变形公式液=计算出液体的密度；（3）判断出此时圆筒对桌面的压力，等于圆筒和液体的总重加浮力，根据公式p=计算出压强；也可将圆柱体、圆筒、液体看做一个整体进行受力分析解答：解：（1）由图象知，圆柱体完全浸没，此时F=2N；所以F浮=GF拉=10N5.2N=4.8N，（2）因为浸没，所以V排=V物=400cm3=4104m3由F浮=液gV排得：液=1.2103kg/m3；（3）液体的体积V液=100cm220cm=xxcm3=2103m3液体的重力G液=m液g=液V液g=1.2103kg/m32103m310N/kg=24N，容器对桌面的压力F=（G液+G容器+G物）F拉=（24N+6N+10N）5.2N=34.8N；受力面积：S=100cm2=102m2，p=3480Pa答：（1）物体浸没在液体中时受到的浮力为4.8N；（2）筒内液体密度为1.2103kg/m3；（3）物体浸没时，容器对桌面的压强为3480Pa点评：此题是一道有关浮力知识的计算题，同时涉及到了有关固体压强和密度的计算，能够通过图象确定物体的重力和浸没时的浮力是解决此题的关键，（3）问中关键能分析出压力大小，这是此题的难点26（7分）（xx雅安）如图所示，电源电压保持不变，L是标有“6V 3W”的小灯泡，定值电阻 R=10当S、S2闭合，S1断开，且P位于a端时，电路消耗的功率为3.6W，P位于b端时，电路消耗的功率为0.72W（设灯泡电阻不随温度变化）（1）求电源电压；（2）滑动变阻器R0的最大阻值；（3）要使电路的总功率最小且电流表的示数不为0，请指出开关S、S1、S2的断开、闭合情况和滑片P的位置，并求出此时的最小功率（保留两位小数）考点：电功率的计算；电阻的串联专题：应用题；电能和电功率分析：（1）当S、S2闭合，S1断开，且P位于a端时，电路为R的简单电路，根据P=表示出R的电功率即可求出电源的电压；（2）当S、S2闭合，S1断开，且P位于b端时，R与R0串联，根据P=表示电路中的总功率即可求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值；（3）根据P=求出灯泡的电阻，然后与R相比较，两者最大电阻与滑动变阻器的最大阻值串联时电路中的功率最小，根据电阻的串联和P=求出其大小解答：解：（1）当S、S2闭合，S1断开，且P位于a端时，电路为R的简单电路，由P=可得，电源的电压：U=6V；（2）当S、S2闭合，S1断开，且P位于b端时，R与R0串联，此时电路中的总电阻：R总=50，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值：R0=R总R=5010=40；（3）灯泡的电阻：RL=12，当S、S1闭合，S2断开，且P位于b端时，电路功率最小，则P最小=0.69W答：（1）电源电压为6V；（2）滑动变阻器R0的最大阻值为40；（3）当S、S1闭合，S2断开，且P位于b端时，电路功率最小，最小功率为0.69W点评：本题考查了电功率公式的灵活应用，关键是电路最小功率的判断，即要使电路的总功率最小且电流表的示数不为0，则电路中的总电阻最大