2019-2020年高二下期末物理考前训练 含解析.doc

绝密启用前2019-2020年高二下期末物理考前训练 含解析题号一二三总分得分A副线圈输出电压的频率为100HzB副线圈输出电压的有效值为7VCP向左移动时，变压器原、副线圈的电流都减小DP向左移动时，变压器的输入功率增加5高空作业须系安全带.如果质量为的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为（可视为自由落体运动）.此后经历时间安全带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为A. B. C. D.6如图所示，有一闭合的等腰直角三角形导线ABC，若让它沿BA的方向匀速通过有明显边界的匀强磁场，从图示位置开始计时，在整个过程中，线框内的感应电流随时间变化的图象应是图中的（场区宽度大于直角边长，以逆时针方向为正） （ ）7下列说法正确的是 。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A衰变现象说明电子是原子核的组成部分B在中子轰击下生成和的过程中，原子核中的平均核子质量变小C太阳辐射能量主要来自太阳内部的聚变反应D卢瑟福依据粒子散射实验提出了原子核式结构模型E按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量减小8如图所示，MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨，其间距为L，导轨弯曲部分光滑，平直部分粗糙，二者平滑连接。右端接一个阻值为R的定值电阻。平直部分导轨左边区域有宽度为d、方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场。质量为m、电阻也为R的金属棒从高度为h处静止释放，到达磁场右边界处恰好停止。已知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为，金属棒与导轨间接触良好。则金属棒穿过磁场区域的过程中A流过定值电阻的电流方向是NQB通过金属棒的电荷量为C金属棒滑过时的速度大于D金属棒产生的焦耳热为9如图甲所示，一理想变压器原、副线圈匝数之比为556，其原线圈两端接入如图乙所示的正弦交流电，副线圈通过电流表与负载电阻R相连。若交流电压表和交流电流表都是理想电表，则下列说法中正确的是( )u123u/V0-220t/10-2s乙220R甲VAA变压器输入电压的最大值是220VB若电流表的示数为0.50A，变压器的输入功率是12WC原线圈输入的正弦交变电流的频率是50HzD电压表的示数是24 V第II卷（非选择题）二、实验题10（4分）如图110，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系(1)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通过仅测量_(填选项前的符号)，间接地解决这个问题A小球开始释放高度hB小球抛出点距地面的高度HC小球做平抛运动的射程(2) （6分）图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP.然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复接下来要完成的必要步骤是_(填选项前的符号)A用天平测量两个小球的质量m1、m2B测量小球m1开始释放高度hC测量抛出点距地面的高度HD分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE测量平抛射程OM，ON(3) （8分）若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为_ _（用第(2)小题中测量的量表示）；若碰撞是弹性碰撞，那么还应满足的表达式为_ _（用第(2)小题中测量的量表示）三、计算题（要写出必要的公式和文字说明）11交流发电机的发电原理是矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO匀速转动一小型发电机的线圈共220匝，线圈面积S0.05 m2，线圈转动的频率为50 Hz，线圈内阻不计，磁场的磁感应强度BT如果用此发电机带动两个标有“220 V，11 kW”的电机正常工作，需在发电机的输出端a、b与电机之间接一个理想变压器，电路如图所示求：（1）发电机的输出电压为多少？（2）变压器原、副线圈的匝数比为多少？（3）与变压器原线圈串联的交流电流表的示数为多少？12（10分）如图所示，足够长平行金属导轨倾斜放置，倾角为37，宽度为0.5 m，电阻忽略不计，其上端接一小灯泡，电阻为1 。一导体棒MN垂直于导轨放置，质量为0.2 kg，接入电路的电阻为1 ，两端与导轨接触良好，与导轨间的动摩擦因数为0.5。在导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为0.8 T。将导体棒MN由静止释放，运动一段时间后，小灯泡稳定发光，此后导体棒MN的运动速度以及小灯泡消耗的电功率分别为多少？(重力加速度g取10 m/s2，sin 370.6)13如图所示，水平地面上静止放置一辆小车A，质量mA4 kg，上表面光滑，小车与地面间的摩擦力极小，可以忽略不计可视为质点的物块B置于A的最右端，B的质量mB2 kg.现对A施加一个水平向右的恒力F10 N，A运动一段时间后，小车左端固定的挡板与B发生碰撞，碰撞时间极短，碰后A、B粘合在一起，共同在F的作用下继续运动，碰撞后经时间t0.6 s，二者的速度达到vt2 m/s.求：(i)A开始运动时加速度a的大小；(ii)A、B碰撞后瞬间的共同速度v的大小；(iii)A的上表面长度l。14一个铀核，经一次衰变后，产生钍核，（1）试写出上述衰变的核反应方程；（2）若一个静止的铀核发生衰变，以v的速度释放一个粒子，求产生钍核的运动速度大小；（3）若铀核的质量为m1，粒子的质量为m2，产生的钍核的质量为m3，求一个铀核发生衰变释放的能量。参考答案1C【解析】试题分析：经过20天，元素A经过5个半衰期，剩下的质量,元素B经过4个半衰期，剩下的质量,则,选C。考点：放射性元素的半衰期。2D【解析】试题分析：当氢原子从n=3状态跃迁到n=4状态时，要吸收0.66eV的光子，选项A错误；波尔理论认为原子的能量是不连续的，电子的轨道半径也是不连续的，选项B错误；波尔理论只能解释氢原子光谱，但是不能很好地解释复杂原子的光谱，选项C错误；大量处在n=1能级的氢原子可以被13eV的电子碰撞而发生跃迁到n=4的能级，剩余的能量以电子的动能形式存在，故选项D正确；故选D.考点：能级图；玻尔理论.3D【解析】试题分析：金属棒克服安培力做功为，由图可知vx=1，解得W1=0 25W，选项A错误；金属棒克服摩擦力做的功,选项B错误；整个系统产生的总热量Q=W1+W2=5 25J，选项C错误；根据动能定理可得，拉力做的功，选项D正确；故选D.考点：功；动能定理 4C【解析】试题分析：初级输入电压的频率与次级输出电压的频率相等，均为，选项A错误；初级电压有效值为，则副线圈输出电压的有效值为，选项B错误；P向左移动时，次级电阻增大，故次级电流减小，由可知变压器原线圈的电流减小，根据P=IU可知，变压器输入功率减小，选项C正确，D错误；故选C.考点：变压器；动态分析。5A【解析】人下落h高度为自由落体运动，由运动学公式，可知；缓冲过程（取向上为正）由动量定理得，解得：，故选A。【考点定位】运动学公式、动量定理。6C【解析】试题分析：在三角形导线ABC进入磁场过程中，有效长度逐渐增大，感应电流增大，线框中磁通量增加，感应电流沿逆时针方向；在三角形导线ABC离开磁场过程中，有效长度逐渐增大，感应电流增大，线框中磁通量减小，感应电流沿顺时针方向，C正确。考点：本题考查电磁感应图像。7BCD【解析】试题分析：衰变中的电子是原子核内的中子转化为质子时产生的，但不能说明电子是原子核的组成部分，选项A错误；在中子轰击下生成和的过程中，由于放出能量，故有质量亏损，即原子核中的平均核子质量变小，选项B正确；太阳辐射能量主要来自太阳内部的聚变反应，选项C正确；卢瑟福依据粒子散射实验提出了原子核式结构模型，选项D正确；按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子的电势能增大，原子总能量增大，选项E错误；BCD.考点：衰变；质量亏损；聚变反应；原子核式结构；玻尔理论。8BD【解析】试题分析：金属棒下滑到低端时速度向右，而且磁场竖直向上，根据右手定则可以知道流过定值电阻的电流方向是QN，故选项A错误；根据法拉第电磁感应定律，通过金属棒的电荷量为，故选项B正确; 根据动能定理则：，则克服安培力所做的功为；电路中产生的焦耳热等于客服安培力做功，所以金属棒产生的焦耳热为，故选项D正确。本题正确选项为BD。9BC【解析】试题分析：由乙图知变压器输入电压的最大值是，所以A错误；根据变压规律可求线圈的电压U2=24V，电压表的示数为24V，所以输出功率为P=U2I2=12W，故B正确；D错误乙图知交流电的周期为0.02s，所以频率为50Hz，故C正确。考点：本题考查交流电、变压器10(1)（4分）C(2)（6分）ADE或DEA或DAE(3)（每式8分）m1OMm2ONm1OP m1OM2m2ON2m1OP2【解析】：如前面的分析，可以用位移x来代替速度v，因此待测的物理量就是位移x、小球的质量m待测的物理量就是位移x（水平射程OM，ON）和小球的质量m，所以，要完成的必要步骤是ADE若两球相碰前后的动量守恒，则m1v0=m1v1+m2v2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：m1OP=m1OM+m2ON 若碰撞是弹性碰撞，满足动能守恒，则：m1=m1+ m2，代入得；m1OP2=m1OM2+m2ON2故答案为：C； ADE；m1OP=m1OM+m2ON m1OP2=m1OM2+m2ON211（1）1100 V；（2）5:1（3）20A【解析】试题分析：（1）线圈转动产生的电动势最大值为：Em=NBS=V 输出电压的有效值为U1=1100 V（2）由变压器的电压关系得：（3）根据P入=P出=2.2104W，再根据P入=U1I1，解得I1=20A考点：交流电的产生；变压器.12v5 m/s P1 W.【解析】试题分析：导体棒做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得： 2分解得：v5 m/s； 2分导体棒产生的感应电动势 EBLv, 1分电路电流 1分灯泡消耗的功率， 2分解得：p1 W. 2分考点：电磁感应、闭合电路的欧姆定律、电功率、物体的平衡。13(i)2.5 m/s2 (ii) 1 m/s (iii)0.45 m【解析】试题分析：(i)以A为研究对象，由牛顿第二定律有FmAa 代入数据解得a2.5 m/s2 (ii)对A、B碰撞后共同运动t0.6 s的过程，由动量定理得Ft(mAmB)vt(mAmB)v 代入数据解得v1 m/s (iii)设A、B发生碰撞前，A的速度为vA，对A、B发生碰撞的过程，由动量守恒定律有mAvA(mAmB)v A从开始运动到与B发生碰撞前，由动能定理有FlmA 由式，代入数据解得l0.45 m。考点：主要考查动量定理和动量守恒定律。14（1） （2） （3）【解析】试题分析：（1） 发生衰变 3分（2）的质量数M=234，粒子的质量数m=4由动量守恒定律mv=Mv1 得 4分（3）质量亏损 释放出的能量 3分考点：原子核的衰变、动量守恒定律、质能方程。