2019-2020年高二下期末物理考前训练 含解析.doc

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绝密启用前2019-2020年高二下期末物理考前训练 含解析题号一二三总分得分A副线圈输出电压的频率为100HzB副线圈输出电压的有效值为7VCP向左移动时,变压器原、副线圈的电流都减小DP向左移动时,变压器的输入功率增加5高空作业须系安全带.如果质量为的高空作业人员不慎跌落,从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为(可视为自由落体运动).此后经历时间安全带达到最大伸长,若在此过程中该作用力始终竖直向上,则该段时间安全带对人的平均作用力大小为A. B. C. D.6如图所示,有一闭合的等腰直角三角形导线ABC,若让它沿BA的方向匀速通过有明显边界的匀强磁场,从图示位置开始计时,在整个过程中,线框内的感应电流随时间变化的图象应是图中的(场区宽度大于直角边长,以逆时针方向为正) ( )7下列说法正确的是 。(填正确答案标号。选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。每选错1个扣3分,最低得分为0分)A衰变现象说明电子是原子核的组成部分B在中子轰击下生成和的过程中,原子核中的平均核子质量变小C太阳辐射能量主要来自太阳内部的聚变反应D卢瑟福依据粒子散射实验提出了原子核式结构模型E按照玻尔理论,氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时,电子的动能减小,原子总能量减小8如图所示,MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨,其间距为L,导轨弯曲部分光滑,平直部分粗糙,二者平滑连接。右端接一个阻值为R的定值电阻。平直部分导轨左边区域有宽度为d、方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场。质量为m、电阻也为R的金属棒从高度为h处静止释放,到达磁场右边界处恰好停止。已知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为,金属棒与导轨间接触良好。则金属棒穿过磁场区域的过程中A流过定值电阻的电流方向是NQB通过金属棒的电荷量为C金属棒滑过时的速度大于D金属棒产生的焦耳热为9如图甲所示,一理想变压器原、副线圈匝数之比为556,其原线圈两端接入如图乙所示的正弦交流电,副线圈通过电流表与负载电阻R相连。若交流电压表和交流电流表都是理想电表,则下列说法中正确的是( )u123u/V0-220t/10-2s乙220R甲VAA变压器输入电压的最大值是220VB若电流表的示数为0.50A,变压器的输入功率是12WC原线圈输入的正弦交变电流的频率是50HzD电压表的示数是24 V第II卷(非选择题)二、实验题10(4分)如图110,用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律,即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系(1)实验中,直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的,但是,可以通过仅测量_(填选项前的符号),间接地解决这个问题A小球开始释放高度hB小球抛出点距地面的高度HC小球做平抛运动的射程(2) (6分)图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影实验时,先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放,找到其平均落地点的位置P,测量平抛射程OP.然后,把被碰小球m2静置于轨道的水平部分,再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放,与小球m2相碰,并多次重复接下来要完成的必要步骤是_(填选项前的符号)A用天平测量两个小球的质量m1、m2B测量小球m1开始释放高度hC测量抛出点距地面的高度HD分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE测量平抛射程OM,ON(3) (8分)若两球相碰前后的动量守恒,其表达式可表示为_ _(用第(2)小题中测量的量表示);若碰撞是弹性碰撞,那么还应满足的表达式为_ _(用第(2)小题中测量的量表示)三、计算题(要写出必要的公式和文字说明)11交流发电机的发电原理是矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO匀速转动一小型发电机的线圈共220匝,线圈面积S0.05 m2,线圈转动的频率为50 Hz,线圈内阻不计,磁场的磁感应强度BT如果用此发电机带动两个标有“220 V,11 kW”的电机正常工作,需在发电机的输出端a、b与电机之间接一个理想变压器,电路如图所示求:(1)发电机的输出电压为多少?(2)变压器原、副线圈的匝数比为多少?(3)与变压器原线圈串联的交流电流表的示数为多少?12(10分)如图所示,足够长平行金属导轨倾斜放置,倾角为37,宽度为0.5 m,电阻忽略不计,其上端接一小灯泡,电阻为1 。一导体棒MN垂直于导轨放置,质量为0.2 kg,接入电路的电阻为1 ,两端与导轨接触良好,与导轨间的动摩擦因数为0.5。在导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强磁场,磁感应强度为0.8 T。将导体棒MN由静止释放,运动一段时间后,小灯泡稳定发光,此后导体棒MN的运动速度以及小灯泡消耗的电功率分别为多少?(重力加速度g取10 m/s2,sin 370.6)13如图所示,水平地面上静止放置一辆小车A,质量mA4 kg,上表面光滑,小车与地面间的摩擦力极小,可以忽略不计可视为质点的物块B置于A的最右端,B的质量mB2 kg.现对A施加一个水平向右的恒力F10 N,A运动一段时间后,小车左端固定的挡板与B发生碰撞,碰撞时间极短,碰后A、B粘合在一起,共同在F的作用下继续运动,碰撞后经时间t0.6 s,二者的速度达到vt2 m/s.求:(i)A开始运动时加速度a的大小;(ii)A、B碰撞后瞬间的共同速度v的大小;(iii)A的上表面长度l。14一个铀核,经一次衰变后,产生钍核,(1)试写出上述衰变的核反应方程;(2)若一个静止的铀核发生衰变,以v的速度释放一个粒子,求产生钍核的运动速度大小;(3)若铀核的质量为m1,粒子的质量为m2,产生的钍核的质量为m3,求一个铀核发生衰变释放的能量。参考答案1C【解析】试题分析:经过20天,元素A经过5个半衰期,剩下的质量,元素B经过4个半衰期,剩下的质量,则,选C。考点:放射性元素的半衰期。2D【解析】试题分析:当氢原子从n=3状态跃迁到n=4状态时,要吸收0.66eV的光子,选项A错误;波尔理论认为原子的能量是不连续的,电子的轨道半径也是不连续的,选项B错误;波尔理论只能解释氢原子光谱,但是不能很好地解释复杂原子的光谱,选项C错误;大量处在n=1能级的氢原子可以被13eV的电子碰撞而发生跃迁到n=4的能级,剩余的能量以电子的动能形式存在,故选项D正确;故选D.考点:能级图;玻尔理论.3D【解析】试题分析:金属棒克服安培力做功为,由图可知vx=1,解得W1=0 25W,选项A错误;金属棒克服摩擦力做的功,选项B错误;整个系统产生的总热量Q=W1+W2=5 25J,选项C错误;根据动能定理可得,拉力做的功,选项D正确;故选D.考点:功;动能定理 4C【解析】试题分析:初级输入电压的频率与次级输出电压的频率相等,均为,选项A错误;初级电压有效值为,则副线圈输出电压的有效值为,选项B错误;P向左移动时,次级电阻增大,故次级电流减小,由可知变压器原线圈的电流减小,根据P=IU可知,变压器输入功率减小,选项C正确,D错误;故选C.考点:变压器;动态分析。5A【解析】人下落h高度为自由落体运动,由运动学公式,可知;缓冲过程(取向上为正)由动量定理得,解得:,故选A。【考点定位】运动学公式、动量定理。6C【解析】试题分析:在三角形导线ABC进入磁场过程中,有效长度逐渐增大,感应电流增大,线框中磁通量增加,感应电流沿逆时针方向;在三角形导线ABC离开磁场过程中,有效长度逐渐增大,感应电流增大,线框中磁通量减小,感应电流沿顺时针方向,C正确。考点:本题考查电磁感应图像。7BCD【解析】试题分析:衰变中的电子是原子核内的中子转化为质子时产生的,但不能说明电子是原子核的组成部分,选项A错误;在中子轰击下生成和的过程中,由于放出能量,故有质量亏损,即原子核中的平均核子质量变小,选项B正确;太阳辐射能量主要来自太阳内部的聚变反应,选项C正确;卢瑟福依据粒子散射实验提出了原子核式结构模型,选项D正确;按照玻尔理论,氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时,电子的动能减小,原子的电势能增大,原子总能量增大,选项E错误;BCD.考点:衰变;质量亏损;聚变反应;原子核式结构;玻尔理论。8BD【解析】试题分析:金属棒下滑到低端时速度向右,而且磁场竖直向上,根据右手定则可以知道流过定值电阻的电流方向是QN,故选项A错误;根据法拉第电磁感应定律,通过金属棒的电荷量为,故选项B正确; 根据动能定理则:,则克服安培力所做的功为;电路中产生的焦耳热等于客服安培力做功,所以金属棒产生的焦耳热为,故选项D正确。本题正确选项为BD。9BC【解析】试题分析:由乙图知变压器输入电压的最大值是,所以A错误;根据变压规律可求线圈的电压U2=24V,电压表的示数为24V,所以输出功率为P=U2I2=12W,故B正确;D错误乙图知交流电的周期为0.02s,所以频率为50Hz,故C正确。考点:本题考查交流电、变压器10(1)(4分)C(2)(6分)ADE或DEA或DAE(3)(每式8分)m1OMm2ONm1OP m1OM2m2ON2m1OP2【解析】:如前面的分析,可以用位移x来代替速度v,因此待测的物理量就是位移x、小球的质量m待测的物理量就是位移x(水平射程OM,ON)和小球的质量m,所以,要完成的必要步骤是ADE若两球相碰前后的动量守恒,则m1v0=m1v1+m2v2,又OP=v0t,OM=v1t,ON=v2t,代入得:m1OP=m1OM+m2ON 若碰撞是弹性碰撞,满足动能守恒,则:m1=m1+ m2,代入得;m1OP2=m1OM2+m2ON2故答案为:C; ADE;m1OP=m1OM+m2ON m1OP2=m1OM2+m2ON211(1)1100 V;(2)5:1(3)20A【解析】试题分析:(1)线圈转动产生的电动势最大值为:Em=NBS=V 输出电压的有效值为U1=1100 V(2)由变压器的电压关系得:(3)根据P入=P出=2.2104W,再根据P入=U1I1,解得I1=20A考点:交流电的产生;变压器.12v5 m/s P1 W.【解析】试题分析:导体棒做匀速直线运动,处于平衡状态,由平衡条件得: 2分解得:v5 m/s; 2分导体棒产生的感应电动势 EBLv, 1分电路电流 1分灯泡消耗的功率, 2分解得:p1 W. 2分考点:电磁感应、闭合电路的欧姆定律、电功率、物体的平衡。13(i)2.5 m/s2 (ii) 1 m/s (iii)0.45 m【解析】试题分析:(i)以A为研究对象,由牛顿第二定律有FmAa 代入数据解得a2.5 m/s2 (ii)对A、B碰撞后共同运动t0.6 s的过程,由动量定理得Ft(mAmB)vt(mAmB)v 代入数据解得v1 m/s (iii)设A、B发生碰撞前,A的速度为vA,对A、B发生碰撞的过程,由动量守恒定律有mAvA(mAmB)v A从开始运动到与B发生碰撞前,由动能定理有FlmA 由式,代入数据解得l0.45 m。考点:主要考查动量定理和动量守恒定律。14(1) (2) (3)【解析】试题分析:(1) 发生衰变 3分(2)的质量数M=234,粒子的质量数m=4由动量守恒定律mv=Mv1 得 4分(3)质量亏损 释放出的能量 3分考点:原子核的衰变、动量守恒定律、质能方程。
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