高考物理二轮复习 第2部分 考前冲刺方略 选择题型满分练4

选择题型满分练(四)建议用时：25分钟本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1一定质量的小球自t0时刻从水平地面上方某处自由下落，小球与地面碰后反向弹回，不计空气阻力，也不计小球与地面碰撞的时间，小球距地面的高度h与运动时间t的关系如图所示，取g10 m/s2.则下列说法正确的是()A小球第一次与地面碰撞前的最大速度为15 m/sB小球第一次与地面碰撞后的最大速度为12 m/sC小球在45 s内走过的路程为2.5 mD小球将在t6 s时与地面发生第四次碰撞解析：选C.由图象可得小球第一次与地面碰撞前释放高度h20 m，则可得第一次落地时速度为v020 m/s，则A错误；由图象可知第一次碰撞后上升的最大高度为h5 m，可得第一次碰撞后的速度为v10 m/s，则B错误；由图象可知小球在第5 s内刚好与地面第二次撞击后在空中运动时间为1 s所以有hgt2100.52 m1.25 m，则在第5 s内小球走过的路程为s2h2.5 m，故C正确；根据图象规律可知，小球第四次碰撞时间应在56 s之间，故D错误2在光滑绝缘的水平地面上放置四个相同的可看作质点的金属小球，小球A、B、C位于等边三角形的三个顶点上，小球D位于三角形的中心，如图所示现让小球A、B、C都带电荷量为Q的正电荷，让小球D带电荷量为q的负电荷，若四个小球均处于静止状态，则Q与q的比值为()A.B.C3 D.解析：选D.设等边三角形的边长为a，由几何知识可知，BDacos 30a，以B为研究对象，由平衡条件可知，cos 302，解得，D项正确3如图所示，在PQ、QR区域存在着磁感应强度大小相等、方向相反的匀强磁场，磁场方向均垂直于纸面，bc边与磁场的边界P重合导线框与磁场区域的尺寸如图所示从t0时刻开始线框向右匀速横穿两个磁场区域以abcdef为线框中电流的正方向以下四个it关系示意图中正确的是()解析：选C.由右手定则分段判断bc、de、af三边切割磁感线产生感应电动势的方向，由EBlv分段判断bc、de、af三边切割磁感线产生感应电动势的大小，得出示意图中正确的是C.4如图所示，在倾角为的光滑斜面上，放置一质量为m的金属棒，棒长为L，棒中通有垂直纸面向里的电流，电流大小为I.若使金属棒静止在斜面上，则下面关于磁感应强度B的判断正确的是()AB的方向垂直斜面向上，B，B为最小值BB的方向平行斜面向上，B，B为最小值CB的方向竖直向上，B，此时金属棒对斜面无压力DB的方向水平向左，B，此时金属棒对斜面无压力解析：选D.金属棒所受重力竖直向下，B的方向垂直斜面向上时，由左手定则可知安培力方向平行斜面向下，支持力垂直斜面向上，金属棒不可能平衡，A项错；当B的方向平行斜面向上时，安培力垂直斜面向上，金属棒不可能平衡，B项错；B的方向竖直向上时，安培力水平向右，支持力垂直斜面向上，金属棒不可能静止，C项错；若B的方向水平向左时，安培力竖直向上，当B时，安培力BILmg，金属棒静止，对斜面无压力，D项正确5在如图所示的电路中，电源的内阻为r，其中R3为滑动变阻器，R1、R2为定值电阻， 、 为理想电表，将滑动变阻器的滑片向下移动，则有关各物理量的变化描述正确的是()A电压表的读数变大B电流表的读数变小C电源的内耗功率变小DR2消耗的功率变大解析：选A.由题图可知，电压表与R1并联，R3与电流表串联后与R2并联，两部分串联后接在电源两端在滑动变阻器滑片P向下滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，故总电阻变小，总电流变大，R1两端电压变大，电压表示数变大，A正确；并联部分的电压变小，即R2两端的电压变小，R2消耗的功率变小，D错误；由于总电流变大，则由PrI2r可知电源的内耗功率变大，C错误；流过R2的电流变小，又总电流变大，所以流过电流表的电流变大，B错误6火星表面特征非常接近地球，可能适合人类居住.2010年，我国志愿者王跃参与了在俄罗斯进行的“模拟登火星”实验活动已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期基本相同地球表面重力加速度是g，若王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是()A王跃在火星表面所受火星引力是他在地球表面所受地球引力的B火星表面的重力加速度是C火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的D王跃在火星上能向上跳起的最大高度是解析：选AC.根据万有引力定律：F可知，因此A选项正确；同理可知，火星表面的重力加速度为g，故B选项错误；根据星球的第一宇宙速度与星球的半径及其表面重力加速度的关系v可知，所以C选项正确；根据h和H可以求得，王跃在火星上向上跳起的最大高度为Hh，因此D选项错误7如图所示，悬挂于O点的轻质弹簧，劲度系数k100 N/m，其下端拴一质量m1 kg的小物体A，紧挨物体A有一质量M2 kg的物体B，现对B施加一个竖直向上、大小为38 N的力F，系统处于静止状态，现突然改变力F的大小，使物体A、B以加速度a2 m/s2匀加速下降，直到A、B两物体分离，取g10 m/s2，则()A两物体刚开始匀加速下降时，力F大小为8 NB两物体分离时，弹簧刚好恢复原长C改变力F的大小后经0.4 s A、B两物体分离D从改变力F到两物体分离的过程中，系统克服力F做的功为3.84 J解析：选CD.系统静止时，弹簧处于压缩状态，令压缩量为x1，则F0(mM)gkx1，代入数据得x10.08 m，A、B两物体刚开始匀加速下降时有kx1(mM)gF(mM)a，代入数据得F32 N，A错；设经时间t两物体分离，A、B间的弹力为0，弹簧处于拉伸状态，令拉伸量为x2，则对A有mgkx2ma，代入数据得x20.08 m，B错；A、B分离时A、B两物体组成的系统下降的距离为xx1x20.16 m，而xat2，代入数据得t0.4 s，C对；因刚开始和两物体分离时，弹簧的形变量一样，整个过程弹簧弹力做功为零，由动能定理知(mM)gxWF(mM)v2，联立vat并代入数据得WF3.84 J，D对8如图所示，两足够长平行金属导轨水平放置，间距d1 m，其左、右两端分别接有R112 、R26 的电阻一质量m2 kg、电阻r1 ，长度为1 m的金属棒ab垂直于导轨放置，且与两导轨始终保持良好接触，金属棒与导轨之间的动摩擦因数为0.25，整个装置处于方向竖直向上、磁感应强度大小为B5 T的匀强磁场中现给金属棒施加一方向水平向右、大小为F10 N的恒力，金属棒在该恒力作用下向右运动了l2 m时，速度恰好达到最大导轨电阻不计，取重力加速度g10 m/s2，则下列说法中正确的是()A金属棒的最大速度为1 m/sB金属棒由静止到速度达到最大过程中，流经电阻R1的电荷量为2 CC恒力F做的功与安培力做功之和等于金属棒增加的动能D金属棒从静止到速度达到最大的过程中，电路中产生的焦耳热为9 J解析：选AD.由题意可知，电路中的总电阻为Rr5 ，当金属棒的速度达到最大时，有mgF，代入数据可解得vm1 m/s，选项A正确；金属棒由静止到速度达到最大过程中，电路中产生的总电荷量为q t，代入数据可得q2 C，所以流经电阻R1的电荷量为q1q C，选项B错误；设安培力做的功为WA，由动能定理可得WFWfWAEk，所以恒力F做的功与安培力做功之和大于金属棒增加的动能，选项C错误；由能量守恒定律可知，QFlmglmv，代入数据可得Q9 J，选项D正确