高考物理二轮复习 第二部分 专题三 题型练 选择题48分满分练（二）

选择题48分满分练(二)选择题(本题共8小题，每小题6分，在每个小题给出的四个选项中，第15题只有一个选项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1关于近代物理，下列说法正确的是()A衰变现象说明电子是原子核的组成部分B目前已建成的核电站的能量来自于重核裂变C一个氢原子从n3的激发态跃迁到基态时，能辐射3种不同频率的光子D粒子散射实验表明核外电子轨道是量子化的解析：衰变时射线是原子核内部发出来的，不是原子核外的电子释放出来的，A错误目前的核电都是利用重核裂变发电的，B正确一群氢原子从n3的激发态跃迁到基态时，能辐射C3种不同频率的光子，而只有一个氢原子时，只能是三种可能频率中的一种或两种，C错误粒子散射实验表明原子具有核式结构，D错误答案：B2建筑节能已成为国家节能减排的战略重点，为此，中国工程建设标准化协会在北京召开“安全、质量、创新2015中国墙体节能保温与质量安全技术研讨会”如图所示，粉刷墙体保温材料的工人常用一根绳索将自己悬在空中，假设工人及其装备的总重量为M，悬绳与竖直墙壁的夹角为，悬绳对工人的拉力大小为 FT，墙壁对工人的弹力大小为FN, 则()AFTBFNMgsin C若工人缓慢下移，增加悬绳的长度，则FT与FN的合力不变D若工人缓慢下移，增加悬绳的长度，则FT减小，FN增大解析：分析工人受力情况，工人受到重力、支持力和拉力，如图所示，根据共点力平衡条件有FTsin FN，FTcos Mg，解得FT，FNMgtan ，故A、B错误当缓慢增加悬绳的长度时，细绳与竖直方向的夹角变小，故FT变小，FN变小，但FT与FN的合力与重力平衡，保持不变，故D错误，C正确答案：C3在课外小组研究空气阻力大小与物体下落速度的实验中，设计如下实验，让质量分别为m1、m2的甲球和乙球，从同一地点(足够高)处同时由静止释放实验数据表明，两球下落过程所受空气阻力大小f仅与球的速率v2成正比，与球的质量无关，即fkv2(k为正的常量)，同时实验得到两球的v-t图象如图所示落地前，经时间t0两球的速度都已达到各自的稳定值v1、v2，则下列说明正确的是()A释放瞬间两球的加速度a甲a乙B释放后两球做加速度增大的加速运动C甲球质量大于乙球Dt0时间内两球下落的高度相等解析：释放瞬间v0，因此空气阻力f0，两球均只受重力，加速度均为重力加速度g，故A错误；两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳定时kv2mg，因此最大速度与其质量成正比，即vm，则 ，由图象知v1v2 ，因此m甲m乙，故B错误，C正确；图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，t0时间内两球下落的高度不相等，故D错误答案：C4如图所示，质量为m的铜质小闭合线圈静置于粗糙水平桌面上当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中线由左至右从线圈正上方等高、匀速经过时，线圈始终保持不动，则关于线圈在此过程中受到的支持力FN和摩擦力Ff的情况，以下判断正确的是()A穿过线圈的磁通量一直增大BFN先大于mg，后小于mgC. Ff先向左，后向右D线圈中的电流方向始终不变解析：当磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，线圈中产生感应电流从上向下看是逆时针方向；当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，线圈中产生感应电流从上向下看是顺时针方向，故A、D错误根据楞次定律可知，当磁铁靠近线圈时，为了阻碍磁通量的增加，线圈有向下和向右运动的趋势，故线圈对桌面的压力增大，即FN大于mg，线圈受到桌面向左的静摩擦力；同理，当磁铁远离线圈时，线圈对桌面的压力减小，即FN小于mg，线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力，故B正确，C错误答案：B5伽利略曾利用对接斜面研究“力与运动”的关系如图，固定在水平地面上的倾角均为的两斜面，以光滑小圆弧相连接，左侧顶端有一小球，与两斜面的动摩擦因数均为.小球从左侧顶端滑到最低点的时间为t1，滑到右侧最高点的时间为t2.规定斜面连接处为参考平面，则小球在这个运动过程中速度的大小v、加速度的大小a、动能Ek及机械能E随时间t变化的关系图线正确的是()解析：由牛顿第二定律可知，小球在两斜面的运动都是匀变速直线运动，两阶段的加速度都恒定不变，小球在左侧斜面下滑时的加速度较小，因此，选项A错误，B正确；小球的动能与速率的二次方成正比，因此，动能与时间关系图象是曲线，C错误；由于小球在两斜面运动时的加速度大小不相等，因此，小球机械能与时间的关系图象不是连续曲线，D错误答案：B6水平光滑直轨道ab与半径为R的竖直半圆形光滑轨道bc相切，一小球以初速度v0沿直轨道ab向右运动，如图所示，小球进入半圆形轨道后刚好能通过最高点c，则()AR越大，v0越大BR越大，小球经过b点后的瞬间对轨道的压力越大Cm越大，v0越大Dm与R同时增大，初动能Ek0增大解析：小球刚好能通过最高点c，表明c点的速度为vc，根据机械能守恒定律有mvmg2Rmv，v0，可见v0只与R有关，与m无关，选项A正确，C错误Ek0mvmgR，可见m与R同时增大，初动能Ek0增大，选项D正确小球在b点的向心力Fmgm6mg，可见F与R无关，选项B错误答案：AD7宇宙中存在一些质量相等且离其他恒星较远的四颗星组成的四星系统，通常可忽略其他星体对它们的引力作用设四星系统中每个星体的质量均为m，半径均为R，四颗星稳定分布在边长为a的正方形的四个顶点上已知引力常量为G.关于宇宙四星系统，下列说法正确的是()A四颗星围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动B四颗星的轨道半径均为C四颗星表面的重力加速度均为D四颗星的周期均为2a解析：其中一颗星体在其他三颗星体的万有引力作用下做圆周运动，合力方向指向对角线的交点，围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动，由几何知识可得轨道半径均为a，A正确，B错误；在星体表面，根据万有引力等于重力，可得Gmg，解得g，C正确；由万有引力定律和向心力公式得m，解得T2a，D正确答案：ACD8如图甲所示，一理想变压器给一个小灯泡供电当原线圈输入如图乙所示的交变电压时，额定功率10 W的小灯泡恰好正常发光，已知灯泡的电阻为40 ，图中电压表为理想电表下列说法正确的是()A变压器输入电压的瞬时值表达式为u220sin t VB电压表的示数为20 VC变压器原、副线圈的匝数比为111D变压器的输入功率为110 W解析：对比正弦交变电压的瞬时值表达式uUmsin t可知变压器输入电压的瞬时值表达式为u220sin 100t V，选项A错误电压表测的是副线圈两端的电压，其大小等于灯泡两端的电压，由P可知U220 V，选项B正确由原副线圈电压比与匝数比的关系知原、副线圈的匝数比为U1U2111，选项C正确变压器的输入功率等于副线圈的输出功率，即灯泡的额定功率10 W，选项D错误答案：BC