中考物理3月模拟试卷（含解析）21

江苏省镇江市丹徒区第一片区2016年中考物理模拟试卷（3月份）一、单项选择题（本题共12小题，每小题只有1个选项符合题意每小题2分，共24分）1下列选项中，不是功率单位的是（）AWBkWCJ/sDkWh2小刚利用电能表测某家用电器的电功率当电路中只有这个用电器工作时，测得在5分钟内，消耗电能0.1千瓦时，这个用电器可能是（）A空调器B电冰箱C电视机D白炽灯3将规格都是“220V 100W”的一台电风扇、一台电视机和一把电烙铁分别接入家庭电路中，通电时间相同，下列说法正确的是（）A三个用电器产生的热量一样多B电风扇产生的热量最多C电视机产生的热量最多D电烙铁产生的热量最多42012年9月，德国莱比锡大学的研究人员宣布了一项研究进展：石墨颗粒能够在室温下表现出超导性利用超导材料电阻为零的特性，你认为超导材料最适合用来做（）A电动机线圈B白炽灯丝C电炉丝D保险丝5如图所示为条形磁铁和电磁铁，虚线表示磁感线，则甲、乙、丙、丁的极性依次是（）AS、N、S、SBN、N、S、NCS、S、N、NDN、S、N、N6POS刷卡机的广泛应用给人们的生活带来了便利POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（）ABCD7研究表明，当空气中颗粒的直径越接近可见光的波长（波在一个周期内传播的距离叫做波长），颗粒对光的“消光”能力就越强空气中PM2.5颗粒是灰霾天能见度降低的主要原因若可见光的频率约为7.51014Hz则可以推算出PM2.5中对能见度造成较大影响的颗粒直径与下列哪一个值最接近（）A2.5mB4mC0.4mD6m8如图一盏电灯接在家庭电路中，当开关S闭合时，电灯不亮，用测电笔分别接触A，B，C，D时，发现A，B，C三点处测电笔的氖管发光，D点处测电笔的氖管不发光，则电路中的故障原因是（）A开关S接触不良B灯泡的灯丝断了C导线CD间有断路D无法确定9小华将额定电压相同的两只小灯泡L1、L2串联在电路中，如图所示合上开关时、发现灯L1亮而灯L2不亮；当他用一根导线并接在灯Ll的两端时，发现灯L2亮了而灯L1不亮分析出现上述现象的原因是（）A灯L2 短路B灯L1的额定功率比灯L2 的额定功率大得多C灯L1 断路D灯L1的电阻比灯L2的阻大得多10如图所示是我区职业教育集团校使用的“风光互补”景观照明灯它头顶“小风扇”，肩扛光电池板，腰挎照明灯，脚踩蓄电池下列关于这种景观照明灯说法光电池板可将电能转化为光能；“小风扇”利用风力发电，将机械能转化为电能；蓄电池充电时，将电能转化为化学能；景观照明灯利用的太阳能和风能都属于可再生能源正确的有（）ABCD11如图甲所示是小明的调光灯电路图，他将粗细均匀的电阻丝AB通过滑片P连入电路，小灯泡的额定电压为6V闭合开关S后，滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中，小灯泡的IU关系图象如图乙所示（电阻丝AB的阻值不随温度变化），下面说法中正确的是（）A电阻丝AB的阻值为6B小灯泡的最小功率为1.5WC电路中的最大功率是6WD滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中，电压表示数变大12如图电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、滑动变阻器R、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，（曲线均表示成反比）可能正确的是（）ABCD二、填空题（本题共9小题，每空1分，共24分）13电能表是测量_的仪表1 kWh的电能可供标有“220V 40W”的灯泡正常工作_h14小华家的电水壶的铭牌上标有“220V 1100W”字样，电水壶正常工作时的电流为_A，通电0.5小时消耗的电能为_kWh15如图所示的是某波的传播图象根据图象可知：（1）波的振幅是_cm，周期是_s，频率是_Hz（2）从0点到_点完成了一次振动16电阻R1和R2的电流与与电压的关系如图所示：（1）电阻R2的阻值为_；（2）电阻R1的阻值随电流增大而_（选填“变大”或“变小”）；（3）如果将电阻R1和R2串联，接到12V的电源两端时，在1min时间内，R1和R2产生的总热量为_J17如图所示，小王家的电能表表盘上标有“600r/kWh”字样，他将电视机单独接在该电能表上正常工作30min，电能表上的转盘转过60转，该电视机在这段时间内消耗的电能为_kWh；电视机的功率是_W，小王家同时工作的用电器总功率不得超过_W18如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“20 1A”的字样，电压表量程为03V，则灯L正常工作时的电流为_A若电源电压为4.5V，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路中的最小阻值是_19电源电压一定，闭合开关S，滑动变阻器滑片P从最上端滑至最下端的过程中，电流表示数I与滑动变阻器接入电路的阻值R之间的关系如图2所示已知定值电阻R0=10则电源电压U=_V，图2中坐标值I1=_A当电流表示数I=0.2A时，R0与R消耗的电功率之比为_20如图甲所示的两种使用测电笔的方法，正确的是_，如图乙所示是两种硬导线与螺钉压按式接法（箭头方向表示拧紧螺钉的方向），其中容易造成接触不良的是_如图丙所示，用电水壶烧水时，若不慎有水溅入旁边的插座里，可能导致电路_，使空气开关跳闸21电梯为居民上下楼带来很大的便利，出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示，电梯厢底层装有压敏电阻R1，R2为保护电阻，K为动触点，A、B为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，此时电梯_（能/不能）运行，电磁铁的上端是_极，电梯超载时报警说明压敏电阻的阻值随压力增大而_，如果用较小的电阻替换R2电梯可乘人数将变_（多/少）三、解答题（本大题共8小题，共52分）22图中电路连接正确，通电后小磁针指向如图所示（涂黑端表示N极），请在图中标出电源的“+”、“”极，并画出螺线管的绕法23如图甲是家用插线板在乙图画出插线板内部开关和两插座的连线，并接入家庭电路，要求：插线板上的开关可同时控制两插座的通、断开关接通时两插座都能提供220V电压24小明用图1所示电路来测量小灯泡的电功率（部分实验器材的规格已标明）（1）请用笔画线代替导线将图1中滑动变阻器连入电路，使之接入电路的阻值最大；（2）实验中，小明发现无论怎样调节滑动变阻器，两电表指针始终处于图2所示位置，则在和及之间，有导线_出现了_（选填“短路”或“断路”）；（3）故障排除后，小明从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡UI图如图3所示则小灯泡的额定功率是_W，所用滑动变阻器的规格是下列四个选项中的_（选填选项前字母）A“10，2A”B“20，2A”C“25，2A”D“30，2A”（4）若实验中电流表坏了，为了测量小灯泡的额定功率，小明选用一个R0=5的电阻，设计了如图4电路及实验方案：调节滑片使电压表的示数为额定电压；保持滑片位置不变，只将电压表的a点接线改接到c点，测出R0两端的电压U0，通过计算得到小灯泡的额定功率指出他的设计方案中存在的两个问题：问题一：_；问题二：_25如图所示，电源电压保持不变，R为定值电阻，灯泡L标有“6V 3W”字样，当开关S、S1同时闭合时，灯泡L正常发光；当开关S闭合，S1断开时，电流表示数为0.2A（设灯丝电阻不受温度影响）求：（1）电源电压（2）电阻R的阻值（3）当开关S闭合，S1断开时，灯泡L消耗的实际功率26把标有标有“6V3W”、“9V5.4W”的两盏灯串联后接入电路中，为了确保让其中的一盏灯正常发光，则加在该电路两端的电压应为多大？较暗灯的实际功率是多少W？如果将两灯并联，为了确保安全，干路电流是多大？较暗的灯的功率是多大？27如甲图所示的电压力锅，集压力锅、电饭锅的优点于一体，省时节电，热效率高电压力锅工作原理如图乙，已知R2的电阻值为48.4，单独闭合开关S1时，压力锅的功率为80W（1）单独闭合开关S1时，电压力锅处于_状态（选填“保温”或“加热”）（2）R1的电阻是多少？（3）同时闭合开关S1和S2，电压力锅工作1min消耗的电能是多少？28小明用伏安法测出自制电动机线圈的电阻为1（1）小明发现电动始终只能在某位置晃动而不能持续转动，请帮他分析原因（2）修好后线圈两端所加电压为2V时，电流为0.8A，电动机正常工作，自制电动机的效率是多少？（3）某次实验时线圈与磁铁接触使得线圈无法转动，此时小明发现线圈特别烫，试分析原因29（12分）（2016丹徒区模拟）如图是小强设计的一种的汽车油量表装置R1是粗细均匀的弧形滑动变阻器，最大20，（黑点表示接线柱）金属滑片P做成一根可以绕O点转动的杠杆，另一端通过一根可以自由转动的轻杆和浮标相连油量表是用量程为00.6A的电流表改装而成，要求它的示数随汽油液面高度的下降而减小当继电器线圈中电流I0.5A时，提示灯亮表示油量不足电源电压U=6V，汽油密度汽=0.7103kg/m3，线圈电阻不考虑（1）为达到上述要求，只需在图中加一根导线即可请在图中用笔画线完成电路；（2）完成电路后，小强进行电路调试已知当油箱加满时（汽油体积为V1），滑片P在A处，R1接入电路的阻值为10为使此时油量表指针指在0.3A处，电阻箱R2应调至多大？（3）调试结束后，当汽油消耗至提示灯刚亮时，求此时R1的电功率；（4）有一次在某加油站加满油箱时电流表为0.2A处，此加油站的汽油密度偏大还是偏小？请简说理由2016年江苏省镇江市丹徒区第一片区中考物理模拟试卷（3月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共12小题，每小题只有1个选项符合题意每小题2分，共24分）1下列选项中，不是功率单位的是（）AWBkWCJ/sDkWh【考点】物理量的单位及单位换算【分析】功率的国际单位是W，常用单位还有kW；另外根据功率的定义，P=可得，功率的另一个单位J/s；kWh是电能的单位，也叫度【解答】解：A、W是功率的国际单位；故A不符题意；B、kW是功率的另一个单位，1kW=1000W；故B不符题意；C、J/s是根据功率的定义得出的单位，是由功和时间的单位复合而成，1J/s=1W；故C不符题意；D、kWh（千瓦时）是电功（电能）的单位，是在电功率单位取千瓦、时间单位取小时时得到的电功单位；故D符合题意；故选D【点评】电学中的物理量较多，各个物理量都有自己的单位，不要将单位相互混淆2小刚利用电能表测某家用电器的电功率当电路中只有这个用电器工作时，测得在5分钟内，消耗电能0.1千瓦时，这个用电器可能是（）A空调器B电冰箱C电视机D白炽灯【考点】电功率的计算【分析】根据用电器在测得在1h内，消耗的电能，结合公式P=，求出电功率，再与题目中给出的用电器的功率比较，解答此题【解答】解：用电器在测得在t=5min=h内，消耗的电能为W=0.1kWh，所以用电器的电功率：P=1.2kW=1200W；空调器的电功率一般大于1000W，白炽灯的电功率约为40W，电冰箱的功率大于100W，但小于1000W，电视机的电功率约为100W，所以电功率是1200W的用电器可能是空调器故选A【点评】本题考查了电功率公式P=的应用，同时考查了学生的常见用电器电功率的了解情况，是基础性题目3将规格都是“220V 100W”的一台电风扇、一台电视机和一把电烙铁分别接入家庭电路中，通电时间相同，下列说法正确的是（）A三个用电器产生的热量一样多B电风扇产生的热量最多C电视机产生的热量最多D电烙铁产生的热量最多【考点】电功的实质【分析】分别接入220V的电路中，三个用电器都正常工作，实际功率相同（等于额定功率）、通电时间相同，根据W=Pt可知消耗的电能相同，通过分析三种用电器使用时的能量转化情况，找出产生热量最多的用电器【解答】解：U=220V，三种用电器的实际功率：P=P额=100W；又W=Pt三种用电器消耗的电能相同；电视机将一部分电能转化为光能，电风扇中的电动机将电能大部分转化机械能，电烙铁将电能全部转化为内能产生热量最多的是电烙铁故选D【点评】电流做功的实质：电流做功的过程就是消耗电能转化为其它形式能的过程，能分析三种用电器的能量转化是本题的关键42012年9月，德国莱比锡大学的研究人员宣布了一项研究进展：石墨颗粒能够在室温下表现出超导性利用超导材料电阻为零的特性，你认为超导材料最适合用来做（）A电动机线圈B白炽灯丝C电炉丝D保险丝【考点】超导体的作用【分析】本题考查超导现象的应用，生活中不需要电热的地方可以用超导材料，而需要电热的地方不能用超导材料【解答】解：白炽灯的灯丝、电炉丝、保险丝，是利用电热的，不能用超导材料，电动机线圈是利用电流获得动力，电流产生的电热量越少越好，可以用超导材料，故A正确，BCD错误故选A【点评】解答本题的关键是超导体是零电阻，所有利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作5如图所示为条形磁铁和电磁铁，虚线表示磁感线，则甲、乙、丙、丁的极性依次是（）AS、N、S、SBN、N、S、NCS、S、N、NDN、S、N、N【考点】通电螺线管的磁场；磁极间的相互作用；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】首先根据安培定则可以判断出电磁铁的NS极，然后利用磁感线的特点即可确定永磁体甲丁的NS极【解答】解：根据图示的线圈绕向和电流从左端流入，右端流出，结合安培定则从而可以确定电磁铁的左端为S极，右端为N极在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流向S极，所以永磁体甲的右端为N极；根据磁感线的形状可知，两者相互排斥，是同名磁极，所以永磁体丁的左端为N极故选D【点评】该题以图示方式考查了磁极间的相互作用和磁感线的特点，利用安培定则来确定电磁铁的N、S极是解决此题的突破口6POS刷卡机的广泛应用给人们的生活带来了便利POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（）ABCD【考点】电磁感应【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象；在选项中找出探究电磁感应的对应图即可【解答】解：POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象A、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象选项正确B、如图反映电流周围存在着磁场选项错误C、如图电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动选项错误D、如图电路中有电源，是通电线圈在磁场中受力运动，选项错误故选：A【点评】电动机和发电机的原理图非常相似，主要区别是电路中是否有电源，电路中有电源的是电动机，电路中没有电源的是发电机7研究表明，当空气中颗粒的直径越接近可见光的波长（波在一个周期内传播的距离叫做波长），颗粒对光的“消光”能力就越强空气中PM2.5颗粒是灰霾天能见度降低的主要原因若可见光的频率约为7.51014Hz则可以推算出PM2.5中对能见度造成较大影响的颗粒直径与下列哪一个值最接近（）A2.5mB4mC0.4mD6m【考点】波速、波长和频率的关系【分析】光的传播速度是一定值，根据c=f求出光的波长，即为空气中PM2.5颗粒的直径【解答】解：由c=f，可得，空气中PM2.5颗粒的直径：d=4107m=0.4m故选C【点评】此题主要考查的是学生对波速、波长和频率之间关系公式的理解和掌握，注意单位的换算8如图一盏电灯接在家庭电路中，当开关S闭合时，电灯不亮，用测电笔分别接触A，B，C，D时，发现A，B，C三点处测电笔的氖管发光，D点处测电笔的氖管不发光，则电路中的故障原因是（）A开关S接触不良B灯泡的灯丝断了C导线CD间有断路D无法确定【考点】家庭电路的故障分析【分析】家庭电路的两根线分别是火线和零线，测电笔和火线接触时，氖管会发光，接触零线时，氖管不会发光【解答】解：当开关S闭合时，电灯不亮，用测电笔分别接触A、B、C、D时，发现A、B、C三点处测电笔的氖管发光，即A、B、C三点之间与火线相连，说明A点到C点之间电路正常又因为CD之间为导线，而C点能使氖管发光，D点不能使氖管发光，因此导线CD之间有断路故选C【点评】本题考查了用测电笔检测电路的故障在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线时不亮9小华将额定电压相同的两只小灯泡L1、L2串联在电路中，如图所示合上开关时、发现灯L1亮而灯L2不亮；当他用一根导线并接在灯Ll的两端时，发现灯L2亮了而灯L1不亮分析出现上述现象的原因是（）A灯L2 短路B灯L1的额定功率比灯L2 的额定功率大得多C灯L1 断路D灯L1的电阻比灯L2的阻大得多【考点】电路的三种状态【分析】电路串联时，电流是处处相等的，当灯L1亮而灯L2不亮时，可能发生短路或L2的实际功率太小，而不能使灯丝发光【解答】解：用一根导线并接在灯Ll的两端时，发现灯L2亮了而灯L1不亮，是导线把L1短路了，电压加在灯L2上，说明原来是L2的实际功率太小，而不能使灯丝发光，而不是L2短路串联电路中的用电器的功率之比等于电阻之比，故是灯L1的电阻比灯L2的电阻大得多已知两灯泡的额定电压相同，即U1额=U2额，但R1R2，由P=知，额定电压一定时，电阻越大，额定功率越小，因此灯L1的额定功率要比灯L2的额定功率小；故选D【点评】当灯L1亮而灯L2不亮时，有两种情况，而用一根导线并接在灯Ll的两端时，即把L1短路了，发现灯L2亮了，说明原来不是短路，只能是不亮的灯的实际功率太小了，再由串联电路中的功率与电阻的关系从而得到D的说法正确10如图所示是我区职业教育集团校使用的“风光互补”景观照明灯它头顶“小风扇”，肩扛光电池板，腰挎照明灯，脚踩蓄电池下列关于这种景观照明灯说法光电池板可将电能转化为光能；“小风扇”利用风力发电，将机械能转化为电能；蓄电池充电时，将电能转化为化学能；景观照明灯利用的太阳能和风能都属于可再生能源正确的有（）ABCD【考点】能量的相互转化【分析】自然界中的风能和太阳能是能量巨大的资源，现在科学家都在设计装置利用它们的能量；风扇式发电机可以通过风吹动扇片转动，把风能转化为电能；太阳能电池可以把太阳能转化为电能【解答】解：这种新能源的路灯，“肩扛”太阳能电池板也可以把太阳能转化为电能；故错误；“头顶”的小风扇可以把风能转化为电能，这样只要有风，这种路灯也可以发电，填补了一点阴天和晚上不能发电的空白，有利于路灯晚上照明使用；故正确；蓄电池充电时，将电能转化为化学能；蓄电池在夜晚放电时，将化学能转化为电能；同时照明灯消耗电能而发光，即是将电能转化为光能；故正确；景观照明灯利用的太阳能和风能都属于可再生能源故正确故选B【点评】风能和太阳能都是清洁能源，且能量取之不尽用之不竭，能够巧妙的设计利用是关键11如图甲所示是小明的调光灯电路图，他将粗细均匀的电阻丝AB通过滑片P连入电路，小灯泡的额定电压为6V闭合开关S后，滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中，小灯泡的IU关系图象如图乙所示（电阻丝AB的阻值不随温度变化），下面说法中正确的是（）A电阻丝AB的阻值为6B小灯泡的最小功率为1.5WC电路中的最大功率是6WD滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中，电压表示数变大【考点】电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用【分析】（1）当滑片位于B端时，电路为灯泡的简单电路，由乙图读出通过灯泡的电流和电压即电源的电压，根据P=UI求出灯泡的最大电功率（2）当滑片位于A端时，灯泡与AB电阻丝串联，电压表测AB电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的分压特点可知，此时电路中电流最小，灯泡的电功率最小；由图乙读出灯泡两端的电压和电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出电阻丝AB两端的电压，根据欧姆定律求出AB电阻丝的阻值，根据P=UI求出灯泡消耗的最小功率（3）根据滑片确定接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路额电压特点可知电压表示数的变化【解答】解：（1）当滑片位于B端时，电路为灯泡的简单电路，由乙图可知，电源的电压U=6V，电路中的电流I=1A，灯泡的最大电功率Pmax=UI=6V1A=6W，故C正确；（2）当滑片位于A端时，灯泡与AB电阻丝串联，电压表测AB电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流；根据串联电路的分压特点可知，灯泡两端的电压最小，由小灯泡的IU关系图象可知，UL=1.5V，I=0.5A，串联电路的总电压等于各分电压之和，UAB=UUL=6V1.5V=4.5V，根据欧姆定律可得：RAB=9，故A不正确；灯泡的最小电功率：ULmin=1.5V0.5A=0.75W，故B不正确；（3）滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；根据I=可知，电路中的电流变大，根据U=IR可知，灯泡两端的电压变大，根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故D不正确故选C【点评】本题考查了滑动变阻器的使用以及欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据图象得出A点和B点对应电表的示数12如图电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、滑动变阻器R、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，（曲线均表示成反比）可能正确的是（）ABCD【考点】欧姆定律的应用【分析】由图可知R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流电源为恒流源始终提供的电流一定，根据并联电路特点和欧姆定律、功率公式分别表示出U与I、R与I和P与I的表达式，即可分析判断【解答】解：由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流若电源提供的电流恒定为I总，A和B、根据并联电路特点可知：U=U0=I0R0=（I总I）R0=IR0+I总R0，其中I总、R0为定值，由U=R0I+I总R0，可知U与I的图象为一次函数，且R00，故A正确，B错误；C、由欧姆定律得：R=R0，可知R与I的图象为反比函数，I总R00，且I不能为0，R不会为0，故C正确，D、由电功率的计算公式：电路消耗总功率：P=UI总=（I总I）R0I总=I总R0I+I总2R0，其中I总、R0为定值，由P=I总R0I+I总2R0，可知P与I的图象为一次函数，I总R00，且I不能为0，P不会为0，故D错误故选AC【点评】本题考查并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要抓住电源是恒流源，关键是得出U与I和P与I的表达式，利用数学知识分析判断它们之间的关系二、填空题（本题共9小题，每空1分，共24分）13电能表是测量电能的仪表1 kWh的电能可供标有“220V 40W”的灯泡正常工作25h【考点】电功；电功率的计算【分析】本题考查电能表的用途，电功率定义式P=的简单计算【解答】解：电能表是测量电能或电功的仪表由P=得t=25h故答案为：电能；25【点评】利用电功率定义式P=及其导出式进行计算时，注意单位的统一问题：物理量主单位常用单位电功率P瓦特W千瓦kW电功W焦耳J千瓦时kWh通电时间t秒s时 h14小华家的电水壶的铭牌上标有“220V 1100W”字样，电水壶正常工作时的电流为5A，通电0.5小时消耗的电能为0.55kWh【考点】电功率与电压、电流的关系；电功率与电能、时间的关系【分析】电水壶的铭牌上标有电水壶的额定电压和额定功率；根据I=求出正常工作时的电流，根据W=Pt求出消耗的电能【解答】解：（1）电水壶的铭牌上标有“220V，1100W”，220V是电水壶的额定电压，表示电水壶正常工作的电压是220V；100W是电水壶的额定功率，表示电水壶正常工作时的功率是1100W由P=UI可得，电水壶正常工作时的电流为I=5A；（2）由P=可得，通电0.5小时消耗的电能W=Pt=1.1kW0.5h=0.55kWh故答案为：5；0.55【点评】本题考查了电流、电功的计算，关键是公式的灵活应用和理解电水壶的铭牌的含义15如图所示的是某波的传播图象根据图象可知：（1）波的振幅是2cm，周期是0.8s，频率是1.25Hz（2）从0点到D点完成了一次振动【考点】波速、波长和频率的关系【分析】振动物体离开平衡位置的最大距离叫振动的振幅；周期是完成一次振动所需的时间；频率是指每秒振动的次数；频率与周期之间的关系是：T=【解答】解：（1）由图可知：波的振幅是2cm，周期是0.8s，频率是=1.25Hz（2）振子完成一次振动是指从原来状态开始再回到初始状态故答案为：（1）2；0.8；1.25Hz；（2）D【点评】解决本题的关键是掌握振幅、周期、频率的概念，以及它们之间的关系，是一道基础题16电阻R1和R2的电流与与电压的关系如图所示：（1）电阻R2的阻值为20；（2）电阻R1的阻值随电流增大而变大（选填“变大”或“变小”）；（3）如果将电阻R1和R2串联，接到12V的电源两端时，在1min时间内，R1和R2产生的总热量为288J【考点】欧姆定律的应用；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）由图象可知，通过R2的电流和两端的电压成正比，即为定值电阻，根据图象读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出R2的阻值；（2）由图象可知，通过R1的电流和两端的电压不成正比，即阻值是变化的，根据图象可知通过R1电流和两端电压的变化量之间的关系，根据欧姆定律可知电阻R1的阻值随电流的变化；（3）两电阻串联时通过它们的电流相等，它们两端的电压之和等于电源的电压，根据图象读出对应的电流，根据Q=W=UIt求出产生的总热量【解答】解：（1）由图象可知，R2为定值电阻，当U2=12V时I2=0.6A，由I=可得：R2=20；（2）由图象可知，R1的阻值随电流的变化而变化，且电源的变化量U大于通过电流的变化量I，由R=可知，R1的阻值随电流增大而变大；（3）因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，所以，将电阻R1和R2串联，接到12V的电源两端时，电路中的电流I=0.4A，U1=4V，U2=8V，则在1min时间内，R1和R2产生的总热量：Q=W=UIt=12V0.4A60s=288J故答案为：20；变大；288【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象读出相关的信息17如图所示，小王家的电能表表盘上标有“600r/kWh”字样，他将电视机单独接在该电能表上正常工作30min，电能表上的转盘转过60转，该电视机在这段时间内消耗的电能为0.1kWh；电视机的功率是200W，小王家同时工作的用电器总功率不得超过2200W【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）600r/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转600r，求出转盘转60转电路中消耗的电能，然后根据P=求出电视机的功率（2）知道工作电压和平时工作时的最大电流，利用P=UI算出小王家同时使用的用电器最大总功率【解答】解（1）转盘转动60转消耗电能：W=kWh=0.1kWh；电视机的功率：P=0.2kW=200W；（2）由电能表上的参数可知：工作电压220V，平时允许通过的最大电流10A小王家同时使用的用电器最大总功率：P=UI=220V10A=2200W故答案为：0.1；200；2200【点评】本题考查电能和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是理解电能表参数的物理意义，解题过程中还要注意单位的换算18如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“20 1A”的字样，电压表量程为03V，则灯L正常工作时的电流为0.3A若电源电压为4.5V，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路中的最小阻值是5【考点】电功率的计算；串联电路的电流规律；欧姆定律的应用；电阻的串联【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=可求灯L正常工作时的电流；根据公式R=可求灯泡的电阻；滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路电流最大，最大为灯泡的额定电流；已知电源电压，根据欧姆定律可求滑动变阻器连入电路中的最小阻值【解答】解：灯L正常工作时的电流为I=0.3A；灯泡电阻RL=10；灯泡与滑动变阻器串联，当电路电流最大时为0.3A，此时电路总电阻R=15；所以滑动变阻器接入电路的最小阻值为R小=RRL=1510=5故答案为：0.3；5【点评】本题考查电流、电阻的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道串联电路电流和电阻的规律19电源电压一定，闭合开关S，滑动变阻器滑片P从最上端滑至最下端的过程中，电流表示数I与滑动变阻器接入电路的阻值R之间的关系如图2所示已知定值电阻R0=10则电源电压U=6V，图2中坐标值I1=0.12A当电流表示数I=0.2A时，R0与R消耗的电功率之比为1：2【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）根据图象，当电流最大时，变阻器的阻值为零，根据U=IR0计算出定值电阻两端的电压，即为电源电压；（2）根据图象读出变阻器的阻值，由欧姆定律计算出I1的值；（3）根据题意计算出I=0.2A时，变阻器的阻值，根据P=I2R来判断两电阻的电功率之比【解答】解：（1）由图象知，电流最大为0.6A，由题意知，此时变阻器的阻值为零，则U=U0=IR0=0.6A10=6V；（2）由图象知，I1对应的变阻器阻值为40，则此时变阻器与R0串联，则电路中的电流：I1=0.12A；（3）当I=0.2A时，根据欧姆定律可知电路中的总电阻R总=30；根据串联电路的总电阻等于各电阻之和得：R滑=3010=20；由P=UI=I2R可知， =故答案为：6；0.12；1：2【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，解决问题的关键是能够分析出电路的连接方式，读懂图象，知道电流的大小与变阻器阻值的关系20如图甲所示的两种使用测电笔的方法，正确的是B，如图乙所示是两种硬导线与螺钉压按式接法（箭头方向表示拧紧螺钉的方向），其中容易造成接触不良的是D如图丙所示，用电水壶烧水时，若不慎有水溅入旁边的插座里，可能导致电路短路，使空气开关跳闸【考点】家庭电路的故障分析；测电笔的使用【分析】（1）用测电笔来辨别火线与零线使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光；（2）导线和接线柱之间连接时，导线环绕方向要和接线柱的拧紧方向是一致的，并且导线要在接线柱上绕半圈，这样接触会更好；（3）空气开关跳闸是因为电路中电流过大，家庭电路中电流过大的原因：短路和总功率过大【解答】解：（1）使用测电笔时，手不能接触笔尖的金属体，否则容易触电；使用时，笔尖接触被检测的导线，如果手不接触笔尾金属体时，笔尖无论接触火线还是零线，氖管都不发光所以手一定要接触笔尾的金属体，氖管发光时接触的是火线，氖管不发光时接触的是零线读图可知，B的使用方法是正确的；（2）在图乙C中导线绕半圈，其环绕方向和接线柱拧紧方向相同，导线和接线柱接触良好了；在图D中导线绕半圈，其环绕方向和接线柱拧紧方向相反，接线柱拧紧时，导线容易脱落，容易造成接触不良（3）若不慎有水溅入旁边的插座里，会造成电路短路，电路电流过大，使空气开关跳闸故答案为：B；D；短路【点评】（1）掌握测电笔的正确使用，手一定接触笔尾金属体，手一定不能接触笔尖金属体；（2）考查了家庭电路中导线的连接问题，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查；（3）掌握家庭电路中跳闸或保险丝熔断的原因，排除故障，避免触电事故发生21电梯为居民上下楼带来很大的便利，出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示，电梯厢底层装有压敏电阻R1，R2为保护电阻，K为动触点，A、B为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，此时电梯不能（能/不能）运行，电磁铁的上端是S极，电梯超载时报警说明压敏电阻的阻值随压力增大而减小，如果用较小的电阻替换R2电梯可乘人数将变少（多/少）【考点】电磁继电器的组成、原理和特点【分析】知道电流的方向，根据安培定则判断出电磁铁的N、S极；电磁铁是根据电流的磁效应制成的；电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数多少有关；正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触R1为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小，所以知道超载时压敏电阻的阻值变化情况，根据欧姆定律判断出电流的变化【解答】解：工作时，电流从电磁铁的下面导线流入，利用安培定则判断出电磁铁的下端为N极，上端为S极，故A错误；正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触，电梯正常工作；超载时，随着压力的增大，压敏电阻的阻值随着减小，电路中的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，动触点K与静触点B接触，电铃报警，电梯不工作；电源电压一定时，如果用较小的电阻替换R2，要使电路中的电流保持不变，则压敏电阻R1的阻值变大，压力将变小，电梯可乘人数将变少故答案为：不能；S；减小；少【点评】此题主要考查的是学生对电磁铁和电磁继电器的原理、磁性强弱的影响因素、安培定则的理解和掌握，知识点较多，但都是基础性题目三、解答题（本大题共8小题，共52分）22图中电路连接正确，通电后小磁针指向如图所示（涂黑端表示N极），请在图中标出电源的“+”、“”极，并画出螺线管的绕法【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；安培定则；电流表的使用【分析】由磁极间的相互作用规律得出通电螺线管的右端为S极，左端为N极，由电流表的极性和右手螺旋定则得出线圈的绕法和电源的极性【解答】解：【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律、右手螺旋定则、电流表的使用利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法23如图甲是家用插线板在乙图画出插线板内部开关和两插座的连线，并接入家庭电路，要求：插线板上的开关可同时控制两插座的通、断开关接通时两插座都能提供220V电压【考点】家庭电路的连接【分析】对于电灯接线操作的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头”而对于插座的接线方法是要求“左零右火”，三孔插座还要求中接地，如果电路中有熔丝，则要将熔丝接到火线上【解答】解：根据家庭电路的连线规则和用电器的使用原则，连接电路如下图：【点评】本题考查了家庭电路中插排的连接方法，注意开关的作用和三孔插座的接法是关键24小明用图1所示电路来测量小灯泡的电功率（部分实验器材的规格已标明）（1）请用笔画线代替导线将图1中滑动变阻器连入电路，使之接入电路的阻值最大；（2）实验中，小明发现无论怎样调节滑动变阻器，两电表指针始终处于图2所示位置，则在和及之间，有导线出现了断路（选填“短路”或“断路”）；（3）故障排除后，小明从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡UI图如图3所示则小灯泡的额定功率是0.75W，所用滑动变阻器的规格是下列四个选项中的C（选填选项前字母）A“10，2A”B“20，2A”C“25，2A”D“30，2A”（4）若实验中电流表坏了，为了测量小灯泡的额定功率，小明选用一个R0=5的电阻，设计了如图4电路及实验方案：调节滑片使电压表的示数为额定电压；保持滑片位置不变，只将电压表的a点接线改接到c点，测出R0两端的电压U0，通过计算得到小灯泡的额定功率指出他的设计方案中存在的两个问题：问题一：无论怎样调节变阻器，都不能使灯泡正常发光；问题二：只将电压表的a点接线改接到c点，电压表的正负接线柱接反，无法测出R0两端的电压【考点】电功率的测量【分析】（1）滑动变阻器串联在电路中，且要接一上一下；（2）电流表无示数，则电路断路，电压表等于电源电压，则与电压表并联的电路断路；（3）根据图1确定灯泡的额定电压，由图3确定额定电流，根据P=UI计算出额定功率；根据图象确定变阻器最大时，其两端的电压和电路中的电流值，根据欧姆定律计算出变阻器的最大阻值；（4）根据串联电路的特点分析灯泡是否能够正常发光；电压表并联在电路中，电流应由正接线柱流入，负接线柱流出【解答】解：（1）由图1知，变阻器滑片在最右端，要使其阻值最大，下面应接左边的接线柱，如图所示：（2）由图2知，电流表的示数为零，电压表的示数约等于电源电压，说明与电压表并联的灯泡发生了断路现象，即之间发生了断路；（3）由图1知，灯泡的额定电压为2.5V，由图3知，当U=2.5V时，I=0.3A，则灯泡的额定功率P=UI=2.5V0.3A=0.75W；由图象知，当灯泡两端电压最小时，变阻器的阻值最大，可知此时U滑=3V0.5V=2.5V；此时电路中的电流为0.1A，则滑动变阻器的阻值R滑=25，所以滑动变阻器的规格是“25，2A”，C正确；（4）由题意知，电源电压约为3V，灯泡正常发光时电阻约为RL=8，当变阻器电阻为零时，设灯泡两端的电压为U，根据串联电路的特点： =，即=，解得：U1.8V，所以无论怎样调节变阻器，都不能使灯泡正常发光；保持滑片位置不变，只将电压表的a点接线改接到c点，电压表的正负接线柱接反，无法测出R0两端的电压故答案为：（1）如上图；（2）；断路；（3）0.75；C；（4）无论怎样调节变阻器，都不能使灯泡正常发光；只将电压表的a点接线改接到c点，电压表的正负接线柱接反，无法测出R0两端的电压【点评】本题是测量小灯泡的额定功率实验，考查了电路的连接、电路故障的分析、电流表的读数及电功率的计算，同时考查了对实验设计的分析，关键掌握测量的原理及电表的使用方法25如图所示，电源电压保持不变，R为定值电阻，灯泡L标有“6V 3W”字样，当开关S、S1同时闭合时，灯泡L正常发光；当开关S闭合，S1断开时，电流表示数为0.2A（设灯丝电阻不受温度影响）求：（1）电源电压（2）电阻R的阻值（3）当开关S闭合，S1断开时，灯泡L消耗的实际功率【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）当开关S、S1同时闭合时，电路为灯泡L的简单电路，根据灯泡正常发光时的电压和额定电压相等得出电源的电压；（2）当开关S闭合，S1断开时，R与L串联，根据I=求得电路中的总电阻，根据P=求出灯泡的电阻；然后可得电阻R的阻值（3）当开关S断开时，灯泡与R串联，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI=I2R求出灯泡L的实际功率【解答】解：（1）当开关S、S1同时闭合时，灯泡L正常发光，电路为灯泡L的简单电路，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，电源的电压U=UL额=6V；（2）根据P=可得灯泡的电阻：RL=12，当开关S闭合，S1断开时，灯泡L与R串联，由I=可得电路中的总电阻R总=30，串联电路的总阻值等于串联的各电阻阻值之和，R=R总RL=3012=18，（3）由P=UI=I2R得灯泡L的实际功率：PL=I2RL=（0.2A）212=0.48W答：（1）电源电压为6V；（2）电阻R的阻值为18（3）当开关S闭合，S1断开时，灯泡L消耗的实际功率为0.48W【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等26把标有标有“6V3W”、“9V5.4W”的两盏灯串联后接入电路中，为了确保让其中的一盏灯正常发光，则加在该电路两端的电压应为多大？较暗灯的实际功率是多少W？如果将两灯并联，为了确保安全，干路电流是多大？较暗的灯的功率是多大？【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）由灯的铭牌可知灯泡的额定电压与额定功率，由电功率的变形公式可以求出灯泡电阻与灯泡正常发光时的电流；由串联电路特点、欧姆定律及电功率公式计算解题；（2）两电阻并联时所加的电压应等于较小的额定电压；由欧姆定律及并联电路的特点求出干路电流，由P=UI计算较暗灯的实际功率【解答】解：（1）由P=可是两灯的电阻：R1=12，R2=15，由P=UI可得灯泡正常发光时的电流：I1=0.5A，I2=0.6A，两灯串联，通过它们的电流相等，所以电路电流I=I1=0.5A，电源电压：U=I（R1+R2）=0.5A（12+15）=13.5V，额定电流小的灯L1正常发光，L2发光较暗，灯L2的实际功率P2=I2R2=（0.5A）215=3.75W；（2）并联电路各支路两端电压与电源电压都相等，所以两灯并联时所加的电压应等于较小的额定电压，即电源电压：U=U1=U2=6V，则额定电压小的灯L1正常发光，电流为0.5A，L2发光较暗，此时通过L2的电流：I2=0.4A，所以干路电流：I=I1+I2=0.5A+0.4A=0.9A；灯L2的实际功率P2=U2I2=6V0.4A=2.4W答：两灯串联，为了确保让其中的一盏灯正常发光，加在该电路两端的电压应为13.5V，较暗灯L2的实际功率是3.75W；将两灯并联，为了确保安全，干路电流是0.9A，较暗的灯L2的功率是2.4W【点评】本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律和电功率的应用，为保证安全，电阻串联时流过电路的电流应为电阻允许电流中的较小者，电阻并联时，并联电压应为电阻额定电压较小者27如甲图所示的电压力锅，集压力锅、电饭锅的优点于一体，省时节电，热效率高电压力锅工作原理如图乙，已知R2的电阻值为48.4，单独闭合开关S1时，压力锅的功率为80W（1）单独闭合开关S1时，电压力锅处于保温状态（选填“保温”或“加热”）（2）R1的电阻是多少？（3）同时闭合开关S1和S2，电压力锅工作1min消耗的电能是多少？【考点】电功的计算；电功率的计算【分析】（1）根据电路图应用并联电路特点分析答题（2）由电功率公式分析答题（3）电功率公式与电功公式求出消耗的电能【解答】解：（1）由电路图可知，单独闭合开关S1时，只有电阻R1接入电路，电路功率较小，电压力锅处于保温状态；（2）由P=可知，电阻R1的阻值：R1=605；（3）电阻R2的功率：P2=1000W，同时闭合开关S1和S2，电压力锅工作1min消耗的电能：W=（P1+P2）t=（80W+1000W）60s=6.48104J；答：（1）单独闭合开关S1时，电压力锅处于保温状态（2）R1的电阻是605（3）同时闭合开关S1和S2，电压力锅工作1min消耗的电能是6.48104J【点评】本题判断电压力锅的工作状态、求电阻、消耗的电能，分析清楚电路结构、应用并联电路特点、电功率公式与电功公式即可正确解题28小明用伏安法测出自制电动机线圈的电阻为1（1）小明发现电动始终只能在某位置晃动而不能持续转动，请帮他分析原因（2）修好后线圈两端所加电压为2V时，电流为0.8A，电动机正常工作，自制电动机的效率是多少？（3）某次实验时线圈与磁铁接触使得线圈无法转动，此时小明发现线圈特别烫，试分析原因【考点】热机的效率；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）直流电动机中的换向器可以在线圈刚转过平衡位置时，自动改变线圈中的电流方向，改变线圈的受力方向，使线圈持续转动下去；（2）电动机工作电压和通过的电流，可以得到总功率；已知线圈电阻和通过的电