2014哈尔滨市中考物理试卷及答案解析.doc

由莲山课件提供http:/www.5ykj.com/ 资源全部免费2014年黑龙江省哈尔滨市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1（3分）（2014哈尔滨）关于声音，下列说法正确的是（）A声源的振动频率越高，发出声音的响度越大B人们利用超声波的反射制成的声呐可以测海底深度C主要交通道路上设置的噪声强度显示仪可以消除噪声D声音在真空中传播的速度是3108m/s考点：响度与振幅的关系；声音在不同介质中的传播速度；声与信息专题：声现象分析：A、声音的音调与频率有关，而响度的大小与物体的振幅有关；B、声呐是利用超声波来工作的；C、噪声强度显示仪可监测噪声，但不能消除噪声；D、声音不能在真空中传播解答：解：A、声源的振动频率越高，发出声音的音调越高，而不是响度越大，A说法错误；B、人们利用超声波的反射制成的声呐可以测海底深度，B说法正确；C、主要交通道路上设置的噪声强度显示仪可以监测噪声的大小，但不能消除噪声，C说法错误；D、声音不能在真空中传播，故传播速度应为零，D说法错误故选B点评：本题考查了与声现象有关的几个基本知识点，都属于基础知识，难度不大2（3分）（2014哈尔滨）下列四幅图中，关于自然现象形成的说法不正确的是（）A雾是水蒸气遇冷液化形成的B雪是水蒸气遇冷凝华形成的C南极的空气很湿润是因为冰可以汽化为水蒸气D屋檐下的冰锥是雪先熔化为水，水又凝固成冰而形成的考点：液化及液化现象；熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；升华和凝华的定义和特点专题：温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华分析：（1）在一定条件下，物体的三种状态固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固解答：解：A、春秋天，空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠附着在空气中的土壤颗粒上，就是雾，故A正确；B、雪是水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故B正确；C、冰可以升华变为水蒸气，所以南极的空气很湿润，故C错误；D、屋檐下的冰锥是雪先熔化为水，水又凝固成冰而形成的，先熔化后凝固，故D正确故选B点评：分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态3（3分）（2014哈尔滨）如图所示的四个情景中能用光的反射定律解释的是（）A潜望镜B小孔成像C光的色散D放大镜考点：光的反射定律专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：（1）光在同一均匀介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）平面镜成像利用的是光的反射，如水中的倒影、镜中的像等；（3）放大镜也就是凸透镜，利用的是光的折射新-课- 标-第 一-网解答：解：A、潜望镜是由平面镜组成的，因此是应用了光的反射原理，故A符合题意；B、小孔成像利用的是光的直线传播，故B不符合题意；C、光的色散，是由于太阳光照到三菱镜上，被分解为绚丽的七色光，是光的折射形成的；故C不符合题意；D、放大镜是凸透镜成像，利用的是光的折射，故D不符合题意故选A点评：本题通过几个日常生活中的现象考查了学生对光的反射、光的折射以及光的直线传播的了解与掌握，在平时要注意区分4（3分）（2014哈尔滨）有关生活中的物理知识，下列说法不正确的是（）A打开醋瓶能闻到酸味说明分子做无规则运动B用筷子夹取食物时，利用了摩擦力C水烧开时壶盖被顶起是水蒸气对壶盖做功的缘故D夏天使用电风扇时人感觉凉爽，是因为风降低了室温考点：分子的运动；影响蒸发快慢的因素；做功改变物体内能专题：汽化和液化、升华和凝华；分子热运动、内能分析：（1）质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则运动；（2）两个互相接触的物体，当它们做相对运动时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力；（3）改变内能的方式有两种：热传递和做功水蒸气膨胀对壶盖做功，本身的内能减少，转化成了机械能；（4）影响液体蒸发快慢的因素：液体的温度、液体的表面积、液体表面上方空气的流动解答：解：A、打开醋瓶能迅速闻到醋的酸味，是扩散现象，说明了分子在运动，该选项说法正确，不符合题意；B、筷子能夹住食物放入嘴里而不掉下来，主要是靠筷子和食物之间存在摩擦力，该选项说法正确，不符合题意；C、水烧开以后，水蒸气膨胀对壶盖做功，把壶盖顶起来，将水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，该选项说法正确，不符合题意；D、电风扇吹出的风加快了身体周围的空气流速，从而加快了汗液的蒸发，蒸发时会从身上吸收热量，从而感到身上很凉爽，并没有降低室温，该选项说法不正确，符合题意故选D点评：本题结合物理情境考查蕴含的物理知识，注重了物理和生活的联系，考查了学生学以致用的能力，是中考的热点5（3分）（2014哈尔滨）在如图所示的跳水比赛中，关于运动员利用跳板起跳过程总涉及到的物理知识，下列说法中不正确的是（）A运动员能被弹起说明力可以改变物体的运动状态B跳板被压弯说明力可以改变物体的形状C运动员对跳板的压力和跳板对运动员的支持力始终是一对相互作用力D运动员受到的重力和跳板对运动员的支持力始终是一对平衡力考点：平衡力的辨别；力的作用效果；平衡力和相互作用力的区分专题：运动和力分析：（1）力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；（2）一对平衡力必须符合四个条件，即大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，而一对相互作用力与平衡力的唯一区别是，作用在不同的物体上解答：解：A、运动员能被弹起说明力可以改变物体的运动状态，说法正确；B、跳板被压弯说明力可以改变物体的形状，说法正确；C、运动员对跳板的压力和跳板对运动员的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在不同物体上，因此始终是一对相互作用力，说法正确；D、因为运动员在跳板上时，其不是一直保持静止，不属于平衡状态，因此运动员受到的重力和跳板对运动员的支持力并非始终是一对平衡力，故说法错误故选D点评：此题解答的易错点是：物体在一对平衡力的作用下，应该是保持平衡状态，如果不是平衡状态，则肯定不是受到平衡力6（3分）（2014哈尔滨）我国第一艘航空母舰“辽宁号”已投入使用，飞机可以在舰上起降，下面说法中不正确的是（）A飞机用密度较小的新材料制造的B飞机的机翼是根据伯努利原理设计的C飞机在航母上起飞时，航母相对于飞机是静止的D航空母舰上安装的雷达是利用电磁波来发现军事目标的考点：密度的应用与物质鉴别；参照物及其选择；流体压强与流速的关系；电磁波的传播专题：其他综合题分析：A、飞机质量小有利于飞行和节能，在体积一定时，密度小的物质，其质量小；B、流体压强与流速的关系是伯努利原理；C、运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的D、雷达发射的是电磁波信号解答：解：A、飞机在选材时，既要选择牢固的材料，同时也要考虑密度小的物质故A正确；B、飞机的机翼是根据流体压强与流速的关系，即伯努利原理设计的，故B正确；C、飞机起飞时，飞机与航母的位置是变化的，因此以飞机为参照物航母是运动的，该选项说法错误；D、航空母舰上的雷达是利用电磁波来发现敌方的军事目标故D正确故选C点评：本题以“辽宁号”航空母舰上成功起降的情景为载体，考查相应的物理知识，注重了物理知识和生产生活实际的结合，注重了学以致用7（3分）（2014哈尔滨）下面是小明在中考复习过程中总结的知识点，记录中有笔误的是（）A核电站利用核能发电，核能是新能源B挂衣钩的吸盘能吸附在墙上，是因为分子间存在引力C指南针能够指南北是因为地球周围存在磁场D电磁继电器是通过控制低压电路的通断间接控制高压工作电路通断的考点：电磁继电器的组成、原理和特点；大气压强的存在；地磁场；核能专题：其他综合题分析：（1）将原子核裂变释放的核能转变为电能的系统和设备，通常称为核电站，核电站是一种高能量、少耗料的电站，核燃料裂变过程释放出来的能量，经过反应堆内循环的冷却剂，把能量带出并传输到锅炉产生蒸汽用以驱动涡轮机并带动发电机发电；核能是一种新能源（2）用力将挂衣钩的吸盘紧压在墙壁上，将塑料吸盘中的空气排出，松手后，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在墙壁上（3）地球本身就是一个巨大的磁体，指南针静止时总是一端指南，一端指北，就是因为受到了地磁场的作用（4）使用电磁继电器可以实现低压弱电流控制高压强电流，还可以实现远距离控制及自动控制，它的实质是开关解答：解：A、核电站利用核能发电，核能是一种新能源，故正确；B、挂衣钩的吸盘能吸附在墙上，是因为吸盘内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在墙壁上，故错误；C、指南针静止时总是一端指南，一端指北，就是因为受到了地磁场的作用，正确；D、电磁继电器是通过控制低压电路的通断间接控制高压工作电路通断，实质是一个开关，正确；故选B点评：本题考查的知识点较多，难度不大，属于基础题，理解所学知识点解答简单8（3分）（2014哈尔滨）小明以塑料为连接轴将两个玩具电机的转轴连接起来，并连接如图所示的电路，开关S闭合后，灯泡发光，下列说法不正确的是（）A甲、乙电机转动B甲电机相当于发电机C乙电机相当于电动机D将电源正负极对调，灯泡亮度发生改变考点：直流电动机的原理；发电机的构造和原理专题：电动机、磁生电分析：（1）电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理制成的（2）电动机是利用通电导体在磁场中会受到力转动的原理（3）灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定解答：解：A、闭合开关，乙电机转动，乙带动甲电机转动选项正确；B、开关S闭合后，灯泡发光，说明电路中有电流，由甲电机提供，甲电机相当于发电机选项正确；C、闭合开关，乙电机转动，乙电机相当于电动机选项正确；D、将电源正负极对调，甲乙电机的转速不变，甲电机产生的感应电流大小不变，灯泡的实际功率不变，亮度不变选项错误故选D点评：本题考查了电动机和发电机的工作原理以及灯泡的亮度与实际功率的关系，熟练掌握基础是解题关键9（3分）（2014哈尔滨）在卫生间中安装有排风扇和照明灯，它们既能同时工作又能单独工作，下面各图中满足上述要求且符合安全用电的是（）ABCD考点：串、并联电路的设计；安全用电原则专题：电流和电路；电与热、生活用电分析：（1）串联电路中，电流只有一条路径，各元件相互影响；并联电路中，电流路径有多条，各元件互不影响（2）家庭电路中，为了安全，开关应该接在火线上解答：解：（1）因为要求排气扇和照明灯既能同时工作又能单独工作，因此二者互不影响，必须并联，而且有自己独立的开关，故B和D均不正确；（2）为了安全，开关接在火线上，故A正确，C不正确故选A点评：本题考查了实际电路的设计，注重了物理知识的应用，解决此类电路应用题目，要结合串联合并联特点进行分析10（3分）（2014哈尔滨）下列实验说明的道理与其应用对应关系中不正确的是（）A 水壶B 天平C 验电器D 白炽灯泡考点：连通器原理；质量的测量与天平；验电器的原理及使用；电流的热效应、化学效应和磁效应专题：其他综合题分析：利用图示的实验现象，明确其反应的物理规律然后再与该选项中的应用技术涉及的理论去对应，从而可以确定其正误解答：解：A、连通器和水壶都是连通器原理，对应关系正确；B、天平是等臂杠杆，利用了杠平衡原理，对应关系正确；C、验电器是利用同种电荷相互排斥原理，对应关系不正确；D、白炽灯泡利用了电流的热效应，对应关系正确；故选C点评：这是一道综合性较强的题目，题目通过实验现象，让我们总结出其反应的理论；然后再与应用技术反应出来的理论对应，从物理走向生活，要会运用，是近几年中考的热点之一11（3分）（2014哈尔滨）在家庭实验室中，小明把鸡蛋放入盛水的杯中，鸡蛋沉在杯底如图甲；向杯中加盐，鸡蛋悬浮如图乙；再加盐鸡蛋漂浮如图丙，三种情况下，各物理量间的关系正确的是（鸡蛋质量不变）（）A液体的密度甲=乙丙B鸡蛋排开液体的质量m甲=m乙m丙C鸡蛋受到的浮力F甲F乙=F丙D液体对容器底的压强p甲=p乙p丙考点：物体的浮沉条件及其应用；压强大小比较专题：推理法；压强、液体的压强；浮沉的应用分析：同一只鸡蛋的重力不变，根据图甲中沉底、图乙中悬浮、图丙中漂浮，利用物体的浮沉条件即可判断三种情况下鸡蛋所受浮力之间的关系解答：解：鸡蛋在甲中沉入水底，则甲鸡蛋，F甲G；在图乙中悬浮，则乙=鸡蛋，F乙=G；在图丙中漂浮，则丙鸡蛋，F丙=G；液体的密度甲乙丙，故A错误；鸡蛋受到的浮力F甲F乙=F丙，故C正确；F浮=G排=m排g，鸡蛋排开液体的质量m甲m乙=m丙，故B错误；容器里的液体深度相同，根据p=gh可知，液体对容器底的压强p甲p乙p丙，故D错误故选C点评：本题考查了物体浮沉条件的应用，记住条件是关键，要注意同一只鸡蛋的重力不变12（3分）（2014哈尔滨）如图所示的电路中，S1闭合S2断开时，甲、乙是电流表，I甲：I乙=1：3，此时电路的总功率为P1；当S1、S2都闭合时，甲、乙是电压表，此时电路的总功率为P2，则下列说法正确的是（）A电阻大小之比R1：R2=2：1B当S1闭合S2断开时，通过R1和R2的电流之比为I1：I2=1：2CS1、S2闭合时，甲乙电压表示数之比U甲：U乙=3：1D总功率之比P1：P2=9：2考点：欧姆定律的应用；电功率的计算新 课 标 第 一 网专题：计算题；欧姆定律；电能和电功率分析：（1）当S1闭合S2断开时，R1、R2并联，甲测R2支路电流，乙测干路电流，已知甲、乙两电流表的示数之比，根据并联电路电流特点求出通过R1和R2的电流之比，根据欧姆定律求出电阻之比（2）当S1、S2都闭合时，甲、乙都是电压表，R1、R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，根据串联电路电流特点和欧姆定律求出两电表示数之比；（3）根据P=求出总功率之比，解答：解：（1）当S1闭合S2断开时，R1、R2并联，甲测R2支路电流，乙测干路电流，则I甲=I2，I乙=I1+I2，I甲：I乙=1：3，I2：（I1+I2）=1：3，I1：I2=2：1，故B错误；U1：U2，由欧姆定律得：R1：R2=：=I2：I1=1：2，故A错误；（2）当S1、S2都闭合时，甲、乙都是电压表，R1、R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，串联电路中电流处处相等，根据欧姆定律得：甲电压表示数U甲=I（R1+R2），乙电压表示数U乙=IR2，U甲：U乙=I（R1+R2）：IR2=（R1+R2）：R2=（1+2）：2=3：2，故C错误；（3）P1=+，P2=，P1：P2=（+）：=（R1+R2）2：R1R2=（1+2）2：12=9：2，故D正确故选D点评：本题考查了串联电路和并联电路的特点，以及欧姆定律的灵活运用，关键是开关闭合和断开时电路串并联的判断二、非选择题（12-28题，计46分）13（2分）（2014哈尔滨）一块橡皮竖直放在书上，如图所示，当书突然向右运动时，橡皮会向左（填“左”或“右”）倾倒，说明橡皮具有惯性考点：惯性专题：运动和力分析：惯性是指物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都有惯性，惯性是物体本身固有的一种属性解答：解：橡皮和书的原来状态是相对静止，当书突然向右运动时，由于惯性，橡皮还有保持原来的静止状态，所以橡皮向左倾倒故答案为：左；惯性点评：本题借助这一熟悉的情景考查了学生对惯性现象的理解和掌握，惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题14（2分）（2014哈尔滨）小刚双手对搓后感觉手上发热，这是通过做功的方式改变手的内能，这与汽油机工作中压缩冲程的能量转化相同考点：做功改变物体内能；内燃机的四个冲程专题：分子热运动、内能；比热容、热机、热值分析：（1）改变物体内能的方法：热传递、做功（2）热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程压缩冲程是机械能转化为内能做功冲程是内能转化为机械能解答：解：（1）小刚双手对搓后感觉手上发热，是克服摩擦做功，机械能转化为内能；（2）汽油机的工作过程中，将机械能转化为内能的是压缩冲程故答案为：做功；压缩点评：掌握改变内能的两种方法；掌握热机的四个冲程，以及压缩和做功冲程的能的转化15（2分）（2014哈尔滨）在“探究水的沸腾规律”的实验时，热量由酒精灯的火焰传递给试管中的水，但不会反过来传递，这说明热量的传递具有方向性；水沸腾后，温度计示数如图所示，此时水的沸点是98考点：探究水的沸腾实验专题：汽化和液化、升华和凝华分析：（1）能量的转化和转移具有方向性（2）此题温度计的示数在量程的范围内，分度值为1，注意液柱是在零刻度线的上方还是下方可根据这两点读出此温度计的示数解答：解：由图知：温度计的最小刻度值是1，且液柱在零刻度线上方，因此该温度计的示数是98；则沸点为98实验中，热从火焰传递给水，却不会反过来传递，说明能量的转移具有方向性故答案为：方向；98点评：此题考查的是探究水的沸腾实验，涉及到的知识点有温度计的读数、能量的转移具有方向性等，难度不大，属于基础知识16（2分）（2014哈尔滨）哈尔滨地铁一号线已投入运行，大大缓解了交通压力，地铁采用电力机车牵引，工作时能量转化情况是电能转化为机械能和内能，该车在某时刻速度为72km/h，合20m/s考点：能量的相互转化专题：能源的利用与发展分析：地铁通常是电力机车，消耗电能使得机车行驶，行驶过程中机车和车轨摩擦会生热；速度的两个常用单位换算的关系：1km/h=m/s或者1m/s=3.6km/h解答：解：地铁机车通常是电力机车，机车行驶过程中的能量转化是电能转化为机械能，并机车与车轨摩擦，产生内能；72km/h=（723.6）m/s=20m/s；故答案为：电能转化为机械能和内能；20点评：本题涉及能量的转化和速度单位的换算，难度不大，出错点为：单位换算时是除以3.6还是乘以3.6，极易记混17（2分）（2014哈尔滨）用如图所示的两个相同装置，同时给质量相同的水和铁砂加热，物体吸收热量的多少是通过加热时间的长短来反映的，在实验中通过观察温度计示数升高的快慢来比较水和铁砂的吸热本领考点：比热容的概念专题：比热容、热机、热值分析：要比较不同物质的吸热能力，有两种办法：让质量相同的不同物质加热相同的时间（用相同的加热装置，加热时间就表示了吸收热量的多少），看温度的变化值，温度变化值大的物质吸热能力弱；将质量相同的不同物质加热到相同的温度，比较加热时间的不同，加热时间长的物质吸热能力强解答：解：如图所示的两个相同装置，同时给质量相同的水和铁砂加热，物体吸收热量的多少是通过加热时间的长短来反映的，在实验中通过观察温度计示数升高的快慢来比较水和铁砂的吸热本领故答案为：加热时间的长短；温度计示数升高的快慢点评：此题考查的是比较不同物质吸热能力的方法，是一道基础题18（2分）（2014哈尔滨）同学们用图甲玻璃管做了“测量气泡的速度”的实验，该实验的测量工具有刻度尺、停表；用测量的数据画出路程时间图象如图乙，分析乙图象中的信息可以得出的结论是气泡做匀速直线运动，且其运动速度是2.5m/s考点：速度公式及其应用专题：长度、时间、速度分析：（1）测量物体运动速度的原理是：v=；用刻度尺测量气泡运动的距离，用停表测量气泡运动的时间；（2）首先明确图象中横轴和纵轴表示的含义，然后利用速度公式求出气泡在不同时间段的速度，就可以找到规律解答：解：（1）探究“气泡的速度”实验的原理：v=，因此需要用刻度尺测量出气泡在某段时间内经过的路程，需要用停表测量气泡运动的时间；（2）根据图象可知，路程和时间成正比，因此，可以得出的结论是气泡做匀速直线运动，且其运动速度是v=2.5m/s故答案为：刻度尺、停表；气泡做匀速直线运动，且其运动速度是2.5m/s点评：本题考查速度的计算，关键是公式的灵活运用，难点是从图象中获取相关信息进行正确的分析，从而找到规律19（2分）（2014哈尔滨）重力相同的书包，书包带宽的比窄的背起来更舒服，原因是书包带做的比较宽是在压力一定时，增大受力面积来减小压强考点：减小压强的方法及其应用专题：压强、液体的压强分析：减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强解答：解：书包带做的比较宽是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，肩膀感到更舒服一些故答案为：书包带做的比较宽是在压力一定时，增大受力面积来减小压强点评：这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义解答时，要注意使用控制变量法20（2分）（2014哈尔滨）电能表是用来测量电功的仪表，荣荣家的电能表的表盘如图所示，她想知道电能表是否准确，于是将一只标有“220V 60W”的白炽灯单独接入电路，此时灯泡正常发光，检测中发现2min电能表的转盘转了7转，由此判断转盘转速偏快考点：电能表参数的理解与电能的求法专题：电能和电功率分析：电能表是测量电路消耗电能多少（或电功）的仪表；已知每消耗1kWh的电能，电能表转盘转动3000r，据此可求出转7转消耗的电能；并根据W=Pt计算白炽灯消耗的电能，比较两种方法得到的电能，从而确定转盘转速的快慢解答：解：电能表是测量电功的仪表；电能表的表盘转7转消耗的电能：W=3.6106J=8400J；理论计算可得白炽灯消耗的电能：W=Pt=60W260s=7200J；因为WW，所以该电能表的表盘转速偏快故答案为：电功；快点评：本题考查电能表的作用以及消耗电能的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是对电能表参数的物理意义的正确理解，解题过程中还要注意单位的换算21（2分）（2014哈尔滨）某同学在“测滑轮组的机械效率”实验中，用如图所示的滑轮组竖直匀速提升2个相同的钩码，每个钩码重0.5N，测力计的示数为0.5N，此时滑轮组的机械效率是66.7%；用该装置匀速提升钩码时，增大机械效率的办法是在不超过绳子承受的最大拉力和不超弹簧测力计量程的情况下，增大钩码重力（忽略绳重和摩擦）考点：滑轮（组）的机械效率专题：功、功率、机械效率分析：（1）根据=求出滑轮组的机械效率；（2）根据=作出分析和解答解答：解：（1）滑轮组的机械效率=100%=100%=100%=100%66.7%；（2）用该装置匀速提升钩码时，动滑轮重不变，根据=可知，要提高机械效率，可以在不超过绳子承受的最大拉力和不超弹簧测力计量程的情况下，增大钩码重力故答案为：66.7%；在不超过绳子承受的最大拉力和不超弹簧测力计量程的情况下，增大钩码重力点评：此题主要考查的是学生对机械效率的计算和机械效率高低影响因素的理解和掌握，基础性题目22（2分）（2014哈尔滨）把标有“2V 0.4W”字样的小灯泡和标有“20 1A”字样的滑动变阻器连接在如图所示的电路中，已知电源电压为3V，电流表的量程为“00.6A”，闭合开关，调节滑片，灯泡的最小功率为0.1W，滑动变阻器接入电路的最小阻值是5（灯丝电阻不变）考点：电功率的计算；欧姆定律的应用专题：欧姆定律；电能和电功率分析：知道灯的额定电压和额定功率，利用RL=求小灯泡灯丝电阻；（1）当滑动变阻器电阻全连入时，电路中电阻最大、电流最小，灯的功率最小，利用欧姆定律求出此时电路中电流，再利用P=I2R求小灯泡的最小功率；（2）知道灯的额定电压和额定功率，利用P=UI可得灯正常工作电流，利用欧姆定律求电路中电流，即最大电流，利用欧姆定律求此时滑动变阻器连入的最小电阻为解答：解：由P=得小灯泡灯丝电阻：RL=10，（1）当滑动变阻器电阻全连入时，电路中电阻最大、电流最小，灯的功率最小，此时电路中电流：I最小=0.1A，小灯泡的最小功率：P最小=（I最小）2RL=（0.1A）210=0.1W；（2）由P=UI可得灯正常工作电流：I=0.2A，则电路中最大电流I最大=0.2A，设此时滑动变阻器连入的最小电阻为R最小，则：I最大=0.2A，解得：R最小=5故答案为：0.1；5点评：本题考查了欧姆定律、电功率公式的应用，本题易错点在第二问，电路中的最大电流不是0.6A，而是使灯正常工作的电流值23（2分）（2014哈尔滨）把羊角锤看做杠杆，如图用羊角锤拔钉子，O为支点，画出在A点施加的最小力F的示意图及其力臂L考点：杠杆中最小力的问题；力臂的画法专题：简单机械分析：由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小解答：解：力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力即可如图所示：点评：此题主要考查了杠杆中最小的力的问题，将所学的物理知识与生活实际联系在起来24（2分）（2014哈尔滨）请用笔画线代替导线将如图所示的实物图补充完整，使滑动变阻器的滑片向A端移动时，通电螺线管的磁性增强，并标出通电螺线管的N极考点：实物的电路连接；安培定则专题：电流和电路分析：通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强据此可判断滑动变阻器的连接利用安培定则可判断螺线管的极性解答：解：因为通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强，所以若使滑动变阻器的滑片向A端移动时，通电螺线管的磁性增强，应将A接线柱与开关相连；根据安培定则，用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指所指的右端为螺线管的N极如图所示点评：本题考查了实物电路图的连接和安培定则的运用，熟知相关知识，并能在实际中运用是解答的关键25（5分）（2014哈尔滨）同学们用如图所示的电路复习电学实验，有两个额定电流相同，额定电压分别为2.5V和3.8V的灯泡L1和L2（1）连接电路后，开关闭合，灯泡不亮，电压表无示数，电流表有示数，若电路中仅有一处故障，这个故障可能是灯泡短路（2）排除故障后，甲组同学用灯泡L1进行“研究小灯泡的电阻”的实验，收集的信息如表，请写出分析信息得出结论的过程实验次数123U/V1.01.52.5I/A0.200.250.30R/亮度稍亮较亮更亮（3）乙组同学想用该电路，通过更换L1、L2的方法，探究“在电压相同时，电功率与电流的关系”，他们能否完成实验目的？若能，请说出实验思路；若不能，请说明原因考点：伏安法测电阻的探究实验；电流表、电压表在判断电路故障中的应用；探究用电器的电功率实验专题：探究型实验综合题分析：（1）常见的电路故障有断路与短路，根据电路故障现象分析电路故障原因（2）根据表示实验数据，应用P=UI分析答题（3）根据实验器材与实验目的分析答题解答：解：（1）灯泡不亮，可能是灯泡短路或电路存在断路造成的，电流表有示数，说明电路不存在断路，电压表没有示数，说明与灯泡并联的灯泡短路（2）由表中实验数据可知，随电压与电流的增大，由P=UI可知，灯泡实际功率增大，灯泡亮度增加，由此可知，灯泡亮度由灯泡实际功率决定，灯泡实际功率越大，灯泡越亮（3）探究“在电压相同时，电功率与电流的关系”，应控制电压相同而电阻阻值不同，两灯泡电阻不同，可以完成该实验，分别把两灯泡串联接入电路，控制灯泡两端电压相等，测出通过灯泡的电流，由P=UI求出灯泡功率，然后比较功率大小，然后得出结论故答案为：（1）灯泡短路；（2）灯泡亮度由灯泡实际功率决定，灯泡实际功率越大，灯泡越亮；（3）能完成实验；如上所述新 课 标 第 一 网点评：本题考查了电路故障分析、实验数据处理、实验设计分析等；认真分析表中实验数据即可正确解题26（5分）（2014哈尔滨）甲乙两组同学测量金属块密度，每组实验器材有测力计、量筒、烧杯、水、金属块和细线（1）甲组同学用如图所示的器材完成实验请帮助甲组同学完成实验过程，a观察测力计的量程及分度值并规范调零b用测力计和细线测出金属块重力Gc用量筒、水和细线测量并计算出金属块的体积Vd计算金属块的密度=写出步骤b中使用测力计读数时有哪些注意事项？（2）乙组同学发现本组的测力计量程未知，刻度板上数字都已磨损，但刻度线清晰，他们借助一个质量为m0的物体A，仍用该测力计测出了金属块的重力，已知物理A和金属块的重力均不超测力计量程，写出他们将测力计规范调零后测出金属块重力的办法及表达式（可以画简图作答）考点：固体密度的测量专题：测量型实验综合题分析：（1）使用弹簧测力计时，应观察弹簧测力计的量程及分度值，使用时不能测量超过量程的力；检查弹簧测力计的指针是否在零刻度处，若不在，应调零；根据=和m=推导出计算金属块密度的表达式使用测力计读数时，测力计和金属块在竖直方向静止时读数、读数时视线正对刻度线（2）弹簧测力的原理是：在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受拉力成正比或者是在弹性限度内，弹簧所受的拉力越大，弹簧的伸长量就越大解答：解：（1）a、使用弹簧测力计时，应观察弹簧测力计的量程及分度值，使用时不能测量超过量程的力；检查弹簧测力计的指针是否在零刻度处，若不在，应调零；d、计算金属块的密度=用测力计和细线测金属块重力G，在使用测力计读数时，测力计和金属块在竖直方向静止时读数、读数时视线正对刻度线（2）将测力计规范调零后，可以按照下面的方法测出金属块重力：把物体A挂在测力计的挂钩上，数出指针位置到零刻线之间有n1个格，取下物体A挂上金属块，数出指针位置到零刻线之间有n2个格；根据弹簧测力的原理，则有=，所以G=故答案为：（1）量程及分度值；测力计和金属块在竖直方向静止时读数、读数时视线正对刻度线；（2）把物体A挂在测力计的挂钩上，数出指针位置到零刻线之间有n1个格，取下物体A挂上金属块，数出指针位置到零刻线之间有n2个格，则G=点评：本题是测量固体密度实验题，考查了弹簧测力计的使用方法及工作原理、密度公式的应用，能充分体现学生综合处理问题的能力27（6分）（2014哈尔滨）透镜是重要的光学元件，分为凸透镜和凹透镜（1）焦距标志着透镜对光的折射本领（2）荣荣小组用如图所示的甲凸透镜探究“凸透镜成像规律”，通过实验依次得到倒立、缩小的实像、倒立放大的实像、正立放大的虚像，并总结出成像规律，据此判断实验中物距是如图选取的？（3）同学们用凸透镜正对太阳光的办法点燃酒精棉放好酒精棉后，移动凸透镜直至太阳光经透镜后在酒精棉上形成最小最亮的光斑若在同样环境下，放好酒精棉，选用图示中哪个凸透镜更容易点燃酒精棉，说明理由（忽略光从透镜传播到酒精棉过程中的能量损失）考点：凸透镜成像规律及其探究实验专题：探究型实验综合题分析：（1）凸透镜的焦距决定于：凸透镜的厚度，与它的折光能力，凸透镜越厚，折光能力越强，焦距相对越短；凸透镜越薄，折光能力越弱，焦距相对越长（2）由远及近的选取大于2倍焦距，在1倍焦距和2倍焦距之间，小于焦距3个范围内收集数据（3）平行于主光轴的光线会聚于一点，此点为凸透镜的焦点根据甲、乙透镜的直径不同，可知其面积不同，在相同的时间内，面积大的获得的内能多来选择解答：解：（1）凸透镜对光线有会聚作用，如透镜其焦距越大，对光的偏折就越小，透镜焦距越小，对光的偏折就越大，因此焦距标志着透镜对光的折射本领（2）甲的透镜f=5cm，由远及近的选取u10cm，5cmf2f和u5cm三个范围，且每个范围收集至少三组数据（3）凸透镜正对太阳光时，平行光线平行于主光轴，经凸透镜折射后得到最小最亮的点是凸透镜的焦点，在此处放上酒精棉，酒精棉会被点燃选乙透镜，因为乙透镜比甲透镜的面积大，在相同的时间内，接收到的光能多，使酒精棉获得的内能增多，温度升高的快，容易达到燃点被点燃故答案为：（1）折射本领；（2）由远及近的选取u10cm，5cmf2f和u5cm三个范围，且每个范围收集至少三组数据；（3）最小最亮；选乙透镜，因为乙透镜比甲透镜的面积大，在相同的时间内，接收到的光能多，使酒精棉获得的内能增多，温度升高的快，容易达到燃点被点燃点评：此题是探究凸透镜成像规律，其中（2）据此判断实验中物距是如图选取的，是个难点，因为以往的题目，学生总是习惯于一问一答的形式，因此应在这方面多加练习28（6分）（2014哈尔滨）在物理小组课外活动中，惠龙小组同学利用两段阻值不同的电热丝R1和R2，设计成高中低三档为的电热器，电路图如图所示，其中R1=2R2，在安全情况下，用三档分别给同一容器中质量相同的水加热（水均为沸腾）电热器档位额定电压额定功率水升高的温度加热时间高温220V106min中温88min低温100W49min（1）求R1的阻值是多少？（2）电热器用中温档工作时，水温升高8消耗的电能是多少？（3）结合表中信息，通过计算分析比较用高温档还是低温档更节能？考点：电功的计算；电功率的计算专题：电能和电功率分析：（1）已知额定电压和额电功率，由P=计算电阻大小；（2）先计算中温档电阻大小，再根据P=计算功率大小，根据W中=P中t中计算消耗电能大小；（3）先计算出高温档的功率大小，再计算出消耗的电能多少；分别计算出低温档和高温档每分钟消耗电能的多少比较即可解答解答：解：（1）S1闭合，S2断开，只有R1工作，低温档：由P=UI=得，R1=484；（2）S2闭合，S1断开，只有R2工作，中温档：R2=R1=242，P中=200W，因为W中=P中t中=200W860s=9.6104J（3）S1S2闭合，R1R2并联，高温档：P高=+=100W+200W=300W，高温档消耗的电能W高=P高t高=300W660s=1.08105J，则水升高1消耗的电能=1.08104J，低温档消耗的电能W低=P低t低=100W960s=5.4104J，则水升高1消耗的电能=1.35104J，因为1.08104J1.35104J，且两档加热水的质量相同，所以加热等质量的水升高1，高温档比低温档消耗电能少，用高温档节能答：（1）求R1的阻值是484；（2）电热器用中温档工作时，水温升高8消耗的电能是9.6104J；（3）用高温档更节能点评：本题结合具体的实例考查了电功、电功率、电阻的计算，综合性强，能灵活的运用公式和分析表格中的数据是解题关键新课标第一网系列资料 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