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2021年高考数学三轮冲刺大题练习02数列设正项等比数列an中,a4=81,且a2,a3的等差中项为(a1+a2).(1)求数列an的通项公式;(2)若bn=log3a2n-1,数列bn的前n项和为Sn,数列cn满足cn=,Tn为数列cn的前n项和,求Tn.设数列an的前n项和为Sn.已知2Sn=3n+3.(1)求an的通项公式;(2)若数列bn满足anbn=log3an,求bn的前n项和Tn.已知等比数列an的公比q1,且a3+a4+a5=28,a4+2是a3,a5的等差中项数列bn满足b1=1,数列(bn+1-bn)an的前n项和为2n2+n(1)求q的值;(2)求数列bn的通项公式 已知数列an的前n项和为Sn,数列是公差为1的等差数列,且a2=3,a3=5.(1)求数列an的通项公式;(2)设bn=an3n,求数列bn的前n项和Tn.已知首项为的等比数列an的前n项和为Sn(nN*),且2S2,S3,4S4成等差数列.(1)求数列an的通项公式;(2)证明:Sn(nN*).正项数列an的前n项和Sn满足:(1)求数列an的通项公式an; (2)令,数列bn的前n项和为Tn.证明:对于任意的nN*,都有Tn.记Sn为等差数列an的前n项和,已知S9=a5(1)若a3=4,求an的通项公式;(2)若a10,求使得Snan的n的取值范围已知数列an是递增的等比数列,且a1+a4=9,a2a3=8.(1)求数列an的通项公式;(2)设Sn为数列an的前n项和,求数列bn的前n项和Tn答案解析解:(1)设正项等比数列an的公比为q(q0),由题意,得解得所以an=a1qn-1=3n.(2)由(1)得bn=log332n-1=2n-1,Sn=n2,所以cn=(-),所以Tn=(1-)+(-)+(-)=.解:(1)因为,所以,故当时,此时,即所以,(2)因为,所以,当时,所以,当时,所以,两式相减,得所以,经检验,时也适合,综上可得:.解:(1)由是的等差中项得,所以,解得.由得,因为,所以.(2)设,数列前n项和为.由解得.由(1)可知,所以,故, .设,所以,因此,又,所以.解:(1)由题意,得=a1n1,即Sn=n(a1n1),所以a1a2=2(a11),a1a2a3=3(a12),且a2=3,a3=5.解得a1=1,所以Sn=n2,所以当n2时,an=SnSn1=n2(n1)2=2n1,又n=1时也满足,故an=2n1.(2)由(1)得bn=(2n1)3n,所以Tn=13332(2n1)3n,则3Tn=132333(2n1)3n1.Tn3Tn=32(32333n)(2n1)3n1,则2Tn=32(2n1)3n1=3n16(12n)3n1=(22n)3n16,故Tn=(n1)3n13.解:(1)设等比数列an的公比为q,因为2S2,S3,4S4成等差数列,所以S32S2=4S4S3,即S4S3=S2S4,可得2a4=a3,于是q=.又a1=,所以等比数列an的通项公式为an=n1=(1)n1.(2)证明:由(1)知,Sn=1n,Sn=1n=当n为奇数时,Sn随n的增大而减小,所以SnS1=.当n为偶数时,Sn随n的增大而减小,所以SnS2=.故对于nN*,有Sn.解:(1)因为数列的前项和满足:,所以当时,即解得或,因为数列都是正项,所以,因为,所以,解得或,因为数列都是正项,所以,当时,有,所以,解得,当时,符合所以数列的通项公式,;(2)因为,所以,所以数列的前项和为:,当时,有,所以,所以对于任意,数列的前项和.解:(1)设等差数列的首项为,公差为,根据题意有,解答,所以,所以等差数列的通项公式为;(2)由条件,得,即,因为,所以,并且有,所以有,由得,整理得,因为,所以有,即,解得,所以的取值范围是:解:(1)设等比数列an的公比为q,所以有联立两式可得或者又因为数列an为递增数列,所以q1,所以数列an的通项公式为(2)根据等比数列的求和公式,有所以所以
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