铁岭市铁岭县学九级上期末物理试卷含答案解析.doc

辽宁省铁岭市铁岭县2015-2016学年九年级（上）期末物理试卷（解析版）一、选择题（本题包括12个小题，共28分其中18小题为单选题，每小题2分；9-12小题为多选题，每小题2分多选题，漏选得2分，错选、多选得0分）1某一用电器正常工作时通过的电流约为5A，这一用电器可能是（）A手电筒B半导体收音机C家用液晶电视机D家用空调机2关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）A物体吸收热最时温度都要升高B物体的温度越高所含的热量越多C0的水也有内能D只要物体温度不变内能就一定不变3在汽油机的压缩冲程中，汽缸内气体的温度和内能的变化情况是（）A温度降低，内能减小B温度不变，内能不变C温度升高，内能增大D温度降低，内能增大4酒精灯在燃烧过程中，酒精灯内的酒精（）A质量变小，比热容变小，热值变小B质量变小，比热容变小，热值不变C质量不变，比热容不变，热值变小D质量变小，比热容不变，热值不变5如图所示，当S闭合后，电压表测的是哪只灯泡两端的电压（）A电源电压BL1的电压CL2的电压DL1或L2的电压6现有两只小灯泡，上面分别标有“6V 1.2W”和“12V 6W”字样，如果把这两只灯泡串联起来，闭合开关s，为了使其中一只灯泡持续正常发光，那么加在串联电路两端的电压是（）A9.4VB10.8VC18VD27V7如图所示的电路中，R1=10，R2接入电路中的阻值为20，闭合开关S后，电压表V1与V2示数之比为（）A3：2B3：1C2：1D1：l8L1标有“24V 72W”，L2标有“24V 18W”（不计温度对电阻的影响）两灯串联发光时两灯的实际功率之比为（）A4：1B1：4C1：1D2：19下列各单位中，属于电功率的单位是（）AJ/sBVACkWhDkW10如图所示，电源电压不变，滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，下列说法正确的是（）A电流表示数变小，电路消耗的总功率变小B电流表示数变大，电路消耗的总功率变小C电压表V1示数变小，V1与电流表示数之比不变D电压表V2示数变大，电阻R1消耗的功率变大11关于标有“8V 4W”的灯L1和标有“4V 2W”的灯L2，（不考虑温度对电阻的影响），下列说法正确的是（）AL1的额定电压是4VBL2的电阻是8C两灯串联接在12V的电源上，两灯都能正常发光D两灯并联时，为不影响两灯的使用寿命，干路电流最大为1A12定值电阻R1直接接到一恒压电源上，R1消耗的功率为36W，R1与R2串联仍接入原电路中，此时R1消耗的功率为4W，下列说法正确的是（）AR1与R2电阻之比为3：1BR1与R2串联时实际功率之比为9：1C只将R2接到此电源上消耗的功率为18WDR1与R2并联时实际功率之比为2：1二、填空题（本题若9小题，每空1分，共26分）13家里的电灯、电冰箱等用电器是_联的，“36V 72W”的用电器正常工作时两端的电压为_V，通过的电流为_ A，电阻为_14输电线的外皮是用_材料制成的，发光二极管是用_材料制成的，有些导体在温度足够低时，电阻会突然变为零，这种现象叫_现象15小孩从滑梯上匀速滑下，臀部有热乎乎的感觉，则他的机械能_ （填“变大”“变小”或“不变”）内能_这是用_ 的方法来改变了小孩的内能16物理课上，陈老师做了一个有趣的演示实验：在一个烧杯中装半杯热水，另一个同样的烧杯中装等量的冷水，用滴管分别在两个杯底注入一滴红墨水，过一会儿，杯中热水都变红了，稍后冷水也都变红了水变红了是_现象；热水比冷水红得更快，说明_17热机是将燃料燃烧产生的内能转化为_能的装置，在内燃机的一个工作循环中，活塞向下运动的冲程有_个18如图甲所示，电源电压为9V，电压表 Vl接在015V的量程上，示数如图乙所示，则V1表的示数是_V，V2表的示数是_V，灯L2两端的电压是_V，如此时L1消耗的功率为2W，则电路消耗的总功率为_ W19某电能表上标有600revs/kWh字样，当电能表的表盘转过150转时，电路中消耗了_kWh的电能；这些电能能使一盏“220V 100W”的灯泡正常工作_h20如图所示电路，电源电压3V保持不变，R1=10，滑动变阻器的最大阻值R2=20，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P在a端时电流表的示数为_A滑动变阻器的滑片P在b端时电压表的示数为_ V电路消耗的总功率最大为_W21如图是设有“加热”和“保温”两档的电饭锅的简化电路图，当开关都闭合时电饭锅处于_ （填“加热”或“保温”）状态，若加热和保温两种状态下的总功率之比为10：1，则R1和R2之比为_，若加热功率为880W，则R1的大小为_三、作图题（本题共3个小题，每题3分，共9分）22在如图所示电路中，开关S闭合后，灯泡L1和L2正常发光请在图中的圆圈内填上合适的电表符号23九年一班教室中有6盏普通的照明灯，两个开关，每个开关可以同时控制三盏灯在如图方框中画出符合实际连接情况的电路图（电源可以用电池的符号）24用电压表和电流表可以测未知电阻R的电阻值，即伏安法测电阻根据如图1的电路图用笔画线代替导线把如图2的实物图连接完整（电源为两节新的于电池，R的电阻值约为10）四、简答题（3分）25小刚的奶奶晚上使用电热毯，电路接通后，过一会用手摸一下电热毯，感觉热乎乎的，摸一下连接的导线却不怎么热，奶奶问小刚：“这是怎么一回事”？请你帮助刚回答一下五、计算题（本题2个小题，共18分要求写出必要的文字说明、公式、计算的过程、数值、单位和答）26如表是某电热水器铭牌上的部分信息，请根据铭牌提供的信息解答下列问题：（c水=4.2103J/Kg）容量：10L额定功率：2000W额定电压：220V保温温度：78（1）若给该热水器装满水进行加热，使水温从22升高到62，求水吸收的热量（2）如果电热水器正常工作时所产生的热量有80%被水吸收，则上一问题中给水加热的时间是多少？（3）电热水器正常工作时，发热体的电阻多大？27一如图所示，电源电压为10V当滑动阻器的滑片P在图示位置时，标有“4V 2W”的小灯泡恰能正常发光，求：（1）小灯泡的电阻：（2）变阻器连入电路的电阻：（3）变阻器3min内产生的热量六、实验探究题（本题4个小题，共36分）28某同学在做“比较不同液体吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给液体甲和乙加热 液体次数质量m/kg升高的温度t/加热的时间t/min甲10.15120.110230.2104乙40.110150.120260.2204（1）分析第1、4次，第2、5次或第3、6次实验数据，某同学认为：加热相同的时间时，乙升高的温度高一些，这说明乙吸收的热量多一些，这位同学的判断是否正确？_请说明理由_（2）分析第2、3次或第5、6次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，物质的_越大，吸收的热量就越_（选填：“多”或“少”）（3）通过比较第2、4次实验数据可知，液体吸收的热量多少与液体的_有关，_的吸热能力更强（选填“甲”或“乙”）29在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示加热时间/min01234甲的温度/3034384246乙的温度/1018263442（1）实验中应量取质量_的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热当它们吸收相同热量时，通过比较_来判断吸热能力的强弱（2）通过实验，记录数据如表格所示从开始加热到42，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲_Q乙（3）分析实验数据可知_物质的吸热能力强30（10分）（2015秋铁岭县期末）以下是“探究通过导体的电流与电阻的关系”的部分实验过程（1）连接电路时开关应_（选填“断开”或“闭合”）某次实验时电压表的示数如图2所示，则R两端的电压是_V（2）实验中，分别把5、10、20的电阻接入电路做三次实验，每次闭合开关后应向_ （填“左”或“右”）调节滑动变阻器的滑片，使_保持不变，记录电流表示数，如表所示实验次数电阻R/电流I/A150.482100.243200.12（3）分析表格数据，得出结论：_（4）许多实验需测量多组数据，便于“从中找出普遍规律”或者“求平均值以减小误差”下列实验中，多次测蹙的主要目的与本次实验相同的是_ （填字母）A测量物体的长度B探究杠杆的平衡条件C用伏安法测量定值电阻的阻值（5）若电源电压为6V，为使实验顺利进行，应选下面哪个滑动变阻器_（填字母）A10 1A B50 1A C20 1A31（16分）（2015秋铁岭县期末）如图1所示是测量小灯泡电阻的不完整的实物连接图，其中电源是三节新的干电池，（电压为4.5V）灯泡额定电压3.8V，灯丝正常发光时的电阻约10，变阻器上标有“10 lA”的字样，电流表（00.6A、03A）、电压表（03V、015V） （1）用笔画线代替导线将电路中未连接的部分连接好，使它成为完整的实验电路要求电表选择合适的时程，滑动变阻器的滑片向右移动时，电路的电流减小并在如图2方框中画出对应的电路图（2）韦韦同学合理地连好电路，并按正确的顺序操作，但闭合开关试触发现灯不亮，聪明的韦韦猜想：灯不亮可能是由于以下几个原因造成的：A可能是灯丝断了B可能是滑动变阻器开路C可能是小灯泡短路D可能是电流表开路现请你借助图中的电流表和电压表验证韦韦同学的猜想，并将电流表和电压表可能的示数填入如表空格处：猜想电流表示数/A电爪表示数/V如果A成立如果C成立（3）假如电压表“0一15V，量程已损坏，韦韦同学仍想测出小灯泡的额定功率，现请你帮她设计可行的电路图（画在如图3的方框内）按新设计的电路图进行实验，调节滑动变阻器的划片，使小灯泡正常发光，此时电压表示数应达到_V，如此时电流表示数如图4所示，请将此读数填写到（4）中表格的空格内，并计算出此时小灯泡的电阻为_（4）佳佳同学看了韦韦同学的实验结果，交流了自己的想法，她认为在实验中应改变接入电路的滑动变阻器的阻值，使得灯泡两端的电压先后等于3.8V、3.5V、3V、和2.5V，并得到相应的四组电流数据，如表，请根据表中数据在如图5中画出电流表的示数随电压的示数变化关系图象，通过图象分析灯泡的电阻值，找出电阻有什么规律，并分析可能的原因次数1234U/V3.83.532.5I/A0.380.350.312015-2016学年辽宁省铁岭市铁岭县九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括12个小题，共28分其中18小题为单选题，每小题2分；9-12小题为多选题，每小题2分多选题，漏选得2分，错选、多选得0分）1某一用电器正常工作时通过的电流约为5A，这一用电器可能是（）A手电筒B半导体收音机C家用液晶电视机D家用空调机【考点】电流的大小【分析】根据我们对生活中常用用电器电流大小的了解去选择【解答】解：A、普通手电筒的电流约为250mA=0.25A左右，故A不正确；B、半导体收音机的电流约为可达0.1A左右，故B不正确；C、家用液晶电视机的电流约为1A左右，故C不正确；D、家用空调器的工作电流约为5A左右，故D正确故选D【点评】本题考查学生对一些用电器电流大小的掌握和了解，自己平时在学习和生活中要多积累2关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）A物体吸收热最时温度都要升高B物体的温度越高所含的热量越多C0的水也有内能D只要物体温度不变内能就一定不变【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关（2）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化（3）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量【解答】解：A、一个物体吸收热量时，温度不一定升高，例如：晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，故A错误；B、热量是一个过程量，不能说“某物体含有或具有多少热量”，故B错误；C、一切物体都具有内能，故的冰也有内能，故C正确；D、物体温度不变内能也可能改变，例如：晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加，故D错误故选C【点评】本题主要考查学生对内能、温度、热传递的理解，是中考的热点，热学的难点要特别注意：温度升高，内能一定增加；但是，内能增加，温度不一定升高3在汽油机的压缩冲程中，汽缸内气体的温度和内能的变化情况是（）A温度降低，内能减小B温度不变，内能不变C温度升高，内能增大D温度降低，内能增大【考点】内燃机的四个冲程【分析】改变物体内能的方式：一是做功，对物体做功（压缩气体做功），物体的内能增加、温度升高；二是热传递【解答】解：在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，机械能转化为气体的内能，使气体的内能增大、温度升高故选C【点评】本题考查了内燃机四个冲程中的压缩冲程的特点，要理解压缩冲程中的能量转化问题4酒精灯在燃烧过程中，酒精灯内的酒精（）A质量变小，比热容变小，热值变小B质量变小，比热容变小，热值不变C质量不变，比热容不变，热值变小D质量变小，比热容不变，热值不变【考点】比热容的概念；燃料的热值【分析】比热容是物质的一种特性，它只与物质的种类有关，酒精燃烧一部分后，物质种类不变，比热容不变；热值是燃料的一种属性，只与燃料的种类有关，与其质量和燃烧情况无关【解答】解：比热容和热值都是物质的特性，酒精灯在燃烧过程中，酒精灯内的酒精质量变小，比热容和热值不变，故D正确故选：D【点评】本题考查比热容和热值的概念，属于基础题5如图所示，当S闭合后，电压表测的是哪只灯泡两端的电压（）A电源电压BL1的电压CL2的电压DL1或L2的电压【考点】电压表的使用【分析】电压表与哪个用电器并联，就是测量哪个用电器两端的电压，注意电压表不能测带电源的用电器两端的电压【解答】解：由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压，因此测量的是灯L2两端的电压故选C【点评】会通过电路图正确判断电压表的测量范围，是正确解答的关键6现有两只小灯泡，上面分别标有“6V 1.2W”和“12V 6W”字样，如果把这两只灯泡串联起来，闭合开关s，为了使其中一只灯泡持续正常发光，那么加在串联电路两端的电压是（）A9.4VB10.8VC18VD27V【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电功率的计算【分析】由两灯的铭牌信息可知两灯的额定电流及电阻，则根据串联电路的规律可知电路中的电流值，则由欧姆定律可求得电路中的电压【解答】解：由P=UI得：I1=0.2A，I2=0.5A； 则只能让第一盏灯正常发光，即电路中电流只能为0.2A；由欧姆定律得：R1=30，R2=24； 则由欧姆定律可得：电路中的电压U=I1（R1+R2）=0.2A（30+24）=10.8V；故选B【点评】两电阻串联时，电路中的电流相等，故为了保证安全，不能使电路中电流越过最小的额定电流7如图所示的电路中，R1=10，R2接入电路中的阻值为20，闭合开关S后，电压表V1与V2示数之比为（）A3：2B3：1C2：1D1：l【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得，两电阻两端的电压之比：=，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两电压表的示数之比：=故选A【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路连接方式的判断和电表所测电路元件的辨别8L1标有“24V 72W”，L2标有“24V 18W”（不计温度对电阻的影响）两灯串联发光时两灯的实际功率之比为（）A4：1B1：4C1：1D2：1【考点】电功率的计算【分析】由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，额定功率不同，根据P=求出两灯泡的电阻之比，两灯串联发光时，根据串联电路的电流特点和P=I2R求出两灯的实际功率之比【解答】解：由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压均为U=24V，P1=72W，P2=18W，由P=可得，两灯泡的电阻之比：=，两灯串联发光时，因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=I2R可得，两灯的实际功率之比：=故选B【点评】本题考查了串联电路的电流特点和电功率公式的灵活运用，灵活的运用公式P=和P=I2R是关键9下列各单位中，属于电功率的单位是（）AJ/sBVACkWhDkW【考点】电功率【分析】在物理学上，选出一些量作为基本单位，我们规定了基本物理量的单位，叫基本单位；其它物理量的单位是根据基本单位与物理学公式推导出来的叫导出单位可由物理公式结合常用单位，分析各选项的正误【解答】解：A、1W=1J/s，因此J/s是电功率的单位，故A正确；B、V是电压的单位，A是电流的单位，由P=UI知VA是电功率的单位，故B正确；C、kWh是电能的单位，不属于电功率的单位，故C错误；D、kW是电功率的单位，故D正确故选ABD【点评】此题考查了物理量的单位，应知道常见物理量的单位，并会用物理公式推导各物理量单位间的关系10如图所示，电源电压不变，滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，下列说法正确的是（）A电流表示数变小，电路消耗的总功率变小B电流表示数变大，电路消耗的总功率变小C电压表V1示数变小，V1与电流表示数之比不变D电压表V2示数变大，电阻R1消耗的功率变大【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，根据P=UI可知电阻R1消耗功率和电路总功率的变化，再根据欧姆定律结合R1的阻值判断V1与电流表示数之比的变化【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故B错误；由U=IR可知，R1两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变大，即电压表V2示数变大，由P=UI可知，电路消耗的总功率变小，电阻R1消耗的功率变小，故A正确，D错误；由R=可知，V1与电流表示数之比等于电阻R1的阻值，所以，V1与电流表示数之比不变，故C正确故选AC【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路连接方式的判断和电表所测电路元件的辨别11关于标有“8V 4W”的灯L1和标有“4V 2W”的灯L2，（不考虑温度对电阻的影响），下列说法正确的是（）AL1的额定电压是4VBL2的电阻是8C两灯串联接在12V的电源上，两灯都能正常发光D两灯并联时，为不影响两灯的使用寿命，干路电流最大为1A【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用；额定电压【分析】根据灯泡铭牌可知灯泡的额定电压，应用电功率公式可以求出灯泡电阻；由电功率公式可以求出灯泡额定电流，然后应用串并联电路特点、欧姆定律分析答题【解答】解：A、由灯泡铭牌可知，L1的额定电压为8V，故A错误；B、由P=可知，灯泡电阻：R1=16，R2=8，故B正确；C、由P=UI可知，灯泡额定电流：I1=0.5A，I2=0.5A，两灯泡串联正常发光时两端电压：U=I（R1+R1）=0.5A（16+8）=12V，故C正确；D、灯泡正常发光时的电流为0.5A，两灯并联时，为不影响两灯的使用寿命，干路电流最大：I=I1+I2=0.5A+0.5A=1A，故D正确；故选BCD【点评】本题考查了求额定电压、灯泡电阻、电流等问题，由灯泡铭牌求出灯泡额定电压与额定功率是解题的前提，应用电功率公式与串并联电路特点是解题的关键12定值电阻R1直接接到一恒压电源上，R1消耗的功率为36W，R1与R2串联仍接入原电路中，此时R1消耗的功率为4W，下列说法正确的是（）AR1与R2电阻之比为3：1BR1与R2串联时实际功率之比为9：1C只将R2接到此电源上消耗的功率为18WDR1与R2并联时实际功率之比为2：1【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】根据P=I2R表示出两种情况下R1消耗的功率之比即可求出它们的电流之比，根据电压一定时电流与电阻成反比得出等式即可求出两电阻的阻值之比，再根据P=I2R求出R1与R2串联时实际功率之比，根据P=结合两电阻的阻值关系得出只将R2接到此电源上消耗的功率，根据并联电路的电压特点和P=得出R1与R2并联时实际功率之比【解答】解：定值电阻R1直接接到一恒压电源上，如图1所示；R1与R2串联仍接入原电路中，如图2所示：由P=I2R可得：=，解得： =，因电压一定时，电流与电阻成反比，所以， =，解得： =，故A错误；图2中， =，故B错误；只将R2接到此电源上消耗的功率：P2=P1=36W=18W，故C正确；R1与R2并联时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两电阻的实际功率之比：=，故D正确故选CD【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用比例法解题时要注意各量之间的关系，不要颠倒二、填空题（本题若9小题，每空1分，共26分）13家里的电灯、电冰箱等用电器是并联的，“36V 72W”的用电器正常工作时两端的电压为36V，通过的电流为2 A，电阻为18【考点】电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的应用【分析】家庭电路中，电冰箱、电灯与电视机的额定电压都是220V，它们是互不影响的，因此它们是并联连接；用电器正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出该用电器的正常工作的电流，再根据欧姆定律求出该用电器正常工作时的电阻【解答】解：家里的电灯、电冰箱等用电器是并联的；“36V 72W”的用电器正常工作时的电压为36V，功率为72W，根据P=UI可得，通过该用电器的正常工作的电流：I=2A；根据I=可得，该用电器正常工作时的电阻：R=18故答案为：并；36；2；18【点评】本题考查了电功率公式和欧姆定律的灵活应用，关键是知道用电器正常工作时的功率和额定功率相等14输电线的外皮是用绝缘材料制成的，发光二极管是用半导体材料制成的，有些导体在温度足够低时，电阻会突然变为零，这种现象叫超导现象【考点】绝缘体；半导体的特点；超导体的特点【分析】根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体【解答】解：输电线的外皮要求不能导电，是用绝缘材料制成的；发光二极管是用半导体材料制成的；有些导体在温度足够低时，电阻会突然变为零，这种现象叫超导现象故答案为：绝缘；半导体；超导【点评】本题首先考查了绝缘体的应用、半导体的应用、超导体在实际生活中的应用等15小孩从滑梯上匀速滑下，臀部有热乎乎的感觉，则他的机械能变小 （填“变大”“变小”或“不变”）内能变大这是用做功 的方法来改变了小孩的内能【考点】做功改变物体内能【分析】做功可以改变物体的内能：外界对物体做功是机械能转化为内能，物体对外界做功是内能转化为机械能【解答】解：小孩从滑梯上匀速下滑时，速度不变，高度减小，所以小明的动能不变，重力势能减小；感到臀部灼热，是因为滑梯摩擦力做功的原因，使内能增加，因此会有一部分机械能转化为内能故答案为：变小；变大；做功【点评】（1）掌握动能、重力势能大小的影响因素（2）掌握改变内能的两种方法，做功是能量的转化，热传递是能量的转移16物理课上，陈老师做了一个有趣的演示实验：在一个烧杯中装半杯热水，另一个同样的烧杯中装等量的冷水，用滴管分别在两个杯底注入一滴红墨水，过一会儿，杯中热水都变红了，稍后冷水也都变红了水变红了是扩散现象；热水比冷水红得更快，说明温度越高，扩散越快【考点】扩散现象；宏观热现象和分子热运动的联系；分子的运动【分析】要解答本题需掌握：一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈分子不停地做无规则运动的现象称为扩散现象【解答】解：由于分子是不停运动的，所以水变红了，这是分子的扩散现象温度越高，分子无规则热运动越剧烈由于热水的温度高，故分子运动剧烈，热水中的墨水扩散的快，所以热水比冷水红得快故答案为：扩散；温度越高，扩散越快【点评】本题主要考查学生对：温度对分子运动快慢影响的了解17热机是将燃料燃烧产生的内能转化为机械能的装置，在内燃机的一个工作循环中，活塞向下运动的冲程有两个【考点】热机；内燃机的四个冲程【分析】解决此题要知道：在四冲程内燃机的做功冲程中，燃料燃烧产生大量的高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能【解答】解：热机是将燃料燃烧产生的内能转化为机械能的装置，这一转化发生在做功冲程中；汽油机的一个工作循环分为吸气、压缩、做功、排气四个冲程，吸气、做功两个冲程活塞向下运动故答案为：机械；两【点评】此题主要考查的是学生对汽油机能量转化及其四个冲程的认识和理解，内燃机中涉及到的能量转化是经常考查的知识点，需要引起注意18如图甲所示，电源电压为9V，电压表 Vl接在015V的量程上，示数如图乙所示，则V1表的示数是4V，V2表的示数是9V，灯L2两端的电压是5V，如此时L1消耗的功率为2W，则电路消耗的总功率为4.5 W【考点】串联电路的电压规律；电功率的计算【分析】（1）电路中两个小灯泡是串联的，电压表V1测量的是L1的电压，电压表V2测量的是L1、L2两端的总电压电压表的读数：首先确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数根据串联电路两端的总电压等于各串联导体两端的电压之和即可求出V2表的示数（2）根据L1消耗的功率利用I=求出电路中的电流，利用P=UI即可求出总功率【解答】解：（1）电压表V1使用的是015V量程，每一个大格代表5V，每一个小格代表0.5V，示数是4V由甲图可知：两个小灯泡是串联的，电压表V1测量的是L1的电压，电压表V2测量的是L1、L2两端的总电压，则V2表的示数为电源电压9V；根据串联电路两端的总电压等于各串联导体两端的电压之和可知：U2=UU1=9V4V=5V（2）由P=UI得：电路中的电流为I=0.5A，则总功率为P=UI=9V0.5A=4.5W故答案为：4；9；5；4.5【点评】本题考查串联电路的电流、电压和功率公式的应用关键是电路图的分析，明确电压表的测量对象19某电能表上标有600revs/kWh字样，当电能表的表盘转过150转时，电路中消耗了0.25kWh的电能；这些电能能使一盏“220V 100W”的灯泡正常工作2.5h【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】电能表表盘上标的“600revs/kWh”表示的含义是：每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转600转根据这个参数，可求表盘转过150转时消耗的电能；再利用t=求灯泡正常工作时间【解答】解：由“600revs/kWh”可知，每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转600转，则表盘转过150转消耗的电能：W=kWh=0.25kWh，灯泡正常工作P=P额=100W，由P=得：t=2.5h故答案为：0.25；2.5【点评】本题考查了电能和时间的计算，关键是知道电能表上有关参数的意义以及根据参数求用电器实际消耗电能的方法20如图所示电路，电源电压3V保持不变，R1=10，滑动变阻器的最大阻值R2=20，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P在a端时电流表的示数为0.3A滑动变阻器的滑片P在b端时电压表的示数为1 V电路消耗的总功率最大为0.9W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P在a端时，电路为R1的简单电路，此时电路消耗的总功率最大，根据欧姆定律求出电流表的示数，根据P=UI求出电路消耗的最大总功率；（2）滑动变阻器的滑片P在b端时，R1与R2的最大阻值串联，电压表测R1两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出电压表的示数【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P在a端时，电路为R1的简单电路，此时电路消耗的总功率最大，此时电流表的示数：I=0.3A，电路消耗的最大总功率：P=UI=3V0.3A=0.9W；（2）滑动变阻器的滑片P在b端时，R1与R2的最大阻值串联，电压表测R1两端的电压，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=0.1A，电压表的示数：U1=IR1=0.1A10=1V故答案为：0.3；1；0.9【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题21如图是设有“加热”和“保温”两档的电饭锅的简化电路图，当开关都闭合时电饭锅处于加热 （填“加热”或“保温”）状态，若加热和保温两种状态下的总功率之比为10：1，则R1和R2之比为1：9，若加热功率为880W，则R1的大小为55【考点】电功率的计算【分析】分析清楚电路结构，根据电路结构应用P=分析电路的工作状态；应用电功率公式求出电阻之比、求出电阻阻值【解答】解：由图示电路图可知，当两开关都闭合时只有电阻R1接入电路，电路电阻最小，由P=可知，电饭锅电功率最大，电饭锅处于加热状态；开关S1闭合、S2开关断开时两电阻串联，电饭锅处于保温状态，加热与保温功率之比： =，则： =；加热功率：P加热=880W，R1=55；故答案为：加热；1：9；55【点评】本题考查了判断电饭锅的工作状态、求电阻阻值及电阻之比，分析清楚电路结构是解题的关键，应用串联电路特点、电功率公式可以解题三、作图题（本题共3个小题，每题3分，共9分）22在如图所示电路中，开关S闭合后，灯泡L1和L2正常发光请在图中的圆圈内填上合适的电表符号【考点】电路图及元件符号【分析】要确定圆圈中的电表符号，首先要弄清电压表和电流表的正确使用方法：电流表要串联在电路中使用，而电压表要与被测用电器并联；首先判断图中各圆圈的位置，以及和用电器的连接方式，再结合仪表的使用方法进行分析【解答】解：圆圈1在干路中，与电源串联，因此为电流表；圆圈2与灯L1并联，因此是电压表；而圆圈3与L2串联在同一支路中，因此为电流表，答图如下：【点评】本题考查了电流表和电压表的使用方法解题的关键是明白电压表是并联使用，电流表是串联使用23九年一班教室中有6盏普通的照明灯，两个开关，每个开关可以同时控制三盏灯在如图方框中画出符合实际连接情况的电路图（电源可以用电池的符号）【考点】电路图设计【分析】（1）家庭电路电压是220V，每盏电灯的额定电压也是220V，这六盏灯是并联的，有六条支路；（2）六盏灯用两个开关控制，一个开关控制三盏灯，要求一个开关控制三条支路【解答】解：先把六个灯并联，再把每三个灯连接的干路上放一个开关，如图：【点评】（1）首先根据要求判断出电路的连接方式是串联还是并联；（2）根据开关的作用，确定开关在电路中的位置；（3）电路图元件一律用符号代替，并画成矩形24用电压表和电流表可以测未知电阻R的电阻值，即伏安法测电阻根据如图1的电路图用笔画线代替导线把如图2的实物图连接完整（电源为两节新的于电池，R的电阻值约为10）【考点】实物的电路连接【分析】先由图分析电路的连接方式，明确电表的作用，根据电流的流径连接电路，由已知条件判断电表的量程【解答】解：由图1知，待测电阻与电流表、滑动变阻器串联，电压表测灯泡电压，电源为两节新的于电池，所以电压表使用03V量程，R约为10，所以电路的最大电流约I=0.3A，所以电流表使用00.6A量程，变阻器一上一下接先依次连成串联电路，最后把电压表并联在灯与电流表之间如图所示：【点评】本题是根据电路图连接实物，关键是明确是电路结构，注意电表量程的选择四、简答题（3分）25小刚的奶奶晚上使用电热毯，电路接通后，过一会用手摸一下电热毯，感觉热乎乎的，摸一下连接的导线却不怎么热，奶奶问小刚：“这是怎么一回事”？请你帮助刚回答一下【考点】焦耳定律在实际中的应用【分析】电热毯和导线串联，通过的电流和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，电阻越大电流产生的热量越多，据此分析【解答】答：电热毯与导线串联，电流与通电时间相同，而电热毯的电阻远远大于导线的电阻，由焦耳定律Q=I2Rt可知，电热毯上产生的热量远远大于导线上产生的热量，所以电热毯很热，但导线不怎么热【点评】本题主要考查学生对焦耳定律的了解与掌握，分析时注意用好控制变量法五、计算题（本题2个小题，共18分要求写出必要的文字说明、公式、计算的过程、数值、单位和答）26如表是某电热水器铭牌上的部分信息，请根据铭牌提供的信息解答下列问题：（c水=4.2103J/Kg）容量：10L额定功率：2000W额定电压：220V保温温度：78（1）若给该热水器装满水进行加热，使水温从22升高到62，求水吸收的热量（2）如果电热水器正常工作时所产生的热量有80%被水吸收，则上一问题中给水加热的时间是多少？（3）电热水器正常工作时，发热体的电阻多大？【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）从铭牌知道电热水器的容积即装满水的体积，利用密度公式求水的质量；又知道水的温度变化和水的比热容，根据吸热公式求水吸收的热量；（2）根据效率公式求出消耗的电能，利用W=Pt求出给水加热的时间；（3）已知功率与电压，应用电功率公式可以求出发热体的电阻【解答】解：（1）电热水器装满水时水的体积：V=10L=1102m3，由=可得，水的质量：m=V=1.0103kg/m31102m3=10kg，水吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）10kg（6222）=1.68106J；（2）效率：=100%，消耗的电能：W=2.1106J，根据W=Pt可得，给水加热的时间：t=1050s（3）由P=可知，电阻：R=24.2；答：（1）水吸收的热量是1.68106J；（2）给水加热时间是1050s；（3）电热水器正常工作时，发热体的电阻是24.2【点评】本题考查了密度公式、吸热公式、效率公式、电功公式的应用，与生活相连，使学生觉得学了物理有用，计算时注意单位的统一27一如图所示，电源电压为10V当滑动阻器的滑片P在图示位置时，标有“4V 2W”的小灯泡恰能正常发光，求：（1）小灯泡的电阻：（2）变阻器连入电路的电阻：（3）变阻器3min内产生的热量【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=求出小灯泡的电阻：（2）根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出变阻器连入电路的电阻；（3）根据Q=W=t求出变阻器3min内产生的热量【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流（1）由P=可得，小灯泡的电阻：RL=8；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡正常发光，所以，滑动变阻器两端的电压：UR=UUL=10V4V=6V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=，即=，解得：R=12；（3）变阻器3min内产生的热量：QR=WR=t=360s=540J答：（1）小灯泡的电阻为8；（2）变阻器连入电路的电阻为12；（3）变阻器3min内产生的热量为540J【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电热公式的灵活运用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等六、实验探究题（本题4个小题，共36分）28某同学在做“比较不同液体吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给液体甲和乙加热 液体次数质量m/kg升高的温度t/加热的时间t/min甲10.15120.110230.2104乙40.110150.120260.2204（1）分析第1、4次，第2、5次或第3、6次实验数据，某同学认为：加热相同的时间时，乙升高的温度高一些，这说明乙吸收的热量多一些，这位同学的判断是否正确？不正确请说明理由没有控制液体的质量相同（2）分析第2、3次或第5、6次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，物质的质量越大，吸收的热量就越多（选填：“多”或“少”）（3）通过比较第2、4次实验数据可知，液体吸收的热量多少与液体的种类有关，甲的吸热能力更强（选填“甲”或“乙”）【考点】探究比热容的实验【分析】（1）根据控制变量法的要求分析表中实验序号为1、2或4、5的实验数据，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论，据此分析判断（2）根据控制变量法的要求分析表中实验序号为2、3或5、6的实验数据，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论（3）根据控制变量法的要求分析表中实验序号为2、4的实验数据，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论【解答】解：（1）由表中第1、2次或第4、5次实验数据可知，液体种类和液体质量相等而液体升高的温度不同，加热时间不同，升高的温度越大，需要的加热时间越长，液体吸收的热量越多，由此可得：质量相同的同种物质，升高的温度越高，吸收的热量就越多；因此该说法不正确（2）由表中第2、3次或第5、6次实验数据可知，液体的种类和液体升高的温度相等而液体质量不同，液体质量越大，需要的加热时间越长，液体吸收的热量越多，由此可得：同种物质升高相同温度时，物质的质量越大，吸收的热量就越多（3）由表中第2、4次实验数据可知，液体质量和升高的温度相等而液体种类不同，甲液体的加热时间比乙液体的加热时间长，甲液体比乙液体吸收的热量多，由此可得：液体吸收热量多少与液体的种类有关，甲的吸热能力更强故答案为：（1）不正确；没有控制液体的质量相同；（2）质量；多；（3）种类；甲【点评】本题考查了实验数据分析，应用控制变量法分析表中实验数据即可正确解题29在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示加热时间/min01234甲的温度/3034384246乙的温度/1018263442（1）实验中应量取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热当它们吸收相同热量时，通过比较升高的温度来判断吸热能力的强弱（2）通过实验，记录数据如表格所示从开始加热到42，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲小于Q乙（3）分析实验数据可知甲物质的吸热能力强【考点】探究比热容的实验【分析】比较物质吸热能力实验需要应用控制变量法，根据控制变量法的要求分析答题；用相同的热源对液体加热，液体在相等时间内吸收的热量相等，质量相同的液体升高相同的温度，吸收的热量越多，液体吸热能力越强【解答】解：（1）探究物质吸热能力实验，实验中应量取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热当它们吸收相同热量时，通过比较升高的温度来判断吸热能力的强弱（2）由表中实验数据可知，从开始加热到42，液体升高相同的温度，甲需要的加热时间短，乙需要的加热时间长，甲吸收的热量小于与乙吸收的热量（3）由表中实验数据可知，质量相同的甲、乙两种液体吸收相同热量，甲升高温度小于乙升高温度，所以甲物质的吸热能力强故答案为：（1）相同；升高的温度；（2）小于；（3）甲【点评】本题考查了实验注意事项、实验数据分析，应用控制变量法是正确解题的关键，熟练应用控制变量法、分析表中实验数据即可解题30（10分）（2015秋铁岭县期末）以下是“探究通过导体的电流与电阻的关系”的部分实验过程（1）连接电路时开关应断开（选填“断开”或“闭合”）某次实验时电压表的示数如图2所示，则R两端的电压是2.4V（2）实验中，分别把5、10、20的电阻接入电路做三次实验，每次闭合开关后应向右 （填“左”或“右”）调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端的电压保持不变，记录电流表示数，如表所示实验次数电阻R/电流I/A150.482100.243200.12（3）分析表格数据，得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比（4）许多实验需测量多组数据，便于“从中找出普遍规律”或者“求平均值以减小误差”下列实验中，多次测蹙的主要目的与本次实验相同的是B （填字母）A测量物体的长度B探究杠杆的平衡条件C用伏安法测量定值电阻的阻值（5）若电源电压为6V，为使实验顺利进行，应选下面哪个滑动变阻器B（填字母）A10 1A B50 1A C20 1A【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）连接电路时，开关应断开；由图示电压表确定其量程与分度值，然后读出其示数；（2）根据串分压的知识，换接较大的电阻后，电压表的示数变大，要保持电压表的示数不变，应增大滑动变阻器的阻值；（3）分析表格数据可得结论；（4）该实验多次测量是为了寻找普遍规律，探究杠杆的平衡条件也是采用同样的方法；（5）据电阻最大时的电流，结合欧姆定律和电源电压是6V分析即可判断；【解答】解：（1）据课本知识可知，在连接电路时，开关应断开；由图示电压表可知，其量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.4V（2）把电阻R由5分别换成了10、20，电压表的示数变大，为使电压表的示数不变，应增大滑动变阻器的阻值，将滑片向右滑动；（3）分析表格数据，得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（4）探究“电流跟电压、电阻的关系”和探究杠杆的平衡条件时，多次测量的目的是从不同情况中找到普遍规律，故选B；（5）电阻最大是20时的电流是0.12A，故此时变阻器分担的电压是：6V2.4V=3.2V，故此时变阻器的最大电阻是：R=30；故选B；故答案为：（1）断开；2.4；（2）右；定值电阻两端的电压；（3）在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（4）B；（5）B【点评】解决本题的关键：一是知道滑动变阻器在本实验中的作用和使用，二是会根据控制变量法设计实验和分析实验数据得出结论31（16分）（2015秋铁岭县期末）如图1所示是测量小灯泡电阻的不完整的实物连接图，其中电源是三节新的干电池，（电压为4.5