北京市清华附中2013年中考一模物理试卷.doc

北京市清华附中2013年中考一模物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分四个选项中只有一个符合题意）1（2分）关于声现象下列说法正确的是（）A声音是由于物体振动产生的B敲锣时用力越大，声音的音调越高C声音真空中的传播速度是3108m/sD减少噪声的惟一方法是不让物体发出噪声考点：声音的产生；声音的传播条件；频率及音调的关系；防治噪声的途径分析：解决此题的关键是要知道声音是由物体的振动产生的，声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；防治噪声污染可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治解答：解：A、声音是由物体的振动产生的，说法正确，符合题意；B、敲锣时用力越大，声音的响度越大，说法错误，不符合题意；C、声音不能在真空中进行传播，说法错误，不符合题意；D、防治噪声可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治，说法错误，不符合题意；故选A点评：此题考查了声音有关的多个问题，要结合声音的产生、传播条件和声音的特征进行分析解答2（2分）下列各种现象中，由于光的直线传播形成的是（）A 竹的倒影B水面“折”枝C 手影D 镜中花考点：光直线传播的应用专题：应用题分析：光在自然界中存在三种光现象：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等解答：解：A、水中倒影响是一种平面镜成像现象，是由于光的反射形成的不合题意B、杯中的折枝，是光的折射形成的，不合题意C、手影是光的直线传播形成的，符合题意D、镜中花，是一种平面镜成像现象，是由光的反射形成的不合题意故选C点评：熟记一些常见的光现象，能较快速地解答出此类的题目3（2分）下列关于“白气”的说法中正确的是（）A烧开水时，壶嘴周围的“白气”是壶内的水汽化形成的水蒸气B烧开水时，壶嘴周围的“白气”是壶内冒出的水蒸气遇冷液化形成的小水滴C打开冰箱门，门周围的“白气”是门外的空气液化形成的小水滴D打开冰箱门，门周围的“白气”是冰箱内的水蒸气液化形成的小水滴考点：液化及液化现象专题：应用题分析：物体由气态变为液态的过程叫液化解答：解：烧开水时，从壶嘴冒出的“白气”是由壶嘴冒出的水蒸气遇冷液化形成的打开冰箱门，看到冒“白气”，这“白气”是由于空气中水蒸气遇冷液化形成的故选B点评：本题考查的是生活中物态变化现象，只要我们认真的观察就一定可以得出正确的结论4（2分）在如图所示的措施中，为了减小压强的是（）A 切蛋器有很细的钢丝B 冰刀磨得很锋利C 坦克上安装有履带D 图钉的顶尖做的很尖考点：减小压强的方法及其应用专题：应用题；压强、液体的压强分析：压强大小跟压力大小和受力面积大小有关减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强解答：解：A、切蛋器装有很细的钢丝，是在压力一定时，减小受力面积来增大对鸡蛋的压强不符合题意B、冰刀磨得很锋利，是在压力一定时，减小受力面积来增大对冰面的压强不符合题意C、坦克上安装有履带，是在压力一定时，增大受力面积来减小坦克对地面的压强符合题意D、图钉的钉尖做得很尖，是在压力一定时，减小受力面积来增大对墙壁的压强不符合题意故选C点评：掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的方法5（2分）下列说法中错误的是（）A固体很难被压缩说明分子间有斥力B磁铁能吸引大头针说明分子间有引力C原子核由质子和中子组成D香气袭人说明分子在永不停息地运动考点：分子间的作用力；分子的运动；原子结构、元电荷与带电情况专题：应用题；学科综合题分析：应用以下知识解题：1、分子动理论：物质是由分子组成的；分子永不停息地做无规则的运动；分子间存在着相互作用的引力与斥力2、磁铁对铁、钴、镍等铁磁性物质有磁场力的作用3、原子核由带正电的质子与不带电的中子组成解答：解：A、由于分子间存在斥力，固体分子间距离很小，所以固体很难被压缩，说法正确，不符合题意，故A错误B、磁铁能吸引大头针是因为磁铁对大头针有磁场力的作用，与分子间的引力无关，说法错误，符合题意，故B正确C、原子核由质子和中子组成，说法正确，不符合题意，故C错误D、香气袭人说明分子在永不停息地运动，说法正确，不符合题意，故D错误故选B点评：本题考查了：分子动理论、磁场力、原子核的组成，是一道学科综合题；考查的是基础知识，熟记基础知识、结合题意具体问题具体分析是解题的关键6（2分）以下数据中，最接近实际的是（）A初中生正常步行的速度约为5km/hB一级楼梯台阶的高度约为50cmC冬天南京的最低气温通常在15左右D正常成年人脉搏跳动的时间间隔约0.1s考点：速度与物体运动；温度；时间的估测；长度的估测专题：估算题分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个解答：解：A、5km/h1.39m/s，初中生正常步行的速度约为5km/h，比较符合实际，故A正确B、一级楼梯台阶的高度约为20cm，故B错误C、冬天南京的最低气温通常在10左右，故C错误D、正常成年人脉搏跳动的时间间隔约=0.8s，不符合实际，故D错误故选A点评：物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义7（2分）小明用100N的力踢一个重5N的足球，球离脚后在水平草地上向前滚动了20m在球滚动的过程中（）A小明对足球做功2000JB重力对足球做功100JC小明对足球做功2100JD小明和重力对足球做功都是0J考点：力是否做功的判断专题：应用题分析：做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，二者缺一不可；据此分析判断解答：解：球离脚后，在水平草地上向前滚动的过程中，靠惯性运动，球脱离了脚，脚没有给球施加力，对球不做功，故D正确，A、B、C都错故选D点评：本题考查了做功的两个必要因素，抓住“球离脚后，脚、球之间没有力的作用”是本题的关键8（2分）有甲、乙两个物体，在力的作用下沿水平方向做直线运动，某段时间内其路程时间图象如图所示则这段时间内甲、乙两物体在水平方向上的受力情况是（）A甲受非平衡力作用，乙受平衡力作用B两物体都受非平衡力作用C甲受平衡力作用，乙受非平衡力作用D两物体都受平衡力作用考点：平衡力的辨别专题：图析法分析：（1）明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么，以及图象所表示的物理意义；（2）物体受平衡力时一定处于静止或匀速直线运动状态，物体处于静止或匀速直线运动状态时一定受到平衡力的作用解答：解：（1）图象的纵轴是路程，横轴是时间，所以这是一个路程时间图象；（2）由图象可知：甲通过的路程与时间成正比，乙静止不动，因此甲做匀速直线运动；乙处于静止状态，即甲、乙都受平衡力作用故选D点评：运用图象法解答问题的一般步骤是：（1）明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；（2）注意认清横坐标和纵坐标上各表示的最小分格的数值大小和单位；（3）明确图象所表示的物理意义；（4）根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论9（2分）如图所示，容器中装有一定质量的水，先后按甲、乙两种方式使物体A和小玻璃杯漂浮在水面上（图中细线重力及体积均不计）设甲、乙两图中物体A和小玻璃杯共同受到的浮力分别为F甲和F乙，水对容器底的压强分别为p甲和p乙，则（）AF甲F乙 p甲=p乙BF甲=F乙 p甲=p乙CF甲=F乙 p甲p乙DF甲F乙 p甲p乙考点：物体的浮沉条件及其应用；液体的压强的计算专题：应用题；整体思想；压强、液体的压强分析：（1）由于甲、乙两图中，物体都处于漂浮状态，要比较F甲、F乙的大小，可利用物体的浮沉条件进行判断（2）容器底受到的水的压强和水的深度有关，由于容器底面积一定，当物体排开水的体积越大时，液面就越高，容器底受到的压强就越大解答：解：把A和容器看作一个整体，即A和容器的总重力不变，由图可知，甲、乙中物体都是漂浮在水面上，所以甲、乙两图中物体A和小玻璃杯共同受到的浮力都等于物体A和小玻璃杯的总重力，故F甲=F乙；因为两中情况下浮力相等，又由阿基米德原理又可得，F浮=水gv排；F甲=F乙，v排甲=v排乙；因此甲乙两图中，液面的高度是相同的，由p=gh可知，当一定时，若h相等，则P相等；即 p甲=p乙故选B点评：在此题中比较浮力变化的关键是把握住前后两种情况下没有发生变化的物理量总重，运用的是整体思想10（2分）用图电路演示“通电铝棒在磁场中受力情况”时，下列做法可以改变铝棒受力方向的是（）A改变电流的大小B改变蹄形磁铁的磁性强弱C只改变电流方向D对调磁极同时改变电流方向考点：磁场对通电导线的作用分析：通电导线在磁场中受力的作用，其所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，即改变其中任何一个方向，通电导线所受力的方向都会改变一次，但如果同时改变上述两因素，相当于通电导线所受力的方向没有改变解答：解：A、改变电流的大小只能改变通电导线在磁场中所受力的大小，不能改变所受力的方向，故该选项错误；B、改变蹄形磁铁的磁性强弱只能改变通电导线在磁场中所受力的大小，不能改变所受力的方向，故该选项错误；C、只改变电流的方向可以改变通电导线受力的方向，故该选项正确；D、对调磁极同时改变电流的方向，相当于让通电导线所受力的方向改变了两次，即相当于该导线所受力的 方向没有改变，故该选项错误故选C点评：知道通电导线在磁场中所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关是解决该题的关键11（2分）在图所示的电路中，电源电压保持不变先闭合开关S1，当再闭合开关S2时，关于灯泡L1的亮度及电流表示数变化的情况是（）AL1亮度不变，电流表示数变大BL1亮度不变，电流表示数不变CL1变暗，电流表示数不变DL1变暗，电流表示数变小考点：欧姆定律的应用；电功率的计算分析：开关S1闭合时，为L1的基本电路，电流表测量L1中的电流；当再闭合开关S2时，两灯并联，电流表测量干路电流，电源电压保持不变，由欧姆定律可得干路电流、灯泡L1亮度变化解答：解：由图可知，开关S1闭合时，为L1的基本电路，电流表测量L1中的电流；当再闭合开关S2时，两灯泡并联；由欧姆定律可知通过灯L1的电流不变，灯L1的亮度不变；但由于电流表测量干路中的电流，因此电流表示数变大故选A点评：本题考查了学生对欧姆定律、并联电路特点的掌握和运用，电源电压保持不变，给一灯并联另一灯时，原来灯的三量保持不变、亮度不变12（2分）在如图所示电路中，电源电压保持不变，Rl为定值电阻，R2为滑动变阻器开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动过程中（）A电压表示数不变，电路消耗总功率变大B电流表的示数变小，电路消耗的总功率变小C电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比不变D电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比变大考点：欧姆定律的应用；电阻的串联；电路的动态分析专题：压轴题；动态预测题；图析法分析：分析电路图：定值电阻Rl与滑动变阻器R2串联，电流表串联在电路中，测量的是整个电路中的电流，电压表并联在定值电阻Rl两端，测量的是定值电阻Rl两端的电压首先判断出滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动时，滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，利用串联电路电阻的特点，再根据欧姆定律确定电压表和电流表示数的变化，并根据公式P=UI分析电路消耗总功率的变化情况；由欧姆定律可知两表示数比值的意义，则可知两表示数比值的变化解答：解：定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器滑片由b端向a端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，则电路中的总电阻R变小，而电源电压U不变，由I=可知电路电流变大，即电流表示数变大；定值电阻的阻值不变，由公式U=IR可知，定值电阻两端电压变大，即电压表示数变大；电压表测定值电阻两端的电压、电流表测电路中的电流即通过定值电阻的电流，根据欧姆定律I=可知，电压表示数与电流表示数的比值是定值电阻的阻值，并且定值电阻的阻值不变，即电压表示数与电流表示数的比值不变电源电压U不变，而电路中的电流变大，由公式P=UI可知，电路消耗总功率的变大故A、B、D不符合题意，C符合题意故选C点评：本题考查电功率和欧姆定律公式及其变形的灵活运用，难点是判断滑动变阻器滑片移动过程中电路电阻的变化，要知道串联电路电流和电压的规律一定要弄清滑动变阻器滑片移动时电阻的变化，则可知电路中总电阻的变化，进而可知电流的变化二、填空题（每空1分，共25分）13（2分）自2010年10月以来，我国北方多个省份遭遇干旱，图为干涸开裂的河床在干旱地区可通过人工降雨的方法向天取水，其中一种人工降雨的方法是把干冰（固态二氧化碳）播撒到冷云中，使其周围环境温度降低（选填“升高”或“降低”），空气中的水蒸气迅速液化成小水滴或凝华 成小冰晶（填物态变化的名称），导致降雨考点：生活中的升华现象；生活中的凝华现象专题：应用题分析：人工降雨是利用物态变化的知识为人类生活生产增雨的做法，它是利用干冰升华吸热，空气中的水蒸气迅速变成小冰晶，这个过程是属于水蒸气直接变成固态冰晶的过程，冰晶在融化成小水滴降到地面上，形成降雨解答：解：当干冰直接变成气态二氧化碳，这是一个升华过程，要吸热，使其周围环境温度降低，当空气中的水蒸气变成小冰晶的过程是一个凝华过程，这样就达到了人工降雨的目的故答案为：降低；凝华点评：通过解析此题可以看出：中考不再是单纯的考查同学们对课本知识的掌握情况，而是特别注重了对物理知识应用以及与社会热点问题相联系的考查这就要求同学们在学习掌握课本知识的同时，还要积极的把课本知识应用于生活且多联系我的生活，让我们所学的知识服务于我们的社会这种理念一定是将来中考的主要方向14（3分）小明用如图所示的装置“探究凸透镜成像规律”（所用凸透镜的焦距约是10cm）当蜡烛、凸透镜、光屏移至图示位置时，在光屏上得到一个倒立、缩小（选填“放大”、“等大”或“缩小”）、清晰的像，生活中的照相机就是应用此原理来工作的为了使光屏上成的像大一些，在不移动透镜的情况下，应将蜡烛向右移（选填“左”或“右”，下同），同时将光屏向右移到合适的位置考点：凸透镜成像规律及其探究实验专题：实验题分析：从图上读出物距，比较物距和焦距关系，判断成像情况凸透镜成像时，u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大解答：解：如图，物距u=50cm15cm=35cm，凸透镜的焦距约是10cm，u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机要使像增大，物距要减小，像距增大，凸透镜位置不变，蜡烛向右移动，所以光屏向右移动故答案为：缩小；照相机；右；右点评：凸透镜成像的三种情况和凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大，是凸透镜成像习题的重要依据，正确理解，熟练掌握15（4分）京沪高铁北京至南京段里程为1032km，据报道，尽显“中国味道”的京沪高铁南京站房将于5月底竣工，若列车以320km/h的平均速度在两地间运行，则需3.2h可从北京到达南京（计算结果小数点后保留一位小数）坐在列车上的乘客会看到窗外的树木飞速向后退，这是以列车为参照物由于高铁列车运行速度很快，为避免候车乘客被“吸”向火车的事故发生，站台上的安全线与列车的距离也要更大些（如图）这是因为列车进站时车体附近空气流速更大，压强更小考点：流体压强与流速的关系；速度公式及其应用专题：应用题分析：（1）列车运行的时间可通过公式v=的变形来求出；（2）选择参照物一定要将其假定不动，再看相对位置的变化情况；（3）流体流速越大的位置，压强越小，这一规律是我们解决这一问题的依据解答：解：（1）由公式v=得，列车通过这段距离需要的时间t=3.2h；（2）景物飞驰而过，是因为以列车为参照物，它们的位置在快速发生改变；（3）流体流速越大的位置，压强越小，列车附近气流速度大，因此压强更小故答案为：（1）3.2；（2）列车；（3）空气流速更大，压强更小点评：速度的计算公式，是最基本的公式，我们应熟练掌握；运动和静止是相对的，关键要看选谁作参照物；流体流速越大的位置，压强越小，这一规律适用于所有的液体与气体，我们应该熟知16（3分）小明用托盘天平和量杯测一块雨花石的密度当他用调好的天平测雨花石的质量时，发现指针偏向如图甲所示，此时他应该向右盘添加砝码或将游码向右移动当天平重新平衡时右盘砝码的质量、游码在标尺上的位置如图乙所示，雨花石的质量为53.4g，用量杯测出它的体积为20cm3，则雨花石的密度是2.67g/cm3雨花石被磨损后，它的密度将不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）考点：固体密度的测量；天平的使用专题：实验题分析：实验中应按天平的使用规则进行调节和读数；在称量过程中，如果试加了最小砝码后，天平仍不能平衡，则应移动游码来使其平衡；最后的密度应通过公式计算得出解答：解：在调节天平时，应将天平放在水平桌面上调节时指针偏左，说明左侧质量大，应向右移动平衡螺母；称量中，试加了最小砝码后，天平仍不能平衡，则应移动游码直至天平平衡；图中天平的示数为50g+3.4g=53.4g雨花石的密度=2.67g/cm3密度是物体的属性故答案是：向右盘添加砝码或将游码向右移动；53.4；2.67；不变点评：在测密度的实验中，天平的调节与使用，密度公式的计算，都是我们应该掌握的基本内容，应重点加以练习17（3分）如图，向一只重力和体积均不计的薄塑料袋内装入大半袋水，用弹簧测力计测出它的重力为2.8N（如图甲）将其逐渐浸入水中的过程中，弹簧测力计示数逐渐变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）当袋中的水面与容器中的水面相平时（如图乙），弹簧测力计的读数为0N，这时该盛水的塑料袋排开水的重力为2.8N考点：阿基米德原理专题：推理法分析：塑料袋慢慢浸入水的过程中，塑料袋排开水的体积增大，水的密度不变，水对塑料袋的浮力增大，而塑料袋内水受到的重力=拉力+浮力，物体的重力不变，浮力增大，弹簧测力计对物体的拉力（示数）减小；当袋内水面与烧杯中的水面相平，则排开水的体积等于袋内水的体积，根据阿基米德原理，此时排开水的重力等于袋内水的重力，所以测力计的示数应为零解答：解：在塑料袋慢慢浸入水的过程中（袋内水面与烧杯中的水面相平之前）F浮=水gv排，塑料袋排开水的体积增大，水对塑料袋的浮力F浮增大；弹簧测力计的示数：F=GF浮，G不变，水对塑料袋的浮力F浮增大，弹簧测力计的示数将变小；当袋内水面与烧杯中的水面相平时，排开水的体积等于袋内水的体积，即：v排=v水，排开水的重力等于袋内水的重力，即：F浮=G排=G水=2.8N，此时测力计的示数为零故答案为：变小；0；2.8点评：本题考查了学生对阿基米德原理、称重法测浮力的掌握和运用，分析找出排开水的体积变化情况是本题的关键18（4分）日本福岛核电站是目前世界上最大的核电站，如图为福岛第一核电站震前全景及核电站发电流程示意图（1）核反应堆中的核燃料是不可（选填“可”或“不可”）再生能源（2）核能发电的过程中，能量转化情况是核能转化内能转化机械能转化成电能发电机是利用了电磁感应的原理来工作的（3）与火电站相比，核电站因其清洁、高效而备受世界多国青睐3月11日日本强震和海啸引发的核泄漏事故，使世界各国政府在高度关注核电站安全、检讨核电发展规划的同时，也加强了对太阳能等安全、清洁能源的补贴扶持力度（选填一种新能源）考点：核电站发电过程中的能量转化专题：应用题；压轴题分析：（1）核燃料是一种化学物质铀，在地球上的储量是有限的；（2）对照图片，逐一分析各个工作阶段发生的能量转化，即可得出核能发电的整个能量转化过程，发电机是利用电磁感应原理发电的；（3）新能源除核能外，还包括太阳能、地热能、风能、生物质能等解答：解：（1）核反应堆中的核燃料是不可再生能源，这种燃料在地球上的储量是有限的；（2）核能发电时，在核反应堆中，核能转化为内能，在汽轮机中，内能再转化为机械能，在发电机中，机械能转化为电能发电机是利用电磁感应的原理来工作的（3）各国加强开发利用的新能源包括太阳能、风能、地热能、生物质能等故答案为：（1）不可；（2）内能，机械能；电磁感应；（3）太阳能、风能、地热能、生物质能等（只填一种即可）点评：对核能的认识、核能发电中的能量转化、原理等是本题考查的主要内容我们在了解核能的同时，也应对其它新能源有所了解19（3分）电子式电能表表盘上标有“3200imp/（kWh）”字样，将某用电器单独接在该电能表上正常工作30min，电能表指示灯闪烁了320次该用电器在上述时间内消耗的电能为0.1kWh，它的额定电功率是200W，则这个用电器可能是：电视机（选填：“电水壶”、“空调器”或“电视机”）考点：电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算；额定功率专题：应用题；压轴题分析：电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表3200imp/（kWh）的含义是：电路中每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次；可求指示灯闪烁320次消耗的电能；根据题目所给条件和电功率的公式P=进行解答解答：解：因为电路中每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次所以当指示灯闪烁320次时，消耗的电能为W=0.1kWh，t=30min=0.5hh用电器的额定功率P=0.2kW=200W可能为电视机故答案为：0.1；200；电视机点评：本题考查学生对电能表铭牌上数据的理解情况，同时要求掌握电功率的计算方法注意题目中的单位换算20（2分）小明用图甲所示的电路，探究导体中的电流与导体电阻的关系（电源电压恒为6V）小明共做了五次实验，图乙是他根据记录的五组数据，在方格纸上描点画出的电阻箱的电流与其阻值R的关系图线则这五次实验过程中，小明控制电阻箱R两端的电压是2 V，滑动变阻器消耗的最大功率与最小功率之比为10：1考点：电功率的计算；欧姆定律的应用专题：计算题；信息给予题分析：（1）根据图象中任何一个电阻值，找到对应的电流值，根据欧姆定律求出电阻箱R两端的电压（2）由P=UI可知电压不变时，通过的电流越大，电功率就越大，反之越小；由图象读出最小、最大电流，进一步求出滑动变阻器消耗的最大功率与最小功率之比解答：解：（1）由图象可知，当R=5时，对应的电流为I=0.4A，所以电阻箱R两端的电压为U=IR=0.4A5=2V；（2）由图象可知，I最大=1A，I最小=0.1A，因P=UI，且电压的大小保持不变，所以P最大：P最小=I最大：I最小=1A：0.1A=10：1故答案为：2，10：1点评：本题考查了欧姆定律和电功率公式的灵活应用，重点考查了学生分析能力和知识综合运用能力21（2分）如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“50 1A”的字样，电压表量程为“03V”，电流表量程为“00.6A”，电源电压恒为4.5V，不考虑温度对电阻的影响闭合开关S，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器接入电路中的阻值范围是520，电压表的示数变化范围是1.53V考点：欧姆定律的应用专题：计算题；压轴题；定量思想分析：通过读图首先明确这是一个串联电路，电压表测滑动变阻器的电压滑动变阻器滑片的移动会改变电路中的电流大小、电压分配等，因此，为了保护每一个元件，我们应该以最小的电流或电压值为限度，通过确定最大值和最小值，最终确定范围解答：解：灯泡正常工作时的电流I灯=0.3A，灯泡的电阻R灯=10比较灯泡、变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程可知，0.3A0.6A1A，故电路中的电流不得超过0.3A此时电路中的总电阻R总1=15，灯泡与变阻器串联滑动变阻器的最小电阻R小=1510=5滑动变阻器阻值增大时，电压表的示数不得超过3V，则灯泡此时两端的电压=4.5V3V=1.5V，电路中的电流I=0.15A，滑动变阻器此时的最大阻值R大=20所以，滑动变阻器接入电路的阻值范围是520；电压表的最小值U小=I灯R小=0.3A5=1.5V，电压表的最大值U大=IR大=0.15A20=3V，所以，电压表的示数变化范围是 1.53V故答案为：520；1.53点评：滑动变阻器的作用就是要保护电路中的各元件，并改变电路的电流、电压大小，在确定滑动范围时，应重点关注电流与电压的变化，找出最大值和最小值才能最终确定其范围，具体电路中，尤其要关注多个电压或电流的情况，必须保证每一个元件都不能超过其工作要求三、作图和实验探究题（本大题有5小题，每图或每空2分，共32分）22（2分）如图所示，将一小石块用力竖直向上抛出，请画出石块离开手后在竖直上升过程中所受力的示意图（不计空气阻力和浮力）考点：力的示意图专题：重力、弹力、摩擦力分析：由于石块离开手后在竖直上升过程中不计空气阻力和浮力，所以只受到重力的作用，重力的作用点在重心上，方向竖直向下解答：解：石块在上升过程中（不计空气阻力和浮力）所以只受到的重力作用，从重心竖直向下画，并标上字母符号G，如图所示：点评：作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点23（2分）为使杠杆ON在图中位置能保持静止，需在M点施加一个力F画出在M点对杠杆施加的最小拉力F，并标出其对应的力臂L考点：杠杆中最小力的问题专题：简单机械分析：力臂是支点到力的作用线的距离，先找到支点和拉力的作用线，用数学方法从支点向拉力作用线引垂线；根据杠杆平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂，在阻力阻力臂一定的情况下，动力臂越大动力越小解答：解：由杠杆平衡的条件知，动力臂最大时，拉力F最小，由图示可知，当作用在M点的力与杠杆垂直时，力臂最大，作用力最小；从支点到力的作用线作垂线段，即可作出力臂，力与力臂如图所示故答案为：如图所示点评：作力臂要先找到支点和力的作用线，再从支点向力的作用线引垂线，用大括号标出，并标上力臂符号；在力与力臂的乘积一定时，力臂越大，用力越小24（6分）图甲是“探究物质熔化过程”的实验装置，图乙为某时刻测出的温度，图丙是收集实验数据后绘制得到的“温度时间”图象，酒精灯在单位时间内放出的热量相等且不计热损失（1）图乙中温度计的示数为2，由图丙可判断该物质是晶体（选填“晶体”或“非晶体”）；（2）在该物质熔化过程中：如果将试管从烧杯中拿出来，熔化过程停止；将试管放回烧杯后，熔化又会继续这一现象说明：熔化需要吸热（3）实验中，热只能由酒精灯的火焰传递给水，而不会反过来传递，说明能量的转移具有方向性考点：熔化与熔化吸热特点；晶体的熔化和凝固图像；能量的转化与转移的方向性专题：实验题分析：（1）此题温度计的示数在量程的范围内，分度值为1，注意液柱是在零刻度线的上方还是下方可根据这两点读出此温度计的示数晶体和非晶体的区别是：是否有一定的熔点（2）熔化过程的规律：晶体熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变（3）发生能量转移时，热量只能自发地（不需要任何外界干预，或不需要满足任何条件）从高温物体转移到低温物体，反之要想使热量自发地从低温物体流入高温物体是不可能的这就是能量转移的方向性解答：解：（1）由图知：温度计的最小刻度值是1，且液柱在零刻度线下方，因此该温度计的示数是2；丙图是某种物质的熔化图象，因为该物质的熔化有一定的熔点，所以该物质是晶体（2）将试管从烧杯中拿出来，物质无法从外界吸热，熔化过程停止；将试管放回烧杯后，物质又能够从外界吸热，熔化又会继续因此可以得出，该物质的熔化需要吸热（3）在热传递的过程中，热能只能从高温物体传向低温物体，而不会反过来传递，因此能量的转移具有方向性故答案为：（1）2；晶体；（2）熔化需要吸热；（3）方向点评：此题考查的知识点比较全面，有温度计的读数和晶体与非晶体的区别；晶体的熔化规律：晶体熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变；能量的转移具有方向性25（4分）如图所示，在做“探究平面镜成像特点”的实验时，将一块玻璃板竖立在水平桌上，再取两段完全一样的蜡烛A和蜡烛B一前一后竖立在桌面上，点燃玻璃板前的蜡烛A进行实验实验序号1234物到玻璃板的距离/cm15.3023.0225.6028.50像到玻璃板的距离/cm15.3023.1525.6028.50（1）用玻璃板代替平面镜进行实验，是利用了玻璃板的透明性（填物理属性的名称），从而能确定像的位置；（2）上面表格中的数据是一位同学测量的四组像和物体到玻璃板的距离实验中刻度尺的使用以及读数均正确，但是分析数据时发现第二组的数据有较大的偏差，你认为造成这个偏差的原因可能是CA选用的玻璃板太厚 B选用的玻璃板太薄C在判断蜡烛B与蜡烛A的像是否完全重合时出现了较大偏差（3）实验中，在确定蜡烛B和蜡烛A的像是否完全重合时，人眼的观察位置应该是b（选填：“a直接观察玻璃板后蜡烛B；b在玻璃板前蜡烛A这一侧不同的位置；c直接观察光屏”，下同）；在判断平面镜中成的是实像还是虚像时，移走蜡烛B，在其像所在位置放一光屏后，人眼的观察位置应该是c考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案专题：实验题分析：（1）平面镜不能透光，只能反射光，不能确定出像的位置，玻璃板不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛（2）造成误差的原因是多方面的，例如：描的点不对应、玻璃太厚、读取数时等都是造成误差的原因，从第2次实验数据有较大的偏差可知，都不可能是以上原因，原因可能是没等到像完全重合就测量（3）根据平面镜所成的是像是虚像的特点，应在物体一侧观察虚像的判断：用光屏在像的位置接收，接收不到说明是虚像在观察像时，人眼的观察位置通常会随着实验目的不同而发生变化解答：解：（1）用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于透过玻璃板确定像的位置；故答案为：透明性（2）造成误差的原因是多方面的，例如：描的点不对应；玻璃太厚，成两个像；没等到像完全重合就测量等，因第二组的数据有较大的偏差，所以造成这个偏差的原因可能是没等到像完全重合就测量；故选C（3）因为平面镜所成的像是虚像，在玻璃板前蜡烛A这一侧不同的位置观察才能看到蜡烛的像；在判断平面镜中成的是实像还是虚像时，因在其像所在位置放一光屏，所以在观察像时，人眼的观察位置应该是直接观察光屏故答案为：b；c点评：本题考查了在做平面镜成像实验，考查学生动手操作实验的能力眼睛应在物体这一侧观察，光屏只能承接实像，不能承接虚像等，都是实验中需要特别注意和强调的地方玻璃的作用和应注意的问题：用刻度尺时读数要准确，要把代替的蜡烛与像完全重合后测量到镜面的距离26（6分）在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的活动中：（1）将一个各个面粗糙程度都相同的长方体木块放在水平桌面上，用弹簧测力计水平向右拉动木块，使其做匀速直线运动，如图甲所示，木块受到的滑动摩擦力为2.2 N；（2）将此木块沿竖直方向切成相等的两块A和B，并把B叠放在A上，用弹簧测力计水平向右拉动A，使A和B一起做匀速直线运动，如图22乙，则弹簧测力计示数将不变（选填“变大”、“变小”或“不变”），判断的依据是压力大小和接触面粗糙程度都没有改变考点：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验；弹簧测力计的使用与读数专题：实验题；压轴题分析：弹簧测力计读数：确定每一个大格和每一个小格代表的示数滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关压力大小不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力大小不变解答：解：（1）弹簧测力计每一个大格代表1N，每一个小格代表0.2N，示数为2.2N（2）弹簧测力计显示拉力大小，木块进行匀速直线运动，滑动摩擦力等于拉力将此木块沿竖直方向切成相等的两块A和B，并把B叠放在A上，用弹簧测力计水平向右拉动A，使A和B一起做匀速直线运动，压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，弹簧测力计示数不变故答案为：2.2；不变； 压力大小和接触面粗糙程度都没有改变点评：判断滑动摩擦力是否变化，抓住滑动摩擦力大小的影响因素是关键，滑动摩擦力跟物体的移动速度没有关系，跟压力大小和接触面粗糙程度有关四、解答题（本大题有3个小题，共19分，要求写出必要的文字说明，公式和演算过程）27（5分）如图甲所示是一种常见的电热水袋，图乙是它的结构示意图，其性能指标如下表所示额定电压额定加热功率指示功率袋内充水自动断电温度220V500W0.2W1kg65（1）由题意可知，红色指示灯L的电阻比发热体R的电阻要大（选填“大”或“小”）得多；（2）为了使用电热水袋更加安全，有的电热水袋里使用双重温控开关保护，也就是把两个温控开关串联（选填“串联”或“并联”）起来使用；（3）当热水袋原来的温度是15时，在额定电压下加热10min指示灯就熄灭了，则此过程中水吸收的热量是2.1105 J，电热水袋的发热效率为70%c水=4.2103J/（kg）考点：串联电路和并联电路的辨别；能量利用效率；热量的计算；焦耳定律专题：计算题；应用题；压轴题分析：（1）由图可见，红色指示灯L和发热体R是并联的，两电阻两端的电压相等，根据公式P=分析两电阻阻值的大小；（2）两开关串联时，相互影响，必须都闭合电路才能工作，并联时，互不影响，闭合任何一个都能使电路工作；（3）根据热量的计算公式Q=cmt计算出水吸收的热量，根据W=Pt计算出消耗的电能，根据=100%就可以求出电热水袋的发热效率解答：解：（1）由图可见，红色指示灯L和发热体R是并联的，两端电压相等，发热体的功率要比指示灯的功率大得多，根据电功率的计算P=，在电压U相等的情况下，功率P大的，电阻R反而小，因此发热体的电阻要小于指示灯的电阻故答案为：大（2）因为电热水袋里使用双重温控开关，也就是说只有这两个开关都闭合时，电热袋才可以工作，因此这两个开关是串联的故答案为：串联（3）热水袋中的水的质量m=1kg，温度从15升高到65，此过程中水吸收的热量是Q=cmt=4.2103J/（kg）1kg（6515）=2.1105J消耗的电能是W=Pt=500W1060s=3105J则该电热水袋的发热效率为=100%=100%=70%故答案为：2.1105；70%点评：本题由电热水袋入手考查相关的物理知识，尤其是最后一问求发热袋的效率是解题的难点，关键是对公式的把握28（4分）如图所示是小明探究“物体的重力势能大小与物体的质量和被举起的高度是否有关”的活动，所做三次实验的情景（1）为探究“重力势能大小与物体被举起的高度是否有关”，应选甲、丙两组实验，观察比较这两组实验，得到的结论是在物体质量相同的情况下，物体被举起的高度越高，重力势能就越大（2）本实验中探究的是影响金属块的重力势能大小的因素（选填“金属块”或“小桌”），但重力势能的大小无法直接观察，我们是通过观察比较小桌陷入沙坑的深度来间接比较的下列四个研究实例中，同样用到此研究方法的是BA认识电流时，用水流进行类比；B根据磁场对磁体有力的作用来认识磁场；C在学习蒸发和沸腾时，通过比较得出蒸发和沸腾的异同点；D牛顿第一定律是在实验的基础上经分析推理而得出的考点：势能的影响因素；物理学方法专题：实验题；控制变量法；转换法分析：（1）当探究重力势能与高度的关系时，根据控制变量法必须保证物体的质量相等，改变物体被举起的高度；（2）通过观察小桌陷入沙中的深浅来判断物体重力势能的大小；该实验方法是采用的转换法，分析得出四个研究实例的研究方法即可知道用到此研究方法的实例解答：解：（1）如果探究重力势能与高度的关系，根据控制变量法必须保证物体的质量相等，改变物体被举起的高度；而甲、丙使用的是同一金属块，从不同高度落下，所以应选甲、丙两组实验，得到的结论是在物体质量相同的情况下，物体被举起的高度越高，重力势能就越大；（2）本实验是通过观察方桌陷入沙中的深浅来判断影响金属块的重力势能大小的因素；因重力势能的大小无法直接观察到，所以采用的是转换法，而下面四个研究实例中，A认识电流时，用水流进行类比；采用的是类比法，B根据磁场对磁体有力的作用来认识磁场；采用的是转换法，C在学习蒸发和沸腾时，通过比较得出蒸发和沸腾的异同点；采用的是比较法，D牛顿第一定律是在实验的基础上经分析推理而得出的，采用的是推理法样用到此研究方法的是B故答案是：（1）甲、丙；在物体质量相同的情况下，物体被举起的高度越高，重力势能就越大；（2）金属块；B点评：该题考查了探究重力势能与质量和高度的关系的实验，考查了转换法和控制变量法在该实验中的应用29（6分）用如图所示滑轮组提升重物人用500N的拉力F，15s内使重为900N的物体匀速上升了3m不计绳重和摩擦，求：（1）动滑轮的重（2）人拉绳子做功的功率（3）滑轮组的机械效率考点：滑轮组绳子拉力的计算；功的计算；有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率；功率的计算专题：计算题分析：由滑轮组的结构知道n=2，s=2h（1）不计绳重和摩擦，知道拉力和物重的大小，利用F=（G轮+G物）求动滑轮的重；（2）利用s=2h求出拉力移动的距离，知道拉力大小和运动时间，利用功率公式求解；（3）利用W有=Gh求有用功，利用W总=Fs求总功，利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率解答：解：（1）由题知，不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重，F=（G轮+G物）即：500N=（G轮+900N），动滑轮的重：G轮=100N；（2）拉力移动的距离：s=2h=6m，拉力做功：W总=Fs=500N6m=3000J，拉力做功功率：P=200W；（3）使用滑轮组做的有用功：W有=Gh=900N3m=2700J，滑轮组的机械效率：=100%=100%=90%答：（1）动滑轮重为100N；（2）拉力的功率为200W；（2）滑轮组的机械效率为90%点评：本题考查了学生对有用功、总功、功率公式、机械效率公式、滑轮组s=nh的理解和运用，理解并求出有用功和总功是本题的关键30（9分）如图所示，L是“12V 6W”的小灯泡，R1是定值电阻，R2是最大阻值为24的滑动变阻器，电源电压和灯泡电阻均不变（1）求小灯泡的阻值；（2）闭合开关S、S1，滑片P在a端时，小灯泡恰能正常发光，且电流表示数为0.9A，求R1的阻值；（3）闭合开关S，断开开关S1，求在滑片P移动过程中，灯泡消耗的最小功率考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：计算题；应用题；压轴题分析：（1）根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据R=求出小灯泡的阻值；（2）闭合开关S、S1，P在a端时，R2=0，此时R1与L并联，根据灯泡正常发光可知电源的电压，根据欧姆定律可知通过灯泡的电流，利用并联电路的电流特点可知通过电阻R1的电流，再根据欧姆定律求出R1的阻值；（3）闭合S，断开S1，此时R2与L串联，由P=I2R可知当P移到b端时灯泡L消耗的功率最小，先根据电阻的串联特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出灯泡消耗的最小功率解答：解：（1）灯泡的电阻为RL=24；（2）闭合开关S、S1，P在a端时，R2=0，此时R1与L并联，灯L恰能正常发光，U1=U=UL=12V，IL=0.5A，I1=IIL=0.9A0.5A=0.4A，R1=30；（3）闭合S，断开S1，此时R2与L串联，当P移到b端时，R2=24，灯泡L消耗的功率最小电路中的电流为Imin=0.25A所以PLmin=Imin2RL=（0.25A）224=1.5W答：（1）小灯泡的阻值为24；（2）R1的阻值30；（3）闭合开关S，断开开关S1时，灯泡消耗的最小功率为1.5W点评：本题考查了串联电路和并联电路的特点，以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用；第三问中能判断滑动变阻器的阻值最大时灯泡的实际功率最小是关键