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高中物理新课程会考模拟试卷(一)一、选择题1.A【解析】斜面对重物的支持力方向为垂直于斜面向上的，故A对2.D【解析】物体从t0时刻开始做自由落体运动，速度vgt，在vt图象中是一条过原点的直线3.C【解析】本题考查参考系的选择，铁路两旁的树木迅速后退，说明他以列车为参考系的4.C【解析】加速上升的电梯中的人，加速度的方向为竖直向上，对人受力分析，设电梯给人的支持力为FN，由牛顿第二定律FNmgma，则FNmgma，即FNmg，由牛顿第三定律，设人对电梯的压力为FN，则FNFN，则有FNmg，故选项C正确5.D【解析】质点是用来代替物体的有质量的点能把物体看成质点的条件：物体的大小和形状对所研究运动的影响可以忽略不计时，不论物体大小如何，都可将其视为质点由此可以判断选项D中的运动员可以当作质点处理，D对6.A【解析】由牛顿第二定律a，对于一给定物体，它受到的合外力F越大，m一定时，则加速度a越大，A对；由匀变速运动的速度公式vv0at，知当加速度a与初速度v0方向一致时，合外力越大，速度增大越快，当加速度a与初速度v0方向相反时，合外力越大，速度减小越快，B错；从静止开始在外力作用下做直线运动的物体，其速度与合外力的方向一致，当合外力逐渐减小时，加速度减小，但仍在加速，速度是逐渐增大的，C错；原来做匀变速直线运动的物体，若其合外力与速度方向一致，当合外力逐渐增大时，速度也逐渐增大；若其合外力与速度方向相反，当合外力逐渐增大时，速度逐渐减小，D错7.C【解析】由a知，加速度表示单位时间内速度的变化，故运动物体的速度变化越快，加速度越大，C对8.B【解析】惯性是物体的属性，不只是处于匀速直线运动或静止状态时才具有，A错；由牛顿第二定律a，加速度的方向与所受合外力的方向相同，B对；牛顿第三定律指出，物体间的作用力与反作用力是一对相互作用力，C错；牛顿运动定律仅适用于低速运动的宏观物体，不适用于高速运动的微观粒子，D错9.B【解析】由题意A球、B球同时运动，同时落到地面上，知A球竖直方向的运动和B球一样，为自由落体运动，故选B.10.A【解析】对沿光滑斜面自由下滑的物体进行受力分析，知物体受到竖直向下的重力及垂直于斜面向上的支持力，A对；物体下滑的动力来自重力沿斜面向下的分力，没有下滑力这一说11.A【解析】因为滑块在光滑水平面上滑行，没有摩擦力，由功能关系可知WFEkmvmvm(vv)1J0，A对12.B【解析】物体自由下落，1s内下落的高度hgt21012m5m，重力做功Wmgh1105J50J，重力做功的平均功率P50W，B对13.D【解析】匀速圆周运动中，速度的大小不变，但方向时刻都在改变，加速度大小不变，方向在变，故D对14.B【解析】同步卫星的运行周期与地球的自转周期相同，由T知，12，B对第15题图15.A【解析】如图所示，当FF1Fsin时，有两个解；当F1Fsin时，有唯一解；当F1EA.由FqE知，FBFA，A错；电子带负电，它在A点受到的电场力方向与该点场强方向相反，B错；若电子从B点静止释放，受到的电场力与场强方向相反，则电子仅在电场力作用下将沿电场线运动到A点，C对；从B点静止释放，因为电场不是匀强电场，则电子仅在电场力作用下做变加速运动，D错27.D【解析】利用电流热效应的电器，即电能转化为内能的电器，D对28.A【解析】洛伦兹力对带电粒子永不做功，A对；运动电荷在某处不受洛伦兹力作用，该处的磁感应强度不一定为零，B错；同理C也错；粒子在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动时，粒子的速度大小不变，方向变化，故能改变带电粒子的速度，不能改变带电粒子的动能，D错29.C【解析】本题考查奥斯特发现通电导线周围存在磁场的史实，C对30.D【解析】电场线是假想的曲线，A错；电场线不一定从正电荷出发，终止于负电荷，B错；电场线不可能相交，C错；电场线的疏密程度表示电场的强弱，D对31.C【解析】由闭合电路中电流方向可判断通电螺线管周围磁感线的方向，左端为N极，右端为S极，对水平吊起的通电直导线A用左手定则可判断出，A受到竖直向下的安培力，C对32.C【解析】永磁体的磁性会在外界条件影响下发生变化，A错；高温使磁体的磁性越来越弱，B错；猛烈的敲击会使磁体失去磁性，C对；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，D错33.C【解析】由En，代入数据，可求0.1Wb/s，由此可知通过该线圈每一匝截面上磁通量变化率为0.1Wb/s34.C【解析】本题考查电磁波在实际生活中的应用，C对35.B【解析】由电场线的特点，电场线越密的地方，电场强度越强，则有EMEN，由FqE知，同一负电荷，在M、N处受到的电场力的大小关系为FMFN，A错，D错；因为沿电场线的方向电势越来越低，M60km/h，故该车超速了四、计算题50.A选修114103N在纸面的平面内垂直于导体棒向下【解析】F安BIL1.01022.00.24103N，由左手定则可判断安培力的方向在纸面的平面内，垂直于导体棒向下B选修3111【解析】分析知两带电粒子在磁场中做匀速圆周运动是由洛伦兹力提供向心力，即qvBm对a粒子qvB2mp，对b粒子2qvB4mp，可求得.51.(1)8N(2)72m【解析】(1)物体加速时的加速度满足：a16 m/s2根据牛顿第二定律： FFfma1联立可得： Ff8 N(2)撤去拉力后，物体仅在摩擦力的作用下减速前进，设此阶段的加速度大小为a2，则Ffma2且滑行距离L满足： L联立可得： L72 m.52.(1)3mg(2)2(3)arctan【解析】(1)小球由AB过程中，根据机械能守恒定律有mgRmv小球在B点时，根据向心力公式有FNmgm由牛顿第三定律有FFNmgm3 mg(2)BC: HR gt2svBt得s2(3)设C点速度的水平分速度为vx，竖直分速度为vy，有vxvBvygttanarctan.高中物理新课程会考模拟试卷(二)一、选择题1.B【解析】A到B的路程s2RR，A到B的位移sR，B对2.D【解析】因为物体处于静止状态，则水平方向FFf，且合力为零，D对；当F增大时，若物体仍静止，则Ff也增大，A错、B错；F和Ff是一对平衡力，C错3.B【解析】90km/h是平均速度，A错；600m/s是瞬时速度，B对，C、D错4.C【解析】由vt图象可以看出物体速度逐渐均匀减小，其加速度大小恒定，方向与初速度相反，故物体做匀减速直线运动5.C【解析】合力最大的时候为三个共点力方向一致时，Fmax8N，合力最小的时候为5N的力与1N、2N的力反向时，Fmin2N，C对6.B【解析】本题考查“验证机械能守恒定律”实验操作，B对，A、C、D错7.B【解析】此题可类比于平抛运动的运动轨迹，从而判断出B对8.C【解析】弹簧的劲度系数由弹簧本身决定，与弹簧所受拉力大小及形变大小无关，C对9.A【解析】对物体受力分析，受60N的竖直向下的重力，因F20N60N，物体没有被提起，仍静止在水平面上，物体所受的合力为零10.B【解析】拉力大小相等，小船行进的加速度相同，经过相同时间t，W1m1v2，W2m1v2m2v2，则有W1mg，做加速度逐渐增大的减速运动，C错；小球速度最大时，小球的重力势能转化为小球的动能和弹簧的弹性势能，D错14.D【解析】自由下落的物体，下落h高度有hgt，下落2h高度有2hgt，下落3h高度有3hgt，解得t2t1，t3t1，则下落三段相等的位移所用的时间比是t1(t2t1)(t3t2)1(1)()，D对15.D【解析】由vr，AB，rArB，则vAvB，A、B错误；由T，AB，知TATB，C错、D对16.B【解析】曲线运动的物体受力都在曲线内侧，力的方向指向物体运动的方向，B对17.A【解析】重力做正功，重力势能减少，本题中重力做了10J的功，则重力势能减少，并且减少量等于10J，A对18.C【解析】由万有引力公式F万G可知，该卫星受到地球引力的大小与地球的质量、卫星的质量以及卫星与地球之间的距离有关，故C对19.A【解析】由功的公式WFscos，本题中为零，拉力F都是相同的，物体在力的方向移动的距离s也是相同的，所以拉力对物块所做的功一样大，A对第20题图20.B【解析】设足球下落的高度为h，则水平位移为h，由hgt2有t.水平方向：hv0tv0，整理得h.又因为mv9J，有v代入h，即mgh12J.整个过程由动能定理有mghEk9J，代入数据，解得Ek21J，B对21.A【解析】万有引力的公式F万G，行星绕太阳的运动可以近似看作匀速圆周运动，并且万有引力提供向心力，F向G，向心力与r2成反比，与行星和太阳的质量的乘积成正比，A对22.C【解析】水平面是光滑的，小球m与劈形物体的上表面无摩擦，劈形物体从静止开始释放后，小球m只受竖直方向的作用力，则小球在碰到斜面前的运动轨迹是竖直向下的直线，C对23.B【解析】对A物体F向mArA2，A 物体受到的最大静摩擦为fAmAg；对B物体F向mBrB2mA2rA2mArA2，B物体受到的最大静摩擦力fBmBgmAg；对C物体F向mCrC2mArA2mArA2，C物体受到的最大静摩擦力fCmCgmAf.由以上各式可得，物体B先滑动24.C【解析】本题考查“探究功与物体速度变化的关系”实验中，纸带上打出的点“中间疏，两头密”的原因分析，C对二、选择题25.C【解析】本题考查电流磁效应的发现史实，C对26.A【解析】摩擦起电的本质是电荷发生了转移，A对；物体带电量应是电子电荷量的整数倍，B错；物体所带电量可能很小，但不可能小于元电荷，C错；经过摩擦使物体带正电是因为物体失去了电子，D错27.A【解析】由库仑定律Fk知，若q1q2不变，r变为3r，则FkkF，A对28.C【解析】电能在输送过程中，在输电线上损耗的功率P损I2R线，因为P总一定，P总UI，U变大，I减小，则P损减小，可减少输电导线的能量损失，C对29.D【解析】根据磁感线的特点，磁感线越密的地方，磁感应强度越大，由图可知，EDECEBEA，D对30.C【解析】磁通量仅有大小，没有方向，是标量，A错；磁通量BS，磁通量越大，磁感应强度不一定越大，还与S有关，B错；C对；D错31.B【解析】由vf知，B对32.A【解析】根据电场线的特点，电场线越密的地方，电场强度越大，由图知EAEB，因为FqE，所以有FAFB，A对，B、C、D都错33.D【解析】由右手螺旋定则可以判断通电直导线上方的磁感线是垂直于纸面向外的，直导线下方的磁感线是垂直于纸面向里的；又因为小磁针在磁场中静止时N极所指的方向就是磁场的方向，故D对；A、B、C均错34.A【解析】由图象可知，imax2A，A对；T0.2s，B错；电流的有效值i有效A，C错；我国照明电路的交变电流频率为50Hz，本题交变电流的频率f5Hz，D错35.A【解析】物体带电的原因是得失电子，故B、D错；毛皮带正电，说明毛皮上的一些电子转移到橡胶棒上，A对；C错36.B【解析】由电场线的特点知，图中电场线分布图是异种电荷的电场线分布图，C、D错；因为电场线从a出发，回到b，则a带正电，b带负电，A错；又因为a、b点电荷形成的电场线疏密程度相同，故a带电荷量等于b带电荷量，B对37.C【解析】在电源内部，依靠非静电力搬移电荷，A错；电源内部存在着由正极指向负极的电场，B错；电源内部存在内阻，C对；一些电源是将化学能转化为电能，也有一些不是，例如太阳能电池是将太阳能转化为电能，D错38.B【解析】正常发光时，白炽灯中有电流通过，电阻丝发热，电阻变大，故R2R1，B对39.A【解析】感应电动势En，若n增加为2n，则E2E，A对40.C【解析】洛伦兹力提供向心力qvBm，则r，r1r2v1v221，qvBmr，则T2，T1T211，C对41.A【解析】由磁场方向、电流方向及左手定则可判断出通电导线在磁场中所受安培力F的方向，A对；B、C、D均错42.B【解析】由UIR知，IU，在IU图象中，直线斜率的倒数表示阻值的大小，故有R2R1; R1和R2串联后的总电阻R串R1R2，R串的伏安特性曲线应在区域，A错，B对；R1和R2并联后的总电阻R并，并且R并R1，R并R2，R并的伏安特性曲线应在区域，故C、D均错43.C【解析】断开热控开关时，电路中R增大，电流减小P减小，从而达到保温效果；定时开关、热控开关都闭合时，电路中只有一个加热电阻连入电路，电阻发热，从而达到煮饭的目的44.C【解析】由UEd，代入数据U104V/m0.5m5000V，C对三、填空题45.1.5【解析】由vtv0at解得t1.5s.46.【解析】平抛运动竖直方向为自由落体运动，y1gt2则t.47.3.75【解析】设运动员入水的瞬间速度为v，则从最高点到运动员落入水中之前，有v22g(dh1)22g；运动员从开始入水到落至最低点，有0v22ah2ag2.75g，负号代表方向向上，在水中对运动员受力分析有mgfma，则fmgmamg2.75mg3.75mg，则有3.75.48.4000【解析】WFscos37500100.84000J49.8118【解析】万有引力提供向心力，F向F万GmRF1F281.T1T22218.四、计算题50.A选修11(1)0.4T0.16N0.4T【解析】(1)由FBIL知，B0.4T(2)F安BIL0.420.200.16NB0.4TB选修31(1)(2)；【解析】(1)由qUmv2则v(2)由qvBm知R由v知T.51.(1)2m/s2(2)2s【解析】(1)根据牛顿第二定律有mgma 所以ag0.210 m/s22 m/s2故所求加速度大小为2 m/s2.(2)设加速度大小为a，水平方向上Fcosfma竖直方向上NFsinmg根据滑动摩擦力公式fN得a m/s24.72 m/s2t s2 s.52.(1)3m/s(2)1.25N(3)1.2m【解析】(1)根据机械能守恒定律mvmvmg2RvB m/s3 m/s(2)mgFmFmmg(0.10.110)N1.25 N(3)ts0.4 sxACvBt30.4 m1.2 m.高中物理新课程会考模拟试卷(三)一、选择题1.C【解析】一个物体能否看成质点是由问题的性质而定的，在某些情况下，我们可以忽略物体的大小和形状，把它简化成一个有质量的点，而有些情况下，我们不能忽略物体的大小和形状来研究问题，故C对2.B【解析】物体运动状态发生了改变是指物体的速度大小或速度方向发生了改变，故选B.3.D【解析】路程是物体运动轨迹的长度，是标量，而位移是表示物体的位置变化，是矢量小球下落4米后又反弹回1米时，小球的路程为5米，位移为3米，故选D.4.B【解析】由v10m/s，故选B.5.D【解析】开普勒揭示了行星运动规律，故选D.6.C【解析】伽利略理想实验把实验和逻辑推理和谐的结合起来，证实了亚里士多德关于力与运动的关系错误，故选C.7.D【解析】惯性是指物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，惯性的大小只与物体的质量有关，与物体的速度、运动状态均无关系，故选D.8.A【解析】根据平行四边形定则，可判断A正确9.D【解析】物体沿斜面向上滑行时，受到重力、斜面支持力和沿斜面向下的摩擦力，故选D.10.C【解析】作用力与反作用力总是大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，同时产生、同时消失，故A、D错又作用力与反作用力作用在两个不同物体上，合力不可能为零，故B错，C对故选C.11.A【解析】小河以一定速度垂直河岸向对岸划行时，小船垂直河岸的速度是一定的，故到达河对岸的时间也是一定的，当水流速度增大时，小船沿水流方向的位移增大，即小船运动的路程也越大，故选A.12.C【解析】狗拉雪橇沿着圆弧匀速行驶时，相当于做匀速圆周运动，而向心力由牵引力F和摩擦力F1共同提供，又因为摩擦力与运动方向相反，根据平行四边形定则，可判断C正确13.A【解析】测匀变速直线运动加速度实验时，应选接通电源，后释放纸带，故选A.14.C【解析】用F1压缩弹簧时，F1k(ll1)，用力F2拉弹簧时，F2k(l2l1)联立两式解得k，故选C.15.C【解析】当物体所受向心力突然消失或者所受合外力不足以提供物体所需向心力时，物体会逐渐远离圆心，而做离心运动，分析题中情景，可知只有C选项符合题意16.C【解析】在水平方向上：由v1v221，x1x2，可得t1t212，在竖直方向上：由hgt2可得h1h214，故选C.17.B【解析】两轮随着皮带传动时，轮边缘上的线速度相等，即vAvB，而同一轮上的两点，角速度相等即AC，又由vr可得vCvC，选B.18.B【解析】当卫星在地球表面附近做匀速圆周运动时，其速度大小为7.9km/s，当卫星的轨道半径为地球半径的2倍时，由v，可得卫星的速度一定小于7.9km/s，故选B.19.B【解析】由动能定理知，物体的动能的变化量等于合外力对物体做的功，故EkW1W214J，故选B.20.D【解析】运动员从最低处上升至最高处时，机械能守恒，重力做负功，弹力做正功，运动员的动能先增大，后减小，重力势能一直增大，故选D.21.C【解析】由v，R1R221，可得v1v21，故选C.22.A【解析】自行车的行驶速度一般为5m/s，人与自行车的总质量大约为100kg，由Pfv0.02mgv0.1kW，故选A.23.C【解析】若纸带左端与小车相连，从纸带间距可以判断小车做匀减速运动，小车有一定初速度，减速原因可能是忘记或没有完全平衡摩擦力，C对，A错若纸带右端与小车相连，小车一直做加速运动，说明可能平衡摩擦力时，倾角太大，B、D错24.D【解析】绳索的拉力所做的功为(Mm)g(Mm)v2，故A、B错；电梯地板对物体的支持力与物体重力的合力所做的功等于物体动能的变化量，即mv2，故C错，D对二、选择题25.B【解析】赫兹通过实验验证了电磁波的存在，故选B.26.A【解析】B、C、D选项中静电复印，静电除尘及静电喷漆都属于静电现象在生产、生活中的应用，只有A选项在高大的建筑物顶端装上避雷针，使建筑物免遭雷击，属于防止静电产生的危害，故选A.27.A【解析】由正点电荷周围电场线的分布特点，可知A选项正确28.C【解析】根据左手定则可判断C选项错误，故选C.29.A【解析】任何两个彼此绝缘又相互靠近电的导体都可以看成电容器，A对；根据QCU，可知电容器所带电荷量不仅与充电电压有关，还与电容器的电容有关，故B、C、D错30.B【解析】当穿过闭合线圈的磁通量发生变化时，能使电流表指针偏转，分析各选项，可知只有B选项不能使电流表指针偏转，故选B.31.D【解析】电磁波能够穿透电离层，可以通过卫星转发，从而使信号传递的更远，故选D.32.C【解析】根据Um220V311V，ImI有，I有6.8A，故选C.33.B【解析】在磁场中，小磁针的N极指向即为磁感应强度方向，故选B.34.C【解析】由I2，当R增大时，I2减小，又，I2减小，I1也减小，故选C.35.A【解析】振动膜前后振动时，电容两极板间的距离发生了变化，根据C，故电容器的电容发生了变化，故选A.36.D【解析】根据点电荷产生电场场强的定义式E，两点电荷在处产生的场强大小均为，又根据场强的矢量叠加性可知，两点电荷连线的中点处的电场为，故选D.37.D【解析】根据粒子做圆周运动的特点及左手定则可判断D正确38.D【解析】电场的大小是由电场本身决定的，与放入电场中的试探电荷的大小无关，故A、B错；P点场强越大，则同一电荷放入该点受到的电场力也越大，故C错；电场中某点的场强方向就是放入该点的正电荷受电场力的方向，故D对39.A【解析】根据蹄形磁铁周围电场线的分布情况可知小线圈放在P1处时，穿过线圈的磁通量越大故选A.40.B【解析】根据条形磁铁周围的磁感线分布情况，可知条形磁铁的垂直平分线上各点处的磁场的方向是相同的，但离条形磁铁越远，磁感应强度越小，同一通电导线放入磁场中时所受安培力大小不等，方向相同，故选B.41.A【解析】由图线知E3V，图线的斜率即为电源的内阻，即r1，I短3A，故B、C、D错，A对42.B【解析】由于电流表的满偏电流为200A，则R滑0.75104，接入Rx后，R3104，RxRR滑22.5k，故选B.43.D【解析】根据右手定则和磁铁周围磁感线的分布情况可知，D正确44.C【解析】若电阻R烧断了，相当于R断路电路中电阻增大，电流减小，电压表、电流表均安全，则电压表示数为电压表两端电压，而电流表示数为流过电压的电流，故C对三、填空题45.飞船【解析】由于同步卫星的运行轨道比神舟号载人飞船的轨道高，故同步卫星的周期要比载人飞船的周期大46.41【解析】根据Ekmv2，则Ek1Ek241.47.【解析】参照验证机械能守恒定律的实验步骤，可得正确的操作顺序为：.48.15【解析】根据牛顿第二定律Fma，可得mkg，又F1ma1，得F115N.49.1.92.1【解析】vC1.9m/s，vD2.1m/s.四、计算题50.A选修11(1)3Wb(2)6V【解析】(1)21(63)Wb3 Wb(2)E V6 VB选修31(1)(2) 第50B题图【解析】(1)离子的初速度与匀强磁场的方向垂直，在洛伦兹力作用下，做匀速圆周运动设圆半径为r，则根据牛顿第二定律可得：Bqvm，解得r如图所示，离子回到屏S上的位置A与O点的距离为：AO2r，所以AO(2)当离子到位置P时，圆心角：2，所以粒子运动时间t.51.(1)1N (2)5m/s2(3)2.5m【解析】(1)物块所受摩擦力的大小为FfFN1 N，方向水平向左(2)物块向右运动过程中，在水平方向受到摩擦力Ff和拉力F的作用，由牛顿第二定律得到加速度的大小a5 m/s2(3)当物块运动速度变为零时，向右运动的距离最远，由运动学公式有v22ax得到x2.5 m.52.(1)(2)2R(3)W(n0,1,2)【解析】(1)设滑块至B点时速度为vB，对滑块由A到B点应用动能定理mg5RmvmvvB(2)滑块从B点开始运动后机械能守恒，设滑块到达P处时速度为vp，则mvmvmg2Rvp2滑块穿过P孔后再上升机械能仍守恒，设能上升的最大高度为hmghmvh2R(3)滑块穿过P孔后再回到平台的时间t4要实现题设过程，需满足t(2n1)(n0,1,2)高中物理新课程会考模拟试卷(四)一、选择题1.B【解析】牛顿发现了万有引力定律，故选B.2.B【解析】研究列车的加速度时，我们可以认为列车的形状和大小对所研究的问题无影响，而研究运动员的跑步姿势，地球自转及飞船飞行姿态调整时，均不能忽略它们的形状，故A、C、D错B对3.B【解析】根据路程和位移的定义，可判断A、B小物块的路程不同，位移相同4.D【解析】由于甲车内的同学看乙车没有运动，则甲、乙两车相对静止，而乙车里的同学看到路旁树木向西移动，则以地面为参考系甲、乙两车应向东一起运动，故选D.5.B【解析】拔河比赛时，瘦子战胜胖子的原因是地面对瘦子的摩擦力比地面对胖子的摩擦力大，故选B.6.B【解析】由Ffumg，可得u0.3，故选B.7.C【解析】任何物体从同一地点落下时，它们的重力加速度都是相同的，而棉花团比铁钉晚落地是由于棉花团受到的空气阻力大，故C对，A、B、D错8.C【解析】根据甲、乙两物体的速度时间图象，可判断甲、乙两物体均做匀加速直线运动，且甲物体的加速度比乙物体的加速度大，乙物体的初速度要比甲物体的初速度大，t1时刻，甲、乙两物体速度相同，而t1后的任一时刻，甲物体的速度均比同时刻乙物体的速度大，故A、B、D正确，C错误，故选C.9.A【解析】人在从P点下落至a点时弹力为零，人向下做自由落体运动，处于完全失重状态，故A对；在ab段人的重力大于绳的拉力，人做加速运动，处于失重状态，故B错；在bc段绳的拉力大于人的重力，人处于超重状态，故C错；在C点，人的速度为零，但其加速度不为零，故D错10.D【解析】小球经过磁铁附近时，会受到磁铁对小铁球的吸引，它的运动轨迹会偏向磁铁，故选D.11.B【解析】由牛顿第二定律，得Fma，故a，故选B.第12题图12.C【解析】对人受力分析如图所示：Fmg，FfFcos.FNFsinMg，当人向右跨出一步后，减小，F不变，Ff增大，FN增大，故C对13.B【解析】弹簧向上弹起时，由系统机械能守恒，知小孩的重力势能增大，弹簧的弹性势能减小，故选B.14.A【解析】当物体所受合外力为零时，我们称物体处于平衡状态，分析题中各情景，判断可得A正确15.B【解析】由Ffkmgm，可得v，故运动员的安全速度为v，选B.16.B【解析】第一宇宙速度的大小为7.9km/s，故选B.17.D【解析】由Ekmv2，当m甲m乙，v甲2v乙，Ek甲2Ek乙，故A错；当m甲2m乙，v甲v乙，Ek甲Ek乙，故B错；当m甲4m乙，v甲v乙，Ek甲Ek乙，故C 错，由于动能是标量，当m甲m乙，v甲v乙，而甲、乙运动方向不同时，Ek甲Ek乙，故选D.18.B【解析】由WFs，可知W1W2，而在粗糙水平面上运动的物体移动相同距离时比在光滑水平面上移动相同距离所用时间长，由P，可知P1F，小球继续做加速运动，在t1t2中间某一时刻，小球的重力等于弹簧弹力时，小球动能最大，故A、B错；t2t3阶段为小球被反弹的过程，这段时间内，小球的动能先增加后减小，增加的动能和重力势能等于弹簧弹性势能的减少量，故选C.二、选择题25.A【解析】由F，当q12q1，q22q2，rr，可得F16F，故选C.26.D【解析】场强的大小是电场本身决定的，与放入该点的试探电荷所带电荷量无关，故选D.27.B【解析】在电磁波谱中，波长越大，频率越小，故伦琴射线频率最大，红外线频率最小，故选B.28.D【解析】硬币之所以能被吸引是由于硬币中含有磁性材料，被磁体磁化，故选D.29.C【解析】磁感线在磁体的外部总是从磁体的北极出发，终止于磁体的南极，而在磁体的内部总是从磁体的南极出发指向磁体的北极，故A错；磁感线上某点的切线方向与放入该点的小磁针北极的受力方向相同，故B错；磁感线的疏密反映磁场的强弱，故C对；磁感线是假想存在的线，并不是客观存在的，故D错30.B【解析】闭合线圈产生的条件是穿过闭合线圈的磁通量发生变化，故选B.31.A【解析】点电荷做圆周运动相当于环形电流，根据右手定则，可判断离q较近的P点的磁感应强度应沿OO轴向上，故选A.32.A【解析】根据FBIL及左手定则可判断无需改变电流和磁场方向，只需适当增大电流或磁感应强度，故选A.33.B【解析】根据It图象，可判断该交变电流的峰值为10A，有效值为A，周期为0.2s，频率f5Hz，故选B.34.B【解析】根据，得n11320，当输出电压为24V时，得n2144，nn2n2108匝，故选B.35.D【解析】描述电场强弱的是电场强度，故选D.36.B【解析】根据R，可知ll时，RR，故选B.37.B【解析】根据电荷的运动轨迹及电场线的方向可判断该粒子带负电，由A到B过程粒子的受力方向在粒子运动轨迹的内侧，电场力做正功，故选B.38.B【解析】平行板电容器所带电荷量Q是指一个极板所带电荷量的绝对值，故选B.39.C【解析】空调机可以降低室温，而电风扇并不能降低室温，故A错；微波炉产生的微波是波长很短的电磁波，故B错；电视机和收音机都能接收电磁波，C对；电冰箱的耗电量根据电冰箱的工作时间决定的，D错40.D【解析】扩大电流表的量程应在表头两端并联一个电阻，扩大电压表的量程应在表头两端串接一个电阻，故D对41.B【解析】根据题图可判断此电路属于“非”门电路，故选B.42.B【解析】R滑片向右移时，接入电路的滑动变阻器的阻值变大，故通过L1的电流变小，而L2两端电压不变，故通过L2的电流也不变，故L1变暗，L2不变，选B.43.C【解析】根据焦耳定律：QI2Rt，可求得电风扇每分钟发出的热量，故C对44.B【解析】根据FBIl及左手定则可判断无需改变电流和磁场方向，只需适当增大电流或磁感应强度，故选B.三、填空题45.0【解析】由于物体在水平面上静止，处于平衡状态，故A物体所受合外力为0.46.交流【解析】电磁打点计时器用的是低压交流电源47.3.8【解析】大齿轮、小齿轮上的点的线速度相同，设大齿轮角速度w1，小齿轮角速度2，则1rad/s，vr110.12m/s，23rad/s，又v3r321.2m/s3.8m/s.48.20.6【解析】根据竖直方向上：sgT2，水平方向上：；xv0T，得v020.6m/s.49.401【解析】根据牛顿第二定律得Fmgma，即Fm(ga)4010m401mg.三、计算题50.A选修1110V【解析】 由法拉第电磁感应定律可得线圈中产生的感应电动势为EnnS5010020104 V10 VB选修31(1)0.4m(2)2.0107s【解析】(1)由FBqvFmv2/rr mv/Bq0.4 m(2)由FBqvFm(2/T)2rT2m/ Bq4.0107st2.0107 s51.(1)6m/s24m/s2(2)120m【解析】(1)物体运动的加速度a16 m/s2所受合力F合ma112 N阻力FfFF合8 N物体减速时的加速度a24 m/s2(2)速度v224 m/s位移x272 mx1a1t48 mxx1x2120 m52.(1)mghmv2(2)mg(Hh)mv2(3)【解析】(1)滑雪运动员在C点的机械能为：Emghmv2(2)滑雪运动员从A到C的过程中，由动能定理得：mg(Hh)Wmv2得Wmg(Hh)mv2(3)滑雪运动员离开C点后做平抛运动，设落地点P距C的距离为L，有Lcosvt Lsingt2解得：L.高中物理新课程会考模拟试卷(五)一、选择题1.C【解析】国际单位制中的基本单位包括：m、K、kg、s、cd、mol 、A，故选C.2.D【解析】参考系是研究物体的运动状态时，被假定不动的物体，分析题中情景，可知题中所选取的参考系是云朵3.C【解析】位移表示物体的位置变化，是矢量，路程是物体运动轨迹的长度，是标量分析题中选项只有C选项正确4.D【解析】用力推讲台时，讲台不动，是由于讲台受到地面给它的摩擦力的作用，讲台未动，说明讲台处于平衡状态，所受合外力为零，故D正确，A、B、C错误5.C【解析】根据平行四边形定则可判断C正确6.B【解析】根据位移、时间关系式可判断汽车做减速运动v020m/s，a4m/s2，故根据v2v2as解得s50m，故选B.7.A【解析】根据科学探究的基本过程可知方框2中应为提出假设；方框4应为实验验证，故选A.8.D【解析】离心运动是由于物体所受合力不足以提供向心力时，物体将做离心运动汽车在平直路面上加速行驶，开进泥坑里轮胎打滑或者与其他车辆碰撞均与圆周运动无关，只有D选项，汽车转弯时，车速太快，汽车所受合外力不足以提供汽车的向心力导致翻车，故选D.9.D【解析】人受到的重力和气流对人向上的力是一对平衡力，故A错；地球对人的吸引力和人对地球的吸引力是一对作用力和反作用力，故B错；人受到的重力和人对气流向下的力是两个性质完全不同的力，故C错；人对气流向下的力和气流对人向上的力是一对作用力与反作用力，D对10.A【解析】设绳索上的张力为F，则2Fcosmg，当逐渐增大时，F逐渐增大，故选A.11.C【解析】根据牛顿第二定律：Ffma，当用2F拉物体时2Ffma，联立两式Fmama，故a2a，选C.12.A【解析】飞机在重力、升力共同作用下，做圆周运动，重力和升力的合力提供向心力，故选A.13.D【解析】力F做的功等于F与沿F方向上的物体的位移的乘积，即WFh/sin，选D.14.B【解析】根据PFv，得Pfv1.510716W2.4105kW，故选B.15.A【解析】根据动能定理mghmvmv2即2ghv2v，故石块的落地速度的大小与石块的质量无关，只与石块的初速度，重力加速度及石块抛出时的高度有关，故选A.16.A【解析】第一宇宙速度为7.9km/s，故选A.17.B【解析】自行车同一轮上的角速度相等，即A、B、C三点角速度相同，又由vr，知A、B、C三点线速度大小vAvBvC，故选B.18.B【解析】球被踢出后，只有重力做功，机械能守恒，故人对球所做的功为球在最高点的机械能，即WEkEpmghmv2150J，故选B.19.C【解析】根据v，可知当vv时，r4r；a，aa；由，由T2，T8T，故A、B、D错，C对20.C【解析】由Wmv2，可知W与v2成正比，Wv2是一条过原点的倾斜的直线，选C.21.A【解析】在做“探究求合力的方法”实验时，弹簧测力计应与木板平行，两细绳间夹角可以为任意值，但为了实验的准确性，两细绳间夹角应大小适当，在实验过程中，不仅要记录弹簧测力计的示数，还要记录弹簧测力计的方向，故选A.22.D【解析】同步卫星的线速度小于第一宇宙速度，A错；同步卫星的运行轨道在赤道上空，不可能经过绵阳上空，B错；由ar2，同步卫星的加速度大于地球表面的物体自转的加速度，C错；同步卫星运行的角速度与地球自转的角速度相同，故D对，选D.23.B【解析】物体在ABCD轨道上滑下时，摩擦力做功Wmgh，要使物块从D点回到A点则力F做的功WFmghW2mgh，故选B.24.A【解析】根据动能定理Fs0Ek，又fumg，Ekmv2，若甲、乙与水平面的动摩擦因数相同，由um甲gs甲um乙s乙E0，由于s甲m乙，A对，B错；若m甲m乙，由u甲mgs甲u乙mgs乙E0，由于s甲u乙，故C、D错二、选择题25.A【解析】根据C，要使电容器的电容增大，可以减小两极板间的距离，增大两极板的正对面积，把可变电容器的动片旋入一些，故A对，B、C、D错26.B【解析】根据电场线的分布可判断EAbc，A对；根据正电荷周围电场线分布，知EaEbEc，B对；由于点电荷产生的电场为非匀强电场，即abbc，C错；正点电荷在电场中受力方向与电场线方向相同，电场力做正功，D对37.A【解析】由于两点电荷所带电性相同，则它们之间的库仑力为斥力，释放q2后，q2将沿远离q1的方向运动，又根据F，则随着r增大，F不断减小，选A.38.C【解析】根据左手定则及FBIl，可知要增大导体棒的上摆幅度只需增大B、I、l，故选C.39.C【解析】根据闭合电路欧姆定律EI(Rr)，又I，解得E2V，选C.40.C【解析】由图可知，多用电表并联在小灯泡的两端，于小灯泡接在闭合电路中，故不能直接用多用电表测小灯泡电阻，A错；测量小灯泡电压时应选择直流挡而非交流挡，故B错，C对；由于多用电表并联在小灯泡的两端，故不能用其测小灯泡的电流，D错41.C【解析】沿着电场线方向，电势降低，即CBA，故A、B错；匀强电场中UEd，故UoAUCB，UBAUCB，故C对D错42.D【解析】根据Wpt，得W108000J108105J，故选D.43.B【解析】根据逻辑电路的特点，可知B正确44.C【解析】根据左手定则可判断C正确三、填空题45.卡文迪许【解析】物理学家卡文迪许利用扭秤装置测得了万有引力常量46.5.2m/s2【解析】根据vat，要使t1.6s，则a
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