2019-2020学年高一物理12月月考试卷 (II).doc

2019-2020学年高一物理12月月考试卷 (II)一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.我国著名篮球运动员姚明在原地拍球，球从1 m处拍下，又被地板弹回，在离地1.5 m处被接住规定竖直向下为正方向，则球通过的路程和位移分别是()A 2.5 m,2.5 mB 2.5 m,0.5 mC 1.5 m，1 mD 2.5 m，0.5 m2.xx奥运会将在巴西里约热内卢举办，在以下几个奥运会比赛项目中，研究对象可视为质点的是（）A 在撑杆跳高比赛中研究运动员手中的支撑杆在支撑地面过程中的转动情况时B 确定马拉松运动员在比赛中的位置时C 跆拳道比赛中研究运动员动作时D 乒乓球比赛中研究乒乓球的旋转时3.如图所示是某物体运动的位移时间图象，则该物体的运动情况是()A 开始静止，然后向x的负方向运动B 开始静止，然后沿斜面下滑C 开始匀速运动，然后减速运动D 开始平面运动，然后沿斜面下滑4.某运动物体做匀变速直线运动，加速度大小为0.6 m/s2，那么在任意1 s内()A 此物体的末速度一定等于初速度的0.6倍B 此物体任意1 s的初速度一定比前1 s末的速度大0.6 m/sC 此物体在每1 s内的速度变化量为0.6 m/sD 此物体在任意1 s内的末速度一定比初速度大0.6 m/s5.如图所示，将绳子的一端系在汽车上，另一端系在等高的树干上，两端点间绳长为10 m用300 N的拉力把水平绳子的中点往下拉离原位置0.5 m，不考虑绳子的重力和绳子的伸长量，则绳子作用在汽车上的力的大小为()A 1 500 NB 6 000 NC 300 ND 1 500N6.在如下所示的甲，乙，丙，丁四图中，滑轮本身的重力忽略不计，滑轮的轴O安装在一根轻木杆P上，一根轻绳ab绕过滑轮，a端固定在墙上，b端下面挂一个质量都是m的重物，当滑轮和重物都静止不动时，甲，丙，丁图中杆P与竖直方向夹角均为，图乙中杆P在竖直方向上，假设甲，乙，丙，丁四图中滑轮受到木杆弹力的大小依次为F1、F2、F3、F4，则以下判断中正确的是()AF1F2F3F4BF4F1F2F3CF1F3F4F2DF3F1F2F47.在研究摩擦力特点的实验中，将木块放在水平长木板上，如下图a所示，用力沿水平方向拉木块，拉力从0开始逐渐增大分别用力传感器采集拉力和木块所受到的摩擦力，并用计算机绘制出摩擦力Ff随拉力F的变化图象，如下图b所示已知木块质量为0.8 kg.取重力加速度g10 m/s2.则木块与长木板间的动摩擦因数为()A 0.2B 0.4C 0.6D 0.88.如图所示，质量为M的木板，上表面水平，放在水平桌面上，木板上面有一质量为m的物块，物块与木板及木板与桌面间的动摩擦因数均为，若要以水平外力F将木板抽出，则力F的大小至少为()AmgB(Mm)gC(m2M)gD 2(Mm)g9.17世纪，意大利物理学家伽利略根据斜面实验指出：在水平面上运动的物体之所以会停下来，是因为受到摩擦阻力的缘故，则下列说法正确的是()A 该实验是一理想实验，是在思维中进行的，无真实的实验基础，故其结果是荒谬的B 这个实验虽然是想象的，但它得出的结论是可靠的C 该实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，从而更深刻地反映自然规律D 现在，伽利略的斜面实验已不再是理想实验，是可以做出的实验了10.如图所示，一轻质细杆两端分别固定着质量为mA和mB的两个小球A和B(可视为质点)将其放在一个直角形光滑槽中，已知轻杆与槽右壁成角，槽右壁与水平地面成角时，两球刚好能平衡，且，则A、B两小球质量之比为()ABCD二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.如图是物体做直线运动的vt图象由图可知，该物体()A 第1 s内和第3 s内的运动方向相反B 第3 s内和第4 s内的加速度相同C 第1 s内和第4 s内的加速度大小相等D 3 s末速度方向和加速度方向都发生改变12.(多选)关于伽利略对自由落体运动的研究，下列说法中正确的是()A 伽利略通过数学推演并用小球在斜面上验证了位移与时间的平方成正比B 伽利略用小球在斜面上验证了运动速度与位移成正比C 伽利略将斜面实验结果合理外推到斜面倾角增大到90的情况，认为小球仍会保持匀变速直线运动的的性质D 伽利略猜想自由落体运动运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证13.(多选)关于几个力与其合力，下列说法正确的是()A 合力的作用效果跟原来那几个力共同作用产生的效果相同B 合力与原来那几个力同时作用在物体上C 合力的作用可以替代原来那几个力的作用D 求几个力的合力遵循平行四边形定则14.(多选)a、b、c为三个物块，M、N为两个轻质弹簧，R为跨过光滑定滑轮的轻绳，它们连接如图并处于静止状态突然剪断R，则剪断R的瞬间，物体a的加速度()A 大小不可能为零B 大小可能为，方向竖直向上C 大小可能为2g，方向竖直向下D 大小可能为，方向竖直向下三、实验题(共2小题,共14分) 15.用打点计时器可测纸带运动的时间和位移下面是没有按操作顺序写的不完整的实验步骤，按照你对实验的理解，在各步骤空白处填上适当的内容，然后按实际操作的合理顺序，将各步骤的字母代号按顺序写在空白处A在电磁打点计时器的两接线柱上分别接上导线，导线的另一端分别接在低压_(填“交流”或“直流”)电源的两个接线柱上B把电磁打点计时器固定在桌子上，让纸带穿过_，并压在_下面C用刻度尺测量从计时开始点到最后一个点间的距离x.D切断电源，取下纸带，如果共有n个清晰的点，则这段纸带记录的时间t_.E打开电源开关，再用手水平地拉动纸带，纸带上打下一系列小点F利用公式计算纸带运动的平均速度实验步骤的合理顺序是_16.在“探究小车速度随时间变化的规律”时，某同学根据所学知识设计了如下实验步骤：A把打点计时器固定在长木板上，连接好电路；B把小车停放在靠近打点计时器处，接通电源后放开小车；C换上纸带，重复三次，选择一条理想的纸带；D把纸带穿过打点计时器，并把它的一端固定在小车车尾；E断开电源，取下纸带(1)合理的实验顺序应为_若下图是该实验得到的一条纸带，从0点开始每5个计时点取一个记数点，依照打点的先后顺序依次编为1、2、3、4、5、6，测得s15.18 cm，s24.40 cm，s33.62 cm，s42.84 cm，s52.06 cm，s61.28 cm.(2)相邻两记数点间的时间间隔为_s.(3)打点计时器打下记数点3时，小车的速度大小v3_m/s.四、计算题 17.足球以10 m/s的水平速度正对着墙壁撞击后，以9.0 m/s的速度被反向弹回，球与墙壁的接触时间是0.10 s，则：（1）在与墙壁接触的这段时间内足球的加速度是多大？方向如何？（2）若足球被反弹后做加速度大小为1.5 m/s2的匀减速直线运动，求：反弹后8 s时球离墙壁的距离18.一个物体以v08 m/s的初速度从斜面底端沿光滑斜面向上滑动，加速度的大小为2 m/s2，冲上最高点之后，又以相同的加速度往回运动求：(1)物体3 s末的速度；(2)物体5 s末的速度；(3)物体在斜面上的位移大小为15 m时所用的时间19.如图所示，质量分别为m1、m2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F作用下一起沿水平方向做匀速直线运动(m1在地面，m2在空中)，力F与水平方向成角求m1所受支持力FN和摩擦力Ff.20.如图所示，在倾角为37的足够长的固定斜面底端，一小物块以某一初速度沿斜面上滑，一段时间后返回到出发点若物块上滑所用时间t1和下滑所用时间t2的大小关系满足t1t21，(取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)求：(1)上滑加速度a1与下滑加速度a2的大小之比；(2)物块和斜面之间的动摩擦因数；(3)若斜面倾角变为60，并改变斜面粗糙程度，小物块上滑的同时用水平向右的推力F作用在物块上，发现物块匀减速上滑过程中加速度与推力大小无关，求此时加速度的大小(结果保留3位有效数字)答案解析1.【答案】D【解析】位移是指从初位置到末位置的有向线段，所以此时物体的位移的大小是：x1 m1.5 m0.5 m路程是指物体所经过的路径的长度，此时的路程为：s1 m1.5 m2.5 m故选D.2.【答案】B【解析】在撑杆跳高比赛中研究运动员手中的支撑杆在支撑地面过程中的转动情况时，运动员的大小和形状不能忽略，不能看成质点故A错误研究马拉松运动员在比赛中的位置时，运动员的大小和形状能够忽略，能够看成质点故B正确跆拳道比赛中研究运动员动作时，运动员的大小形状不能忽略，不能看成质点故C错误研究乒乓球比赛中研究乒乓球的旋转时，乒乓球的形状不能忽略，不能看成质点故D错误3.【答案】A【解析】xt图象中，图象的斜率表示速度，故第一段直线表示速度为零，即物体静止不动；第二段直线斜率为负，表示物体向负方向做匀速直线运动4.【答案】C【解析】因已知物体做匀变速直线运动，又知加速度为0.6 m/s2，由此可得出两结论：物体可能做匀加速直线运动，也可能做匀减速直线运动；每1 s内物体的速度的变化量为0.6 m/s.5.【答案】A【解析】由题意可知绳子与水平方向的夹角正弦值为sin0.1，所以绳子的作用力为F绳1 500 N，A项正确，B、C、D项错误6.【答案】B【解析】在甲，乙，丙，丁四图中均以滑轮为研究对象，对其受力分析，均受两个绳子的拉力和杆的弹力，滑轮和重物都静止不动，合力均为零，故杆的弹力与两个绳子的拉力的合力等值、反向、共线；两个绳子的拉力大小均等于重物的重力，又在甲、乙两图中，两个绳子的拉力夹角相同，所以两个绳子的拉力的合力相同，即F1F2，丙图中两个绳子的拉力夹角最大，根据力的合成知识知，两个绳子的拉力的合力最小，即F3最小，在丁图中两个绳子的拉力夹角最小，根据力的合成知识知，两个绳子的拉力的合力最大，即F4最大，故选B.7.【答案】B【解析】根据图(b)可知木块所受滑动摩擦力为：Ff3.2 N，木块对木板的压力为：FNmg8 N根据滑动摩擦力公式FfFN，有：0.4，A、C、D错误，B正确故选B.8.【答案】D【解析】将木板抽出的过程中，物块与木板间的摩擦力为滑动摩擦力，物块的加速度大小为amg，要抽出木板，必须使木板的加速度大于物块的加速度，即aMamg，对木板受力分析如图根据牛顿第二定律，得：F(Mm)gmgMaM得F(Mm)gmgMaM(Mm)gmgMg2(Mm)g.9.【答案】C【解析】伽利略的理想斜面实验虽然是理想情况，但它是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，从而更深刻地反映自然规律，故A、B错误，C正确；因为永远也无法将摩擦力完全消除，所以这个实验是永远无法实现的，只能是理想实验，故D错误10.【答案】C【解析】对A球受力分析，受重力、杆的弹力、槽壁的支持力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：再对B球受力分析，受重力、杆的弹力、槽壁的支持力，如图所示：根据平衡条件，有：联立解得：，故选项C正确11.【答案】BC【解析】第1 s内和第3 s内的速度均为正值，方向相同，选项A错误；vt图象的斜率代表加速度，第3 s内和第4 s内斜率相同，所以加速度相同，选项B正确；第1 s内、第4 s内加速度大小为a1 m/s2，故选项C正确第3 s末速度方向发生改变，但加速度方向不变，故选项D错误12.【答案】AC【解析】伽利略通过数学推演并用小球在斜面上验证了位移与时间的平方成正比，A正确；小球在斜面上运动速度与位移不成正比，B错误；伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并未直接进行验证，而是在斜面实验的基础上的理想化推理，C正确，D错误13.【答案】ACD【解析】合力与分力是“等效替代”的关系，即合力的作用效果与几个分力共同作用时的作用效果相同，合力的作用效果可以替代这几个分力的作用效果，不能认为合力与分力同时作用在物体上，所以A、C正确，B不正确；求合力应遵循平行四边形定则，所以D正确14.【答案】CD【解析】当N弹簧处于原长时，细线的拉力为零，则剪断R的瞬间，a受力仍然平衡，加速度为零，故A错误；绳子的作用力沿绳子收缩的方向，不可能对a产生向下的力，所以，剪断绳子后，a的加速度方向不可能向上，故B错误；当N处于伸长状态，M也处于伸长状态时，两个弹簧都有力的作用，当M弹簧对物体向下的拉力为mg，绳子的拉力等于2mg时，剪断R的瞬间，拉力消失，a的合外力向下，大小为2mg，则a的加速度为2g，方向竖直向下，故C正确；当N处于伸长状态，M处于压缩状态时，两个弹簧都有力的作用，当M弹簧对物体向上的弹力为mg，绳子的拉力等于mg时，剪断R的瞬间，拉力消失，a的合外力向下，大小为mg，则a的加速度为g，方向竖直向下，故D正确15.【答案】交流限位孔复写纸(n1)0.02 sBAEDCF【解析】电磁打点计时器使用低压交流电源，使用时应将纸带穿过电磁打点计时器的限位孔，并放于复写纸的下方；纸带上记录的时间t(n1)0.02 s合理的实验步骤为B、A、E、D、C、F.16.【答案】(1)ADBEC(2)0.1 (3)0.323【解析】17.【答案】（1）190，方向与初速度方向相反（2）27 m【解析】（1）设足球初速度的方向为正方向，则初速度1=10 m/s，末速度2=-9 m/s，时间由加速度公式，有加速度方向与原速度方向相反故足球在这段时间内的加速度大小为190 m/s2，方向与原速度相反（2）足球从反弹到停止所用时间为：s反弹后8 s时球离墙壁的距离为：6 m=27 m.18.【答案】(1)(2)v32 m/s，方向沿斜面向上；(2)5 s末的速度v52 m/s，即5 s末速度大小为2 m/s，方向沿斜面向下(3)即经过位移大小为15 m处所用的时间分别为3 s(上升过程中)和5 s(下降过程中)【解析】(1)(2)由t，物体冲上最高点的时间是4 s，又根据vv0at,3 s末的速度为v3(823) m/s2 m/s，方向沿斜面向上；5 s末的速度v5(825) m/s2 m/s，即5 s末速度大小为2 m/s，方向沿斜面向下(3)由位移公式xv0tat2，代入数据得158t(2)t2解得：t13 s，t25 s即经过位移大小为15 m处所用的时间分别为3 s(上升过程中)和5 s(下降过程中)19.【答案】(m1m2)gFsinFcos【解析】m1、m2两个物体相对静止，则可以把两个物体看做一个整体进行分析，整体受到重力、支持力、拉力和摩擦力，把拉力进行正交分解，物体匀速向前运动，整体受力平衡，支持力FN(m1m2)gFsin，摩擦力FfFcos.20.【答案】(1)5(2)0.5(3)11.5 m/s2【解析】(1)上滑和下滑的位移相同，即a1ta2t解得5(2)上滑时由牛顿第二定律mgsin 37mgcos 37ma1，下滑时由牛顿第二定律mgsin 37mgcos 37ma2，联立解得0.5.(3)上滑时对物块受力分析如图所示垂直斜面方向FNmgcos 60Fsin 60沿斜面方向mgsin 601FNFcos 60ma联立得mgsin 601Fsin 601mgcos 60Fcos 60ma因为a与F无关，所以1Fsin 60Fcos 600联立解得a m/s211.5 m/s2.